文档内容
哈三中 2024-2025 学年度上学期
高二学年期中考试物理试卷
一、单选题（共7小题，每题4分，共28分）
1. 下列说法中正确的是（ ）
A. 电荷在电场中受力方向与该点电场方向相同
B. 电场线是假想曲线，磁感线是真实存在的
C. 电源通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能
D. 同向电流间有相互排斥的作用力
【答案】C
【解析】
【详解】A．正电荷在电场中的受力方向与电场方向相同，负电荷在电场中的受力方向与电场方向相反，
A错误；
B．电场线与磁感线都是假想的曲线，实际都不存在，B错误
C．电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置，C正确；
D．根据安培定则和左手定则可以判定，同向电流间有相互的引力，D错误.
故选C。
2. 如图所示，某带负电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，运动轨迹为实线，虚线O、P、Q为电
场中的三个等势面，相邻两等势面之间的电势差相等，下列说法正确的是（ ）
A. 粒子在A点加速度比B点大
B. 该粒子在A点电势能比B点小
C. 该粒子在A点动能比B点大
D. A点电势比B高
【答案】A
【解析】
【详解】A．等差等势面越密集电场强度越大，则粒子电场力越大，粒子加速度越大，由图知A点等差等势面密集，故A的加速度大于B点加速度，故A正确；
B．带电粒子由A点运动到B点，在A点处速度沿轨迹的切线方向，所受电场力与等势面垂直且指向轨迹
内侧，如图所示
从上图可知粒子从A点运动到B点，电场力方向与速度方向夹角为锐角，故电场力做正功，电势能降低，
故该粒子在A点电势能比B点大，故B错误；
C．以上分析可知，粒子A从点运动到B点，电场力做正功，动能增大，该粒子在A点动能比B点小，故
C错误；
D．结合以上分析可知，由于粒子带负电，则电场线方向大致向左上方垂直于等势面，根据沿电场线方向
电势降低，故A点电势比B低，故D错误。
故选A 。
3. 如图，某科技小组要探究长直导线周围磁场分布情况，将长直导线沿南北方向水平放置，在导
线正下方的P处放置一枚可自由转动的小磁针。当导线中通以恒定电流后，小磁针 N极向纸外偏
转，则下列说法正确的是（ ）
A. 导线不通电时，小磁针的N极指向南方
B. 导线中的电流方向由北指南
C. 将磁针远离导线，磁针与导线的夹角将增大
D. 磁针静止后与导线的夹角等于90°
【答案】B
【解析】
【详解】A．地磁场由南指向北，导线不通电时，即只在地磁场作用下，小磁针的N极指向北，故A错误；
B．小磁针N极向纸外偏转，表明电流产生的磁场在小磁针位置的方向向东，根据安培定则可知，导线中
的电流方向由北向南，故B正确；
C．将磁针远离导线，通电导线在磁针处的磁场减小，磁针与导线的夹角满足可知磁针与导线的夹角将减小，故C错误；
D．由于地磁场不为零，磁针静止后与导线的夹角小于90°，故D错误。
故选B。
4. 如图所示的U-I图像中，直线a表示某电源路端电压与电流的关系图线，图线 b为非线性元件小灯泡的
U-I图线。用该电源直接与小灯泡连接成闭合电路，以下说法正确的是（ ）
A. 小灯泡的阻值为2Ω B. 该电源电动势为5V
C. 电源内阻为2Ω D. 电源的总功率为8W
【答案】A
【解析】
【详解】A．由图像交点坐标，可得此状态下小灯泡的阻值为
故A正确；
BC．根据闭合电路欧姆定律可得
根据U-I图像可得，电源电动势为纵截距6.0V，内阻为
故BC错误；
D．此状态下电源的总功率为
W
故D错误。
故选A。
5. 四个点电荷位于正方形四个顶点上，电荷量及其附近的电场线分布如图所示。ab、cd分别是正方形两组
对边的中垂线，O为中垂线的交点，P为 ab上的一点，M点为 cd上一点，OP>OM。则下列说法正确的是
（ ）A. P点的电场强度比M点的大
B. P点场强方向与M电场强方向相同
C. OP两点间的电势差等于OM 间的电势差
D. 一带正电的试探电荷在M点的电势能比P点大
【答案】C
【解析】
【详解】A．电场线的疏密表示场强的大小，电场线越密，电场强度越大，根据图象知P点的电场强度比
M点的小，故A错误；
B．某点电场沿电场线切线方向，则P点场强方向与M电场强方向垂直，故B错误；
C．根据电场线与等势面垂直，可知ab与cd是两条等势线，则P与O的电势相等，M与O的电势也相等，
所以P、M两点的电势相等，OP两点间的电势差等于OM 间的电势差，根据 可知，一带正电的
试探电荷在M点的电势能与在P点的电势能相等，故C正确，D错误；
故选C。
6. 如图所示，面积为S的长方形线框CDEF放在垂直纸面向里、范围足够大的、磁感应强度大小为B的匀
强磁场中，线框初始平面与磁场垂直，线框以CF边为轴在磁场中转动 则此时穿过线框CDEF中的磁
通量大小为（ ）
A. BS B. C. D. 2BS
【答案】B【解析】
【详解】线框以CF边为轴，从图示位置转过60°时，穿过线框的磁通量为
故选B。
7. 如图甲，粗糙绝缘的水平地面上，电量为Q 、Q 的两个点电荷分别固定于-3L和3L的A、B两处。一质
A B
量为m、电荷量绝对值为q的带负电小滑块（可视为质点） 从x=-L处由静止释放后沿x轴正方向运动，
在x=2L处减速为0。滑块与地面间的动摩擦因数为μ，滑块在不同位置所具有的电势能 E 如图乙所示，P
p
点是图线最低点，重力加速度为g。下列说法正确的是（ ）
A. 两固定点电荷带异种电荷
B. x = L处电势最低
C.
D. 从-L到2L，电势升高
【答案】D
【解析】
【详解】AB．小滑块带负电，电势能为正，说明点电荷产生的电势为负，结合题意可知两固定点电荷均为
负电荷，在x = L处电势能最低，则x = L处电势最高，故AB错误；
C．根据功能关系知E-x图象的斜率表示电场力的大小，可知在x = L处电场力为零，则
p
解得
故C错误；
D．从-L到2L，由动能定理解得
则-L到2L，电势差为负，电势升高 ，故D正确。
故选D。
二、多选题（共3小题，每题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确。
全部选对得6分，选不全得3分，有选错或不答不得分）
8. 霍尔元件的示意图如图所示，一块通电的铜板放在磁场中，铜板的前、后板面垂直于磁场，板内通有图
示方向的电流，a、b是铜板上、下边缘的两点，则（ ）
A. a点电势高于b点电势
B. b点电势高于a点电势
C. 稳定后，仅磁感应强度增大时，上下表面电势差减小
D. 稳定后，仅磁感应强度增大时，上下表面电势差增大
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．根据左手定则，负电荷向上板面偏转，下板的电势高，b点电势高于a点电势，故A错误，
B正确；
CD．设铜板厚度为d，根据平衡条件有
根据电流的微观表达式有
得则仅磁感应强度增大时，上下表面电势差增大，故C错误，D正确。
故选BD。
9. 如图所示电路中，定值电阻. 电源内阻r=2R，滑动变阻器 的最大电阻为2R。当滑动变阻器
的滑片 P由顶端向下滑动过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表V₂示数在变小
B. 不变， 也不变
C. 电容器的电荷量增大
D. 电源的输出功率先变大后变小
【答案】BCD
【解析】
【详解】A．滑片P向下滑动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路得总电阻变大，总电流减小，
即电流表示数减小，电压表 测电阻 两端的电压，故 减小，电源内阻分压减小，路端电压变大，故
示数增大，根据
可得出电压表 示数增大，A错误；
B．定值电阻
由闭合电路欧姆定律可知因为定值电阻阻值和电源内阻阻值都不变，故 不变， 也不变，故B正确；
C．由并联电路特征可知，电容器两端的电压等于电压表 的示数，故电容器两端得电压变大，故电荷量
增加，C正确；
D．由电源的输出功率随外电阻的关系可知，当滑动变阻器阻值为 时，电源输出功率最大，故滑片由顶
端向下滑动过程中，电源的输出功率先增大后减小，D正确。
故选BCD 。
10. 如图，平面内有竖直向下、大小为 的匀强电场，OA与x轴间夹角 。质量为m，带电量为+q
的粒子从y轴上的P点，以某一未知速度 v 沿x轴正向射出，运动t时间后，平面内又加入另一匀强电场
0
E。此后粒子沿垂直于OA的方向再经时间t到达OA 界面上的一点，且到达该点时速度刚好为零。不计粒
子重力，下面说法正确的是（ ， ）（ ）
A. 粒子从P点射出的初速度
B. 后来所加匀强电场的场强
C. P点纵坐标
D. P点纵坐标
【答案】BD
【解析】【详解】A．粒子在第一个t末的速度方向垂直斜面，由类平抛运动加速度
可得
粒子从P点射出的初速度
故A错误；
B．粒子在第二个t内加速度的竖直分量为
方向竖直向上；水平方向的加速度
方向水平向左；粒子受两个电场的电场力作用，场强E 产生的加速度方向竖直向下，大小为a，可得
0
根据矢量的合成可得
可得
故B正确；
CD．第一个时间t内，粒子做类平抛运动，在竖直方向的位移
水平方向的位移在第二个时间t内，粒子做匀减速运动，竖直方向的平均速度为 ，水平方向的平均速度为 ，故在
竖直方向的位移
水平方向的位移
且有
那么，粒子竖直位移
水平位移
所以，P点与x轴的距离
又
所以P点纵坐标
故C错误，D正确。
故选BD。
二、实验题（共16 分）
11. 多用电表可以用来测电压、测电流、测电阻、检验二极管的导电性能，还能用来判断电路故障。
（1）关于多用电表的使用，下列说法中正确的是 （选填选项前的字母）；
A. 使用欧姆表时，欧姆表盘中值电阻代表欧姆表的内阻
B. 在使用欧姆挡进行短接调零时，指针指向刻度盘的最左端C. 使用多用电表前，需调整指针定位螺丝，使指针指到零刻度
D. 用欧姆挡测电阻时，改变不同倍率的欧姆挡后，需要重新进行欧姆调零
（2）某同学利用多用电表测量一个未知电阻的阻值，第一次选择的欧姆挡“ ”，发现表针偏转角度
极小（即偏转至靠近刻度盘最左端附近）。应调节至电阻挡“×____________”的档位（选填1、 10、
1000）;
（3）某同学使用多用电表测量二极管的正向电阻，应选择何种连接方式 ；
A. B.
（4）某同学按下图连接好电路，当闭合开关时，发现灯泡不发光。在不能拆开电路的前提下，现使用一
多用电表对故障电路进行检测：选择直流电压挡，闭合开关S，红、黑表笔分别接在接线柱A、B上，电压
表示数为1.5V； 断开开关S，选择欧姆表“×1”挡，红、黑表笔接D和E指针偏转很大，接E和F出现
一定角度偏转，接F和B时电表指针不偏转。则下列判断可能正确的是 （选填选项前的字母）。
A. 灯泡短路 B. 灯泡断路 C. 导线DE断开 D. 导线BF断开
【答案】（1）CD （2）1000
（3）A （4）D
【解析】
【小问1详解】
A．使用欧姆表“ ”档时，欧姆表盘中值电阻代表欧姆表的内阻，但使用其他挡位时，欧姆表的内阻等
于欧姆表盘中值电阻乘以倍率，故A错误；
B．在使用欧姆挡进行短接调零时，流经表头的电流最大，指针指向刻度盘的最右端，故B错误；
C．使用多用电表前，需调整指针定位螺丝，使指针指到零刻度线，故C正确；
D．用欧姆表测电阻时，改变不同倍率的欧姆挡后，欧姆表的内阻发生了变化，所以需要重新进行欧姆调
零，故D正确。
故选CD。
【小问2详解】选择欧姆表“ ”挡时，发现表针偏转角度极小，说明流经表头的电流很小，待测电阻较大，因此要
选择更大的挡位，故选填1000。
【小问3详解】
多用电表欧姆挡内部电源正极连接黑表笔，故选A。
【小问4详解】
A．如果灯泡短路，选择直流电压挡，闭合开关S，红、黑表笔分别接在接线柱A、B上，电压表示数为
0，故A错误；
B．如果灯泡断路，断开开关S，选择欧姆表“×1”挡，红、黑表笔接E和F指针不偏转，故B错误；
C．如果导线DE断开，断开开关S，选择欧姆表“×1”挡，红、黑表笔接D和E指针不偏转，故C错误；
D．如果导线BF断开，断开开关S，选择欧姆表“×1”挡，红、黑表笔接D和E指针偏转很大，接E和F
出现一定角度偏转，接F和B时电表指针不偏转，故D正确。
故选D。
12. 哈三中学生实验小组通过网络查找了某种电池，电池采用的是“刀片电池”技术。现将一块电芯拆解
出来，测得长为960mm，宽为90mm，用游标卡尺测量其厚度，结果如图甲所示，然后测量其电动势E和
内阻r。
某同学采用了图乙所示的电路图，在进行了正确操作后，得到了图丙所示的U-I图像。
序号 1 2 3 4 5 6
电压电压U/V 1.45 1.40 1.30 1.28 1.20 1.16
.
电流电流I/A 0 06 0.12 0.24 0.26 0.36 0.40（1）一块刀片电芯厚度为______ mm；
（2）实验中，某次测量数据见上表请在丙图中绘制出电源的U-I图像______；
（3）根据图丙绘制的图像，测得电池的电动势E =______V，内阻r =______Ω。（结果保留至小数点后
两位）
.
【答案】（1）12 60
（2） （3） ①. 1.52 ②. 1.25
【解析】
【小问1详解】
图甲游标卡尺精度为0.05mm，故电芯厚度为
【小问2详解】
结合数据得图
【小问3详解】
[1]由闭合电路欧姆定律得
图像纵截距表示电动势E=1.52V
[2]以上分析可知，图像斜率绝对值表示电源内阻
三、计算题（共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答
案的不给分。有数学计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）
13. MN、PQ为水平放置、间距为 1m的平行导轨，接有如图所示的电路。电源的电动势为 36V，内阻为
1Ω。将导体棒 ab静置于导轨上，整个装置处在匀强磁场中，磁感应强度大小为 0.5T，方向竖直向上，匀
质导体棒质量为 1kg，接入电路的部分阻值为4Ω。闭合开关S后，导体棒恰好未滑动。已知导体棒和导轨
间的动摩擦因数 最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且不计导轨的电阻，（g取 试求：
（1）导体棒受到的安培力的大小；
的
（2）滑动变阻器接入电路中 电阻。
【答案】（1）2N （2）
【解析】
【小问1详解】
导体棒恰好未滑动，根据水平方向力的平衡条件有
N
【小问2详解】
根据安培力公式有
根据闭合电路欧姆定律有
解得滑动变阻器接入电路中的电阻为14. 如图所示，在水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道 MN
平滑连接，半圆形轨道所在竖直平面与电场线平行，其半径 。一质量 ，带电荷量
的小滑块，与水平轨道间的动摩擦因数 ，将滑块从水平轨道上距离 N 点
处由静止释放，小滑块恰好运动到半圆形轨道的最高点 C。g取 ，不计运动过程中的
空气阻力，求：
（1）电场强度大小E；
（2）滑块从 C 至落地前的最小速度大小。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
小滑块恰好运动到半圆形轨道的最高点 C，可知在C点重力提供其向心力
小滑块从由静止释放到 C点的过程，由动能定理得
代入题中数据，联立以上方程解得
，【小问2详解】
把重力和电场力合成一个恒力G，设G 与竖直方向成 ，如图
1 1
结合图像可知
故
分析可知，小球从C点出来后，粒子沿G 方向做减速运动，垂直于G 方向匀速运动，故当G 方向的分速
1 1 1
度减为0时，粒子有最小速度，即
15. 如图1所示，在第二象限内存在沿x负方向匀强电场，场强大小 ，在第一、四象限存在以原点
为中心的辐射状电场，电场大小与该点到原点距离有关，大小 （r为某点到原点距离），第三
象限为方向周期变化的电场，交变电场随时间变化规律如图2所示，其中 ， 时电场方向
如图1 所示。在第二象限中有一电子源A 从 时刻起源源不断地放出质量为m、电荷量为e的电子，
A点与y轴距离 已知，与x轴距离可变化，电子的初速度可忽略。（1）求电子第一次通过y轴时的速度大小；
（2）若 A 与x轴距离为 ，求电子从A 释放至进入交变电场运动的时间；
（3）在x轴负半轴上有一挡板，若使电子以最大速度击中挡板上的位置 ，计算电子释放位置
A 与x轴的距离y以及电子由A释放的时刻。
【答案】（1）
（2）
（3） ，
【解析】
【小问1详解】
根据动能定理可得，电子第一次经过y轴的速度
解得
【小问2详解】
在第二象限运动时
在第一、四象限运动时的
运动轨迹为半径为r 半圆，运动时间
故电子进入交变电场的总时间
【小问3详解】
根据上述分析可知，电子先在第二象限加速运动，在第一、四象限做匀速圆周运动，进入第三象限的速度
水平向左，大小为 ，通过电子在水平方向的运动可得，电子在第三象限运动的时间
为了使电子进入第二象限的速度最大，需使y方向的速度最大，根据交变电场的特点可知，电子进入第三
象限的时刻满足
运动图像如图所示
加速度的大小均为
竖直方向的位移解得
设从A设出的时刻为 ，则有
其中 为电子圆周运动的时间，即
解得
由于 ，即
取整后可得
故电子由A释放的时刻
