参考答案_2024年6月(1)_01按日期_01号_2024届云南师大附中高三适应性考试（十）_云南师范大学附属中学2023-2024学年高三高考适应性考试（十）理综试题

理科综合参考答案
一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13
答案 A B D C B C C D A D C B C
二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14~18 题只有一
项符合题目要求；第 19~21 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的给 3
分，有选错的给0分。
题号 14 15 16 17 18 19 20 21
答案 C D C A B AB BD AC
【解析】
1．由图可以看出溶酶体来源于高尔基体，但是其内的水解酶在核糖体上合成，所以A错误。
2．该蛋白质能催化ATP水解，所以能降低ATP水解时所需的活化能，B错误。
3．①表示染色体相对含量，A错误。a进行的分裂为有丝分裂，不会发生基因的自由组合，
B错误。若c处于有丝分裂过程则存在同源染色体，C错误。
4．日照缩短是落叶树秋季落叶的信号，路灯下的枝条光照时间延长，不落叶或落叶较晚，
C错误。
5．铅可以通过大气、水和生物迁移等途径扩散到世界各地，铅的循环过程也是全球性的，
①错误。动物饮用含铅的水，也会直接摄入铅，②错误。铅的循环过程与碳循环过程不
同，④错误。
6．将改造后获得的速效胰岛素基因直接导入大肠杆菌，没有进行基因表达载体的构建，目的
基因在受体细胞中可能无法复制、表达，C错误。
7．生铁硬度大、抗压、性脆、可以铸造成型，故下水井盖可由生铁铸造，A正确。增塑剂小
分子在室温下会逐渐“逃逸”出来，且有一定的毒性，故不能用含增塑剂的聚氯乙烯薄膜
生产食品包装材料，B 正确。Fe 比 Sn 活泼，镀层破损时，会形成铁的吸氧腐蚀，故镀层
不能对铁制品起保护作用，C 错误。叔丁基对苯二酚（TBHQ）具有强还原性，能防止食
用油中的不饱和高级脂肪酸甘油酯被空气中的O 氧化，D正确。
2
理科综合参考答案·第1页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}8．ABS树脂中主要含疏水基，难溶于水，A错误。ABS树脂是线型高分子，是热塑性塑料，
B错误。ABS树脂中的双键碳上连接两个H和两个不同的基团，故有顺反异构体，C错误。
ABS树脂是由CH =CHCN、CH =CH—CH=CH 、 通过加聚反应制得，D正确。
2 2 2
9．依据控制变量的思想可知，变量是 Na S O 溶液的浓度，则 H SO 的浓度、体积及溶液总
2 2 3 2 4
体积要相同，A正确。铜丝搅拌器会快速散热，会导致实验测出的放热量减少，ΔH偏大，
B错误。电石与水反应产生的CH≡CH中会混有H S等还原性气体，也会使酸性KMnO
2 4
溶液褪色，无法证明反应生成了乙炔，C 错误。乙酸易挥发，进入苯酚钠溶液中也能产生
白色浑浊，不能证明碳酸的酸性强于苯酚，D错误。
10．由图可知 Ca 为负极，其电极反应式为 Ca−2e−=Ca2+，碳纳米管为正极，其电极反
应式为 O +2e−+Ca2+=CaO ，故隔膜允许 Ca2+通过，不允许 O 通过，A、C正确。
2 2 2
放电时，电流由正极即碳纳米管电极沿导线流向负极即钙电极，B正确。消耗 4g钙时，
转移 0.2mol e−，铅酸蓄电池消耗 3.6g水，D错误。
11．该配合物中电负性最大的元素是O，A错误。基态Cd原子的价层电子排布式为4d105s2，
故 Cd元素在元素周期表中位于 ds区，B错误。该配合物中 N原子的杂化方式都是 sp2
杂化，C正确。1mol该配合物中通过螯合作用形成的配位键有6mol，D错误。
12．其他条件不变的情况下，适当增加光的强度可产生更多的 h+和电子，OH和O的浓度
2
增大，故反应速率加快，A正确。在干燥空气气氛中，有O ，由图可知HMF应该选择性
2
氧 化 为 HMFCA ， B 错 误 。 由 图 可 知 生 成 DFF 的 总 反 应 为
，C 正确。由图可知 CdS 量子点产生的
1mol h+，可以与1mol O以及2mol 反应，生成2mol ，
2
D正确。
13．曲线1和2中，V(AgNO )在25.0~65.0mL时相同，则都是在滴定Cl−，而25.0mL之前时，
3
曲线1是滴定I−，曲线2是滴定Br−，由图可知K (AgI)约为10−22，故K (AgI)<K (AgCl)，
sp sp sp
A错误。由M点可知K (AgCl)105105 1010，B错误。V(AgNO )=25.00mL时，溶
sp 3
液1中的I−或溶液2中的Br−刚好被沉淀完全，则c 50.00103 0.200025.00103，
2
解 出 c 0.1000 ； V(AgNO )65.00mL 时 ， Cl− 刚 好 被 沉 淀 完 全 ， 则
2 3
理科综合参考答案·第2页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}c 50.00103 0.2000（65.0025.00）103，解出c 0.1600，C 正确。M 点时 AgBr
1 1
c(Cl) c(Cl)c(Ag) K (AgCl)
和 AgCl 共存，溶液 B 中   sp ，所以 M 点后继续滴加
c(Br) c(Br)c(Ag) K (AgBr)
sp
c(Cl)
AgNO 溶液， 不变，D错误。
3 c(Br)
14．图甲位置，水瓶受重力、摩擦力，在倾斜过程中，水瓶受重力、摩擦力、支持力，而摩
擦力和支持力都是由手来提供，则手对水瓶的作用力之合始终都和水瓶的重力大小相等，
故C正确。
15．光从介质进入空气中时，频率不变，光速变大，波长增大；介质折射率增大，则在表面
入射角一定时，折射角增大，可视角度增大；若屏障高度增加，则在上表面的出射光的
入射角减小，可视角度减小，故D正确。
16．由于空气阻力作用，速度减小，半径减小，由轨迹可知先经过b点，受到洛伦兹力向左，
粒子带正电，磁场方向垂直纸面向里，每转过2π所花时间为一个周期，与速度大小无关，
所以时间不变，空气阻力大小不变，但是转过2π走过的路程减小，做功减小，动能的变
化量减小，故C正确。
hc E E
17．由能级跃迁满足的能量关系为  1  1 ，由H 谱线波长仅次于H 谱线可知，H 谱
 32 22   
0
线的能量仅大于H 谱线，所以H 谱线是从n4能级跃迁到n2能级，满足的能量关系
 
hc E E 20
为  1  1 ，两式联列解得 ，故A正确。
 42 22 1 27 0
1
a3 r3
18．椭圆轨道的半长轴等于（8.60.33.4）2106m，根据开普勒第三定律  ，以及万
T2 T2
1 2
GMm 4π2 r3 GM a3 GM
有引力提供向心力，对于圆轨道有 m r  ，可得  ，且由黄
r2 T2 T2 4π2 T2 4π2
a34π2
金代换GM gR2可得T  ，代入数据估算可得B正确。
gR2
1
19．由图像可知上滑位移、时间，下滑位移、时间，则根据x at2可求出上滑下滑的加速度，
2
而上滑加速度a gsingcos，下滑加速度a gsingcos，二者联立可解出
1 2
倾角和动摩擦因数，但涉及力和动量的问题需要明确质量，质量不知不能求出CD。
理科综合参考答案·第3页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}1
20．释放C瞬间，BC作为一个整体，合力为mg 2ma，所以a g ；由于B、C质量相等，
2
弹力为零时，BC 系统合外力为 0，加速度为 0，速度最大；该系统是一个简谐运动，所
以运动时间对称相等；B运动到最高点时，根据对称性可知A受到的弹力为向上的mg，
则对地面的压力为mg，故B、D正确。
B2L2v 1
21．线框单边切割时F  ，R R R，而双边切割时，总电阻不变，总电流不变，
R 总 2
总
2B2L3v
则外力等于安培力不变，线框经过的位移为3L，外力做功为 ，等于克服安培力做
R
功即转换的焦耳热，在单边切割时电阻分配的焦耳热为总热量的六分之一，双边切割时
1 22B2L3v
电阻分配的热量为三分之二，则Q  2  ，剩下部分为线框产生的热量即
R 6 3 3R
4B2L3v
，故A、C正确。
3R
三、非选择题（共174分）
22．（每空2分，共6分）
sL
（1）
2r
2mgr
（2）
kL
（3）不变
s x s x
【 解析】（1）如图，由几何关系可得 2，tan ，由于较小，可得tan，即 2 。
r L r L
2mgr
（2）设劲度系数为，由胡克定律可知xnmg，若作sn图像斜率为k  。
L
（3）若未调零，则做出的图像有截距，但是不影响斜率，所以结果不变。
23. （每空2分，共12分）
（1）4.18
（2）如图所示 D U ，I
2 2
（3）9 减小
【解析】（1）(4.90.98)cm4.18cm。
理科综合参考答案·第4页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}（2）如图所示，分压部分左侧接连杆，只有滑片移到右端，才能使分压部分左右两端电
0.06 0.05
势相等，由于  ，说明电压表分流作用明显，应该用内接法，选第二组数据。
1.57 1.24
l
（3）由R ，带入数据解得电阻率约等于9，由于离子浓度增大，电阻率减小。
S
24．（10分）
解：（1）活塞1、2封闭的气体体积记为V ，活塞2上部的气体体积记为V ，则有
A1 B1
V 2V ①
A0 B0
活塞1到底时V V V ②
A1 B1 A0
各部分气体起始气压均等于大气压强 p ，对于封闭的两部分气体，由等温变化可得
0
pV  p V ③
0 A0 A1 A1
pV  p V ④
0 B0 B1 B1
解得 p 1.5p ⑤
B1 0
（2）温度升高，两部分气体经历等压变化，当活塞1到顶时
V V 2V ⑥
A2 B2 A0
设加热前的温度为T ，加热后的温度为T ，可得
0 1
V V
A2  A1 ⑦
T T
1 0
V V
B2  B1 ⑧
T T
1 0
2
解得V  V ⑨
B2 3 A0
2
此时活塞2距离气缸顶部距离h  h ⑩
B 3
评分标准：本题共10分。正确得出①~⑩式各给1分。
25．（14分）
解：（1）甲物块从A运动到B机械能守恒得
1
mgR mv2 ①
2 1
碰撞过程动量守恒mv 2mv ②
1 2
此后两球所受的电场力大小等于Eq2mg ③
理科综合参考答案·第5页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}则等效重力G2 2mg，可知运动到与竖直方向成45位置处对轨道压力最大，运动到该
位置处的动能为
1 1
2mgRsin45EqR(1cos45) 2mv2  2mv2 ④
2 3 2 2
v2
由牛顿第二定律可得F G2m 3 ⑤
N R
由牛顿第三定律可得压力F F (6 23)mg ⑥
N N
（2）由动能定理可得两物块从B运动到C有
1 1
2mgREqR 2mv2  2mv2 ⑦
2 4 2 2
可得v v ，从 C 点水平飞出后在竖直方向做自由落体，在水平方向先匀减再匀加，竖
4 2
直方向上的运动有
1
R gt2 ⑧
2
1
水平方向上的位移xv t gt2 ⑨
4 2
解得x即到D点的距离x0 ⑩
评分标准：本题共14分。正确得出④、⑤、⑥、⑩式各给2分，其余各式各给1分【其
他正确解法参照给分，（1）问9分，（2）问5分】。
26．（20分）
解：（1）在A与木板共速前，由牛顿第二定律，对A有
m g m a ①
1 A A A
对B有m g m a ②
1 B B B
对C有m gm g(m m m )g m a ③
1 B 1 A 2 A B C C C
解得a a 3m/s2
A B
a 0.5m/s2 ④
C
B先和木板相对静止，即共速（取向右为正），可得
v a t a t ⑤
2 B1 C 1
解得木板速度v 0.5m/s ⑥
C1
理科综合参考答案·第6页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}（2）在B和木板共速过程中，B的位移
1
x v t  a t2 ⑦
B 21 2 B 1
此时A的速度v v a t ⑧
A1 1 A1
v v
此过程A的位移x  1 A1t ⑨
A1 2 1
此后B与C相对静止减速，A继续减速，对BC有
m g(m m m )g (m m )a ⑩
1 A 2 A B C B C BC
ABC三者共速时v a t v a t （向右为正） ⑪
A1 A 2 C1 BC 2
共速的速度v v v v a t ，B共速后到A共速过程中，C的位移
A2 B2 C2 C1 BC 2
v v
x  C1 C2 t ⑫
C2 2 2
v v
A的位移x  A1 A2 t ⑬
A2 2 2
如图，由位移关系可得木板长度 Lx x (x )x
B A1 A2 C2
⑭
329
解得L m4.1125m
80
⑮
评分标准：本题共20分。正确得出③、⑦、⑩、⑭、⑮式各给2分，其余各式各给1分
【其他正确解法参照给分，（1）问7分，（2）问13分】。
27．（每空2分，共14分）
（1）
（2）SiO
2
（3）FeS +14Fe3++8H O=15Fe2++2SO2+16H+
2 2 4
（4）4Fe(OH) +O =4FeOOH+2H O
2 2 2
（5）81.7
2 N a31021
（6） a A
2 4
理科综合参考答案·第7页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}【解析】（1）Fe位于周期表中第4周期第Ⅷ族，基态Fe2+价电子排布图为 。
（2）由工艺流程图分析可知，滤渣为二氧化硅。
（3）还原过程中涉及的反应为：过量的 FeS 将溶液中的 Fe3+还原为 Fe2+，FeS 中的硫元
2 2
素被氧化为SO2，反应的离子方程式为FeS +14Fe3++8H O=15Fe2++2SO2+16H+。
4 2 2 4
（4）制备FeOOH的化学方程式为4Fe(OH) +O =4FeOOH+2H O。
2 2 2
（5）测得溶液吸光度A=1.0，根据图中信息得到溶液中c(Fe3+)=5.0×10−3mol·L−1，则样品
中n(Fe3)5.0103molL1100/101L5.0102mol。设样品中 Fe O 物质的量为
2 3
x mol，FeOOH物质的量为y mol，则有160x89y4.36，2x y0.05，解得 x0.005，
0.04mol89gmol1
y0.04，故样品中 FeOOH 的质量分数为 100%81.7%。
4.36g
（6）晶胞中Fe2+位于S2所形成的正八面体的体心，该正八面体的边长是面对角线的一半，
2
2
则为 anm。由晶胞结构可知，晶胞中位于棱心和体心的Fe2+个数为4，位于顶角和面
2
4M
N N a31021
心的S2个数为4，该晶胞中有4个FeS ，则 A ，解得M  A 。
2 2 (a107)3 4
28．（除特殊标注外，每空2分，共14分）
（1）碱式（1分） 量筒、分液漏斗
（2）抑制Fe3+水解 锥形瓶中颜色变化（1分） 滴入最后半滴KSCN溶液时，出现
红色，且半分钟内不褪色
（3）0.054 5.076103
（4）偏大（1分） 偏小（1分）
【解析】本实验首先用AgNO 和CH COONa反应，生成醋酸银沉淀，在达到沉淀溶解平
3 3
衡后将沉淀过滤出来，以Fe3+为指示剂，用已知浓度的KSCN溶液来滴定一定量的滤液，
从而计算出溶液中的c(Ag+)，再根据实验初始加入的AgNO 和CH COONa的量求出平衡
3 3
时c(CH COO−)，从而得到K 。
3 sp
（1）CH COONa溶液中CH COO−水解导致溶液呈碱性，所以选用碱式滴定管。本实验中
3 3
量取液体体积的精度要求较高，量筒不能达到。本实验中主要涉及过滤和滴定两个重要
实验，没有用到分液漏斗。
理科综合参考答案·第8页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}（2）步骤③中滴加 HNO 是为了抑制 Fe3+水解。滴定过程中 Ag+先与 SCN−结合产生白色
3
沉淀，滴定终点时，Fe3+与 SCN−结合生成红色配合物，所以终点现象为：滴入最后半滴
KSCN溶液时，出现红色，且半分钟内不褪色。
（3） Ag+ ~ SCN−
25.00 c(Ag+) 13.50×0.1000
c(Ag+)=0.054mol/L，c(CH COO−)为反应后剩余的 CH COO−加上沉淀溶解产生的
3 3
CH COO−，沉淀溶解产生的 CH COO−的量等于 Ag+的量，反应后剩余 的
3 3
(6040)0.20
c(CH COO−) mol/L 0.04mol/L，所以溶液中c(CH COO−)=0.04+0.054
3 3
100
=0.094mol/L，K =5.076×10−3。
sp
（4）步骤③滴定终点时仰视液面读数，使测得的c(Ag+)偏大，最终K 偏大。步骤②中所
sp
用烧杯残留有蒸馏水，会使得过滤得到的醋酸银饱和溶液被稀释，最终K 偏小。
sp
29．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）高温（1分）
（2）ab
（3）吸收 31.2 0.02MPa
（4）CO 3H O4e=H CO4OH
2 2 2
（5）①< ②T ℃时以反应2为主，反应2前后气体分子数相等，改变压强对其平衡移动没有
1
影响
【解析】（3）反应平衡时，H O(g)的转化率为 50%，则水的变化量为 0.5mol，水的平衡量
2
也是 0.5mol，由于 CO 的物质的量为 0.1mol，则根据 O 原子守恒可知 CO 的物质的量为
2
0.2mol，生成0.2mol CO 时消耗了0.2mol CO，故在反应Ⅰ实际生成了0.3mol CO。根据相
2
关反应的热化学方程式可知，生成0.3mol CO要吸收热量39.42kJ，生成0.2mol CO 要放出
2
热量8.22kJ，因此整个体系吸收热量39.42kJ8.22kJ31.2kJ；由H原子守恒可知，平衡
时 H 的物质的量为 0.5mol，CO的物质的量为 0.1mol，CO 的物质的量为 0.2mol，水
2 2
的 物 质 的 量 为 0.5mol ， 则 平 衡 时 气 体 的 总 物 质 的 量 为
0.5mol+0.1mol+0.2mol+0.5mol=1.3mol，在同温同体积条件下，气体的总压之比等于气
体的总物质的量之比，则平衡体系的总压为0.2MPa1.30.26MPa，则反应Ⅰ的平衡
0.1 0.5

常数 K = 1.3 1.3  p  0.1 0.26MPa0.02MPa。
p 0.5 总 1.3
1.3
理科综合参考答案·第9页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}（4）由题干电解池装置图可知，电极A产生H、CO，为阴极，电极B产生氧气，为阳极。产
2
物 中 H 和 CO 的 物 质 的 量 之 比 为 1 ∶ 1 ， A 极 电 极 反 应 式 为
2
CO 3H O4e=H CO4OH；B极电极反应式为4OH  4e=O ↑+2H O。
2 2 2 2 2
（5）①二者均含氢键，但H O中氢键数目更多，故H O的沸点更高。
2 2
②温度 T ℃时，三条曲线几乎交于一点，说明压强对 CO 平衡转化率基本没有影响，反
1 2
应以反应2为主，反应2前后气体分子数相等，故改变压强对平衡移动没有影响。
30．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）酮羰基（羰基）、碳碳三键 1（1分）
（2）对甲基苯甲酸（或4−甲基苯甲酸）（1分） 弱
（3）取代反应（或水解反应）
（4）
（5） 或
（6）（3分）
【 解析】（2）E的分子式为C H O ，结合D和F的结构简式，可知E的结构简式为 ，
8 8 2
其化学名称是对甲基苯甲酸（或4−甲基苯甲酸）。甲基是推电子基团，使羧基中羟基的极
性减小，羧酸的酸性更弱；三氟甲基是吸电子基团，使羧基中羟基的极性增大，羧酸的
酸性更强。
理科综合参考答案·第10页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}（3） 和CO 反应生成 ， 水解生成 ，D→E的反应
2
类型为取代反应（或水解反应）。
（4）有机物G的分子式为C H ，F和G发生取代反应生成H，由F、H的结构简式可知
10 10
G是 ，F→H反应的化学方程式为：
。
（5）E 和乙二醇（ HOCH CH OH ）以物质的量比为 2∶1 完全酯化的产物是
2 2
，根据题给信息①分子中含有 3 种不同化学环境
的氢原子，说明结构对称；信息②能发生银镜反应，说明含有醛基；信息③能发生
水解反应，说明含有酯基，且 1mol 该分子水解时消耗 4mol NaOH。符合条件的
的同分异构体为 或
。
（6） 和SOCl 反应生成 ； 和 反应生成
2
， 和 反应生成 ，据此获得合成
路线为：
理科综合参考答案·第11页（共12页）
{#{QQABKQiEggAgAJIAAAhCQwFQCAMQkBCACQgOQAAEIAABQBFABAA=}#}31．（除特殊标注外，每空2分，共10分）
（1）光照强度、温度、环境pH、必需无机盐和水分条件等（答出2点即可）
（2）呼吸速率
（3）大于（1 分） CO 为 B 时，该农作物叶肉细胞在进行光合作用，CO 要由细胞质
2 2
基质通过自由扩散进入叶绿体基质，而自由扩散是顺浓度梯度进行的（3分）
（4）左下方
32．（每空2分，共10分）
（1）染色体组 拟二粒小麦含同源染色体，且可正常联会形成可育配子 14
（2）随机性、不定向性、低频性 显
33．（每空2分，共12分）
（1）离子 细胞内复杂化合物的重要组成成分、维持细胞的酸碱平衡、维持细胞和生
物体的生命活动（答出2点即可）
（2）顺浓度梯度进行；要借助膜上的转运蛋白；不需要消耗细胞内化学反应所释放的能
量 升高
（3）细胞外液 增大
34．（除特殊标注外，每空2分，共11分）
（1）各种生物种群（所有动物、植物和微生物） 水分
（2）①（每空1分）
②增大流入生态系统的总能量
35．（除特殊标注外，每空2分，共11分）
（1）动物细胞培养 B（1分）
（2）基因的选择性表达 特定基因、小分子化合物
（3）防止细胞培养过程中细菌的污染
（4）A途径获得的组织或器官的细胞中质基因来自病人的成纤维细胞，B途径的来自去核
的卵母细胞
理科综合参考答案·第12页（共12页）
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