黄金卷08-赢在高考·黄金8卷备战2024年高考物理模拟卷（湖南专用）（解析版）_2024高考押题卷_92024赢在高考全系列_（通用版）2024《赢在高考·黄金预测卷》（九科全）各八套

【赢在高考·黄金 8 卷】备战 2024 年高考物理模拟卷（湖南卷专用） 黄金卷 08 （考试时间：75分钟 试卷满分：100分） 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上． 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本 试卷上无效． 3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回． 一、选择题：本题共 6小题，每小题 4分，共 24分．在每小题给出的四个选项中，只有一项 符合题目要求． 1．一列简谐横波沿x轴正方向传播，波源在x＝0处。P是x轴上坐标为x＝0.15m处的点，当波传到P点 时记为0时刻，图为P的振动图像，已知该波的传播速度为0.6m/s，则下列说法正确的是（ ） A．波源起振方向为y轴正方向 B．t＝0.1s时波源振动的速度最大 C．当P点运动1×10﹣1m的路程时，波源振动的速度最大 D．P点与距波源5×10﹣2m处的质点运动方向总是一致 【答案】 C 【解析】A．当波传到P点时P开始向下振动，波源起振方向为y轴负方向，故A错误； B．波长为 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002vT 0.12m 波源与P点间的距离 1  0.15m 4 当t 0.1s时，P点位于平衡位置向上运动，结合波形知，当t 0.1s时，波源处于波峰，故B错误； C．由图可知振幅为 A2102m 则当该质点经过的路程为0.1m时，此时P点位于波谷，波源经过平衡位置，速度最大，故C正确； D．P点与距波源5×10﹣2m处的质点间的距离 5 x0.15m0.05m0.1m  6 P点与距波源处的质点运动方向并不始终相同，故D错误。 故选C。 2．近些年中国研发出多项独有的先进技术，其中特高压输电技术让中国标准成为了国际标准，该技术可使 输电线电压高达 1000 千伏及以上等级。某电厂对用户进行供电的原理如图所示。发电机的输出电压为 U 1 300V ，输电线的总电阻r50Ω，为了减小输电线路上的损耗采用了高压输电技术。变压器视为理想 n :n 1:1000 U 220V 变压器，其中升压变压器的匝数比为 1 2 ，用户获得的电压为 4 。若在某一段时间内， P 9.0106W 发电厂的输出功率恒为 1 ，则下列说法中正确的是（ ） A．输电线上的电流为300A n :n 14925:11 B．降压变压器的匝数比为 1 4 C．输电线上损失的功率为9.0104W 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002D．若改用1000千伏超高压输电，则输电线路上可减少损失的电功率为4050W 【答案】 B P U I 【解析】A．由 1 1 1得升压变压器的输入电流为 P 9.0106 I  1  A3104A 1 U 300 1 由升压变压器原副线圈电流与线圈匝数的关系为 I n 1000 1  2  I n 1 2 1 可得输电线上的电流为 I 30A 2 故A错误； B．由题意可得 U n 1 1  1  U n 1000 2 2 可得 U 3105V 2 因为 U U I r 2 3 2 所以 U 298500V 3 所以降压变压器的匝数比为 U n 298500 14925 3  3   U n 220 11 4 4 故B正确； C．输电线上损失的功率为 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002P I2r30250W4.5104W 损 2 故C错误； B．若改用1000千伏超高压输电，则升压变压器原副线圈的匝数值比为 U n 300 3 1  1   U  n 106 10000 2 2 所以输电线上的电流为 P 9106 I    A9A 2 U  106 2 此时输电线上损失的功率为 P  I 2r9250W4050W 损 2 即输电线路上可减少损失的电功率为 PP P  40950W 损 损 故D错误。 故选B。 3．近几年我国大力发展绿色环保动力，新能源汽车发展前景广阔。质量为1kg的新能源实验小车在水平直 轨道上以额定功率启动，达到最大速度后经一段时间关闭电源，其动能与位移的关系如图所示。假设整个 过程阻力恒定，重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是（ ） A．小车的最大牵引力为1N B．小车的额定功率为4W 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002C．小车减速时的加速度大小为2m/s2 D．小车加速的时间为2s 【答案】 D 【解析】A．当关闭电源后只有阻力对小车做功，根据动能定理有 E fx k 结合图像可知，阻力大小为 f 1N 故小车的最小牵引力为 F  f 1N 故A错误； B．小车的最大动能为 1 E  mv2 2J kmax 2 m 解得 v 2m/s m 小车的额定功率为 P  fv 2W 额 m 故B错误； C．关闭电源后，由牛顿运动定律可得 f a 1m/s2 m 故C错误； D．加速过程中，对小车由动能定理有 P t fxE 0 额 kmax 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002可得加速时间 t2s 故D正确。 故选D。 4．一定质量的理想气体，初状态如图中A所示，若经历AB的变化过程，在该过程中吸热450J。若经历 AC的变化过程，在该过程中吸热750J。下列说法正确的是（ ） A．两个过程中，气体的内能增加量不同 B．AC过程中，气体对外做功400J C．状态B时，气体的体积为10L 1 D．AC过程中，气体体积增加了原体积的4 【答案】 C 【解析】A．两个过程的初末温度相同，即内能变化相同，因此内能增加量相同，故A错误； B．AB为等容过程，气体做功为零，由热力学第一定律可知内能改变量 U Q450J AC为等压过程，内能增加了450J，吸收热量为750J，由热力学第一定律可知气体对外做功为300J，故 B错误； C．AC为等压过程，则有 V V A  C T T A C 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002做功大小为 W  p V V  AC A C A 联立解得 V A 10L，V C 12L 则状态B时，气体的体积为10L，故C正确； 1 D．AC过程中，气体体积增加了原体积的5，故D错误。 故选C。 ABCDABCD O A 5．如图所示，正立方体 1 1 1 1，上下底面的中心为O和 1， 1、C两点分别固定等量的正点电 荷和负点电荷，下列说法正确的是（ ） B A．B点与 1点的电场强度大小相等、方向相同 O B．O点与 1点的电场强度大小相等、方向相同 BDDB C．平面 1 1是一个等势面 q O D．将正试探电荷 由O点沿直线移动到 1点，其电势能一直减小 【答案】 B A 【解析】A．电场强度是矢量，其叠加遵循平行四边形定则，因为 1位置为正电荷，C点的位置为负电荷， B 由电场的叠加可知，在B点与 1点的电场强度的方向不同，故A项错误； A B．电场强度是矢量，其叠加遵循平行四边形定则，因为 1位置为正电荷，C点的位置为负电荷，由电场的 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002O 叠加可知，在O点与 1点的电场强度的方向相同。设正方体的边长为l，结合几何关系，则正电荷在O点 E E 的电场强度大小为 O正，负电荷在O点的电场强度大小为 O负，正、负电荷的带电量为Q，有 Q E k O正 2  6   l 2   Q E k O负 2  2   l 2   所以O点的场强为 E  E E O O正 O负 O E O E 正电荷在 1点的电场强度大小为 O1正，负电荷在 1点的电场强度大小为 O1负，有 Q E k O1负 2  6   l 2   Q E k O1正 2  2   l 2   O 所以 1点的场强为 E  E E  E O1 O1正 O1负 O O 所以O点与 1点的电场强度大小相等、方向相同，故B项正确； B B C．因为正负电荷是等量异种电荷，而 1点更靠近正电荷，D点更靠近负电荷，所以 1点的电势大于D点 BDDB 的电势，即平面 1 1不是等势面，故C项错误； O O D．因为O点更靠近负电荷， 1更靠近正电荷，所以 1点的电势要大于O点的电势，由与是正好试探电荷， 根据电势能的定义，即 E q p 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002O 所以电势高的地方，其电势能大，即该试探电荷在 1点的电势能大于O点的电势能。所以有将正试探电荷 q O 由O点沿直线移动到 1点，其电势能增加，故D项错误。 故选B。 6．春暖花开，惠风和畅，自驾出游。在平直公路上，甲、乙两车同向行驶，其vt图像如图所示。已知两 车在t 3s时并排行驶，则（ ） A．在t 0.5s时，乙车在甲车前 B．在t0时，甲车在乙车前12.5m C．两车另一次并排行驶的时刻是t2s D．甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m 【答案】 D 【解析】AC．根据vt图像的“面积”表示位移，由几何知识可知，在1  3s内甲、乙两车通过的位移相等， 又因为两车在t 3s时并排行驶，由此可以推论出在t 1s时两车也并排行驶，在0.5: 1s内甲车比乙车通过 的位移小，所以在t 0.5s时，甲车在乙车前，故AC错误； B．由图可知，甲的加速度为 v a  甲 10m/s2 甲 t 甲 乙的加速度为 v a  乙 5m/s2 乙 t 乙 因此在01s中，甲的位移为 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx0021 x  a t2 5m 甲 2 甲 1 x v t a t2 12.5m 乙 0 2 乙 因此两者位移差为 xx x 7.5m 乙 甲 即在t0时，甲车在乙车前7.5m，故B错误； D．1s末甲车的速度为 va t10m/s 甲 在1  3s甲车的位移为 1 xvt a t2 40m 2 甲 即甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m，故D正确。 故选D。 二、选择题：本题共 4小题，每小题 5分，共 20分．在每小题给出的四个选项中，有多项符 合题目要求．全部选对的得 5分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分． 7．2018年12月12日，嫦娥四号开始实施近月制动，为下一步月面软着陆做准备，首先进入月圆轨道Ⅰ， 其次进入椭圆着陆轨道Ⅱ，如图所示，B为近月点，A为远月点，关于嫦娥四号卫星，下列说法正确的是 （ ） A．卫星在轨道Ⅱ上A点的加速度小于在B点的加速度 B．卫星沿轨道Ⅰ运动的过程中，卫星中的科考仪器处于超重状态 C．卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，机械能增大 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002D．卫星在轨道Ⅱ经过A点时的动能小于在轨道Ⅱ经过B点时的动能 【答案】 AD 【解析】A．根据牛顿第二定律可得 GMm ma r2 可得 GM 1 a ∝ r2 r2 可知卫星在轨道Ⅱ上A点的加速度小于在B点的加速度，故A正确； B．卫星沿轨道Ⅰ运动的过程中，卫星中的科考仪器处于失重状态，故B错误； C．卫星从轨道Ⅰ变轨到轨道Ⅱ，需要再变轨处点火减速，则机械能减少，故C错误； D．根据开普勒第二定律可知，卫星在轨道Ⅱ经过A点时的速度小于在轨道Ⅱ经过B点时的速度，则卫星在 轨道Ⅱ经过A点时的动能小于在轨道Ⅱ经过B点时的动能，故D正确。 故选AD。 8．下列四幅图涉及不同的物理知识，如图所示，下列说法正确的是（ ） A．图甲，卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子 B．图乙，1为α射线，它的电离能力很强，可用于消除静电 C．图丙，处于基态的氢原子可吸收能量为10.4eV的光子发生跃迁 D．图丁，汤姆孙通过电子的发现，揭示了原子还可以再分 【答案】 BD 【解析】A．卢瑟福通过分析α粒子散射实验的实验结果，提出了原子的核式结构，故A项错误； B．根据左手定则，轨迹1的粒子带正电，所以轨迹1的射线为α射线，其它的电离能力很强，可用于消除 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002静电，故B项正确； C．若处于基态的氢原子吸收了能量为10.4eV的光子，根据波尔理论，设跃迁后的能级为E，则有 E13.6eV10.4eV 解得 E3.2eV 对比图中氢原子的能级图，其不存在该能级，故C项错误； D．汤姆孙通过分析阴极射线管中的射线，发现该射线带负电，从而发现了电子，揭示了原子还可以再分， 故D项正确。 故选BD。 9．如图所示，S为一离子源，MN为足够长的荧光屏，S到MN的距离为SPL，MN左侧区域有足够大 的匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里。某时刻离子源S一次性沿平行纸面各个方向均匀 qBL 地喷发大量的质量为m、电荷量为q、速率为 m 的正离子（此后不再喷发），不计离子重力，不考虑离子 之间的相互作用力。则（ ） m m 3qB qB A．打中荧光屏的最短时间为 B．打中荧光屏的最长时间为 1 C．打中荧光屏的宽度为2 3L D．打到荧光屏的离子数与发射的离子数比值为2 【答案】 AD 【解析】A．根据 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002v2 qvBm r 则离子轨道半径 mv r L qB 离子轨迹对应弦长最短时运动时间最短，即离子轨迹恰好经过P点，如图所示 根据几何关系可知，轨迹对应的圆心角为60°，能打中荧光屏的最短时间为 1 m t T  6 3qB 故A正确； qBL v B．当 m 时，根据半径公式 mv R L qB 离子运动轨迹如图所示 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002v v 离子速度为 1从下侧回旋，刚好和边界相切，离子速度为 2时从上侧回旋，刚好和上边界相切，打在荧光 屏上的离子的周期 2m T  qB 打中荧光屏的最长时间为 270 3m t T  360 2qB 故B错误； C．离子打中荧光屏的范围总长度为图中得AB长度，由几何关系可知 AB ( 31)R ( 31)R 打中荧光屏的宽度为 ，故C错误； qBL v D．当 m 时，根据半径公式 mv R L qB 离子恰好打到MN上的临界运动轨迹如图所示 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002v v 离子速度为 1从下侧回旋，刚好和边界相切，离子速度为 2时从上侧回旋，刚好和上边界相切，打到N点 的离子离开S时的初速度方向和打到M点的离子离开S时的初速度方向夹角  能打到荧光屏上的离子数与发射的粒子总数之比  1 k   2 2 故D正确。 故选AD。 10．如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度 大小不变），最后停在C点。每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据。 重力加速度 g 取10m/s2，则下列说法中正确的是（ ） ts 0.0 0.2 0.4 … 1.2 1.4 1.6 … vm/s 0.0 1.0 2.0 … 1.1 0.7 0.3 … 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002A．物体从A运动到B的加速度大小为5m/s2 0.2 B．物体与水平面之间的动摩擦因数 C．物体从A运动到C的时间为1.8s D．AB间距离与BC间距离相等 【答案】 AB 【解析】A．物体在斜面上下滑时的加速度 v 10 a   m/s2 5m/s2 1 t 0.2 故A正确； B．从后两列数据可以知物体在水平面上滑行的加速度大小 v a  1 2m/s2 2 t 1 根据 f mg ma 2 得 0.2 故B正确； v C．设从0.4s开始经过t时间物体滑动斜面底部，则在斜面底部的速度为 m，则在斜面上 v 2at m 1 在平面上 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002v 1.1a 1.20.4t m 2 解得 t 0.1s v 2.5m/s m 物体从A运动到C的时间为 v v t m  m 1.75s a a 1 2 故C错误； D．AB间距离 v2 s  m 0.625m AB 2a 1 BC间距离 v2 s  m 1.5625m BC 2a 2 故D错误。 故选AB。 三、非选择题：本题共 5小题，共 56分． 11. （6分）如图为“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验装置。贴有白纸的木板竖直固定放置，将三 根细绳一端系于同一结点，另一端分别系于轻质弹簧测力计A、B和重物M上，弹簧测力计A的另一端挂 于固定点P，手持弹簧测力计B水平拉动细绳，使结点静止于O点。 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中弹簧测力计A的示数为 N。 （2）下列实验要求必要的是 （填字母代号） A．与弹簧测力计相连的两细绳必须等长 B．弹簧测力计、细绳都应与木板平行 C．用两弹簧测力计同时拉细绳时两弹簧测力计的示数适当大一些 D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置 （3）实验中，某探究小组所用的重物M不变，弹簧测力计A的方向不变，将拉弹簧测力计B的手缓慢上移 至O点正上方，此过程中弹簧测力计A的示数将 （选填“一直变大”、“一直变小”、“先变大后变小” 或“先变小后变大”）。 【答案】 （1）3.6；（2） BC；（3）一直变小 【解析】（1）该弹簧测力计的分度值为0.2N，则弹簧测力计A的示数为3.6N。 （2） A．通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，只需记下两细绳的方向和弹簧秤示数即可，不 必要求两细绳等长，故A错误； B．测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、应与木板平行，故B 正确； C．为了减小实验误差，用两弹簧测力计同时拉细绳时两弹簧测力计的示数适当大一些，故C正确； D．改变拉力，进行多次实验，在本实验中不需要保证每次都要使O点静止在同一位置，故D错误。 故选BC。 （3）由矢量三角形可知，如图 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002此过程中弹簧测力计A的示数将一直变小。 12. （10分）某物理爱好者设计了一个三挡位（“1”“ 10 ”“100”）的欧姆表，其内部结构如图所示，K R R R I R 为单刀三掷开关，R为调零电阻， 1、 2、 3为定值电阻，表头G的满偏电流为 g，内阻为 g，干电池 的电动势为E，内阻为r。用此欧姆表测量一待测电阻的阻值。回答下列问题： （1）欧姆表的表笔分为红、黑两种颜色，红色表笔应该连接在图中 处（填“a”或“b”）。 （2）当欧姆表的挡位为“100”时，应将单刀三掷开关K与 接通（填“1”“2”或“3”）。 R R R R :R :R  （3）定值电阻 1、 2、 3的阻值之比为 1 2 3 。 （4）若从“ 10 ”挡位换成“1”挡位，再进行欧姆调零时，调零电阻R的滑片应该 调节（填“向上” 或“向下”）。 R （5）在“100”挡位进行欧姆调零后，在ab两表笔间接入阻值为6000的定值电阻 1，稳定后表头G的指 1 R R 针偏转到满偏刻度的4；取走 1，在ab两表笔间接入待测电阻 x，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度 1 R  的3，则 x 。 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002【答案】 （1） a ；（2）1 ； （3）1:9:90 ；（4） 向下；（5） 4000 【解析】（1）电流从红表笔流进，黑表笔流出，欧姆表红表笔与内部电源负极相连，故图中红色表笔应该 连接在a处。 （2）当开关K拨向1时，回路中满偏电流小，欧姆表内阻大，中值电阻大，能够接入待测电阻的阻值也更 大，倍率较大，即挡位为“100”。 （3）当开关K拨向1时，回路中满偏电流为 I R I I  g g g1 g R R R 1 2 3 当开关K拨向2时，回路中满偏电流为 I (R R ) I I  g g 3 g2 g R R 1 2 当开关K拨向3时，回路中满偏电流为 I (R R R ) I I  g g 2 3 g3 g R 1 依题意，回路中满偏电流应满足 I :I :I 1:10:100 g1 g2 g3 R R R 联立解得定值电阻 1、 2、 3的阻值之比为 R :R :R 1:9:90 1 2 3 （4）从“ 10 ”挡位换成“1”挡位，即开关K从2拨向3，满偏时干路电流增大，再进行欧姆调零时，a、b 接时回路总电阻减小，调零电阻接入电路的阻值减小，因此滑片向下滑动。 （5）在“100”挡位进行欧姆调零，则有 E I  g1 R 内 1 R 在ab两表笔间接入阻值为6000的定值电阻 1，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的4，则有 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002I E g1  4 R R 内 1 1 R 在ab两表笔间接入待测电阻 x，稳定后表头G的指针偏转到满偏刻度的3，则有 I E g1  3 R R 内 x 联立解得 2 R  R x 3 1 则 R 4000 x 1 13. （10分）由某种透明介质制成的一柱状体，其横截面AOB为4圆，О点为圆心，圆半径为R。一束光 3 R 垂直射向柱状体横截面的OA边，入射点C到圆心的距离为 2 ，光恰好射到球面上D点（未画出）发生 全反射后从OB边射出，已知光在真空中传播的速度为c。求： （1）该介质的折射率； （2）该光束从C点射入介质到射出OB边所用的时间。 2 3 3R n t 【答案】 （1） 3 ；（2） c 【解析】（1）作出光路图如图所示 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002在三角形OCD中有 3 R 2 3 sin  R 2 解得 60 因恰好发生全反射，则临界角为 C 60 可知折射率为 1 2 3 n  sinC 3 （2）根据 c n v 可知光在介质中的传播速度为 c 3 v  c n 2 根据光路图，光在介质中的路程为 3 sRcosR R 2 光在介质中的运动时间为 s t  v 联立解得 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx0023R t c 14. （14分）某同学受自动雨伞开伞过程的启发，设计了如图所示的物理模型。竖直放置在水平桌面上滑 杆上套有一个滑块，初始时它们处于静止状态。当滑块从A处以某一初速度开始向上滑动，滑动过程中受 到滑杆的摩擦力f为1N，滑块滑到B处与滑杆发生完全非弹性碰撞（作用时间极短），带动滑杆一起离开桌 面竖直向上运动，之后上升了h＝0.2m时速度减为0。已知滑块的质量m＝0.2kg，滑杆的质量M＝0.6kg， A、B间的距离L＝1.2m，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力。求： N N （1）滑块在静止时和向上滑动的过程中，桌面对滑杆支持力的大小 1和 2； v （2）滑块与滑杆碰撞前瞬间的速度大小 1； v （3）滑杆从A处开始向上运动的初速度 0。 【答案】 （1）8N，5N；（2）8m/s；（3）10m/s 【解析】（1）滑块静止时，根据整体法可知桌面对滑杆支持力的大小 N M mg 0.20.610N8N 1 当滑块向上滑动时，根据牛顿第三定律可知，滑块对滑杆的摩擦力大小为1N，方向竖直向上，则对滑杆进 行受力分析，根据平衡状态得桌面对滑杆支持力的大小 N Mg f 0.610N1N5N 2 （2）当滑杆和滑块一起脱离地面后，向上做匀减速运动，则 v2 h 2g 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002解得滑杆和滑块开始一起向上运动的速度大小为 v 2gh  2100.2m/s2m/s 当滑杆和滑块发生碰撞的瞬间，根据动量守恒定律得 mv M mv 1 解得滑块与滑杆碰撞前瞬间的速度大小 mM 0.2.06 v  v 2m/s8m/s 1 m 0.2 （3）选竖直向上的方向为正方向，根据牛顿第二定律得，滑块的加速度为 mg f 0.2101 a   m/s2 15m/s2 1 m 0.2 负号表示加速度方向竖直向下 根据运动学公式 v2v 2 2al 0 1 解得滑杆从A处开始向上运动的初速度 v 10m/s 0 15. （16分）如图所示，足够长的粗糙绝缘斜面与水平面成30固定在地面上，在斜面上虚线aa和bb 与斜面底边平行，在aa、bb围成的区域有垂直斜面向上的有界匀强磁场，磁感应强度为B1T；现有一 质量为 m1kg 、边长d 0.1m、匝数n10、总电阻R2Ω的正方形金属线圈 MNQP ，让PQ边与斜面底边 3  平行，从斜面上端静止释放，线圈刚好匀速穿过整个磁场区域，已知线圈与斜面间的动摩擦因数为 6 ， g 10m/s2 （取 ）求： （1）线圈进入磁场区域时的速度大小； （2）线圈释放时，PQ边到bb的距离； q Q （3）整个线圈穿过磁场的过程中，流过线圈的电荷量 及线圈上产生的焦耳热 。 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002【答案】 （1）5m/s；（2）5m；（3）q0， Q0.5J 【解析】（1）线框进入磁场前，由牛顿第二定律 mgsinmgcosma 解得 a2.5m/s2 因为线框匀速进入磁场，由电磁感应定律及受力平衡 E I  R EnBdv F nBId 安 mgcosF mgsin 安 解得线圈进入磁场区域时的速度大小 v5m/s （2）由匀加速直线运动规律 v2 2ax 解得线圈释放时，PQ边到bb的距离 x5m 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002E  I  En （3）由 qIt ， R ， R 得  qn R 又因为线框穿过磁场前后0，所以q0； 线框全程匀速穿过磁场，则磁场宽度等于d 0.1m，由功能关系 Q W 安 W F 2d 安 安 解得 Q0.5J 微信公众号：【高中精品资料君】全网最全电子讲义以及最全网课，有需要的联系微信：xygewx002