云南2025年高考云南卷物理高考真题文档版（含答案）-A4答案卷尾_1.高考2025全国各省真题+答案_7.高考物理试题及答案更新中

机密 启用前
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云南省 2025 年普通高中学业水平选择性考试
物理
注意事项：
1.答卷前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填
写在答题卡上，并认真核准条形码上的姓名、准考证号、考场号、座位号及科
目，在规定的位置贴好条形码。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标
号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，
用黑色碳素笔将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共 10小题，共 46分。在每小题给出的四个选项中，第 1~7
题只有一项符合题目要求，每小题 4分；第8~10 题有多项符合题目要求，每小
题6分，全部选对的得 6分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分。
1．2025年3月，我国科学家研制的碳14核电池原型机“烛龙一号”发布，标志着我国在核
能技术领域与微型核电池领域取得突破。碳14的衰变方程为14C14 NX，则（ ）
6 7
A．X为电子，是在核内中子转化为质子的过程中产生的
B．X为电子，是在核内质子转化为中子的过程中产生的
C．X为质子，是由核内中子转化而来的
D．X为中子，是由核内质子转化而来的
2．如图所示，中老铁路国际旅客列车从云南某车站由静止出发，沿水平直轨道逐渐加速到
144km/h，在此过程中列车对座椅上的一高中生所做的功最接近（ ）
A．4×105J B．4×104J C．4×103J D．4×102J
3．如图所示，某同学将两颗鸟食从O点水平抛出，两只小鸟分别在空中的M点和N点同
试卷第1页，共9页时接到鸟食。鸟食的运动视为平抛运动，两运动轨迹在同一竖直平面内，则（ ）
A．两颗鸟食同时抛出 B．在N点接到的鸟食后抛出
C．两颗鸟食平抛的初速度相同 D．在M点接到的鸟食平抛的初速度较大
4．某介电电泳实验使用非匀强电场，该电场的等势线分布如图所示。a、b、c、d四点分别
位于电势为－2V、－1V、1V、2V的等势线上，则（ ）
A．a、b、c、d中a点电场强度最小
B．a、b、c、d中d点电场强度最大
C．一个电子从b点移动到c点电场力做功为2eV
D．一个电子从a点移动到d点电势能增加了4eV
5．国际编号为192391的小行星绕太阳公转的周期约为5.8年，该小行星与太阳系内八大行
星几乎在同一平面内做圆周运动。规定地球绕太阳公转的轨道半径为1AU，八大行星绕太
阳的公转轨道半径如下表所示。忽略其它行星对该小行星的引力作用，则该小行星的公转轨
道应介于（ ）
行星 水星 金星 地球 火星 木星 土星 天王星 海王星
轨道半径R/AU 0.39 0.72 1.0 1.5 5.2 9.5 19 30
A．金星与地球的公转轨道之间 B．地球与火星的公转轨道之间
C．火星与木星的公转轨道之间 D．天王星与海王星的公转轨道之间
6．如图所示，质量为m的滑块（视为质点）与水平面上MN段的动摩擦因数为，与其余
1
试卷第2页，共9页部分的动摩擦因数为，且。第一次，滑块从I位置以速度v 向右滑动，通过MN
2 1 2 0
段后停在水平面上的某一位置，整个运动过程中，滑块的位移大小为x，所用时间为t ；第
1 1
二次，滑块从Ⅱ位置以相同速度v 向右滑动，通过MN段后停在水平面上的另一位置，整个
0
运动过程中，滑块的位移大小为x ，所用时间为t 。忽略空气阻力，则（ ）
2 2
A．t <t B．t t C．x x D．x x
1 2 1 2 1 2 1 2
7．如图所示，均匀介质中矩形区域内有一位置未知的波源。t 0时刻，波源开始振动产生
简谐横波，并以相同波速分别向左、右两侧传播，P、Q分别为矩形区域左右两边界上振动
质点的平衡位置。t1.5s和t 2.5s时矩形区域外波形分别如图中实线和虚线所示，则（ ）
A．波速为2.5m/s
B．波源的平衡位置距离P点1.5m
C．t1.0s时，波源处于平衡位置且向下运动
D．t5.5s时，平衡位置在P、Q处的两质点位移相同
8．电动汽车充电桩的供电变压器（视为理想变压器）示意图如图所示。变压器原线圈的匝
数为n ，输入电压U 1.1kV；两副线圈的匝数分别为n 和n ，输出电压U U 220V。
1 1 2 3 2 3
当I、Ⅱ区充电桩同时工作时，两副线圈的输出功率分别为7.0kW和3.5kW，下列说法正确
的是（ ）
试卷第3页，共9页A．n :n 5:1 B．n :n 1:5
1 2 1 3
C．变压器的输入功率为10.5kW D．两副线圈输出电压最大值均为220V
9．图甲为1593年伽利略发明的人类历史上第一支温度计，其原理如图乙所示。硬质玻璃泡
a内封有一定质量的气体（视为理想气体），与a相连的b管插在水槽中固定，b管中液面高
度会随环境温度变化而变化。设b管的体积与a泡的体积相比可忽略不计，在标准大气压 p
0
下，b管上的刻度可以直接读出环境温度。则在 p 下（ ）
0
A．环境温度升高时，b管中液面升高 B．环境温度降低时，b管中液面升高
C．水槽中的水少量蒸发后，温度测量值偏小D．水槽中的水少量蒸发后，温度测量值偏大
10．如图所示，倾角为的固定斜面，其顶端固定一劲度系数为k的轻质弹簧，弹簧处于原
长时下端位于O点。质量为m的滑块Q（视为质点）与斜面间的动摩擦因数tan。过
程I：Q以速度v 从斜面底端P点沿斜面向上运动恰好能滑至O点；过程Ⅱ：将Q连接在弹
0
簧的下端并拉至P点由静止释放，Q通过M点（图中未画出）时速度最大，过O点后能继
续上滑。弹簧始终在弹性限度内，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，忽略空气阻力，重力
加速度为g。则（ ）
kv24mg2sin2
A．P、M两点之间的距离为 0
4kgsin
1
B．过程Ⅱ中，Q在从P点单向运动到O点的过程中损失的机械能为 mv2
4 0
kv28mg2sin2
C．过程Ⅱ中，Q从P点沿斜面向上运动的最大位移为 0
2kgsin
D．连接在弹簧下端的Q无论从斜面上何处释放，最终一定静止在OM（含O、M点）之间
试卷第4页，共9页二、非选择题：本题共5小题，共 54分。其中 13~15 题解答时请写出必要的文
字说明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值
和单位。
11．某实验小组做了测量木质滑块与橡胶皮之间动摩擦因数的实验，所用器材如下：钉有
橡胶皮的长木板、质量为250g的木质滑块（含挂钩）、细线、定滑轮、弹簧测力计、慢速电
机以及砝码若干。实验装置如图甲所示。
实验步骤如下：
①将长木板放置在水平台面上，滑块平放在橡胶面上；
②调节定滑轮高度，使细线与长木板平行（此时定滑轮高度与挂钩高度一致）；
③用电机缓慢拉动长木板，当长木板相对滑块匀速运动时，记录弹簧测力计的示数F；
④在滑块上分别放置50g、100g和150g的砝码，重复步骤③；
⑤处理实验数据（重力加速度g取9.80m/s2）。
实验数据如下表所示：
滑块和砝码的总质量M /g 弹簧测力计示数F / N 动摩擦因数
250 1.12 0.457
300 1.35 a
350 1.57 0.458
400 1.79 0.457
完成下列填空：
(1)表格中a处的数据为 （保留3位有效数字）；
(2)其它条件不变时，在实验误差允许的范围内，滑动摩擦力的大小与接触面上压力的大
小 ，与接触面上压力的大小 （以上两空填“成正比”“成反比”或“无关”）；
试卷第5页，共9页(3)若在实验过程中未进行步骤②，实验装置如图乙所示，挂钩高于定滑轮，则的测量结
果将 （填“偏大”“偏小”或“不变”）。
12．基于铂电阻阻值随温度变化的特性，某兴趣小组用铂电阻做了测量温度的实验。可选用
的器材如下：Pt1000型号铂电阻、电源E（电动势5V，内阻不计）、电流表A 。（量程100μA，
1
内阻4.5k）、电流表A （量程500μA，内阻约1k）、定值电阻R（阻值15k）、定值电
2 1
阻R （阻值1.5k）、开关S和导线若干。
2
查阅技术手册可知，Pt1000型号铂电阻测温时的工作电流在0.1~0.3mA之间，在0~100C范
围内，铂电阻的阻值R 随温度t的变化视为线性关系，如图（a）所示。
t
完成下列填空：
(1)由图（a）可知，在0~100C范围内，温度每升高1C，该铂电阻的阻值增加 ；
(2)兴趣小组设计了如图（b）所示的甲、乙两种测量铂电阻阻值的电路图，能准确测出铂电
阻阻值的是 （填“甲”或“乙”），保护电阻R应选 （填“R”或“R ”）；
1 2
(3)用（2）问中能准确测出铂电阻阻值的电路测温时，某次测量读得A 示数为295μA，A 示
2 1
数如图（c）所示，该示数为 μA，则所测温度为 C（计算结果保留2位
有效数字）。
试卷第6页，共9页13．用光学显微镜观察样品时，显微镜部分结构示意图如图甲所示。盖玻片底部中心位置O
点的样品等效为点光源，为避免O点发出的光在盖玻片上方界面发生全反射，可将盖玻片
与物镜的间隙用一滴油填充，如图乙所示。已知盖玻片材料和油的折射率均为1.5，盖玻片
厚度d 2.0mm，盖玻片与物镜的间距h0.20mm，不考虑光在盖玻片中的多次反射，取真
空中光速c3.0108m/s,π3.14。
(1)求未滴油时，O点发出的光在盖玻片的上表面的透光面积（结果保留2位有效数字）；
(2)滴油前后，光从O点传播到物镜的最短时间分别为t、t ，求t t （结果保留2位有效
1 2 2 1
数字）。
14．磁屏蔽技术可以降低外界磁场对屏蔽区域的干扰。如图所示，x0区域存在垂直Oxy平
面向里的匀强磁场，其磁感应强度大小为B （未知）。第一象限内存在边长为2L的正方形
1
磁屏蔽区ONPQ，经磁屏蔽后，该区域内的匀强磁场方向仍垂直Oxy平面向里，其磁感应强
度大小为B （未知），但满足0B B 。某质量为m、电荷量为q(q0)的带电粒子通过速
2 2 1
度选择器后，在Oxy平面内垂直y轴射入x0区域，经磁场偏转后刚好从ON中点垂直ON
射入磁屏蔽区域。速度选择器两极板间电压U、间距d、内部磁感应强度大小B 已知，不考
0
虑该粒子的重力。
试卷第7页，共9页(1)求该粒子通过速度选择器的速率；
(2)求B 以及y轴上可能检测到该粒子的范围；
1
B B
(3)定义磁屏蔽效率 1 2 100%，若在Q处检测到该粒子，则是多少？
B
1
15．如图所示，光滑水平面上有一个长为L、宽为d的长方体空绝缘箱，其四周紧固一电阻
为R的水平矩形导线框，箱子与导线框的总质量为M。与箱子右侧壁平行的磁场边界平面
如截面图中虚线PQ所示，边界右侧存在范围足够大的匀强磁场，其磁感应强度大小为B、
方向竖直向下。t 0时刻，箱子在水平向右的恒力F（大小未知）作用下由静止开始做匀加
速直线运动，这时箱子左侧壁上距离箱底h处、质量为m的木块（视为质点）恰好能与箱
子保持相对静止。箱子右侧壁进入磁场瞬间，木块与箱子分离；箱子完全进入磁场前某时刻，
木块落到箱子底部，且箱子与木块均不反弹（木块下落过程中与箱子侧壁无碰撞）；木块落
到箱子底部时即撤去F。运动过程中，箱子右侧壁始终与磁场边界平行，忽略箱壁厚度、箱
子形变、导线粗细及空气阻力。木块与箱子内壁间的动摩擦因数为μ，假设最大静摩擦力等
于滑动摩擦力，重力加速度为g。
(1)求F的大小；
(2)求t 0时刻，箱子右侧壁距磁场边界的最小距离；
试卷第8页，共9页(3)若t 0时刻，箱子右侧壁距磁场边界的距离为s（s大于（2）问中最小距离），求最终木
块与箱子的速度大小。
试卷第9页，共9页1．A
【详解】根据质量数和电荷数守恒有14C14 N0 e
6 7 1
可知X为电子，电子是在核内中子转化为质子的过程中产生的。
故选A。
2．B
1
【详解】高中生的质量约为50kg，根据动能定理有W  mv2 4.0104J
2
故选B。
3．D
1
【详解】AB．鸟食的运动视为平抛运动，则在竖直方向有h gt2
2
由于h <h ，则t <t ，要同时接到鸟食，则在N点接到的鸟食先抛出，故AB错误；
M N M N
CD．在水平方向有x=v t，如图
0
过M点作一水平面，可看出在相同高度处M点的水平位移大，则M点接到的鸟食平抛的初
速度较大，故C错误，D正确。
故选D。
4．C
【详解】AB．根据等势面越密集电场强度越大，可知a、b、c、d中a点电场强度最大，故
AB错误；
C．一个电子从b点移动到c点电场力做功为W = －eU =2eV
bc bc
故C正确；
D．一个电子从a点移动到d点电场力做功为W = －eU =4eV
ad bc
由于电场力做正功电势能减小，则一个电子从a点移动到d点电势能减小了4eV，故D错
误。
故选C。
5．C
答案第1页，共9页r 3 r 3
【详解】根据开普勒第三定律可知 行 = 地
T 2 T 2
行 地
其中r =1AU，T =1年，T =5.8年
地 地 行
代入解得r 3.23AU
行
故可知该小行星的公转轨道应介于火星与木星的公转轨道之间。
故选C。
6．A
1
【详解】CD．对两种运动的整个过程根据能量守恒有 mv 2 mgx mgx x ，
2 0 1 MN 2 1 MN
1
mv 2 mgx mgx x 
2 0 1 MN 2 2 MN
可得x x ，故CD错误；
1 2
AB．根据牛顿第二定律mg ma
可得ag
由于，故滑块在MN上时的加速度大，根据前面分析可知两次运动的总位移相等，
1 2
即两次运动过程中vt图像与横轴围成的面积相等，由于第二次时滑块距离M点的距离较
近，根据公式v 2v2 2gx可知第二次到达M点时速度较大，作出整个过程中两种运动状
0 2
态的vt图像
可得t >t ，故A正确，B错误；
2 1
故选A。
7．D
1
【详解】A．根据波形可知4m， T 2.5s1.5s
2
可得T 2s
答案第2页，共9页
故波速为v 2m/s
T
故A错误；
2x
B．设波源的平衡位置距离P点距离为x ，根据左侧t1.5s时的波形可知 0 1.5s
0 v
解得x 1m
0
故B错误；
1
C．根据左侧实线波形结合同侧法可知波源刚开始的振动方向向下，由于t 1.0s= T ，故可
2
知此时波源处于平衡位置且向上运动，故C错误；
D．由于x 1m，可知波源的平衡位置距离Q点距离为x 3m
0 1
x x
故波传到PQ两点的时间分别为t  0 0.5s，t  1 1.5s
0 v 1 v
5
故t5.5s时，平衡位置在P、Q处的两质点已经振动的时间分别为t  5.5s0.5s= T，
0 2
t 5.5s1.5s=2T
1
由于波源刚开始向下振动，故t5.5s时，P处质点处于平衡位置向上振动，Q处质点处于
平衡位置向下振动，故此时平衡位置在P、Q处的两质点位移相同。
故D正确。
故选D。
8．AC
【详解】AB．根据理想变压器的电压比等于匝数比可得n :n U :U 5:1，
1 2 1 2
n :n U :U 5:1
1 3 1 3
故A正确，B错误；
C．根据能量守恒可知变压器的输入功率等于总的输出功率，故
P =P =7.0kW3.5kW=10.5kW
输入 输出
故C正确；
D．输出电压为交流电的有效值，根据正弦交流电的最大值与有效值的关系可知，两副线圈
输出电压最大值均为U 220 2V
m
故D错误。
故选AC。
答案第3页，共9页9．BD
p
【详解】AB．根据题意，a中气体做等容变化，根据 C，当环境温度升高，则a中气体
T
压强增大，又 p  gh p
a 液 0
可知b管中液面降低，同理可知环境温度降低时，b管中液面升高，故B正确，A错误；
CD．由AB选项分析可知，b管中刻度从上到下温度逐渐升高，同一温度，a中压强不变，
b管中液面液槽内液面高度差不变，水槽中的水少量蒸发后，槽中液面降低，则b管内液面
降低，则温度测量值偏大，故D正确，C错误。
故选BD。
10．BCD
1
【详解】A．设PO的距离为L，过程I，根据动能定理有mgsinLmgcosL0 mv 2
2 0
设MO的距离为L ，过程Ⅱ中，当Q速度最大时，根据平衡条件kL mgsinmgcos
1 1
P、M两点之间的距离L  LL
2 1
kv28mg2sin2
联立可得L  0
2 4kgsin
故A错误；
B．根据功能关系，可知过程Ⅱ中，Q在从P点单向运动到O点的过程中损失的机械能
E mgcosL
1
结合mgsinLmgcosL0 mv 2
2 0
1
可得E mv2
4 0
故B正确；
C．设过程Ⅱ中，Q从P点沿斜面向上运动的最大位移x，根据能量守恒定律
1 1
kL2 mgsinxmgcosx k(xL)2
2 2
1
结合mgsinLmgcosL0 mv 2
2 0
kv28mg2sin2
解得x 0
2kgsin
故C正确；
D．无论Q从何处释放，Q在斜面上运动过程中，弹簧与Q初始时的势能变为摩擦热，当
在M 点时，满足kL mgsinmgcos
1
答案第4页，共9页当在O点时，满足mgsinmgcos
所以在OM（含O、M点）之间速度为零时，Q将静止，故D正确。
故选BCD。
11．(1)0.459
(2) 成正比 无关
(3)偏大
1.35
【详解】（1）表格中a处的数据  0.459
0.39.8
（2）［1］根据表中数据分析可知其它条件不变时，在实验误差允许的范围内，滑动摩擦力
的大小与接触面上压力的大小成正比；
[2]根据表中数据分析可知其它条件不变时，在实验误差允许的范围内，与接触面上压力
的大小无关。
（3）实验装置如图乙所示，挂钩高于定滑轮，则绳子拉力有竖直向下的分力，实际的正压
力大于测量值的正压力，即F F
压测 压实
F
根据
F
压测
可得 
测 实
12．(1)3.85
(2) 乙 R
1
(3) 62.0 51
1.3851.000
【详解】（1）温度每升高1C，该铂电阻的阻值增加R 1033.85
100
（2）[1]由于A 内阻确定，所以用A 测量电阻的电压，用A 与A 之差来测量经过电阻的
1 1 2 1
电流，故能准确测出铂电阻阻值的是乙；
5
[2]电路中的最大电流为0.3mA，可得电路中的最小阻值R  17k
min 0.0003
可知保护电阻R应选R。
1
（3）[1]由图可知A 的分度值为1μA，则其读数为62.0μA；
1
I R
[2]根据欧姆定律可得R 1 A1
I I
2 1
根据题图可得R10003.85t
答案第5页，共9页代入数据可得t 51℃
13．(1)1.0105m2
(2)3.31013s
1 2
【详解】（1）由折射定律可知，全反射的临界角满足sinC 
n 3
设未滴油时，O点发出的光在盖玻片的上表面的透光圆的半径为r，由几何关系
r
sinC 
r2d2
4 5
代入数据解得r  mm
5
根据S r2
所以未滴油时，O点发出的光在盖玻片的上表面的透光面积为S 1.0105m2
（2）当光从O点垂直于盖玻片的上表面入射时，传播的时间最短，则未滴油滴时，光从O
d h d h ndh
t     
点传播到物镜的最短时间为 1 v c c c c
n
d h d h n(dh)
t     
滴油滴时，光从O点传播到物镜的最短时间为 2 v v c c c
n n
(n1)h 0.50.2103
故t t   s 3.3 1013s
2 1 c 3.0108
U
14．(1)
Bd
0
mU
(2) ，L y3L
qdB L
0
(3)60%
【详解】（1）由于该粒子在速度选择器中受力平衡，故qE qv B
0 0
U
其中E 
d
U
则该粒子通过速度选择器的速率为v 
0 B d
0
（2）粒子在x0区域内左匀速圆周运动，从ON的中点垂直ON射入磁屏蔽区域，由几何
关系可知r L
1
v2
由洛伦兹力提供给向心力qv B m 0
0 1 r
1
mU
联立可得B 
1 qdB L
0
答案第6页，共9页v2
由于B B，根据洛伦兹力提供给向心力qv B m 0
2 1 0 2 r
2
解得r L
2
当B 0时粒子磁屏蔽区向上做匀速直线运动，离开磁屏蔽区后根据左手定则，粒子向左偏
2
转，如图所示
v2
根据洛伦兹力提供向心力qv B m 0
0 1 r
3
可得r r L
3 1
故粒子打在y轴3L处，综上所述y轴上可能检测到该粒子的范围为L y3L。
（3）若在Q处检测到该粒子，如图
答案第7页，共9页由几何关系可知r2 (2L)2(r L)2
2 2
5
解得r  L
2 2
v2
由洛伦兹力提供向心力qv B m 0
0 2 r
2
2mU
联立解得B 
2 5qB dL
0
mU
其中B 
1 qdB L
0
B B
根据磁屏蔽效率 1 2 100%可得若在Q处检测到该粒子，则60%
B
1
(M m)g
15．(1)

(M m)2gR2
(2)
2B4d4
(3)见解析
【详解】（1）对木块与箱子整体受力分析由牛顿第二定律F (M m)a
对木块受力分析，水平方向由牛顿第二定律F ma
N
竖直方向由平衡条件 f mg F
N
(M m)g
联立可得F 

（2）设箱子刚进入磁场中时速度为v，产生的感应电动势为EBdv
E
由闭合电路欧姆定律得，感应电流为I 
R
安培力大小为F BId
安
B2d2v
联立可得F 
安 R
若要使两物体分离，此时有F F
安
(M m)g
其中F 

(M m)gR
解得v
B2d2
由运动学公式v2 2as
(M m)2gR2
解得s
2B4d4
答案第8页，共9页(M m)2gR2
故t 0时刻，箱子右侧壁距磁场边界的最小距离为s 
min 2B4d4
1
（3）水平方向由运动学公式s at2
2 1
1
竖直方向有h gt2
2 2
(M m)g
其中F   (M m)a

2s 2h
可得力F作用的总时间为tt t  
1 2 g g
水平方向对系统由动量定理FtF ΔtM mv0
安
B2d2L
其中F Δt 
安
R
g 2s 2h B2d2L
联立可得v (  )
 g g (M m)R
g 2s 2h B2d 2L
当 (  ) 时，最终木块与箱子的速度大小为
 g g (M m)R
g 2s 2h B2d2L
v (  )
 g g (M m)R
g 2s 2h B2d 2L
当 (  ) 时，最终木块与箱子的速度大小为v0
 g g (M m)R
答案第9页，共9页