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●设某单总线LAN,总线长度为1000米,数据率为10mbps,数字信号在总线上的传输
速度2C/3(C为光速),则每个信号占据的介质长度为__米.当CSMA/CD(非IEEE802.3
标准)访问时,如只考虑数据帧而忽略其他一切因素,则最小时间片的长度为__us,最小
帧长度是__位?
答案1.问：2c/3=2*3*10^8/3=2*10^8m/st=1000m/(2*10^8m/s)=5*10^(-6) s 在时间t内
共有信号量=10*10^6 t=10*10^6*5*10^(-6)=50 bit在1000m共有50bit每个信号占据
的介质长度=1000m/50bit=20 m/bit
2问：slot time=2S/(2c/3)=2*1000m/[2*10(8)m/s]=1*10(-5)s=10us
3问：Lmin=slot time*R=1*10(-5)s*10mb/s=1*10(-5)s*[10*10(6)b/s]=100 bit
●视频
当传输视频信号时：
带宽=图像尺寸*图像像素密度*像素的彩色分辨率*图像更新速度
●使用Windows2000操作系统的DHCP客户机，如果启动时无法与DHCP服务器通
信，一般来说，它会在保留的ip地址（如192.x.x.x）选取一个ip地址
●route print 本命令用于显示路由表中的当前项目，在单路由器网段上的输出；
由于用IP地址配置了网卡，因此所有的这些项目都是自动添加的。
tracert命令 这是验证通往远程主机路径的实用程序
●.如果信息长度为5位，要求纠正1位错，按照海明编码，需要增加的校验位是
__(19)__。
A.3 B.4 C.5 D.6 答案为4 m+k+1<2^k m=5 k=4
●特权指令在多用户,多任务的计算机中必不可少,它主要用于( )
A.检查用户的权限B.系统硬件自检和配置C.用户写汇编程序时调用D.系统资源的
分配和管理。
答案是D
●微机 A 和微机 B 采用同样的 CPU,微机 A 的主频为 800MHZ,微机 B 的主频为
1200MHZ.若微机A的平均指令执行速度为40MIPS,则微机A的平均指令周期为多
少ns,微机B的平均指令执行速度为多少MPIS请老师给出详细求解公式.
mips（每秒百万条指令）
微机A的平均指令周期＝1/(40*10^6/10^(-9))=10^9/(40*10^6)=100/4=25 ns
微机B的平均指令执行速度=40*120/80=60MIPS
●有一个 512K*16 的存储器，由 64K*1 的 2164RAM 芯片构成（芯片内是 4 个
128*128结构），总共需要（1）个RAM芯片。
为什么位扩展是 16/1=16，字扩展是 512/64=8？
Created by cherish58，2010字扩展就是数据位数不够需要将2个或者2个以上的存储芯片并行使用而提高位数，
也就提高数据线的条数。字扩展呢就是存储容量不够需要串联n个芯片来扩大容量，
容量扩大了那么地址线的条数就要多了。
分析：
首先给定的存储芯片是 64K*1位的，从这里能看出容量64K，数据线1条。要设计成
512K*16 的存储器，存储器的数据线是16条，所以需要16 块存储芯片并联才成（位
扩展）。容量512K所以需要 512/64=8 片串联达到要求（字扩展），总共需要多少芯片
呢？16*8=128片芯片。
● 若卫星信道的数据传输率为1Mbps，帧长为1000bit，利用卫星信道的两个站点从
一方到另一方的传播时延为250ms。忽略确认帧长和处理时间则
若帧的出错概率为0.1, 而假设应答帧不出现错误，当采用停等协议时，其协议效率
是（1）。若采用连续ARQ协议，发送窗口Wt＝7，接收窗口Wr＝1，在不出错的情况
下，信道的利用率为（2）
若帧传输过程中出错是突发式的，突发位数为100bit，信道的误码率为10-3,则帧的
出错概率变为（3）
在连续ARQ协议中，若发送窗口大于2K（K为编号位数），则会（4），停等协议可以
看成是连续ARQ协议的特例，即（5）
（1） A 0.02 B 0.018 C 0.1 D 0.04 A
（2） A 0.078 B 0.137 C 0.11 D 0.01 A
（3） A 0.001 B 0.1 C 0.01 D 0.0001
（4） A 发送窗口速度太快 B 接收窗口接收不下
C 接收方不能正确识别是新的下一帧还是重发的帧 D 发送窗口不能进行编号
（5） A 发送窗口等于1 B 接收窗口等于1 C 认为线路不出错 D 认为线路出错较高
答案： （1）B （2）B （3）C （4）C （5）A
(1)
d/v=250ms=0.25s
R=1Mbps=1*10^6bps=1*10^6 (bit/s)
a=(Rd/v)/L=(1*10^6*0.25)/1000=250
P=0.1
E=(1-P)/(2a+1)=0.9/501=0.00179
(2)
w=7
w<2a+1
P=0
E=W(1-P)/(2a+1)=7/501=0.139
(3)P=(1000*10^(-3))/100=0.01
●基于IP－－MAC的绑定方法用命令实现时，是 ARP －S IP MAC 吗？
在windows系统中，使用“arp -s ip mac”命令对MAC地址和IP地址进行绑定，使用
“arp -d ip mac”命令取消绑定。
这种静态的绑定有何限制？是不是每次重开机都要绑定一次？
Created by cherish58，2010只要ip地址在绑定时没有使用就可以了。是的。
●数字签名具体做法是：
1、 将报文按双方约定的HASH算法计算得到一个固定位数的报文摘要。在数学上
保证，只要改动报文中任何一位，重新计算出的报文摘要值就会与原先的值不相符。
这样就保证了报文的不可更改性。
2、 将该报文摘要值用发送者的私人密钥加密，然后连同原报文一起发送给接收者
而产生的报文即称数字签名。
3、接收方收到数字签名后，用同样的HASH算法对报文计算摘要值，然后与用发送
者的公开密钥进行解密解开的报文摘要值相比较，如相等则说明报文确实来自所称
的发送者
●当N个用户采用公钥通信时,系统中有___个密钥,若采用传统加密时,则有__个密
钥.请老师解释一下。
答：对称密钥加密，使用发件人和收件人共同拥有的单个密钥。这种密钥既用于加密，
也用于解密。
由于对称密钥加密在加密和解密时使用相同的密钥，所以这种加密过程的安全性取
决于是否有未经授权的人获得了对称密钥。希望使用对称密钥加密通信的双方，在
交换加密数据之前必须先安全地交换密钥。
所以针对本题目来说，N个用户，彼此间倘若交互数据的话，双方都需要有对方密钥。
也就是每个用户有（n－1）个。那么n个用户 有n×（n－1）。其中包括一半彼此重叠
拥有的。故此n*(n-1)/2.
公钥密码系统其特点是:
(1)加密钥和解密钥本质是不同的,知道其中一个,不存在一个有效地推导出另一个密
钥的算法;
(2)不需要分发密钥的额外信道,我们可以公开加密钥,这样无损于整个系统的保密性,
需要保密的仅仅是解密钥.
每个人都保存自己的私钥,而将对应的公钥放到一个公共通讯簿上,A要想向B发送
保密消息M,他使用B的公钥加密,发送 给B,只有B拥有对应的私钥,所以只有B能
够解密
●ATM交换分为VP交换和VC交换两种。VP交换指在交换的过程中只改变VPI的
值，透传VCI的值，而VC交换过程中VPI、VCI都改变ATM（Asynchronous Transfer
Mode,异步传输方式）采用基于信元的异步传输模式和虚电路结构。
●如果互连的局域网高层分别采用TCP/IP协议和SPX/IPX协议,那么我们可以选择
的多个网络互连设备应是:__
A.中继器 B,网桥 C网卡 D.路由器
● 数据分组产生冲突的网络区域被称为___
A,冲突域 B.网络域 C广播域 D网络分段.
答案是D,A
Created by cherish58，2010●嵌入式系统是指操作系统和功能软件集成于计算机硬件系统之中。简单的说就是
系统的应用软件与系统的硬件一体化，类似与BIOS的工作方式。具有软件代码小，
高度自动化，响应速度快等特点。特别适合于要求实时的和多任务的体系。
嵌入式计算机系统同通用型计算机系统相比具有以下特点：
1、嵌入式系统通常是面向特定应用的嵌入式 CPU与通用型的最大不同就是嵌入式
CPU大多工作在为特定用户群设计的系统中，它通常都具有低功耗、体积小、集成度
高等特点，能够把通用CPU中许多由板卡完成的任务集成在芯片内部，从而有利于
嵌入式系统设计趋于小型化，移动能力大大增强，跟网络的耦合也越来越紧密。
2、嵌入式系统是将先进的计算机技术、半导体技术和电子技术与各个行业的具体应
用相结合后的产物。这一点就决定了它必然是一个技术密集、资金密集、高度分散、
不断创新的知识集成系统。
3、嵌入式系统的硬件和软件都必须高效率地设计，量体裁衣、去除冗余，力争在同样
的硅片面积上实现更高的性能，这样才能在具体应用中对处理器的选择更具有竞争
力。
4、嵌入式系统和具体应用有机地结合在一起，它的升级换代也是和具体产品同步进
行，因此嵌入式系统产品一旦进入市场，具有较长的生命周期。
5、为了提高执行速度和系统可靠性，嵌入式系统中的软件一般都固化在存储器芯片
或单片机本身中，而不是存贮于磁盘等载体中。
6、嵌入式系统本身不具备自举开发能力，即使设计完成以后用户通常也是不能对其
中的程序功能进行修改的，必须有一套开发工具和环境才能进行开发。
●假设一个有三个盘片的硬盘,共有四个记录面,转速为7200转/分,盘面有效记录区
域的外直径为30CM,内直径为10CM,记录位密度为250位/mm,磁盘密度为8道/mm,
每磁道分16个扇区,每扇区512字节,则该硬盘的数据转输率约为____
A.2356KB/S B.3534KB/S C.7069KB/S D.1178KB/S
在教程,网校资料和其它资料上有三种答案.教程是960KB/S,而网校是1178KB/S,请
问是多少,如何算的.我的算法是:512字节*16*7200/(60*1024)=960KB/S
数据传输率=π*内直径*记录位密度/8*转速/60（字节/秒）
●若存储周期为200NS，且每个周期可访问4个字节，则存储器带宽？
每个周期可访问4个字节，4字节＝32 bit
存储器带宽= 32 bit /200 ns =32bit/ (200*10^(-9)) s = 16*10^7 bit/s =160 * 10^6 bit/s
●长10km，16Mbps，100个站点的令牌环，每个站点引入1位延迟位，信号传播速度
位200m/us，则该环上1位延迟相当于_(4)_米长度的电缆，该环有效长为_(5)_。
⑷A.10 B.12.5 C.15 D.20
⑸A.100 B.200 C.500 D.900
据时延估算公式：传播时延(us/km)*传播介质长度(km)*数据率(Mpbs)+中继器时延
传播介质长度=10km
传播速度=200m/us=0.2km/us 传播时延=1/0.2(us/km)=5(us/km)
数据率=16Mbps
Created by cherish58，2010其环上可能存在的最大时延是 10*5*16+100=900 位
没有帧发送时，其环上可能存在的最小时延为 10*5*16=800位
环上1位延迟相当于10km/800=12.5m
●RS-232-C是在OSI模型中属于（7）层协议标准，这个标准的设计数据速率是处理
（9）bit/s。
（7）A、会话 B、数据链路 C、网络 D运输 E、物理
（9）A、4800 B、9600 C、19200 D、20000 E、6400
RS-232-C是由电子工业协会(EIA，Electronic Industries Association)制定的数据终端
设备和数据电路端接设备连接的物理接口标准，属于国际标准化组织 ISO的开放系
统互连(OSI)模型中的最低层，即物理层的协议标准。它规定了接口的机械、电气和功
能特性。
RS-232-C规定的机械特性是25针的插头/座，减去一些未定义的针外，实际上只定义
了20根针的功能。用来连接两个设备至少要连接3根钱线，即信号地、发送数据和接
收数据线。在采用RS-232-C连接计算机与终端的场合就只使用这3根线。
RS-232-C的设计数据速率是2000bit/s，连接设备间的距离也有规定。为了实现更高
的数据速率和更远的距离连接，EIA又制定了另一个RS-422标准。该标准的电气特
性与RS-232-C不同，不用公共地，采用双线平衡传输的方式，在同样数据速率条件
下，可达到较远的传输距离。在数据速率是2000bit/s条件下，连接设备间的距离可扩
展到原有RS-232-C标准的约80倍。
●操作码的三种编码方法： 固定长度(等长)，Huffman编码、扩展编码
等长码：每一个操作码的长度是固定的。
计算：n位长度的用编码为 2^n
●当用安全散列算法(SHA)计算报文摘要时,某一循环的第2轮的某一步操作之前,缓
存A、B、C、D、E的十六进制值分别为：12345678，9ABCDEF0，87654321，
FEDCBA90，1F2E3D4C，则该步的轮函数f(t,B,C,D)的函数值是（1）。
用公钥加密算法RSA进行解密，若密文C=153，公钥为N=221，E=5，私钥为D=77，
则明文M=（2）。
M= C mod n =153^77 mod 221
●ISDN的基本速率接口（BRI）服务提供2个B信道和1个D信道（2B+D）。BRI的
B信道速率为64Kbps,用于传输用户数据。D信道的速率为16Kbps，主要传输控制信
号。在北美和日本，ISDN的主速率接口（PRI）提供23个B信道和1个D信道，总速
率可达1.544Mbps，其中D信道速率为64Kbps。而在欧洲、澳大利亚等国家，ISDN的
PRI提供30个B信道和1个64Kbps D信道，总速率可达2.048Mbps。我国电话局所
提供ISDN PRI为30B+D。
●EGP是在Internet组成单个主干网时设计的，它对于今天的多主干网不是有效的。
BGP（边界网关协议）：BGP是为因特网主干网设计的一种路由协议。
Created by cherish58，2010CGP（CryptoGatewayProtocol）加密网关协议
●点对点协议（PPP）为基于点对点连接的多协议自寻址数据包的传输提供了一个标
准方法。PPP 最初设计是为两个对等结构之间的 IP 流量的传输提供一种封装协议。
在 TCP-IP 协议集中它是一种关于同步调制连接的数据链路层协议（OSI 模式中的
第二层），替代了原非标准第二层协议，即 SLIP。除了 IP 以外 PPP 还可以传送其它
协议，包括 DECnet 和 Novell 的 Internet 网包交换（IPX）。
●一个单位分配到的网络号是217.14.8.0,掩码是255.255.255.224.单位管理员将本单
位的网络又分成了4个子网,则每个子网的掩码是(1),最大号的子网地址是(2),最小号
的子网地址是(3).
256－224＝32
32/4=8
掩码：255.255.255.248
四个子网为： 217.14.8.0/29
217.14.8.8/29
217.14.8.16/29
217.14.8.24/29
●ATM的信元结构及原理
ITU对ATM（AsynchronousTransferMode）的定义是：ATM是一种异步转移模式。异
步是指ATM统计复用的性质。转移模式是指网络中所采用的复用、交换、传输技术，
即信息从一地转移到另一地所用的传递方式。在这种转移模式中，信息被组织成信
元（CELL），来自某用户信息的各个信元不需要周期性地出现。因此，ATM就是一种
在网络中以信元为单位进行统计复用和交换、传输的技术。
ATM是一种新型分组技术，信元实际上是具有固定长度的分组，信元总长度为53个
字节，其中5个字节是信头，48个字节是信息段，或称净荷。信头包含表示信元去向
的逻辑地址、优先等级等控制信息。信息段装载来自不同用户、不同业务的信息。任
何业务的信息都经过切割封装成统一格式信元。
ATM采用异步时分复方式，将来自不同信息源的信元汇集到一起，在缓冲器内排队，
队列中的信元根据到达的先后按优先等级逐个输出到传输线路上，形成首尾相接的
信元流。具有同样标志的信元在传输线上并不对应着某个固定的时隙，也不是按周
期出现的。异步时分复用使ATM具有很大的灵活性，任何业务都按实际信息量来占
用资源，使网络资源得到最大限度的利用。此外，不论业务源的性质有多么不同（如
速率高低、突发性大小、质量和实时性要求如何），网络都按同样的模式来处理，真正
做到完全的业务综合。为了提高处理速度、保证质量、降低时延和信元丢失率，ATM
以面向连接的方式工作。通信开始时先建立虚电路，并将虚电路标志写入信头，网络
根据虚电路标志将信元送往目的地。虚电路是可以拆除释放的。在ATM网络的节点
上完成的只是虚电路的交换。为了简化网络的控制，ATM将差错控制和流量控制交
给终端去做，不需逐段链路的差错控制和流量控制。因此，ATM结合了电路交换和分
Created by cherish58，2010组交换的优点，即ATM兼顾了分组交换方式统计复用、灵活高效和电路交换方式传
输时延小、实时性好的优点。能在单一的主体网络中携带多种信息媒体，承载多种通
信业务，并且能够保证QoS。ATM交换分为VP交换和VC交换两种。VP交换指在交
换的过程中只改变VPI的值，透传VCI的值，而VC交换过程中VPI、VCI都改变。
二、ATM的协议参考模型及各层功能
在ITU-T的I.321建议中定义了B-ISDN协议参考模型，该模型为一个立体模型，包
括三个面：用户面U、控制面C和管理面M，而在每个面中又是分层的，分为物理层、
ATM层、AAL层和高层。
协议参考模型中的三个面分别完成不同的功能：
1.用户平面U：提供用户信息流传送的功能，同时也具有一定的控制功能，如流量控
制、差错控制等；
2.控制平面C：提供呼叫控制和连接控制功能，利用信令进行呼叫和连接的建立、监
视和释放；
3.管理平面M：提供两种管理功能：包括层管理和面管理。层管理（分层），完成与各
协议层实体的资源和参数相关的管理功能，如元信令，同时还处理与各层相关的
OAM信息流；面管理（不分层），它完成与整个系统相关的管理功能，并对所有平面
起协调作用。
ATM的协议参考模型中各层功能：
1.物理层又划分为两个子层：PM（物理媒体子层）和TC（传输会聚子层）。PM（物理
媒体子层）负责线路编码光电转换、比特定时，以确保数据比特流的正确传输；传输
会聚子层功能为信元速率解藕；HEC的产生/校验；信元定界；传输帧适配；传输帧产
生/恢复。
2.ATM层主要完成四项功能：一般流量控制；信头的产生和提取；信元VPI/VCI的翻
译；信元复用和分路。
3.AAL（ATM自适应层）其功能是将高层功能适配成 ATM 信元。AAL层的目的是使
不同类型的业务，包括管理平面和控制平面的信息，经过适配之后都可用统一的
ATM信元形式来传送。AAL层与业务有直接关系。AAL 层对不同类型的业务进行不
同的适配。对于ATM用户，AAL在用户终端设备中实现；对于非ATM用户，AAL在
UNI 的网络侧设备中实现。AAL层又分为两个子层：拆装子层SAR和汇聚子层CS。
在发送端，需要将业务流适配到ATM层，SAR将高层信息分段为固定长度和标准格
式的ATM信元；在接收端，在向高层转接ATM层信息时，SAR接收ATM信元，将其
重新组装成高层协议信息格式。CS 执行定时信息的传递、差错检测和处理、信元传
输延迟的处理、用户数据单元的识别和处理等功能。
三、ATM 与IP技术简单对比
1. 服务质量保证方面
无论对运营者还是用户，QoS是服务信誉的标志。由于面向连接与面向无连接之分，
IP 技术和ATM技术在服务质量（QoS）保证方面有根本的不同。IP包的长度是不固
定的，长信息包和短信息包中信息打包、拆包时延差别很大，从而引入了较大的时延
抖动，不适于实时业务。当用户增加时，服务质量则降低，导致服务质量不稳定。目前
一些示范实时应用实际上是用低带宽利用率换取高服务质量。ATM技术使用固定长
度信元使打包、拆包时延相当，减小时延抖动，并且小信元长度降低了时延值。另外，
ATM采用流量控制技术，在连接建立之前，就通过信令协商能否保证用户的服务质
量要求，只有当网络确认之后才接受入网，保证为每一个虚电路提供不同的服务质
量。这是真正意义上的服务质量（QoS）。为弥补IP 技术在服务质量上的缺陷，TETF
Created by cherish58，2010提出如RSVP（Resource Reservation Protocol）协议。但由于IP自身限制，协议实现复
杂，进展缓慢。
2. 协议简化问题
从发展历程上看，lP技术在开发初期，传输技术不理想，于是采用逐段纠错，反馈重
传等技术，这使得协议复杂。随着光纤技术的发展，传输和处理能力的提高，这些部
分已显多余。但由于软、硬件投资问题，IP自身成了障碍，只能保留这些功能。这必然
影响网络传输效率。ATM技术充分利用光纤技术发展，简化差错控制，在中间节点不
检查业务完整性，大大简化了协议。ATM流量控制和信令是为了用精确的控制得到
网络利用率的提高和服务质量的保证。虽然复杂些，却是值得的。
TCP/IP是互联网的基础协议，TCP/IP协议框架中的IP层对应于OSI参考模型中的
网络层，完成路由选择和分组转发功能，而TCP对应于OSI参考模型中的传送层，完
成端到端之间的数据收妥确认与差错纠正等。可以看出，IP协议实质上是一种不需
要预先建立连接，而直接依赖于IP分组报头信息决定分组转发路径的数据协议。从
技术上讲，它具有以下几大特点：一是分布式结构；二是端到端原则，所有增值功能
都在网络之外由终端完成；三是IP网可以建立在任何传输通道上，可以保证异种网
络的互通；四是具有统一的寻址体系，网络可扩展性强。
ATM以面向连接的方式工作，通信开始时先建立虚电路，并将虚电路标志写入信头，
网络根据虚电路标志将信元送往目的地。为了简化网络的控制，ATM将差错控制和
流量控制交给终端去做，不需逐段链路的差错控制和流量控制。可以提高处理速度、
保证质量、降低时延和信元丢失率。ATM结合了电路交换和分组交换的优点，即
ATM具有统计复用、灵活高效和传输时延小、实时性好的优点。能在单一的主体网络
中携带多种信息媒体，承载多种通信业务，并且能够保证Qos。
相对于ATM技术，IP技术在服务质量保证、安全性、统计复用、流量管理和拥塞控制
等方面，都有先天的不足。当用户数量比较少时，这些问题还不那么突出，而一旦用
户数量增加得较快，网上的数据流量增大，问题就出来了。因此在服务质量保证方面，
IP技术不如ATM技术。
四、ATM技术在计算机通信网的应用之一：LANE
1. ATM LANE的概念
顾名思义，LANE（Emulated LAN）的功能是在ATM网络上仿真LAN，LANE协议
定义了仿真IEEE802.3以太网或802.5令牌环网的机制。LANE协议定义了与现有
LAN给网络层提供的服务相同的接口，在 ATM网络中传输的数据以相应的LAN
MAC 分组格式封装。
在ATM 网上模拟传统局域网，通过ATM 网将多个传统局域网和终端设备互联。在
ATM 网上构造新的局域网，这些局域网接点间的通信行为与传统局域网完全相同。
局域网仿真对局域网隐藏了ATM 交换结构，局域网终端感觉不到ATM网络的存在，
因此无需修改终端设备的软硬件，就可以利用 ATM网络的各种优点。由下图可见，
仿真协议主要在ATM主机和 ATM LAN桥上实现。ATMLAN桥是局域网和ATM网
间的转换器，它采用ALL5协议对局域网数据作适配，产生ATM信元，或重组ATM
信元，恢复局域网的数据帧。ATM 主机在ATM适配层与高层协议间加入局域网仿真
功能，使ATM主机模拟传统局域网设备的行为，与局域网通信。ATMLANE 是专为
LAN接入而设置的，意即ATM的局域网仿真（LANEmulation）。对传统IP 终端而言，
Created by cherish58，2010ATM网络就像是一个局域网，其中包含若干由路由器连接起来的IP子网。
LANE 基于客户端/服务器模式（Client/Server），一个LANE服务器可对多个LANE
客户端。LANE支持多种协议（MPOA：Multi-ProtocoloverATM）传送，允许不同的
LANE之间的互联；LANE 充分支持LAN中的无连接特性；LANE支持单播、多播及
广播传送；
ATM局域网的优点：
信息实时传送，因为ATM的传输、交换时延较小，可以保证信息的实时传递；具有较
强的网络处理能力，各种业务包括话音、数据、图像等均可以统一转换为ATM信元
在ATM网中传输、处理；传输速率高，易于局域网和公用网间的互通；
局域网仿真提供OSI-RM层中下两层的功能，即用ATM网络模拟局域网数据链路层
和物理层的功能，而与高层所有的业务、协议和应用无关。ATM交换机不直接参与局
域网仿真，只为ATM信元提供虚通路。
2. 局域网仿真结构
局域网仿真从逻辑上看由服务器和一组局域网仿真客户组成。
局域网仿真服务器从功能上可以划分为三种：
a.广播与未知地址服务器（BUS：Broadcast&&UnknownServer）实现广播和多点通信
功能，既仿真传统LAN的广播机制，在LEC间直接链路建立前单播LEC数据，一个
LANE中只有一个BUS；
b. 局域网仿真服务器（LES：LANE Server）是地址服务器，它保存LANE中每个LEC
的MAC地址
与ATM地址的对应关系表，以实现MAC地址与ATM地址的转换；（提供MAC地
址得注册和解析手段；响应LEC的上述请求；一个LANE中只有一个LES；）
c. 局域网仿真结构服务器（LECS：LANE Configuration Server）ATM网络中可以有多
个LANE存在，LECS保存LANE的结构信息，将LEC配置到LANE
中；（维护一个ATM网络中多个LANE内的LEC、LES和BUS的配置信息；为每个
LEC提供其所属LES的ATM地址）局域网仿真客户 LEC可以在ATM工作站和
ATM网桥上实现，其主要功能为：实现局域网的MAC帧和ATM信元的相互转换；
保存MAC和ATM及VPI/VCI的对应关系表；与局域网仿真服务器共同完成地址解
析功能；启动信令建立ATM虚连接，为传送数据提供通路；与ATM层管理接口，实
现管理功能；（在ATM终端系统上仿真以太网或令牌环网结点，至少得绑定一个
MAC地址，其功能是封装IP数据报交给ATM网传送，同时转译ATM分组，重新组
成IP数据报。）
每个LANE由一组LANE客户（LEC）和LANE服务构成。LEC还可以是作为ATM
主机代理的网桥和路由器。LANE服务由三个不同的功能实体构成：LAN仿真配置
服务器（LECS）、LAN服务器（LES）和BUS，这三个服务实体可以各自存在，但通常
位于同一设备，例如：LES 可以位于ATM 交换机、路由器、网桥和工作站。
图中LECS、LES和BUS集中在ATM工作站上，LEC1将以太网接入ATM网，LEC2
将令牌环网接入ATM网，LEC3将FDDI网接入ATM网，LEC4是ATM主机。LUNI
是局域网仿真用户网络接口，LEC 和服务器都通过LUNI和ATM网连接。4个LEC
和服务器构成一个仿真局域网LANE 。
五、ATM 技术在计算机通信网的应用之二：DSLAM
DSLAM（Digital Subscriber Liner Access Multiplexer）的定义为数字用户线接
Created by cherish58，2010入复用器，局端设备，完成ADSL接入业务的汇聚和分发。
ATM DSLAM原理上传的数据信号在ADSL Modem中，通过AAL5分段和组装
子层（SAR）功能实现MAC帧到ATM信元之间的转换，经DSL调制后，信号被传输
到局端的DSLAM侧，局端的DSLAM对ADSL信号进行解调，并恢复成ATM信元
格式。ATM DSLAM对许多这样的上传信号进行处理，对ATM信号按照某种条件进
行复接或者交换。同时对各种ATM业务进行分类管理，实现恒定比率（CBR）、实时
可变化率（xt-VBR）、准实时可变比率（nrt-VBR）、不定比率（UBR）等多种ATM业务
类型的设置，对不同类型的ATM业务设置不同的流控参数、优先级别等，以保证对
高性能服务质量QoS有不同要求的用户的支持，同时提供永久虚电路（PVC）的上连
和与上层ATM交换机建立连接。在信号下行时，下发的信号是以 ATM信元格式传
送给ATM DSLAM的，这些被接收的ATM信号，带着相关的ATM信息，比如ATM
业务类型、PVC数据以有其它一些参数等。由ATM对不同的业务参数进行识别，并
采取不同的处理措施，包括包丢弃原则、缓存机制、流控机制等，以实现不同业务的
QoS保证，然后分接到各个对应的 ADSL信号的调制，之后输出到对端的 ADSL
Modem中。
目前的 DSLAM 分为 ATM-DSLAM 和 IP-DSLAM。二者的主要区别是：ATM-
DSLAM 是全程ATM的连接，而IP-DSLAM则是将ATM连接到DSLAM设备的相
关功能板（以太网板）、实现ATM的终结，然后将ATM信元转换为以太网帧进行传
输。从组网方式看：ATM-DSLAM和IP-DSLAM都作为接入设备来使用，但ATM-
DSLAM是上连ATM汇聚交换机，而IP-DSLAM是上连三层交换机。从业务应用看：
ATM-DSLAM应用PVC实现隧道机制、安全机制和带宽承诺机制，QoS的性能也较
好，适合开放VPN业务。而IP DSLAM的PVC由于在端局设备终结，IP在数据安全
性及带宽控制方面又有先天的不足，且QoS性能较差，所以更适合访问型的Internet
业务。从用户认证看：ATM-DSLAM的认证是通过将PVC终结在ATM宽带接入服
务器（BAS）上实现的。而IP-DSLAM的PVC的映射将VLAN标识符（ID）送给IP-
BAS来对用户进行认证（也就是说如果没有VLAN ID送给上层的BAS，就无法对用
户进行认证）。因此必须要求IP DSLAM支持VLAN的数较多，以在PVC和VLAN
ID上进行一对一的映射和唯一利用VLAN ID来表示用户。
ATMDSLAM设备基于ATM先进的技术设计，完全支持多种ATM业务，如CBR、rt-
VBR、nrt-UBR、UBR等，对这些业务提供不同的处理措施、不同的缓存空间和调度
优先级以及不同级别的业务整形功能等，使得不同的ATM业务类型在整个业务传输
过程中，得到与之相适应的带宽及高性能QoS支持的保证。ATM是面向连接的传输，
具有天然的安全隔离机制，既PVC，因此不会发生信息泄露情况。
2. DSLAM 应用
DSLAM应用时具有较简洁的网络拓扑结构，可根据用户需要、组网情况以及局端
DSLAM到用户端的(ADSL/VDSL)Modem双绞线布放范围不同，选择ADSL/VDSL
接入。基于ATM技术的DSLAM除提供ADSL/VDSL等接入方式外，还支持CES、
FR等专线业务，适合多业务接入应用的情况。
DSLAM作为接入层设备通过ATM端口汇聚到端局ATM交换机，通过城域网ATM
交换机进入ATM骨干网，为用户提供Internet接入和各种专线业务。
Created by cherish58，2010针对不同类型ADSL接入用户，DSLAM与其他设备配合，如BAS（Broadband Access
Server）组网，可提供了灵活多变的计费方式：
（1）对于普通家庭用户使用PPPoE方式接入对BAS发起呼叫，BAS和Radius服务器、
Billing服务器配合完成用户的认证、流量管理和记费等功能。
（2）对于SOHO用户，在Modem上配置PPPoA和NAT，整个办公室共享一个账号，
SOHO中的计算机通过 Modem访问Internet 和其他业务。由 Modem对BAS发起
PPPoA呼叫，业务选择网关和Radius服务器、Billing服务器配合完成用户认证、流量
管理和记费等功能。
（3）对于公司的分支机构与公司总部的连接，可以通过ATM骨干网和汇聚层的ATM
交换机，建立Modem（配置IPoA和NAT，以专线包月形式计费）到公司总部间的
PVC连接，这样可以访问公司总部的服务器。以上，介绍了 ATM技术在LAN和
Internet中的应用。
●一个1km长的10Mb/s 的CSMA/CD LAN(不是802.3)，其传输速度为200m/us。数
据帧长为256位，包括32位头部、检验和以及其他开销在内。传输成功后的第一个时
槽保留给接收方以捕获信道来发送一个32位的确认帧。假定没有冲突，那么不包括
开销的有效数据传输速率为多少？
电缆的来回路程传播时间是10us（=1000/200*2）。一个完整的传输有4个阶段：
发送方获取电缆（10us）； 发送数据帧（25.6us）；
接收方获取电缆（10us）； 发送确认帧（3.2us）。
4个阶段的时间总和是48.8us，在这期间共发送224个数据比特。224/48.8=?4.6Mb/s。
因此，有效数据速率约为4.6Mb/s。
2.一个1km长、10Mb/s、负载相当重的令牌环，其传输速度为200 m/us，在环上有50
个等距的站点。数据帧为256比特，其中包括了32比特的额外开销。确认帧附在数据
帧中，故基本上可以说没有确认帧。令牌为8比特。求此环的有效数据传输速率。
从获取到令牌的时刻开始计量，发送一个分组需要0.1*256 = 25.6us。此外，必须发送
一个令牌，需要0.1*8 = 0.8us的时间。令牌必须传输20（=1000/?50）m，经过时间
20/200 = 0.1us才能到下一站。此后，下一站又可以再发送数据帧。因此，我们在26.5
（=25.6+0.8+0.1）us 内发送了 224（=256-32）位的数据，数据速率等于
224/26.5=8.5Mb/s.
●某系统总线的一个总线周期包含3个时钟周期,每个总线周期中可以传送32位数
据.若总线的时钟频率为33MHZ,则总线带宽为多少,请老师给出详细计算过程.谢谢！
总线带宽的定义为：单位时间内总线可传送的数据量。
总线宽度＝(总线位宽/8)*总线工作频率
此题中，一个总线周期有三个时钟周期，所以，T=3*（1/33M）
而一个总线周期传送的数据为，32位=4B。
所以带宽=4B/[3*（1/33M）]=4B*33M/3=44MB
●通常每个以太网帧仅发往单个目的主机，目的地址指明单个接收接口，因而称为单
播 (unicast)。有时一个主机要向网上的所有其他主机发送帧，这就是广播。多播
(multicast) 处于单播和广播之间：帧仅传送给属于多播组的多个主机。
Created by cherish58，2010ARP请求报文-广播包
ARP应答报文-单播包
●设系统中有4个进程P1，P2，P3，P4，在某一时刻系统状态如下，（前面的数字是最
大需求量，后面的数字是已分配资源量）；
P1：7，4 P2：6，2 P3：2，0 P4：3，2
系统剩余资源量是1，该系统状态是安全状态，下面哪一个不是安全序列（）
A。P4，P1，P3，P2 B。P4，P2，P1，P3 C。P4P3P1P2 D。P4P3P2P1
答案是选B
●银行家算法是这样的：
1.对于第一次进程的资源申请，如果系统现存的资源能够满足进程的需要，就要分配
给它；2.如果进程在执行过程中继续申请，系统就要测试看看进程所需要的最大资源
是不是小于它上次已经得到分配的+本次申请的（换句通俗的话说，看看这个进程是
否老实，有没有多申请资源）；
3.如果进程老实，再看看系统现存的资源能不能满足这个进程还需要的资源（就是说
系统的这点剩余资源全分配了，能不能使进程得到全部的资源而执行结束，进而释
放资源）-----这是安全的银行家算法，以后的进程的每一次申请，都得严格的按照这
个算法来进行
最大需求量 已分配资源量 还需要的 剩下的可分配的
P1： 7， 4 ， 3 1
P2： 6， 2， 4
P3： 2， 0， 2
P4： 3， 2， 1
系统剩余资源量是1，只满足P4
最大需求量 已分配资源量 还需要的 剩下的可分配的
P1： 7， 4 ， 3 3
P2： 6， 2， 4
P3： 2， 0， 2
系统剩余资源量是3，可以分配给p1,p3
所以B不是安全序列
●多个磁头向盘片的磁性材料上写数据时，是以什么方式？
A、并行 B、并—串行 C、串行 D、串—并行
B、并—串行
●磁盘上数据的组织是存放在不同盘片（或不同盘面）的同一柱面，还是存放在同一
盘面的相邻磁道？
同一柱面
Created by cherish58，2010●有不少学员在进行IP规划时，总是头疼子网和掩码的计算，其主要原因是对十进
制和二进制的转换不熟练。现在给一窍门，可以解决这个问题。首先，我们看一个例
子：
一个主机的IP地址是202.112.14.37，掩码是255.255.255.240，要求计算这个主机所
在网络的网络地址和广播地址。
常规办法是把这两个都换算成二进制，然后相与，就可得到网络地址。其实大家只要
仔细想想，可以得到一个方法：掩码为255.255.255.240那么可以知道这个掩码所容
纳的IP地址有256－240＝16个（包括网络地址和广播地址），那么具有这种掩码的
网络地址一定是16的倍数。而网络地址是子网IP地址的开始，广播地址是结束，可
使用的IP地址在这个范围内，因此比37刚刚小的，又是16的倍数的数只有32，所以
得出网络地址为202.112.14.32。而广播地址就是下一个网络的网络地址减一。而下一
个16的倍数是48，因此可以得到广播地址为202.112.14.47。
那么，如果给定一IP地址范围，根据每个网络的主机数量，要进行IP地址规划，可以
按照同样原则进行计算。比如一个子网有10台主机，那么对于这个子网就需要10＋
1＋1＋1＝13个IP地址。（注意加的第一个1是指这个网络连接时所需的网关地址，
接着的两个1分别是指网络地址和广播地址。）13小于16（16等于2的4次方），所
以主机位为4位。而256－16＝240，所以该子网掩码为255.255.255.240。如果一个子
网有14台主机，不少同学常犯的错误是：依然分配具有16个地址空间的子网，而忘
记了给网关分配地址。这样就错误了，因为14＋1＋1＋1＝17 ，大于16，所以我们只
能分配具有 32 个地址（32 等于 2 的 5 次方）空间的子网。这时子网掩码为：
255.255.255.224。
●一题如下:现采用四级流水线结构分别完成一条指令的取指令、指令译码、取数、运
算及送回结果四个基本操作，每步时间为60NS、100NS、50NS和70NS。则得到第一
条指令的时间为：网校的例题分析为因操作周期应取最长的操作时间即为100NS。
故得到第一条指令时间为100*4=400NS。而网工辅导书上介绍是4个操作时间相加
为280NS。到底应该是哪一个？
由流水线技术的基本特征可知，其平均时间取决于流水线最慢的操作，所以该流水
线的操作周期为100ns。 由题中条件可知，完成1条指令需要4个基本操作，每个操
作需要1个周期，执行第1条指令时，还不能充分发挥流水线的技术优势，需要执行
4个周期，才能得到第1条指令的运行结果，共需要400ns。
●第二题为:当有中断请求发生时,采用不精确断点法,则:网校答案为:不仅影响中断
响应时间,还影响程序的正确执行. 辅导书答案为:仅影响中断响应时间,不影响程序
的正确执行 .这个标准答案应该为哪一个?
流水线计算机处理中断的方法有不精确断点法和精确断点法两种，采用不精确断点
法，当发生中断后，计算机并不立即响应中断，而是先禁止指令再时入流水线，然后
等待已在流水线中的所有指令执行完毕，才响应该中断。
所以仅影响中断时间，而不影响执行的正确结果。
所谓“不精确断点”法。不论第i 条指令在流水线的哪一段发出中断申请，都不再允
Created by cherish58，2010许那时还未进入流水线的后续指令再进入，但已在流水线的所有指令却可仍然流动
到执行完毕， 然后才转入中断处理程序。
●在系统中安装什么协议不能实现资源的共享和访问.
A.TCP/IP B.SPX/IPX C.NETBEUI D.DCL
为什么是NETBEUI,而不是DCL?
NETBEUI是为IBM开发的非路由协议，用于携带NETBIOS通信
●有三个并发的进程,都要四个同类的资源,那么系统不发生死锁的最少资源数是多
少？
M是进程数，N是系统资源数，要满足：M＋N > M个进程所需资源数
对于这题就是3＋N>3×4 ＝>N最小为10。
套用公式就好了。
●几种特殊类型的IP地址，TCP/IP协议规定，凡IP地址中的第一个字节以“lll0”开
始的地址都叫多点广播地址。因此，任何第一个字节大于223小于240的IP地址是
多点广播地址；IP地址中的每一个字节都为0的地址（“0.0.0.0”）对应于当前主机；
IP地址中的每一个字节都为1的IP地址（“255．255．255．255”）是当前子网的广播
地址；IP地址中凡是以“llll0”的地址都留着将来作为特殊用途使用；IP地址中不能
以十进制“127”作为开头，27．1．1．1用于回路测试，同时网络ID的第一个6位组也
不能全置为“0”，全“0”表示本地网络
●ATM即异步传输模式
基本思路：把数据分割为固定的信元（CELL）来传输，每个信元有5个字节的信头，
48字节的数据字段。
异步：指信元插入到通信线路的位置是任意的，无固定结构
●网络192.168.73.0/27被划分为4个子网,分别编号0号、1号、2号、3号，那么主机
地址192.168.73.25属于(1)子网,主机地址192.168.73.100属于(2)个子网.如果在查找
路由表时发现有多个选项匹配,那么应该根据(3)原则进行选择.假设路由表有4个表
项,那么与地址139.17.145.67匹配的表项是(4),与地址139.17.179.92匹配的表项是
(5).
192.168.73.0/27划分为4个子网.表明每个子网可用主机地址为192.168.73.1-62.第二
个为192.168.73.65-127.故第一问应该是选择在(A)子网.第二问应该选择在(B)子网.
●平均数据传输率=每道扇区数*扇区容量*盘片转速
●用二进制加法对二一十进制编码的十进制数求和,当和的本位十进制数二一十进制
编码小于等于1001且向高位无进位时,___(41):当和小于等与1001且向高位有进位
Created by cherish58，2010时,__(42),当和大于1001时,___(43)
41~43 A, 不需要进行修正 B,需要进行加6修正 C,需要进行减6修正 D,进行加6或
者减6修正,需要进一步判别.
只要明白什么是二-十进制，此题就比较简单。二－－十进制就是用4位二进制数代
表1位十进制数，
然后进行计算。例如：38 可表示为：0011 1000， 26 ＝ 0010 0110
38＋26 ＝ 0011 1000
＋0010 0110
－－－－－－－－－－－－
0101 1110
－－－－－－－－－－－－
514
所以应该将14进位，将其最后结果变为64，也就是0110 0100。
1110 > 1001 (9), 将1110 ＋ 0110 ＝ 0100 （不考虑溢出）。
这样此题的答案不就是很明显了吗，
当小于9时且无进位时，无需调整
当小于9时且有进位时，需加6调整
当大于9时，肯定要6调整
●1s=10^9ns
●假设线路传输延迟时间为 TP,分组发送时间为TF,令A=TP/TF,则后退的帧数N是
什么？是MIN(2A+1,W发)还是W发,为什么?
是MIN(2A+1,W发)
后退N帧ARQ协议：
发送窗口W<=编号个数－1，接收窗口等于1。接收出错后，要求发送方从出错帧开
始重发已经发过的数据帧。
E＝正确传送数据帧的概率：（1－p）/(1－p＋N×p) × 理想线路利用率：W×tf/(2tp＋tf)
，当W的值太大，以至于超过线路上能够容纳的帧数（2a＋1）时，W窗口将起不到作
用，实际的发送窗口将等于线路上容纳的帧数，从而W＝2a＋1，此时N也约等于2a
＋1，即一个错帧总会导致约2a＋1个帧的重发，很顺利的得出此时的效率为：（1－
p）/(1－p＋N×p) 。
●网关(Gateway)又称网间连接器、协议转换器。网关在传输层上以实现网络互连，是
最复杂的网络互连设备，仅用于两个高层协议不同的网络互连。网关的结构也和路
由器类似，不同的是互连层。网关既可以用于广域网互连，也可以用于局域网互连。
比如有网络A和网络B，
网络A的IP地址范围为“ 192.168.1.1~192. 168.1.254”，
子网掩码为 255.255.255.0；
网络 B的IP地址范围为“192.168.2.1~192.168.2.254”，
子网掩码为 255.255.255.0。
Created by cherish58，2010在没有路由器的情况下，两个网络之间是不能进行TCP/IP通信的，即使是两个网络
连接在同一台交换机(或集线器)上，TCP/IP协议也会根据子网掩码(255.255.255.0)判
定两个网络中的主机处在不同的网络里。而要实现这两个网络之间的通信，则必须
通过网关。
如果网络A中的主机发现数据包的目的主机不在本地网络中，就把数据包转发给它
自己的网关，再由网关转发给网络B的网关，网络B的网关再转发给网络B的某个
主机(如附图所示)。网络B向网络A转发数据包的过程也是如此。
所以说，只有设置好网关的IP地址，TCP/IP协议才能实现不同网络之间的相互通信。
那么这个IP地址是哪台机器的IP地址呢？
网关的IP地址是具有路由功能的设备的IP地址，具有路由功能的设备有路由器、启
用了路由协议的服务器(实质上相当于一台路由器)、代理服务器(也相当于一台路由
器)。
网关不能完全归为一种网络硬件。用概括性的术语来讲，它们应该是能够连接不同
网络的软件和硬件的结合产品。特别地，它们可以使用不同的格式、通信协议或结构
连接起两个系统。网关实际上通过重新封装信息以使它们能被另一个系统读取。为
了完成这项任务，网关必须能运行在O S I 模型的几个层上。网关必须同应用通信，
建立和管理会话，传输已经编码的数据，并解析逻辑和物理地址数据。
网关可以设在服务器、微机或大型机上。由于网关具有强大的功能并且大多数时候
都和应用有关，它们比路由器的价格要贵一些。另外，由于网关的传输更复杂，它们
传输数据的速度要比网桥或路由器低一些。正是由于网关较慢，它们有造成网络堵
塞的可能。然而，在某些场合，只有网关能胜任工作。在你的网络生涯中，你很可能会
在电子邮件系统环境中听到关于网关的讨论。常见的网关，包括电子邮件网关，描述
如下：
o 电子邮件网关：通过这种网关可以从一种类型的系统向另一种类型的系统传输数
据。例如，电子邮件网关可以允许使用E u d o r a 电子邮件的人与使用Group Wi s e
电子邮件的人相互通信。
o I B M 主机网关：通过这种网关，可以在一台个人计算机与I B M 大型机
之间建立和管理通信。
o 因特网网关：这种网关允许并管理局域网和因特网间的接入。因特网网关可以限制
某些局域网用户访问因特网。反之亦然。
o 局域网网关：通过这种网关，运行不同协议或运行于O S I 模型不同层上的局域网
网段间可以相互通信。路由器甚至只用一台服务器都可以充当局域网网关。局域网
网关也包括远程访问服务器。它允许远程用户通过拨号方式接入局域网。
●有一个512K*16的存储器,由64K*1的2134RAM(芯片构成芯片内是4个128*128
结构)总共需要几个RAM芯片;用分散刷新方式,如单元刷新间隔不超过2ms,则刷新
信号的周期是多少;如采用集中刷新方式,设读/写周期T=01us,存储器刷新一遍最少
用多少时间?请老师给出详细解答过程
(1) 64K×1=> 512K×16??
位扩展：16/1=16片??
字扩展：512/64=8 片??
∴共要16×8=128片
(2) 分散刷新??
Created by cherish58，2010每个2164RAM由4个128×128的芯片构成??
2ms/128=15.625μs
(3) 集中刷新??0.1μs×128=12.8μs
●某计算机有14条指令，其使用频度分别如下所示；
I1: 0.15 I2:0.15 I3:0.14 I4:0.13 I5:0.12 I6:0.11 I7:0.04 I8:0.04 I9:0.03 I10:0.03
I11:0.02 I12:0.02 I13;0L.01 I14:0.01,若只用Huffman编码,其平均码长为 位.
Huffman编码，平均码长：∑pi ?li
平均码长∑=3.38
●DDN是数字数据网（Digital Data Network）的简称，它利用光纤、数字微波或卫星
等数字传输通道和数字交叉复用设备组成，为用户提供高质量的数据传输通道，传
送各种数据业务。数字数据网以光纤为中继干线网络，组成DDN的基本单位是节点，
节点间通过光纤连接,构成网状的拓扑结构，用户的终端设备通过数据终端单元与就
近的节点机相连。
DDN为用户提供全透明的端到端传输。
DDN支持以下业务：
租用的电路业务、高速率高质量的点对点和一点对多点的数字专用电路租用金融、
证券等系统用户组建总部与其分支机构的业务网。利用多点会议功能还可以组建会
议电视系统。
●帧中继业务
用户以一条专线接入DDN,可以同时与多个点建立帧中继电路(PVC) 。帧中继业
务特别适合局域网(LAN)互联。
话音/传真业务，DDN为用户提供带信令的模拟接口，用户可以直接通话，或接到自
己内部小交换机(PBX)进行电话通信，也可用于传真(三类传真)。
虚拟专网功能用于自己有网络管理权限，对其所属的线路及端口进行管理，如业务
的开闭、告警的监控以及种统计数据收集等。这样就相当于一部分划归给某个部门
的专门的用户群体，从开势上看，类似于用户的专用网，故称虚拟专用网(VPN)。
●一条100KM长的电缆以T1数据传输速率运转,在电缆上的传播速度是光速的2/3,
电缆长度相当于多位帧长?
V=(3×10^8)*2/3 m/s
L=100KM=1*10^5
R=1.544Mbps=1.544*10^6 bit/s
S=L/V=1*10^5/(2*10^8) s=0.5*10^(-3)
R*S=1.544*10^6 * 0.5*10^(-3)
●一个信道的比特率为4B/MS，传播延迟为20MS，帧的大小在什么范围内，停止-对
Created by cherish58，2010等协议才有至少50%的效率？
=1/(2a+1)=50%
而a=R(d/v)/L=4(B/MS)*20MS/L
E=1/(2*80/L+1)=0.5
L=160bit
●假设系统中有三类互斥资源R1/R2/R3,可用资源分别为9/8/5,在T0时刻系统中有
P1/P2/P3/P4/P5五个进程.采用银行家算法,如果进程按P2--P4--P5--P1--P1--P3序列
执行,则系统是安全的.请老师写出每步执行后可用资源数.
资源进程 最大需求量R1/R2/R3 已分配资源数R1/R2/R3
P1 6 5 2 1 2 1
P2 2 2 1 2 1 1
P3 8 0 1 2 1 0
P4 1 2 1 1 2 0
P5 3 4 4 1 1 3
首次可用资源是R1是2,R2是1,R30,执行完P2后,可用资源是否221+210=431,为什
么不是421(因为R2借用了1个剩余资源)?
资源 最大需求量 已分配资源数
进程 R1,R2, R3 R1 R2 R3
P1 6, 5 ,2 1, 2, 1
P2 2, 2 ,1 2, 1 ,1
P3 8, 0 ,1 2, 1, 0
P4 1 ,2 ,1 1, 2 ,0
P5 3, 4, 4 1, 1, 3
从上面可以看出只剩下R1 2,R2 1,R3 0.
而这时安全算法:
资源 最大需求量 已分配资源数 还需要的 剩下的可分配的
进程 R1,R2,R3 R1 R2 R3 R1 R2 R3 R1 R2R3
P1 6, 5 ,2 1, 2, 1 5, 3,1 2,1,0
P2 2, 2 ,1 2, 1 ,1 0,1,0
P3 8, 0 ,1 2, 1, 0 6,0,1
P4 1 ,2 ,1 1, 2 ,0 0,0,1
P5 3, 4, 4 1, 1, 3 2.3,1
从上面可看出现在生产剩下的2,1,0只满足P2 0,1,0而别的是满足不了的.一看就明
白,当他全部分给P2后出现下面的安全序列:
资源 最大需求量 已分配资源数 还需要的 剩下的可分配的
进程 R1,R2,R3 R1 R2 R3 R1 R2 R3 R1 R2R3
P2 2, 2 ,1 2, 1 ,1 0,1,0 4,2,1
P4 1 ,2 ,1 1, 2 ,0 0,0,1 5,4,1
P5 3, 4, 4 1, 1, 3 2.3,1 6,5,4
P1 6, 5 ,2 1, 2, 1 5,3,1 7,7,5
P3 8, 0 ,1 2, 1, 0 6,0,1 9,8,5
Created by cherish58，2010作这道题首先要看看R1,R2,R3在第一次分配资源后剩余多少资源！！
可以看出 R1剩余2个资源，R2剩余1个，R3剩余0个！然后考虑把这些剩余的资
源分配给那个进程可以使这个进程完成任务！！可以看出在第一次分配后 P2再需
要R1：0,R2：1,R3：0就可以完成任务。故先将资源分给P2，P2完成任务后便释放自
己的资源！这时剩余资源就为R1:4,R2:3,R3:1,然后看看把剩余这些资源在分配给那
个进程使其能完成任务！由题可知分配给 P4可以使P4完成任务！P4完成任务后
在释放资源！然后再看看剩余资源分配给那个进程可以使其完成任务......直到将所
有的进程都分配完！
1纳秒（ns）等于十亿分之一秒（10-9秒）
1,000 纳秒(ns) = 1微秒(us)
1,000,000 纳秒(ns) = 1毫秒(ms)
1,000,000,000 纳秒(ns) = 1秒(s)
●为使4字节组成的字能从存储器中一次读出，要求存放在存储器中的字边界对齐，
一个字的地址码应（ ）。答案最低两位为00。
●还有什么是字边界对齐？
为了一次读出，要求存放在存储器中的字边界对齐，则每一个字的地址编码必须能
被4整除，因此字的地址码最低两位是00。一个二进制数的最低两位是00，才能被4
整除，这是二进制的位权决定的。一个字有4个字节，要一次读出，这四个字节的编
址必须相同，每个字节的高位是相同的，而最低两位都取00，就能一次读出了。
以下内容节选自《Intel Architecture 32 Manual》。
字，双字，和四字在自然边界上不需要在内存中对齐。（对字，双字，和四字来说，自然
边界分别是偶数地址，可以被4整除的地址，和可以被8整除的地址。）
无论如何，为了提高程序的性能，数据结构（尤其是栈）应该尽可能地在自
然边界上对齐。原因在于，为了访问未对齐的内存，处理器需要作两次内存访问；然
而，对齐的内存访问仅需要一次访问。
一个字或双字操作数跨越了4字节边界，或者一个四字操作数跨越了8字节边界，被
认为是未对齐的，从而需要两次总线周期来访问内存。一个字起始地址是奇数但却
没有跨越字边界被认为是对齐的，能够在一个总线周期中被访问。
●假设内存存取周期T=200ns，字长64位。数据总线宽度64位，总线传送周期为50ns.先用4
个模块组成内存,并在连续4个地址中读出数据.如用顺序方式组织模块,则数据带宽为____.
如用交叉存储方式组织内存,则数据带宽可达约______.
(1)T=200ns=200*10^(-9) s
(64*4)/(T*4)=64*10^9/200=320Mbps
(2)64*4/(200+3*50)=730Mbps
●一个逻辑地址包括基号X（2位）、段号S（6位），页号P（3位），页内地址D（11位）
Created by cherish58，2010四个部分，其转换后的物理地址为（（（X）+S）+P）*2的11次方+D，这个2的11次方
是表是什么意思？是页内地址11位，还是前面几个号数加起来11位？
首先根据基号x查找基寄存器，得到程序的段表首地址a;然后根据a和段号s得到s
段的页表首地址b;再由页号p和地址b得到该页对应的内存实页号c,最后将c与页
内位移d拼接起来形成最终的物理地址。
(((x)+s)+p)*2^11+d
前面几个号数加起来11位
●如果电缆调制解调器使用 8MHZ的带宽,利用64QAM,可以提供的速率为多少.是
如何做的?
CABLE MODEM使用的是一种称为QAM(Quadrature Amplitude Modulation正交幅
度调制)的传输方式。QAM前面的数字代表在转换群组(所谓转换群组，就是相位及
振幅的特殊组合)中的点数。也就是值或等级。计算公式为：速度=log2QAM值／
Iog22(bit／Hz／s)×频带宽度。根据此公式计算速率为 Iog264／log22(bit/Hz/
s)×8MHz=48Mbps。
各种QAM被表示为mQAM，其中m是一个指出每赫兹的状态数目的整数。每一码
元时间的编码位数目是 k，那么2k＝m。例如，如果以 4 b／Hz编码，结果为16
QAM；6 b／Hz产生64QAM。
●用户A与用户B通过卫星链路通信时，传播延迟为270MS，假设数据率是64Kb/s，
帧长4000bit，若采用等停流控协议通信，则最大的链路利用率为（）；若采用后退N
帧ARQ协议通信，发送窗口为8，则最大链路利用率可以达到（）
A、0.104B、0.116C、0.188D、0.231
A、0.416B、0.464C、752D、0.832
●若采用停等流控协议通信，a=(d/v)/(L/R)=64*270/4000=4.32
根据E=1/(2a+1)=1/(2*4.32+1)=0.104
采用后退N 帧ARQ 协议通信，发送窗口为8，则最大链路利用率
E=(W(1-P))/((2a+1)(1-P+WP)) ＝8*0.104=0.832
●两参数决定计算机并行度结构类型:
字宽(W):一个字中同时处理的二进制位数
位宽(B):一个位片中能同时处理的字数
可构成四种计算机结构:
字串行,位串行 WSBS——W = 1,B = 1 纯串行
字并行,位串行 WPBS——W>1,B = 1 传统并行单处理机
字串行,位并行 WSBP——W = 1,B>1 MPP
字并行,位并行 WPBP——W>1,B>1 PEPE
Created by cherish58，2010●我看到书上介绍8位二进制反码表示数值范围是-127~+127，{+127}反=01111111.
[-127]反=10000000。补码表示数值范围是-128~+127，[+127]补=01111111，[-128]补
=10000000。老师我不明白表示都一样，为什么一个是128，一个是127。
数值有正负之分,计算机就用一个数的最高位存放符号(0为正,1为负).这就是机器数
的原码了.假设机器能处理的位数为 8.即字长为 1byte,原码能表示数值的范围为
(-127~-0 +0~127)共256个.
对除符号位外的其余各位逐位取反就产生了反码.反码的取值空间和原码相同且一
一对应.
补码概念. 负数的补码就是对反码加一,而正数不变,正数的原码反码补码是一样的.
在补码中用(-128)代替了(-0),所以补码的表示范围为:
(-128~0~127)共256个.
注意:(-128)没有相对应的原码和反码, (-128) = (10000000)
●“容量为64块的cache采用组相联方式映像，字块大小为128字，每4块为一组。
主存容量为4096块，以字编址”的题中的每4块为一组没有作用吗？老师讲课中指
出，块大小128字，所以块内地址7位；cache有64/4=16组，得到组地址4位，最后得
出主存区号：19-7-4=8，不能这样算吗？
【解析】在组相联映象中，组的个数一般为2的幂次数，组内块的个数也是2的幂次。
主存地址分成四段，高字段是区号；然后是组标志，用于确定组号；第三段是组中的
块地址，用于确定组中的块；低字段是块内寻址段。Cache地址分三段：组号、组内块
号和块内地址。
块大小128字，所以块内地址7位；
cache有64/4=16组，得到组地址4位；
每4块为一组，组内块地址2位；
19－7－4－2＝6
●某32位计算机的CACHE容量为16KB,CACHE块的大小为16B.若主存与CACHE
的地址映射采用直接映射,则主存地址为 1234E8F8(十六进制),的单元装入的
CACHE地址为_______
请问中间10位为CACHE的页号,既1010001111.是怎么的来的.
直接映象是，把主存按Cache的大小分成区，主存中的每一区的块数与Cache中的总
块数相等，把主存各个区中相对块号相同的那些块映象到cache中同一块号的那个
确定块中。所以主存的地址由区号+块号(而每区中的块号大小及地址与cache一致)。
而cache容量为16KB，所以cache的地址用14块表示，所以主存地址的低14位即是
该单元在cache中的地址，低14 位为10 100011111000,高18位是确定区号的。
Cache块号占10位地址，块内4位地址共占 14位地址。直接映象为内存低位部分的
14位地址。即：E8F8=1110 1000 1111 1000
块号10位 块内地址 4位（2^4=16, CACHE块的大小为16B）
用直接映象法，装入Cache 的块号为10 1000 1111，主存地址为 1234E8F8（十六进
制）的单元装入的 cache 地址为：10 1000 1111 1000 。
Created by cherish58，2010MTTR
平均故障恢复时间(MTTR)
●模拟调制技术中，存在AM（调幅）、FM（调频），PM（调相）技术，在数字调制中，有
ASK、FSK、PSK、QPSK、QAM等多种方式
QAM调制，叫做正交幅度调制。它先把调制信号码流分成独立的两路，分别对同频
正交的两个载波进行双边带抑制载波调幅，最后两路已调信号相加输出。QAM调制
是幅度调制与相位调制的结合，既调幅又调相。有线电视使用的 QAM 调制是
64QAM，就是调制后，载波有64种状态，每个状态代表一个符号（一个符号是6位比
特组成的码）。
●在一个带宽为3KHZ,没有噪声的信道,传输二进制信号时能够达到的极限数据传输
率为___.一个带宽为3KHZ,信噪比为30dB的信道,能够达到的极限数据传输率为___,
上述结果表明_____.
根据奈奎斯特第一定理,为了保证传输质量,为达到3KHbps的数据传输率要的带宽
为____,在一个无限带宽的无噪声信道上,传输二进制信号,当信号的带宽为3KHZ时,
能达到的极限数据率为__Kbps.
这是习题第二章的第三题.请老师把答案解释一下.特别是第1,2,3,5空.
（1） 根据奈奎斯特第一定理，理想低通信道传输二进制信号时能够达到的数据传输
率为2B（带宽）。故（6）正确答案应该选B。
（2） 一个带宽为3KHZ、信噪比为30dB的信道，能够达到的极限数据传输率为
3KHZ*log2(1+1000)=29.9Kbit/s,故（7）应选B
（3） A、B不正确。香农公式是针对有噪声的信道而言的。
（4） 根据奈奎斯特第一定理，数字信号数据率为W，传输系统带宽为2W,则可提供
满意的服务。B
（5） 在一个无限带宽的无噪声信道上，传输二进制信号，当信号的带宽为 3KHz 时，
能达到的极限数据传输率6Kbps 。C
信号的数据率与频宽有着直接的关系，信号的数率越高，所需要的有效频宽越宽。也
就是说，传输系统所提供的带宽越宽，则系统能传输的信号数据率越高。设数据为
W，通常按照2W来选择传输系统的带宽，则可提供满意的通信服务，3KbpS 的数据
传输率需要的带宽为2*3=6HZ
二进制的信号是离散的脉冲，每个脉冲可表示一个二进制位，时间宽度相同
时间的宽度T=1/f,该时间的倒数为数据传输率(1/T),根据奈奎斯特定理，当信号的带
宽为 3KHz 时，能达到的极限数据传输率C=2(1/T)= 6Kbps
●对8位补码操作数（A5）16进行2位算术右移的结果为什么？算术右移是怎么回
事？请老师给详细讲解？谢谢！！
在计算机中，算术右移比较特殊，在右移过程中操作数的最高位（符号位）保持不变
各位向右移，最低位进入标志位（CF）。根据这种操作，(A5)16=(10100101)2 算术右移
一位为（11010010）2＝（D2）16 ，再算术右移一位便是(11101001)2=(E9)16.
Created by cherish58，2010●100个站分布在4KM长的总线上。协议采用CSMS/CD。总线速率为5Mb/s，帧平均
长度为1000bit.试估算每个站每秒发送的平均帧数的最大值。传播时延为5us/km.
传播延迟：Tp=4(km)*5(us/km)=20(us)
一帧时：Tf=1000bit / (5Mb/s) =200(us)
a=Tp/Tf =0.1
S=1/(1+a(2A**(-1)-1))
取Amax=0.369 Smax=1/(1+0.1(2/0.369-1))=0.693
即线路利用率 69.3%
这时，每秒实际传输 3.465MB , 3.465M/100/1000=34.65
平均每站每秒钟发送的平均帧数的最大值为34.65。
（1）十进制数转换成二进制
①十进制整数转换成二进制数：除二取余法
把要转换的数，除以2，得到商和余数，
将商继续除以2，直到商为0。最后将所有余数倒序排列，得到数就是转换结果。
②十进制小数转换成二进制小数：乘二取整法
（2）二进制数转换成十进制
方法是：按权展开求和
二进制数第0位的权值是2的0次方，第1位的权值是2的1次方……
●连续ARQ协议中选用的编号位数n为3，发送窗口最大值如何求？（这个我知道
2*2*2-1＝7），当所用的发送窗口尺寸为5的时候，A站可连续发送的帧的最大号是
多少？当A站在发送了0，1号帧后，其发送内存的变量是多少？期望接收的内存变
量是多少？是如何计算得？？？？
当所用的发送窗口尺寸为5的时候，A站可连续发送的帧的最大号: 0----4 4
当A站在发送了0，1号帧后，其发送内存的变量 2
期望接收的内存变量 0
●在32位的总线系统中,若时钟频率为1000MHZ,总线上5个时钟周期传输一个 32
位字,则该总线系统的数据传输速率约为( )MB/S,答案是800
总线带宽的定义为：单位时间内总线可传送的数据量。
总线宽度＝(总线位宽/8)*总线工作频率
此题中，一个总线周期有 5个时钟周期，所以，T=5*（1/1000M ）
而一个总线周期传送的数据为，32位=4B。
所以带宽=4B/[5*（1/1000M ）]=4B*1000M/5=800MB
容量为64块的Cache采用组相联的方式映象,字块大小为128个字,每4块为一组.若
主容量为4096块,且以字编址,那么主存地址应为19位,主存区号应为( )位.
容量为64块的Cache采用组相联的方式映象,字块大小为128个字,每4块为一组.若
主容量为4096块,且以字编址,那么主存地址应为19位,主存区号应为( )位.
Created by cherish58，2010●某计算机有14条指令，其使用频度分别如下所示；
I1: 0.15 I2:0.15 I3:0.14 I4:0.13 I5:0.12 I6:0.11 I7:0.04 I8:0.04 I9:0.03 I10:0.03
I11:0.02 I12:0.02 I13;0L.01 I14:0.01,若只用两种码长的扩展操作码编码,其平均码长
至少为位.
说明: 在解的过程中,如何推出3位编码指令的使用频度为0.8,5位编码的使用频度为
0.2?
（1）若采用等长码方式进行编码，则由于有14条指令，指令的编码长度至少为
log(14)（上取整）=4，这是很明显的，因为要区分14条不同指令，至少需要4位二进
制码，这个相信大家都能明白。
（2）要回答采用两种码长的扩展操作码进行编码这个问题，我们先要明白指令以及
指令的操作码编码原理。
在一个指令系统中，如果所有指令字长度是相等的，则称为等长指令字结构，等长指
令字结构具有结构简单、便于实现等优点，缺点是不够灵活（但是RISC机器几乎32
位定长指令字结构）；为了合理安排存储空间，并使指令能够表达较为丰富的含义，
可以采取变长指令字结构。变长指令格式结构灵活，能充分利用指令长度，但指令控
制复杂。当采用变长指令格式时，通常把最常用的指令设计成短指令，以便节省存储
空间和提高指令执行速度。
用两种码,选用3位和5位表示,
3* （ 0.15+0.15+0.14+0.13+0.12+0.11 ） +
6*(0.04+0.04+0.03+0.03+0.02+0.02+0.01+0.01)= 3.4
●某系统总线的一个总线周期包含3个时钟周期，每个总线周期中可传送32位数据。
若总线的时钟频率为33MHz，则总线带宽为多少？
总线带宽的定义为：单位时间内总线可传送的数据量。
总线宽度＝(总线位宽/8)*总线工作频率
此题中，一个总线周期有三个时钟周期，所以，T=3*（1/33M）
而一个总线周期传送的数据为，32位=4B。
所以带宽=4B/[3*（1/33M）]=4B*33M/3=44MB
交叉存取: 交叉存取技术(Interleaving)利用重叠或水流方式加速数据存取的一种技术。
反映在主存系统上就是存储体的多模块交叉存取,反映在海量存储系统中就是磁盘
阵列技术或Striping技术。举例来说，将存储体的奇数地
址和偶数地址部分分开，这样当前字节被刷新时，可以不影响下一个字节的访问。
多处理机系统和并行处理机系统:
并行处理机又叫SIMD计算机。它是单一控制部件控制下的多个处理单元构成的阵
列，所以又称为阵列处理机。
多处理机是由多台独立的处理机组成的系统
槽口号＝模块位置
Created by cherish58，2010端口号指某个模块上的端口号，因此端口号的表示中包含： 端口类型、模块位置、端
口位置
●在一楼内有N个用户，均通过一个ATM网 络使用同一个远地计算机。每个用户平
均每小时产生L行的通信量(输入和输出)，平均每行长度为P字节(不包括ATM首
部)。用户应交纳的费用是：对所传送的数据，每字节为C分钱，而使用ATM的虚通
路，每小时X分钱。若将N个用户都复用到一条ATM虚通路上，则每一行的数据还
要增加2字节的开销。假定一条虚通路的带宽足够N个用户使用。试问在什么条件
下复用会更加便宜？
N*L*(P+2+ATM首部)*C>=X
ATM包头：
1．每个用户占用一个虚通道，N个用户费用：N*L*P*C+N*X
2．所有用户公用一个虚通道，N个用户费用：N*L*(P+2)+X
当1>2时，复用会更加便宜：
N*L*P*C+N*X> N*L*(P+2)*C+X
(N-1)*X>2*N*L
X>2*N*L/(N-1)
●已知内存存取周期 T=200NS，字长64位，数据总线宽度 64位，总线传送周期
50NS，现用4个模块组成内存，并在连续4个地址中读出数据，如用顺序方式组织模
块，则数据带宽为（1）。如用交叉存储方式组织内存，则数据带宽约（2）。
(1)T=200ns=200*10^(-9) s
(64*4)/(T*4)=64*10^9/200=320Mbps
(2)64*4/(200+3*50)=730Mbps
●设某单总线 LAN，总线长度为2000米，数据率为10Mbps，数字信号在总线上的传
输速度为 2C/3(C为光速)，则每个信号占据的介质长度为多少米？当CSMA/CD（非
802.3 标准）访问方式时，如只考虑数据帧而忽略其他一切因素，则最小时间片的长
度为多少us,最小帧长是多少位？谢谢
1.问：2c/3=2*3*10^8/3=2*10^8m/s
t=2000m/(2*10^8m/s)=1*10^(-5) s
在时间t内共有信号量=10*10^6 t=10*10^6*1*10^(-5)=100 bit
在2000m共有100bit
每个信号占据的介质长度=2000m/100bit=20 m/bit
2 问：slot time=2S/(2c/3)=2*2000m/[2*10(8)m/s]=2*10(-5)s=20us
3问：Lmin=slot time*R=2*10(-5)s*10mb/s=2*10(-5)s*[10*10(6)b/s]=200b
●设有 3 路模拟信号，带宽分别为 2khz.4khz,2khz,8 路数字信号，数据率都为
7200bps，当采用TDM方式将其复用到一条通信线路上，假定复用后为数字传输，对
模拟信号采用PCM 方式量化级数为16 级，则复用线路需要的最小通信能力为？
答案为128KPS
对3路模拟信号采用 pcm方式变为数字信号，采样频率分别为4KHZ,8KHZ,4KHZ,
Created by cherish58，2010对模拟信号采用 PCM方式量化级数为 16级,需要的数据率分别为 16kbps,32kbps
16kbps
对8路数字信号，8×7200＝57.6kbps
●某 32 位计算机的 CAHCE 容量为 16KB，CACHE 块的大小为 16K，若主存与
CAHCE 地址映射采用直接映射方式，则主存地址为 1234E8F8 的单元装入的
CAHCE地址为 。
解： CACHE块的大小是16B，容量是16KB，则CACHE可分成1024页，如何推出
CACHE页内地址是4位，页号是10位？
题目中“CACHE块的大小为16K”是否为“CACHE块的大小是16B”，
若是，则cache页为 16KB/16＝1k＝1024页＝2^10， 16=2^4 CACHE页内地址是4
位，页号是10位
●例一：一般来说CACHE的功能 53 。某32位的计算机的CACHE容量为16KB，
CACHE块的大小为16B，若主存与CACHE的地址映射为直接映射方式，则主存的
地址为 1334E8F8（十六进制）的单元装入CACHE 地址 54
53：全部由硬件实现
54：10100011111000
问题是：块的大小是 16B，块内的地址长度因改是 4，那么主存地址十六进制
1334E8F8的末位8为块内地址
而老师说的是F8为块内地址，我就不懂了16进制的8不是2进制的4位地址长度
吗？如是F8那块内地址长度不就是8位了？
Cache块号占10位地址，块内4位地址共占14位地址。直接映象为内存低位部分的
14位地址。即：E8F8=1110 1000 1111 1000
块号10位 块内地址 4位
用直接映象法，装入Cache的块号为10 1000 1111，主存地址为 1234E8F8（十六进
制）的单元装入的 cache 地址为：10 1000 1111 1000
●为使4字节组成的字能从存储器中一次读出，要求存放在存储器中的字边界对齐，
一个字的地址码应该—————最低两位为00
为什么最低两位是00呢？
西电的辅导书说：为了一次读出，要求存放在存储器中的字边界对齐，则每一个字的
地址编码必须能被4 整除，因此字的地址码最低两位是00
什么叫字边界对齐呢？是不是最两位或者最高两位一样就是字边界对齐？
为什么是最低两位是00，不能是最高两位是00吗？
按字节编址，字长32位，一次读出。也就是一字有4个字节，这4 个字节的地址码高
6位相同，低2位分别是11、10、01、00，下一个字的4个字节的地址码的编址规则同
上，每个字的低2位都是00，就叫边界对齐。32位字的低2 位是00，前30位就能被4
整除，因为第3位的权是 4 。
vpi 是虚通路（v path :））,vci 是虚通道
Created by cherish58，2010在DMA控制器的控制下，在存储器和（外部设备）之间直接进行数据传送。
●RS-232-C是目前常见的一种接口标准，它是由（6）提供制定的。该标准在OSI模型
中属于（7）层协议标准，通过RS-232-C来连接两个设备最少要连接（8）条线。这个标
准的设计数据速率是处理（9）bit/s。Dbit/s条件下，采用RS-422标准来代替RS-232-
C，连接设备间的距离可扩展到约为原有的（10）倍。
（6）A、CCITT B、IFIP C、EIA D、IEEE
（7）A、会话 B、数据链路 C、网络 D运输 E、物理
（8）A、2 B、3 C、4 D、7 E、10 F、25 G、80 H、100
（9）A、4800 B、9600 C、19200 D、20000 E、6400
（10）A、2 B、3 C、4 D、7 E、10 F、25 G、80 H、100
RS-232-C是由电子工业协会(EIA，Electronic Industries Association)制定的数据终端
设备和数据电路端接设备连接的物理接口标准，属于国际标准化组织 ISO的开放系
统互连(OSI)模型中的最低层，即物理层的协议标准。它规定了接口的机械、电气和功
能特性。
RS-232-C规定的机械特性是25针的插头/座，减去一些未定义的针外，实际上只定义
了20根针的功能。用来连接两个设备至少要连接3根钱线，即信号地、发送数据和接
收数据线。在采用RS-232-C连接计算机与终端的场合就只使用这3根线。
RS-232-C的设计数据速率是2000bit/s，连接设备间的距离也有规定。为了实现更高
的数据速率和更远的距离连接，EIA又制定了另一个RS-422标准。该标准的电气特
性与RS-232-C不同，不用公共地，采用双线平衡传输的方式，在同样数据速率条件
下，可达到较远的传输距离。在数据速率是2000bit/s条件下，连接设备间的距离可扩
展到原有RS-232-C标准的约80倍。
【答案】（6）C （7）E （8）B （9）D （10）G
●长10km，16Mbps，100个站点的令牌环，每个站点引入1位延迟位，信号传播速度
位200m/us，则该环上1位延迟相当于_(4)_米长度的电缆，该环有效长为_(5)_。
(1)1bit/16Mbps=x/200(m/us)
x=12.5m/bit
(2)10Km/12.5m=800
800+100=900 bit
●某单位路由器防火墙作了如下配置:
finewall enable
access-list normal 101 permit ip 202.38.0.0.0.0.0.255 10.10.10.10 0.0.0.255
access-list normal 101 deny tcp 202.38.0.0.0.0.0.255 10.10.10.10 0.0.0.255 gt 1024
access-list normal 101 deny ip any any
端口配置如下:
interface Sdriat0
Ip address 202.38.111.25.255.255.255.0
Created by cherish58，2010Encapsulation ppp ip
Access-group 101 in
Interface Ethernet0
Ip address 10.10.10.1 255.255.255.0
内部局域网主机均为10.10.10.0 255.255.255.0网段,以下说法正确的是(本题假设其
它网络均没有使用access)( )
A. 外部主机202.38.0.50可以PING通任何内部主机
B. 内部主机10.10.10.5,可任意访问外部网络资源
C. 内部任意主机都可以与外部任意主机建立TCP连接
D. 外部202.38.5.0/24网段主机可以与此内部网主机TCP连接
E. 外部202.38.0.0/24网段主机不可以与此内部同主机建立端口号大于1024的TCP
连接
此访问列表应用在s0上方向为进入
access-list normal 101 permit ip 202.38.0.0.0.0.0.255 10.10.10.10 0.0.0.255
access-list normal 101 deny tcp 202.38.0.0.0.0.0.255 10.10.10.10 0.0.0.255 gt 1024
access-list normal 101 deny ip any any
第一条允许ip包通过，第二条外部202.38.0.0/24网段主机不可以与此内部同主机建
立端口号大于1024的TCP连接，第三条为对未说明的均予以拒绝
因此我认为选A
●内存按字节编址，地址从A4000H 到CBFFFH，共有 (1) 个字节。若用存储容量为
32K×8bit 的存储芯片构成该内存，至少需要 (2) 片。
(1)A.80K B.96K C.160K D.192K
(2)A.2 B.5 C.8 D.10
【解析】此为16 进制运算，（1）内存按字节编址，地址从A4000H 到CBFFFH 共有的
字节数： CBFFFH－A3FFFH＝28000H＝160×210＝160K，选C；（2）内存按字节编
址，地址空间共有160K*8bit，故需160÷32＝5 片，选B。
CBFFFH-A3FFFH byte
=28000H byte
=2*16^4+8*16^3 byte
=160*2^10 bytw
=160 KB
●网络允许的最大报文段长度为128字节，序号用8bit表示，报文段在网络中的寿命
是30秒。求每一条TCP连接所能达到的最高数据率？
具有相同编号的报文段不应该同时在网络中传输，必须保证，当序列号循环回来重
复使用的时候，具有相同序列号的报文段已经从网络中消失。现在报文段的寿命为
30 秒，那么在 30 秒的时间内发送方发送的报文段的数目不能多于 255 个。
255×128×8÷30=8704b/s 所以，每一条TCP连接所能达到的最高数据率为8.704Kb/s。
Length 线缆的长度
Created by cherish58，2010Next(Near end crosstalk) 近端串扰
Attenuation, 衰减
Acr(Attenuation to crosstalk) 衰减与串扰比
Wire Map 线路图
Impedance 阻抗
Capacitance, 电容
Loop Resistance 环阻
Noise v 噪声
●广域网配置--ISDN里的动态获得IP并做NAT里IP CLASSLESS 是个命令吗？如
是，他是在什么模式下运行的，作用是什么？
如果你有一个CLASS C的IP地址，比如192.168.10.0，你想把它分成8个网段，每个
网段内可以有32台主机，你可以这样分：
subnetmask是：255.255.255.224
192.168.10.0-31，网络地址：192.168.10.0，广播地址：192.168.10.31
192.168.10.32-63，网络地址：192.168.10.32，广播地址：192.168.10.63
192.168.10.64-95，网络地址：192.168.10.64，广播地址：192.168.10.95
192.168.10.96-127，网络地址：192.168.10.96，广播地址：192.168.10.127
192.168.10.128-159，网络地址：192.168.10.128，广播地址：192.168.10.159
192.168.10.160-191，网络地址：192.168.10.160，广播地址：192.168.10.191
192.168.10.192-223，网络地址：192.168.10.192，广播地址：192.168.10.223
192.168.10.224-255，网络地址：192.168.10.224，广播地址：192.168.10.255
即：每个网段32个IP地址，第一个是网络地址，用来标志这个网络，最后一个是广播
地址，用来代表这个网络上的所有主机。这两个IP地址被TCP/IP保留，不可分配给
主机使用。
另外，第一个子网192.168.10.0-31和最后一个子网192.168.10.224-255通常也被保留，
不能使用，原因是因为第一个子网的网络地址 192.168.10.0和最后一个子网的广播
地址192.168.10.255具有二意性。
先看看这个大C的网络地址和广播地址：
192.168.10.0是它的网络地址，192.168.10.255是它的广播地址.显然，它们分别与第
一个子网的网络地址和最后一个子网的广播地址相重了。
那么怎样区分192.168.10.0到底是哪个网络的网络地址呢？
答案是：把子网掩码加上去!
192.168.10.0255.255.255.0是大C的网络地址，192.168.10.0255.255.255.224
是第一个子网的网络地址，192.168.10.255255.255.255.0 是大 C 的广播地址，
192.168.10.255255.255.255.224是最后一个子网的广播地址。带上掩码，它们的二意
性就不存在了。
所以，在严格按照TCP/IPABCD给IP地址分类的环境下，为了避免二意性，全0和全
1 网段都不让使用。这种环境我们叫作Classful。在这种环境下，子网掩码只在所定义
的路由器内有效，掩码信息到不了其它路由器，比如RIP-1，它在做路由广播时根本
不带掩码信息，收到路由广播的路由器因为无从知道这个网络的掩码，只好照标准
TCP/IP 的定义赋予它一个掩码。比如，拿到10.X.X.X ，就认为它是A类，掩码是
255.0.0.0；拿到一个204.X.X.X，就认为它是C类，掩码是255.255.255.0。
Created by cherish58，2010但在Classless的环境下，掩码任何时候都和IP地址成对地出现，这样，前面谈到的二
意性就不会存在，是Classful还是Classless取决于你在路由器上运行的路由协议，一
个路由器上可同时运行Classful和Classless的路由协议。RIP是Classful的，它在做
路由广播时不带掩码信息；OSPF，EIGRP，BGP4是Classless的，它们在做路由广播
时带掩码信息，它们可以同时运行在同一台路由器上。
在Cisco路由器上，缺省你可以使用全1网段，但不能使用全0网段。所以，当在
Cisco路由器上给端口定义IP地址时，该IP地址不能落在全0网段上。如果你配了，
你会得到一条错误信息。使用IPSUBNET-ZERO命令之后，你才能使用全0网段。
强调的是，使用了IPSUBNET-ZERO命令之后，如果路由协议使用的是 Classful的
（比如RIP），虽然你的定义成功了，但那个子网掩码还是不会被RIP带到它的路由更
新报文中。即，IPSUBNET-ZERO命令不会左右路由协议的工作。
总之，TCP/IP协议中，全0和全1网段因为具有二意性而不能被使用。Cisco缺省使
全1网段可以被使用，但全0网段只有在配置了IPSUBNET-ZERO后方可被使用
● 假设一个有3个盘片的硬盘，共有四个记录面，转速为7200转/分，盘面有效记录
区域的外直径为 30cm,内直径为10cm，记录位密度为250b/mm,磁道密度为8
道/mm，每磁道分16个扇区，每扇区512字节，则该硬盘的非格式化容量和格式
化容量约为（）。
每面磁道数=（外直径-内直径）*磁道密度/2=800
格式化容量=每面磁道数*记录面*每磁道扇区数*每扇区字节数
=800*4*16*512字节
=26214400字节
=26214400/1024KB
=25600/1024M
＝25MB
非格式化容量=每面磁道数*记录面*π*内直径*记录位密度/8（单位为字节）
=800*4*3.14*100*250/8 (注意单位)
=30MB（约）
数据传输率=π*内直径*记录位密度/8*转速/60（字节/秒）=1175500字节
一个磁道的非格式化容量与扇区无关，就是磁道长度*记录位密度/8。
而在计算整个磁盘的非格式化容量时要取最短磁道长度即内径。
●Fast ethernet每比特的发送时间是？
100Mbps=100*10^6 bit/s=0.1*10^9 bit/s
t=1/(0.1*10^9)=10*10^(-9) s=10ns
●DDN的业务有:
1、 提供速率可选的租用专线业务,租用的专线可以是点对点的专线, 点对多点
的广播、轮询, 甚至于多点会议。
2、 为分组交换网提供符合CCITT X.21建议的接口标准;
Created by cherish58，20103、 满足ISDN要求,是30B+D的数字传输电路;
4、 提供帧中继业务,用于局域网互连;
5、 提供带信令的模拟接口,用于电话语音或三类传真业务;
6、组建用户自己的虚拟专网。
7、. 提供与Internet专线接入,向用户提供全部Internet业务。
●公钥与私钥
公钥和私钥就是俗称的不对称加密方式，是从以前的对称加密（使用用户名与密码）
方式的提高。我用电子邮件的方式说明一下原理。使用公钥与私钥的目的就是实现
安全的电子邮件，必须实现如下目的：1. 我发送给你的内容必须加密，在邮件的传输
过程中不能被别人看到。2. 必须保证是我发送的邮件，不是别人冒充我的。要达到这
样的目标必须发送邮件的两人都有公钥和私钥。公钥，就是给大家用的，你可以通过
电子邮件发布，可以通过网站让别人下载。而私钥，就是自己的，必须非常小心保存，
最好加上密码。公钥与私钥的作用是：用公钥加密的内容只能用私钥解密，用私钥加
密的内容只能用公钥解密。比如说，我要给你发送一个加密的邮件。首先，我必须拥
有你的公钥，你也必须拥有我的公钥。首先，我用你的公钥给这个邮件加密，这样就
保证这个邮件不被别人看到，而且保证这个邮件在传送过程中没有被修改。你收到
邮件后，用你的私钥就可以解密，就能看到内容。
其次我用我的私钥给这个邮件加密，发送到你手里后，你可以用我的公钥解密。因为
私钥只有我手里有，这样就保证了这个邮件是我发送的。
在.NET中，非对称加密是安全系统中最复杂的，功能也是最强大的。它可以在代码
中调用服务器和客户端的证书，并且进行匹配，从而获得使用者的身份
●海明码是一种可以纠正一位差错的编码。它是利用在信息位为k位，增加r位冗余
位，构成一个n=k+r位的码字，然后用r 个监督关系式产生的r个校正因子来区分无
错和在码字中的 n个不同位置的一位错。它必需满足以下关系式：
２^r>=n+1 或 2^r>=k+r+1
海明码的编码效率为：
R=k/(k+r)
式中 k为信息位位数
r为增加冗余位位数
1 、海明码的生成。
例1.已知：信息码为："0010"。海明码的监督关系式为：
S2=a2+a4+a5+a6
S1=a1+a3+a5+a6
S0=a0+a3+a4+a6
求：海明码码字。
解：1) 由监督关系式知冗余码为 a2a1a0。
Created by cherish58，20102)冗余码与信息码合成的海明码是："0010a2a1a0" 。
设S2=S1=S0=0,由监督关系式得：
a2=a4+a5+a6=1
a1=a3+a5+a6=0
a0=a3+a4+a6=1
因此，海明码码字为："0010101"
2、海明码的接收。
例2.已知：海明码的监督关系式为：
S2=a2+a4+a5+a6
S1=a1+a3+a5+a6
S0=a0+a3+a4+a6
接收码字为："0011101"(n=7)
求：发送端的信息码。
解：1) 由海明码的监督关系式计算得 S2S1S0=011。
2)由监督关系式可构造出下面错码位置关系表：
S2S1S0 000 001 010 100 011 101 110 111
错码位置 无错 a0 a1 a2 a3 a4 a5 a6
3)由S2S1S0=011查表得知错码位置是a3。
4) 纠错--对码字的a3位取反得正确码字："0 0 1 0 1 0 1"
5)把冗余码a2a1a0删除得发送端的信息码："0010"
3 、海明码的生成（顺序生成法）。
例3.已知：信息码为：" 1 1 0 0 1 1 0 0 " (k=8)
求：海明码码字。
解： 1)把冗余码 A、B 、C 、…，顺序插入信息码中，得海明码
码字:" A B 1 C 1 0 0 D 1 1 0 0 "
码位: 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
其中A,B,C,D分别插于2^k 位 (k=0,1,2,3)。码位分别为1,2,4,8。
2)冗余码 A,B,C,D的线性码位是：(相当于监督关系式)
A->1,3,5,7,9,11；
B->2,3,6,7,10,11；
C->4,5,6,7,12；(注 5=4+1 ；6=4+2 ；7=4+2+1 ；12=8+4)
D->8,9,10,11,12 。
3)把线性码位的值的偶校验作为冗余码的值(设冗余码初值为 0)：
A=∑(0,1,1,0,1,0)=1
B=∑(0,1,0,0,1,0)=0
C=∑(0,1,0,0,0) =1
D=∑(0,1,1,0,0) =0
4)海明码为:"1 0 1 1 1 0 0 0 1 1 0 0"
4 、海明码的接收。
Created by cherish58，2010例4.已知：接收的码字为："1 0 0 1 1 0 0 0 1 1 0 0"(k=8)
求：发送端的信息码。
解：1)设错误累加器(err)初值=0
2)求出冗余码的偶校验和，并按码位累加到err中：
A=∑(1,0,1,0,1,0)=1 err=err+2^0=1
B=∑(0,0,0,0,1,0)=1 err=err+2^1=3
C=∑(1,1,0,0,0) =0 err=err+0 =3
D=∑(0,1,1,0,0) =0 err=err+0 =3
由err≠0可知接收码字有错，
3)码字的错误位置就是错误累加器(err)的值3。
4)纠错--对码字的第3位值取反得正确码字：
"1 0 1 1 1 0 0 0 1 1 0 0"
5)把位于2^k位的冗余码删除得信息码："1 1 0 0 1 1 0 0"
●4个记录面，转速7200转/分钟，盘面外直径30cm,内直径10cm,记录位密度250
位/mm,磁道密度8道/mm,每磁道分16个扇区，每扇区512字节，求非格式化容量和
格式化容量，平均数据传输率。
每面磁道数=（外直径-内直径）*磁道密度/2=800
格式化容量=每面磁道数*记录面*每磁道扇区数*每扇区字节数
=800*4*16*512字节
=26214400字节
=26214400/1024KB
=25600/1024M
＝25MB
非格式化容量=每面磁道数*记录面*π*内直径*记录位密度/8（单位为字节）
=800*4*3.14*100*250/8 (注意单位)
=30MB（约）
数据传输率=π*内直径*记录位密度/8*转速/60（字节/秒）=1175500字节
一个磁道的非格式化容量与扇区无关，就是磁道长度*记录位密度/8。
而在计算整个磁盘的非格式化容量时要取最短磁道长度即内径。
● 请问若传输的信息为＂１００１０１１＂，海明码是多少？书上内容看不懂？
能不能解释一下！
注意公式 m+k+1<2^k (m指的是数据位数，k 冗余位位数)
n=m+k (纠错码位数)
在本题中 m=7, k+8<2^k,k取最小值k=4
校验位在1，2，4，8 位（即2 每一个幂设置一个奇偶位）
生成书中图3－23
设a[I]海明码各位，a[1],a[2],a[4],a[8]为校验位
a[1]=1+1+1+1+1=1 (3,5,7,9,11)
a[2]=1+0+1+1+1=0 (3,6,7,10,11)
Created by cherish58，2010a[3]=1
a[4]=0+0+1=1 (5,6,7)
a[5]=0
a[6]=0
a[7]=1
a[8]=0+1+1=0 (9,10,11)
a[9]=0
a[10]=1
a[11]=1
TCP/IP规定，32比 特全为“1”的网间网地址用于本网广播，该地址叫做有限广
播地址（limited broadcast address）。
●这是我和许多网友常遇到的问题，不对的，多指教哦！
有一长度为100M的数据块，在代宽为1Mb/s的信道上发送延迟是＿ 838S
100＊1024＊1024*8/1000000= 838s
非格式化容量＝位密度＊圆周长＊总磁道数
格式化的容量＝扇区数＊扇区大小＊总磁道数
柱面磁道数=磁道密度*（外径-内经）
总磁道数=柱面磁道数*柱面数
某磁盘里平均找道时间为2ms，平均螺旋等待时间为7ms，数据传输率为2.5Mbyte/s
，磁盘机上存放着500个文件，每个文件平均长度为1M字节，现将所有文件逐一读
出并检查更新，然后写回磁盘机，每个文件平均需要2ms额外处理时间，则检查并更
新所有文件需要占用多少时间？ 428s
1k byte=1024 byte
1M byte =1024*1024 byte
1K bit=1000 bit
1M bit=100000 bit
1byte=8bit
●PSK(调相)和DPSK有什么区别?frequency-shift keying
双DMZ和单DMZ区别在什么地方?
若信息位为7位，要构成能纠一位错的海明码，则要加上多少冗余位？并写
出其监督式。若信息位为1001000，要构造能纠一位错的海明码，求出其冗余位。若信
息位为7 位，要构成能纠一位错的海明码，则要加上多少冗余位？并写出其监督式。
若信息位为1001000，要构造能纠一位错的海明码，求出其冗余位。
是纠一位的错。
●例题(源自2004年网络工程师上半年上午试题)
码是一些码字组成的集合。一对码字之间的海明距离是__1__，一个码的海明距离是
所有不同码字的海明距离的 __2__。如果要检查出d 位错，那么码的海明距离是
__3__。如果信息长度为5位，要求纠正1 位错，按照海明编码，需要增加的校验位是
__4__ 。以太网中使用的校验码标准是__5__。
Created by cherish58，20101：A.码字之间不同的位数 B．两个码字之间相同的位数
C．两个码字的校验和之和 D．两个码字的校验和之差
2：A．平均值 B．最大值 C．最小值 D．任意值
3：A．d-1 B．d+1 C．2d-1 D．2d+l
4：A．3 B．4 C．5 D．6
5：A．CRC-12 B．CRC-CCITT C．CRC-16 D．CRC-32
n 解答：1.A 2.C 3.B 4.B 5.D
n 试题分析：
本题主要的知识点是，海明码的原理和码的概念。
海明码是一种可以纠正一位差错的编码。它是利用在信息位为k位，增加r位冗余位，
构成一个n=k+r位的码字，然后用r个监督关系式产生的r个校正因子来区分无错和
在码字中的n个不同位置的一位错。它必需满足以下关系式：
２r>=n+1 或 2r>=k+r+1
海明码的编码效率为：
R=k/(k+r)
式中 k为信息位位数
r为增加冗余位位数
我也搞得糊涂了，看例题也看不出个所以然来。倒。
100001001
10110001
●标题：关于海明码的疑问
2003年度网络设计师的第一题中，要检查出d位错，码字之间的海明距离最小值应
为（）
答案为2d+1,我觉得应该为d+1，要纠正d位错才是2d+1。请老师指教！
答：要检测出d个错误，则海明距离至少为d＋1。即一个码字错d＋1个比特才能变成
另一个，<=d 只能变成无效码字，能被检测出来。
要纠正d个错误，海明距离至少应为2d＋1
●什么是HTTP代理? 什么是socks代理? (突破局域网限制知识)- -
什么是HTTP代理：www对于每一个上网的人都再熟悉不过了，www连接请求就是
采用的http协议，所以我们在浏览网页，下载数据（也可采用ftp协议）是就是用http
代理。它通常绑定在代理服务器的80、3128、8080等端口上。
●什么是socks代理：相应的，采用socks协议的代理服务器就是SOCKS服务器。是
一种通用的代理服务器。Socks是个电路级的底层网关，是DavidKoblas在1990年开
发的，此后就一直作为Internet RFC标准的开放标准。Socks 不要求应用程序遵循特
定的操作系统平台，Socks 代理与应用层代理、 HTTP 层代理不同，Socks 代理只是
简单地传递数据包，而不必关心是何种应用协议（比如FTP、HTTP和NNTP请求）。
所以，Socks代理比其他应用层代理要快得多。它通常绑定在代理服务器的1080端
口上。如果您在企业网或校园网上，需要透过防火墙或通过代理服务器访问 Internet
Created by cherish58，2010就可能需要使用SOCKS。一般情况下，对于拨号上网用户都不需要使用它。注意，浏
览网页时常用的代理服务器通常是专门的http代理，它和SOCKS是不同的。因此，
您能浏览网页不等于 您一定可以通过SOCKS访问Internet。 常用的防火墙，或代理
软件都支持 SOCKS，但需要其管理员打开这一功能。如果您不确信您是否需要
SOCKS或是否有SOCKS可用，请与您的网络管理员联系。为了使用socks，您需要
了解一下内容：
① SOCKS服务器的IP地址
② SOCKS服务所在的端口
③ 这个SOCKS服务是否需要用户认证？如果需要，您要向您的网络管理员申
请一个用户和口令
知道了上述信息，您就可以把这些信息填入"网络配置"中，或者在第一次登记时
填入，您就可以使用socks代理了。
在实际应用中SOCKS代理可以用作为：电子邮件、新闻组软件、网络传呼ICQ、
网络聊天MIRC和各种游戏应用软件当中。
●PSK(调相)和DPSK有什么区别
你知道吗
这里调制技术的问题，一般低速大家熟知的ASK，PSK，FSK 在高速的调制中通过
增加多个相位值来提高数据传输速度（根据尼奎斯特一二定理，香农定理）PSK用载
波的相位偏移来表示数据数位 它的杭干性最好，而且相位的变化可以作为定时信
息来同步时钟PSK(四相键控) 四个相位来表示，即45度表00，135表01，225表
10，315表11，还有一种是QPSK（正交相移健控），0度表示00，90度表01，180表
10，360表11
●双DMZ和单DMZ区别在什么地方？
这是考防火墙技术的知识。防火墙最基本的结构有四种即：包过滤型防火墙
（屏蔽路由器），双宿网关防火墙（双穴主机），屏蔽主机防火墙（包过滤路由器和堡垒
主机组成），屏蔽子网防火墙（单DMZ，由一般由两个包过滤防火墙，一个应用网关，
一个保垒主机组合，用安全要求不高的服务器）。
DMZ 是demiliterizedzone是非军区的意思，那单双DMZ的意思，就有一或两个非军
事区的意思。各种类型的防火墙都是由上组合而成。具体来说，单DMZ是由一个包
过滤路由器和一双穴主机组成，那双DMZ是由一个包过滤路由器和二个双穴主机
组成。
●可以用于识别分组传送路径的是 :A-PING B-traceroute C-tracert D-route print
route print可查看整个路由表，tracert只能跟踪到达某个地址所经过的路由
以太网和802.3对数据帧的长度都有一个限制，其最大值分别是1500和 1492字节。
链路层的这个特性称作MTU，最大传输单元。不同类型的网络大多数都有一个上限。
如果IP层有一个数据报要传，而且数据的长度比链路层的MTU还大，那么IP 层就
需要进行分片（fragmentation），把数据报分成若干片，这样每一片都小于MTU.
Created by cherish58，2010以 7-4 码为例,如信息位 1011,最后得海明码是 1010101,若接收方是 1000101,则
S2S1S0=101,出错的为第五位,怎么算的。
答：是这样算的，1*2^2+0*2^1+1*2^0=4+0+1=5
HSRP是热备份路由器协议
●设有某一个令牌环网长度400米，环上有28个站点，其数据传输率4Mb/s,环上的
传播速度为200m/us，每个站点有1 时延，则环上可能存在的最小和最大时延分别是
（ ）bit和（）bit。当始终有一半站点打开工作时，要保证环网的正常运行，至少还要将
电缆长度增加（）米。
延时估算公式＝传播延时×发送介质长度×数据率＋中继器延时
介质长度＝400米
站点28个
数据传输率＝4MB/s
因为 传播速率＝200m/us 所以 传播延时＝1/(200m/us)=5000us/m=5us/km
延时＝5us/km*0.4km*4Mb/s+28=36 (bit)
当环上都没有帧发送时，环上可能存在的最小延时为5us/km*0.4km*4Mb/s＝8 (bit)
当始终有一半站点打开工作时，要保证环网的正常运行，根据延时估算公式计算需
要增加的电缆长度为X,
5X*4+28/2-8=8,x=0.1km=100m
●Linux、Unix下的网络配置命令
一、 Linux、Unix 下的网络配置命令：
1 网卡配置
Ifconfig interface[family] address up option
Interface 设备名，le0 、we0
Family ：绑定的网络协议，默认为IP （inet）
Address：地址，可以ip地址，可以是主机名字（通过/etc/hosts或 DNS找到IP ）
Up： （down）启动或关闭
Option ：子网掩码、广播地址等
2 静态路由 route
Route [-f] op [type] destination gateway hop-count
Op:add 增加一个路由表项 delete 删除一个路由表项
Destination ：主机地址或网络地址或关键字default
Gateway：收到目的地址是Destination 时，转发的机器（该机器必须和当前主机是一
个网络内直连）
hop-count ：转发次数，通常为1
F：删除所有路由表项
Type：取值host 表示Destination是主机
取值net 表示Destination是网络地址
3 routed 标准路由daemon（守护进程）
Created by cherish58，2010– 只支持RIP协议
– 两种运行方式：
服务器模式（－ s）：发布自己的路由信息
– 多网卡的服务器中设置成该模式
安静模式（－q ）：只是监听广播包，默认方式
4 gated 更好的路由daemon
– 支持不同的路由协议（RIP、OSPF 、BGP/EGP 、HELLO ）
– 需要配置文件（/etc/gated.conf）进行路由描述
2 、启动服务（httpd）的两种方法：
1 ） 独立方式 standalone
命令格式：httpd [-d 目录] [-f 文件]
目录：ServerRoot 指定的项
文件：系统配置文件httpd.conf ，
默认： /usr/local/etc/httpd /conf/ httpd.conf
2 ） 系统启动inted
（1 ） 修改/etc/services文件
加入：http 端口号 /tcp ;端口号 在httpd.conf中定义的
（2） 修改/etc/inted.conf文件
加入: http stream tcp nowait nobody /路径 /httpd
路径 : 如 /usr/local/etc/httpd ； httpd的绝对路径
（3 ）重启系统
ps 查找inted 的进程号 pid
Kill－HUP inted pid；向inted发起挂起信号HUP，inted 重新读取 /etc/inted.conf文件
二、 DNS配置
1 启动运行 /usr/sbin/ named
2 相关文件：
/etc/named.boot ：包含一些指向包含区信息的主文件。
区文件：named.cache等。
三、 Web配置
1 、三个主要配置文件：
a) Httpd.conf：系统配置文件
内容：
ServerType [inetd|standalone];单独运行或启动运行
Port portnumber；提供服务的端口（通常默认80 ）
ServerRoot pathname ；系统所在的目录
ServerName hostname；主机名
AccessConfig filename ；访问控制配置文件名（包括绝对或相对路径）
ResourceConfig filename;系统资源文档配置文件
等等
b) Srm.conf：资源文档配置文件：指定Web 服务的文档和接口程序的路径
c) Access.conf：访问控制配置文件：Web用户的访问权限
四、 FTP 配置 （WU FTPD）
Created by cherish58，20101) 安装ftpd（通常在inted下运行）
– 修改/etc/inted.conf文件，加入 http stream tcp nowait /usr/local/etc/ftpd ftpd
– /etc/services文件中加入 ftp 21 /tcp
– 重启系统： Kill－HUP inted pid
2）Ftp用户设置：
– /etc/passwd 用户设置
3) 访问控制配置文件
– Ftpaccess ftphosts ftpusers ftpgroups等
5 涉及到的文件
/etc/hosts ：IP与主机名对应
/etc/network：网络的逻辑名和实际网络对应
/etc/gateways ：网关文件
/etc/gated.conf ：gated配置文件
6 自动配置TCP/IP：命令自动存储、系统启动自动执行
2个文件
/etc/rc.d/rc.inet1 ： 包含ifconfig命令、route命令等配置命令
/etc/rc.d/rc.inet2 : 包含网络监控进程－inetd、portmapper等
7解析器配置
/etc/hosts.conf 文件：控制解析器的主要文件
格式：
Order bind hosts ；查找次序为名字服务器、/etc/hosts文件
/etc/resolv.conf 文件：如何查找名字服务器
该文件若不存在则默认为本机为名字服务器
8 相关命令：
Ping 测试命令
Netstat ：检查网卡配置
●1、四级流水线完成一条指令，每步时间分别为60ns、100ns、50ns、70ns。完成20条
指令，需___ns。
应该是：100*4+(20-1)*100=2300
●某系统总线的一个总线周期包含3个时钟周期，每个总线周期中可以传送32位数
据。 若总线的时钟频率为33MHz，则总线带宽为_____。
A、132MB/S B、33B/S C、42MB/S D、396MB/S
答案是C。计算：33*4/3/1.024/1.024=41.96 钟频率的k为1000，总线带宽的k是2^10
就是1024
●假设内存存取周期T=200ns，字长64位，数据总线宽度64 位，总线传送周期为
50ns。现用4个模块组成内存，并在连续4个地址中读出数据。如用顺序方式组织模
块，则数据带宽为____。如用交叉存储方式组织内存，则数据带宽可达约____MB/S。
Created by cherish58，2010A、80 B、320 C、640 D、1280
要取4个字,就是64*4=256bit,然后因为是顺序存取所以256/4*200ns,60题是交叉存
取所以是256/(200+3*50)
●知识产权都有法定的保护期限，一旦保护期限届满，权利即自行终止，成为社会公
众可以自由使用的知识。至于期限的长短，依各国的法律确定。例如，我国发明专利
的保护期为20年，实用新型专利权和外观设计专利权的期限为十年，均自专利申请
日起计算；；我国公民的作品著作权的保护期为作者终生及其死亡后50年。这两个
权利期限届满后，该发明和作品即成为公有领域财产。我国商标权的保护期限自核
准注册之日起10年，但可以在期限届满前6个月内申请续展注册，每次续展注册的
有效期10年，续展的次数不限，由此可见，商标权的期限有其特殊性，可以根据其所
有人的需要无限地续展权利期限。如果商标权人愈期不办理续展注册，其商标权也
将终止。商业秘密受法律保护的期限是不确定的，该秘密一旦为公众所知悉，即成为
公众可以自由使用的知识
Created by cherish58，2010
