下关一中教育集团2023～2024学年高一年级上学期期中考物理-答案(1)_2023年11月_0211月合集_2024届云南省大理下关第一中学高三上学期11月期中考试

下关一中教育集团 2023~2024 学年高一年级上学期期中考 物理参考答案 第Ⅰ卷（选择题，共52分） 一、选择题（本大题共13小题，每小题4分，共52分。在每小题给出的四个选项中，第1～ 8题只有一项符合题目要求；第9～13题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不 全的得2分，有选错的得0分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 C C C D A A B 题号 8 9 10 11 12 13 答案 B AD CD AC BD AB 【解析】 1．依题意，题中“12357公里”是路程，不等于位移的大小，故A错误。依题意，“21点50 分”所指为一个瞬间，是时刻；“13小时47分”所指为一个过程，是时间间隔，故B错误。 “1028天”所指为一个过程，是时间间隔，故C正确。“时速约900公里”是指路程与时 间的比值，所指为平均速率，故D错误。 2．探测器降落过程中位移随时间的变化规律x100t5t（2 m），与匀变速直线运动的位移公式 1 xv t at2进行比对可知，探测器初速度为v 100m/s，加速度为a10m/s2，则由 0 2 0 vv at，得第3s初即第2s末的速度v100m/s102m/s80m/s，故A、B、D错误， 0 C正确。 3．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体的方法叫理想模型法，故A错误。 x 当t 极短时， 就可以表示物体在某时刻或某位置的瞬时速度，这体现了物理学中的极 t v 限法，故B错误。加速度的定义a 采用的是比值定义法，故C正确。“质点”概念的 t 引入是运用了理想模型法，故D错误。 4．弹力的方向总是垂直于支持面，所以受到钢管的弹力方向与钢管垂直斜向上，故A错误。 重力的方向始终竖直向下，故B错误。小鸟在钢管上保持静止不动，根据受力平衡可知， 钢管对鸟的摩擦力等于此时重力沿钢管斜向下的分量，钢管的倾斜角度没有变化，所以摩 擦力不变，故C错误。弹力产生的原因是由于相互接触的物体间发生弹性形变而产生的， 物理XG参考答案·第1页（共6页） {#{QQABSY6UggAgQhAAAAhCUwHgCgGQkBGCAAoOwAAMoAABABFABAA=}#}小鸟受到弹力是因为钢管发生弹性形变，故D正确。 5．木块在长木板上滑动，二者间滑动摩擦力大小为mg ，长木板处于静止状态，根据平衡 2 条件可知，地面给长木板的静摩擦力与木块给长木板的滑动摩擦力平衡，所以地面静摩擦 力大小为mg，故A正确，B、C、D错误。 2 6．物体做匀速直线运动的条件是合力为零，判断各选项中的三个力的合力能否为零。常用的 方法是先找出其中两个力的合力范围，看看第三个力是否在这两个力的合力的范围之内， 在范围之内合力可以为零，否则不能。3N 和 4N 的合力范围是1N≤F ≤7N，第三个力 合 5N 在这个范围之内，这三个力的合力可以为零，能使物体做匀速直线运动，故 A 正确。 10N和8N的合力范围是2N≤F ≤18N，第三个力25N不在其范围之内，这三个力的合 合 力不可以为零，不能够使物体做匀速直线运动，故 B 错误。5N 和 20N 的合力范围是 15N≤F ≤25N，第三个力 30N 不在其范围之内，这三个力的合力不可以为零，不能够 合 使物体做匀速直线运动，故C错误。10N和20N的合力范围是10N≤F ≤30N，第三个 合 力35N不在其范围之内，这三个力的合力不可以为零，不能够使物体做匀速直线运动，故 D错误。 7．对小球进行受力分析，如图1所示，板与竖直方向 mg mg 夹角为，则N  ，N  ，随着板顺时 2 sin 1 tan 针方向转动，越来越大，因此N 越来越小，同 2 图1 样N 也越来越小，故B正确。 1 8．由于ABBC，则v t v t ，可得t ∶t 1∶2，取 D为 BC的时间中点，可以 AB AB BC BC AB BC 将 AC段分割为三个等时间间隔，如图 2 所示，易 得 v v 4v 、 v v ， 两 式 相 加 可 得 A B D v v v 5v，注意到B是AD阶段的中点时刻， A B D 图2 5 那么有v v 2v ，综上可得v  v，故B正确。 A D B B 3 vv 104 9．以初速度的方向为正方向，若初、末速度方向相同，加速度a 0  m/s2 6m/s2， t 1 方向与初速度的方向相同，故 A 正确，B 错误。若初、末速度方向相反，加速度 vv 104 a 0  m/s2 14m/s2，负号表示方向与初速度的方向相反，故 C 错误，D t 1 正确。 10．根据vt 图像的斜率表示加速度，结合图像可得加速阶段甲、乙两车加速度比为 物理XG参考答案·第2页（共6页） {#{QQABSY6UggAgQhAAAAhCUwHgCgGQkBGCAAoOwAAMoAABABFABAA=}#}3vv a 甲  t  2 ，故 A 错误。由题图可判断知，当甲、乙速度相等时，两者相距最远， a 3vv 1 乙 2t 3v 3v 有3va(tt)va t，甲减速阶段的加速度大小为a   ，联立求得两者相 甲 乙 甲 2tt t 距最远时的时间t1.25t ，故B错误。依题意知，甲、乙从同一地点同时出发，根据vt 图像围成的面积表示位移，可知开始一段时间内甲在前，乙在后，甲先加速，后减速， 乙一直加速，在 1.25t 时刻两车相距最远，但由图像求出在 2t 时刻，甲的位移为 (v3v) 1 7 (v3v) s  t 3v(2tt) vt，s  2t4vt ，显然s s ，所以在0～ 甲 2 2 2 乙 2 乙 甲 2t时间内甲、乙两车一定能相遇；根据平均速度公式可求得0～2t时间内甲、乙两车平均 s 7 甲 vt 速度比为 v 甲  2t  s 甲  2  7 ，故C、D正确。 v s s 4vt 8 乙 乙 乙 2t 11．连续相等时间内的位移差为x x x x x x 0.3m，所以足球做匀变速直线运动， 1 2 2 3 3 4 x 0.3 故 A 正确。由xat2，可得足球的加速度大小为a  m/s2 30m/s2，故 B 错 t2 0.12 x x 1.050.75 误。图中第二个球的速度 v  1 2  m/s9m/s ，则球的初速度 2 2t 20.1 v v at 9m/s300.1m/s12m/s，故C正确。整个过程中足球的平均速度大小为 1 2 x x x x 2.4 v 1 2 3 4  m/s6m/s，故D错误。 4t 0.4 12．轻绳对人的拉力与人对轻绳的拉力是一对作用力和反作用力，故 A 错误。重力、轻绳对 人的拉力、OC的支持力构成等边三角形，所以轻绳对人的拉力和 OC的支持力大小都等 G N T 于人的重力大小G，故B正确。根据相似三角形，有   ，则有T  N G， OA OC AC AC更长，则轻绳承受的拉力更大，OC段受到的压力一直不变，故C错误，D正确。 13．对AB组成的整体受力分析，整体受力平衡，竖直方向受到重力和地面对B的支持力，所 以地面对B的支持力等于(M m)g，故A正确。对A受力分析，受到重力、支持力、推 力和摩擦力作用，垂直于斜面方向有N mgcos30Fsin30，当F 0时，N 最小，最 3 3 小 为 N mgcos30 mg ； 当 F  mg 时 ， N 最 大 ， 最 大 为 min 2 2 3 1 3 3 N mgcos30 mg  mg ，根据牛顿第三定律可知对 B 压力的最小值为 max 2 2 4 物理XG参考答案·第3页（共6页） {#{QQABSY6UggAgQhAAAAhCUwHgCgGQkBGCAAoOwAAMoAABABFABAA=}#}3 3 3 mg ，最大值为 mg ，故 B 正确。沿着斜面方向，当Fcos30mgsin30，即 2 4 3 3 F  mg 时，摩擦力为零，当F  mg 时，静摩擦力方向沿斜面向上，摩擦力为 3 3 1 3 f mgsin30Fcos30；当F 0时，f最大， f mgsin30 mg ；当F  mg， max 2 3 3 静摩擦力方向向下，则摩擦力为 fFcos30mgsin30；当 F  mg 时， f 为 2 3 3 1 1 1 f  mg  mg  mg。综上可知，所受摩擦力的最小值为0，最大值为 mg ； max 2 2 2 4 2 故C、D错误。 第Ⅱ卷（非选择题，共48分） 二、填空、实验题（本大题共2小题，共16分） 14．（每空2分，共8分） （1）弹簧自身重力的影响 无 （2）50 （3）AB 【解析】（1）由于实际弹簧都有重力，故竖直悬挂后，有了一定的初始伸长量，使得图线 不过坐标原点。应用图像法处理实验数据，所对应图像的斜率就是弹簧弹力与弹簧伸长 量关系，弹簧质量不会导致弹簧劲度系数的测量结果与真实值不同。 F 10.05.0 （2）该弹簧的劲度系数为k   N/m50N/m。 x (21.0011.00)102 （3）当弹簧弹力为0时，弹簧处于原长，由图乙可知，横轴截距表示原长，所以a的原长 比b的短，故A正确。根据胡克定律可得F kxk(LL )，可知图线的斜率表示弹簧的 0 劲度系数，所以a的劲度系数比b的大，故B正确，C错误。根据胡克定律可知，弹簧的 弹力与弹簧的伸缩量成正比，故D错误。 15．（每空2分，共8分） （1）0.5（或0.50） d2 （2）a 2LT2 （3）0.25 （4）偏小 物理XG参考答案·第4页（共6页） {#{QQABSY6UggAgQhAAAAhCUwHgCgGQkBGCAAoOwAAMoAABABFABAA=}#}d 【解析】（1）遮光条经过光电门时的平均速度v ，得到v0.5m/s。 T d d2 （2）依据匀变速直线运动的速度与位移的关系，有v2 2aL，又v ，解得a 。 T 2LT2 （3）由（2）中的表达式，代入数据可以得到a0.25m/s2。 （4）由于光电门测速度只是测量平均速度，在匀变速直线运动中，平均速度与中间时刻 的瞬时速度相等，却又小于中间位置的瞬时速度，而在测量位移 L 时，测的是光电门中 间位置到遮光条之间的距离，大于中间时刻所在位置到遮光条之间的距离，所以测量计 算出来的加速度比真实的加速度偏小。 三、计算题（本大题共3小题，共32分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算 步骤，只写出最后结果的不能得分） 16．（8分） 解：（1）设第二个减速阶段航天飞机运动的初速度大小为v ，根据运动学公式有 1 v2 v2 2ax ，v2 2a x ，x x x 0 1 1 1 1 2 2 1 2 联立解得v 40m/s 1 （2）由速度与时间的关系可得 v v at ，v a t ，t t t 0 1 11 1 2 2 1 2 联立解得t 31s 17．（10分） 1 解：（1）若沿拖杆方向施加大小为F  mg的推力推拖把时，拖把头在水平地板上保持 1 2 静止，水平方向根据受力平衡可得 1 f F sin37 mg0.60.3mg 1 2 5 （2）在拖地过程中，若沿拖杆方向施加大小为F  mg的推力推拖把，拖把头在水平地 2 4 板上刚好做匀速直线运动，根据受力平衡可得 5 3 fF sin37 mg0.6 mg 2 4 4 5 F mgF cos37mg mg0.82mg N 2 4 又 fF N 解得拖把头与水平地板间的动摩擦因数为 3 mg f 4 3    F 2mg 8 N 物理XG参考答案·第5页（共6页） {#{QQABSY6UggAgQhAAAAhCUwHgCgGQkBGCAAoOwAAMoAABABFABAA=}#}18．（14分） 解：（1）设小球从最高点下落的时间为t，则 1 h g(t1)2 2 1 h25m gt2 2 联立解得t3s，h20m 小球上抛的高度为 v2 h 0 5m 2g 则小球抛出点离地面的高度为 H h25h40m （2）小车车尾到达抛出点正下方所用时间为t ，则 1 1 s at2 2 11 解得t 3s 1 1 则小球的位移xv t  gt2 01 2 1 解得x15m 大小为15m，方向竖直向下 （3）小车车尾到达抛出点正下方速度为 vat 6m/s 11 当小车车尾刚好接住小球，则 1 xv(t tt ) a(t tt )2 0 0 1 2 0 1 解得a12m/s2 当小车车头刚好接住小球，则 1 xv(t tt ) a(t tt )2 L 0 1 2 0 1 解得a22m/s2 故12m/s2 a 22m/s2 2 物理XG参考答案·第6页（共6页） {#{QQABSY6UggAgQhAAAAhCUwHgCgGQkBGCAAoOwAAMoAABABFABAA=}#}