物理答案云南师大附中2025届高考适应性月考卷（六）物理B卷-答案(1)_2024-2025高三（6-6月题库）_2024年12月试卷_云南师大附中2025届高考适应性月考卷（六）物理试卷_物理试卷答案

物理参考答案 选择题：共 10 小题，共 46 分。在每小题给出的四个选项中，第 1~7 题只有一项符合题目要 求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的给6分，选对但 不全的给3分，有选错的给0分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B D C B A D C AC CD BD 【解析】 1．蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为电能，故A错误。太阳能电池板把太阳能转化为电 能，故C错误。风力发电将空气的机械能转化为电能，故B正确。太阳能、风能属于可再 生能源，故D错误。 2．根据PUI ，代入数据可得I 3.8A，故A、B 错误。容量QIt 18720C，故C错误。 P P I2r 48W，故D正确。 机 电 3．材料的电阻率与材料的本身有关，与温度等因素有关，所以电导率也与材料的本身有关， L 与温度等因素有关，材料的电导率越大，其导电性能越强，故 A、B 错误。由R 知 S RS U W Fx FxS kgm3  ；又R ，U   ，F ma，qIt；则 ；电阻率的单位为 ； L I q q LI2t A2 s3 1 A2 s3  ，所以电导率的单位为 ，故C正确。  kgm3 GMm 4π2 GMT2 4 4．由 m (Rh)，得h 3 R，故 A 正确。结合M V  πR3，得 (Rh)2 T2 4π2 3 3π Rh 3 GMm GM    ，故 B 错误。结合 mg ，得 g  ，故 C 正确。结合 GT2  R  R2 R2 GMm v2 GM 0 m ，得v ，故D正确。 R2 0 R R 5．粉尘吸附电子后带负电，因此向正极A运动。由于电离出的气体中电子导电，煤粉吸附的 q mnN e It 电荷量为q，设每天处理煤粉的总量为m，则qmnN e，由I   A ，得m ， A t t nN e A 故A正确。 物理参考答案·第1页（共6页） {#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}6．当 S 与 3、4 相连时，多用电表是欧姆表，内置电源的正极应与黑表笔相连，电源的负极 应与红表笔相连，所以A为红表笔，B为黑表笔，但红表笔电势比黑表笔低，故A错误。 当S与5、6相连时，多用电表是电压表，接6时串联电阻较大，电压表的量程较大，故B 错误。当 S 与 1、2 相连时，多用电表是电流表，开关 S 接 1 时，量程为 0~100mA， I (R R ) I R I I  g g 2 ；S 接 2 时，量程为 0~10mA， I I  g g ，代入数据得 1 g R 2 g R R 1 1 2 10 R  ，R 10，故C错误，D正确。 1 9 2 7．以ab合在一起为研究对象，库仑力为内力，F 2mgF ，故A错误。剪断连接球a的 T1 F mg 细线瞬间，以整体为研究对象，Mg2mgF m e ，以 b 球为研究对象，则 N m F F mg，联立两式解得F MgF Mg，根据牛顿第三定律，地面受到的压力小于 e N Mg，故 B 错误。剪断连接球 b 的细线瞬间，同理可得F Mg2mgF ，故 C 正确。 N F mgF ma，得F 2mgma F ，故D错误。 T2 e 0 T2 0 8．选择1接线柱不动，另外一个接线柱有2（7）、3（6）、4（5）三种选择，这三种选择组成 742 1435 2128 的并联电阻阻值分别为R  6，R  10，R  12，故总 12 49 13 49 14 49 共有三种不同的阻值，最大阻值为12，最小阻值为6。故选AC。 4 9．由图线a知，此硅光电池的电动势E6.8V，由图线b知，电阻R 20，当电阻 0.2 接在硅光电池上，在该光照强度下U 4V，I 0.2A，由EU Ir得r14；电池总 外 外 功率 PEI 6.80.2W1.36W ，电池的输出功率 P U I 40.2W0.8W ，效率 出 外 P  出 100%59%，故A、B错误，C、D正确。 P 10．带电液滴在平行板中受到向上的电场力和向下的重力处于平衡状态，在温度升高的过程 中，热敏电阻R 阻值变小，回路中电流变大，路端电压减小，由于流过定值电阻R 的电 T 1 流变大，所以电阻R 分的电压变大，而路端电压减小，故电压表V 示数减小，平行板间 1 2 物理参考答案·第2页（共6页） {#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}的电场强度也减小，导致带电液滴向下运动，液滴受到的电场力做负功，电势能增加，故 A错误。电压表V 测路端电压，电压表V 测热敏电阻R 两端电压，电压表V 测定值电阻 3 2 T 1 U U R 两端电压，由U EIr，得 3 r，U EI(rR )，得 2 rR ，由U IR 1 3 I 2 1 I 1 1 1 U U U U U U 得 1 R ，故 1 、 2 、 3 都不变，且 2  3 ，故B正确。R 减小，R 一 I 1 I I I I I T 外 定减小，但R 初始值可能大于等于和小于内阻r，所以电源的输出功率有不同的可能性， 外 (rR )R R 故C错误。采用等效思想，新电源内阻r 1 2 ，E 2 E，因为R 与r大 rR R rR R T 1 2 1 2 小关系不确定，所以电阻R 的功率可能增大，也可能减小，故D正确。 T 非选择题：本大题共5小题，共54分。 11．（除特殊标注外，每空2分，共8分） （1）R R 2 3 （2）如图所示（1分） （3）①最左端（1分） （4）r (k1)R 1 2 12．（每空2分，共10分） （1）AC （2）不变 变长 （3）5.6103 ~6.0103 （4）5.6104 ~6.0104 【解析】先将 S 掷向 1 端，然后掷向 2 端，电容器先充电后放电，但是电容不变，故 A 正确，B错误。电容器充电时，电荷量增加，两极板间电场增加，所以电场能增加，故C 正确。一个极板带正电荷，一个极板带负电荷，故D错误。 （2）不改变其他参数，只增大电阻R，充电时it曲线与横轴所围成的面积将不变；由于 电阻对电流有阻碍作用，所以增大电阻，电流减小，则充电时间变长。 物理参考答案·第3页（共6页） {#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}（3）根据图像的含义，因为QIt，所以it图像与横轴所围的面积表示电容器的放电量； 根据横轴与纵轴的数据可知，一个格子的电量为1.0104C，格子为56~60个，所以释放 的电荷量是Q5.6103 ~6.0103C。 Q （4）C  5.6104 ~6.0104F。 U 13．（10分） 解：（1）设子弹的质量为m，射入后共同速度为v ，子弹与木块B作用过程中，根据 1 动量守恒定律，有 mv (mm )v ① 0 B 1 根据能量守恒定律，产生的内能等于系统损失的动能 1 1 QE E  mv2  (mm )v2 49J ② k0 k1 2 0 2 B 1 （2）A和含有子弹的B与弹簧发生相互作用的过程中，当二者共速时，弹簧的弹性势能最 大，设共同速度为v ，根据动量守恒定律得 2 (mm )v (mm m )v ③ B 1 B A 2 根据能量守恒定律，弹簧获得的最大弹性势能 1 1 E  (mm )v2  (mm m )v2 ④ p 2 B 1 2 B A 2 2 解得E  J ⑤ p 3 评分标准：本题共10分。正确得出①~⑤式各给2分。 14．（12分） 1 解：（1）根据动能定理：eU  mv2 ① 2 2eU 质子在加速电场中获得的速度v ② m 物理参考答案·第4页（共6页） {#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}v2 （2）质子在辐向电场中做匀速圆周运动：eE m ③ 0 R 0 2U 解得R  ④ 0 E 0 （3）在匀强电场中做匀变速曲线运动，质子打在B位置时： 2 R R R2   vt ⑤  2 eE a ⑥ m R 1  at2 ⑦ 2 2 8U 联立，解得E  (74 3) ⑧ R 2 R 质子打在A位置时：R R2   vt ⑨  2 8U 同理可得E (74 3) ⑩ R 8U 8U 所以E的范围为 (74 3)≤E≤ (74 3) R R 评分标准：本题共12分。正确得出①式给2分，其余各式各给1分。 15．（14分） 解：（1）小滑块做匀速直线运动，可知 qE mg ① 2 得E 400N/C，方向竖直向下 ② 2 小滑块在平台NA上运动，由动能定理得 1 1 qE LmgL mv2  mv2 ③ 1 2 A 2 0 得0.3 ④ 物理参考答案·第5页（共6页） {#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}（2）t 0.1s后，如图，滑块做匀速圆周运动，到达N点，由几何关系得 1 135 ⑤ 2πr  3 t    s ⑥ 2 v 360 8 0 由动量定理有qEt mgt mv mv ⑦ 13 3 A 0 滑块从M点运动到A点的时间 t t t t ⑧ 1 2 3  3  t 0.1 1s1.475s ⑨  8  （3）根据题目信息，小滑块在半圆形轨道上运动到最小速度时，滑块和轨道间的弹力恰 好为零，假设该点为D点，则有 v2 mgsinqE cosm Dmin ⑩ 1 R 1 1 mgRmgRsinqE Rcos mv2  mv2 1 2 Dmin 2 A 2 6 解得v  m/s Dmin 3 评分标准：本题共14分。正确得出⑩、 式各给2分，其余各式各给1分。 物理参考答案·第6页（共6页） {#{QQABDYQEgggAQhAAAAhCQQVwCAMQkhCCCagGABAAMAIAyQNABCA=}#}