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2022/2023 学年度第二学期第四教育联盟期中质量检测
九年级物理试题
一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题给出的四个选项中只有一个选
项正确．
1. 2021年4月29日，中国空间站天和核心舱成功发射，随之太阳翼帆板顺利展开。下列能源中与太阳能
一样属于可再生能源的是（ ）
A. 煤 B. 石油 C. 风能 D. 核能
【答案】C
【解析】
【详解】AB．煤和石油是化石能源，短期内不能再从自然界得到补充，属于不可再生能源，故AB不符合
题意；
C．风能可以源源不断地从自然界获取，属于可再生能源，故C符合题意；
D．核能使用后，短期内不能再从自然界得到补充，属于不可再生能源，故D不符合题意。
故选C。
2. 北京第24届冬奥会火炬，其外壳由碳纤维复合材料制成，质量约为同体积钢的四分之一，强度为钢的7
至9倍。火炬采用氢作燃料，燃烧时温度能达到800℃，但外壳温度却不高。关于碳纤维复合材料的特性，
下列说法正确的是（ ）
A. 密度大 B. 硬度小 C. 导热性好 D. 耐高温
【答案】D
【解析】
【详解】A．碳纤维质量约为同体积钢质量的四分之一，说明碳纤维具有密度小的特点，故A错误；
B．碳纤维复合材料强度为钢的7至9倍，说明碳纤维复合材料的硬度大，故B错误；
CD．氢燃烧时温度能达到800℃，但外壳温度却不高，说明碳纤维复合材料的导热性差，耐高温，故C错
误，D正确。
故选D。
的
3. 如图所示，“天宫课堂”上王亚平老师将两块透明板上 水球接触后粘在一起，慢慢拉开板后形成一个
长长的“液桥”，该现象主要说明了（ ）A. 水分子间有空隙 B. 水分子间存在吸引力
C. 水分子间存在排斥力 D. 水分子处在永不停息的无规则运动中
【答案】B
【解析】
【详解】AB．“液桥”现象说明分子间存在引力，水球接触后粘在一起，由于分子之间存在引力，故可以
慢慢拉开板后形成一个长长的“液桥”，故A不符合题意，B符合题意；
C．“液桥”现象说明分子间存在引力，而不是斥力，故C不符合题意；
D．“液桥”现象中，不能说明水分子处在永不停息的无规则运动中，故D不符合题意。
故选B。
4. 手鼓社团活动时，敲鼓的力越来越大。下列说法正确的是（ ）
A. 响度变大 B. 响度变小 C. 音调变高 D. 音调变低
【答案】A
【解析】
【详解】音调是由振动频率决定的，响度是由振动幅度决定的。敲鼓的力越来越大，振动幅度越大，响度
越大。所以敲鼓的力越来越大，响度变大，故A正确，BCD错误。
故选A。
5. 下图是课本中的几个实验，其中揭示了电动机工作原理的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】【详解】A．图中电路闭合开关后，导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，揭示的是发电
机的工作原理，故A不符合题意；
B．图中电路接通时，小磁针受力转动，说明通电导体周围存在磁场，揭示的是电流磁效应，故B不符合
题意；
C．图中电路闭合时，导体在磁场中受力运动，揭示的是电动机的工作原理，故C符合题意；
D．图中转动电风扇的扇叶时，电动机中线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，使灯泡发光，
揭示了发电机的工作原理，故D不符合题意。
故选C。
6. 在平直轨道上行驶的火车中，放在车厢内小桌上的苹果相对于下列哪个物体是运动的（ ）
A. 这列火车的机车
B. 坐在车厢椅子上的乘客
C. 从旁边走过的列车员
D. 关着的车门
【答案】C
【解析】
【详解】放在车厢内的小桌上的小苹果相对于这列火车的机车、坐在车厢椅子上的乘客以及关着的车门位
置没有改变，所以相对于这些物体，苹果是静止的；苹果相对于从旁边走过的列车员位置是变化的，所以
相对于列车员苹果是运动的．故C符合题意为答案．
7. 2022年北京冬奥会开幕式，以“一朵雪花”为轴线，呈现出诗人李白诗句中描述的“燕山雪花大如
席”的浪漫、夸张场景。北方冬季常见的雪花的形成与下列自然现象的形成属于相同物态变化的是
（ ）
A. 露生成 B. 雾产生 C. 霜形成 D. 冰消融
【答案】C
【解析】
【详解】雪是空气中 的水蒸气越冷凝华成的小冰晶。
AB．露、雾都是空气中是水蒸气液化成的小水珠，故AB不符合题意；
C．霜是空气中的水蒸气越冷凝华成的小冰晶，与雪相同，故C符合题意；
D．冰消融是冰吸热发生的熔化现象，故D不符合题意。故选C。
8. 临沂市文化公园是我市一道亮丽的风景线。1.5m深的荷花池内，一只立于荷尖上的蜻蜓距水面0.6m
（如图），蜻蜓在水中的像（ ）
A. 因光的折射而形成 B. 是比蜻蜓略小的虚像
C. 在水面下0.9m深处 D. 与蜻蜓相距1.2m
【答案】D
【解析】
【详解】A．蜻蜓在水中的像是平面镜成像，是光的反射，故A不符合题意；
B．蜻蜓在水中的像是平面镜成像，成的是等大的虚像，故B不符合题意；
C．蜻蜓在水中的像是平面镜成像，像到平面镜的距离等于物体到水面的距离等于0.6m，故C不符合题意；
D．蜻蜓在水中的像与蜻蜓相距
故D符合题意。
故选D。
9. 2016年4月20日下午，甘肃酒泉瓜州县渊泉小学正在举行运动会，塑胶运动场上突然刮起龙卷风，将
一名小学生卷起，如图所示。龙卷风是高速旋转的气流，它能把地面上的人、动物或物体等“吸起”卷入
空中．龙卷风能“吸起”物体的原因是（ ）A. 龙卷风内部的压强远小于外部的压强
B. 龙卷风内部的压强远大于外部的压强
C. 龙卷风使物体受到的重力变小
D. 龙卷风使物体受到的浮力变大
【答案】A
【解析】
【详解】在气体和液体中，流速越大的位置压强越小。龙卷风能“吸起”物体的原因是：龙卷风内部的空
气流速远大于外部的空气流速，所以龙卷风内部的压强远小于外部的压强。
故选A。
10. 两款温控开关K 和K，当温度低于50℃时，K 保持闭合，K 保持断开；当温度高于50℃时，K 保持
1 2 1 2 1
断开，K 保持闭合，某保温水壶用其中一款开关检测水温，其加热电阻R在水温低于50℃时工作，在水温
2
高于50℃时不工作，下列电路图中符合用电安全且能实现该保温水壶功能的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】AB．由电路图可知，电路中加热电阻R与开关并联，当开关闭合时会对电源短路，将会烧坏电源，
故AB不符合题意；
CD．由电路图可知，加热电阻R与开关串联，加热电阻在水温低于50℃时工作，即水温低于50℃时开关
应闭合；加热电阻在水温高于50℃时不工作，即水温高于50℃时开关应断开，由题意可知，符合这一规
律的应该是K，故C符合题意，D不符合题意。
1
故选C。
11. 如图，质量为2m的物块P下方连接有一个质量为m的钩码，上端通过细线绕过轻质定滑轮连接一质量
为2m的物块Q，将它们由静止释放，在物块P下落到地面的过程中，P、Q间细线拉力大小为F。（细线
重力及各处的摩擦均不计，钩码落地后不弹起）（ ）A. 钩码落地前 ， 的机械能增大
B. 钩码落地前 ， 的机械能增大
C. 钩码落地后 ， 的机械能不变
D. 钩码落地后 ， 的机械能减小
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】物块P、物块Q和钩码在同一根绳上，运动情况相同，把钩码和物块P看成一个整体，这个整体
和物块Q所受的合力大小相等，则
所以绳上的拉力为 ，物块P和Q合力方向和运动方向一致，所以机械能增大。
故选B。
12. 在探究光的折射规律时，小聪发现从水面上方看水中物体变浅了。为了确定水中物体所成像的位置，
小聪利用两个完全相同的小灯泡a和b、刻度尺设计了两种方案。方案一：将小灯泡a放在水中某处，再将
小灯泡b放在水面上方，如图所示，调整b的位置，使它的像与灯泡a的像重合，用刻度尺测出灯泡b到
水面的距离；方案二：将刻度尺竖直插入水中，当看到零刻度线与灯泡a的像重合时，读出刻度尺在水面
处的示数。以上两种方案正确的是（ ）A. 仅有方案一
B. 仅有方案二
C. 方案一、方案二都正确
D. 方案一、方案二都不正确
【答案】A
【解析】
【详解】水面可以看作是平面镜，平面镜成正立、等大的虚像，并且像到平面镜的距离和物到平面镜的距
离相等。灯泡b的像与灯泡a的像重合，说明灯泡a的像到水面的距离与灯泡b到水面的距离一定相等。
测量时，如果直接将刻度尺竖直插入水中，看到的零刻度线与灯泡a的像重合，因为光的折射，刻度尺的
零刻度线真实位置应该是在灯泡a的位置，所以刻度尺在水面处的示数表示灯泡a的深度，不是灯泡a的
像到水面的距离。所以方案一正确，故A正确，BCD不正确。
故选A。
二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分。
13. 诗句“夜阑卧听风吹雨，铁马冰河入梦来”中，风声是由空气___________产生的，雨是由高空的水蒸
气遇冷___________（填物态变化名称）形成的，河水结冰需要___________（选填“吸热”或“放热”）。
【答案】 ①. 振动 ②. 液化 ③. 放热
【解析】
【详解】[1]振动产生声，风声是由空气振动产生的。
[2]雨是由高空的水蒸气遇冷变为液态，故是液化。
[3]河水结冰是凝固现象，凝固需要放热。
14. 如图是一种流行的指尖陀螺玩具，这种玩具中间为一轴承，两侧各有一飞叶，拨动飞叶时可以在手指
上转动，这现象说明力可以改变物体的_______。这种陀螺的寿命是由轴承中滚珠决定，一般采用陶瓷滚
珠，这是利用该材料的______（选填“耐磨性强”、“密度大”或“导热性好”），同时飞叶一般采用密
度大的金属制作，目的是为了通过增大质量来增大飞叶的_______，从而在停止拨动陀螺后，陀螺依然能
够长时间转动。【答案】 ①. 运动状态 ②. 耐磨性强 ③. 惯性
【解析】
【详解】[1]拨动飞叶时可以在手指上转动，飞叶受到力的作用由静止变为运动，这现象说明力可以改变物
体的运动状态。
[2]陀螺转动时轴承中滚珠和轴承之间存在摩擦，一般采用陶瓷滚珠，这是利用该材料的耐磨性强。
[3]物体的质量越大，惯性越大，运动状态越难改变，飞叶一般采用密度大的金属制作，目的是为了通过增
大质量来增大飞叶的惯性，从而在停止拨动陀螺后，陀螺依然能够长时间转动。
15. Wifi是一种可以将个人电脑、手机等终端设备以无线方式互相连接的技术。常见的连接方式是通过一
个无线路由器来实现（如图所示）。无线路由器是通过_______向四周有效范围内的终端传递信息，其传
播速度_______（选填“大于”“等于”“小于”）光速。路由器工作时间长了，外壳发烫，是由于电能
转化成了________能。
【答案】 ①. 电磁波 ②. 等于 ③. 内
【解析】
【详解】[1]Wifi信号是一种电磁波，所以无线路由器是通过电磁波向四周有效范围内的终端传递信息。
[2]电磁波的传播速度等于光速，所以无线路由器的传播速度等于光速。
[3]由于电流流过导体时具有热效应，所以，路由器工作时间长了，外壳发烫，是由于电能转化成了内能。
16. 在探究杠杆平衡条件的实验中，如果杠杆左侧高右侧低，则可将左侧的平衡螺母向____调节，使其在
水平位置平衡。如图所示，在支点左侧20cm刻度处挂3个重均为0.5N的钩码，在支点右侧15cm刻度处
用弹簧测力计拉杠杆，使其水平平衡。要使弹簧测力计示数最小，弹簧测力计的拉力应沿____方向，此时
读数为____N。【答案】 ①. 左 ②. 竖直向下 ③. 2
【解析】
【详解】[1]如果杠杆左侧高右侧低，则杠杆的重心偏右，可将左侧的平衡螺母向左调节，使其在水平位置
平衡。
[2]要使弹簧测力计示数最小，即动力最小，根据杠杆平衡条件可知，应使动力臂最长，此时的动力臂长即
为支点到弹簧拉力作用点的连线，所以弹簧测力计的拉力应沿竖直向下的方向。
[3]根据杠杆平衡条件可得
3×0.5N×20cm=F×15cm
解得，此时弹簧测力计的示数为
F=2N
17. 小明用托盘天平测量小石块的质量，测量时右盘加入最小的砝码后，天平的指针偏向右侧，这时应该
____并移动游码使天平再次平衡，如图所示，物体的质量是______，若石块的体积为20cm3，则石块的密
度为_____kg/m3。
【答案】 ①. 取下最小砝码 ②. 52.0（或52） ③. 2.6×103
【解析】
【分析】
【详解】[1]用天平测出小石块的质量。在测量过程中，当他将最小的砝码放进右盘后，指针再次偏向分度
盘中线的右侧，这说明砝码的质量稍大，他应取下最小砝码，向右移动游码是天平平衡。
[2]由图可知小石块的质量
m=50g+2g=52g
[3]小石块的密度
18. 氢能源具有来源广、热值高、无污染等优点。氢气的热值为14.3×107 J/kg，完全燃烧0.2kg的氢气可放
出_____J的热量；若一罐氢气用去了一半，则剩余氢气的密度__________（变大/变小/不变），热值
_______（变大/变小/不变）。
【答案】 ①. 2.86×107 ②. 变小 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]0.2kg氢气完全燃烧放出的热量
Q =mq=0.2kg×14.3×107J/kg=2.86×107J
放[2][3]一罐氢气用去了一半，质量减半，体积不变，由 可知氢气的密度变小；热值是物质的属性，
不随着质量的改变而改变，故其热值不变。
19. “新冠”疫情防控要求：来自中高风险地区的人员，需要隔离，为此综合实践小组自制如图甲所示的
开门报警器，电路板固定于大门，条带左端插在两电池之间，右端固定于门框。如图乙所示，大门一旦被
打开，灯亮、电铃响。条带在电路中起到了电路元件_________的作用，具有优异的_________（选填“导
电”或“绝缘”）性。某次测试发现，把大门打开，电铃响而灯不亮，故障可能是灯 处发生_________。
【答案】 ①. 开关 ②. 绝缘 ③. 断路
【解析】
【详解】[1]条带左端插在两电池之间，电路中没有电流，大门一旦被打开，条带从两电池之间拔出，电路
中有电流，所以条带控制电路中电流的通断，相当于开关。
[2]条带左端插在两电池之间，电路中没有电流，所以条带是良好的绝缘体。
[3]把大门打开，电铃响而灯不亮，灯与电铃并联，如果灯短路，电铃也被短路，不符合题意；如果灯断路，
灯不亮，对另一条支路没有影响，符合题意，所以是灯断路。
20. 现有一热敏电阻，其阻值R随温度t的升高面减小，部分数据如表所示，利用它可以制作温度报警器，
其电路的一部分如图所示，图中两个虚线框内一个接热敏电阻，一个接定值电阻，电源电压恒为12V。当
图中的输出电压达到或超过8V时，便触发报警器（图中未画出）报警，不考虑报警器对电路的影响。要
求环境温度达到或超过40℃时开始报警，则热敏电阻应接在虚线框______（填数字）内，另一虚线框内定
值电阻阻值为______kΩ。若将虚线框内两元件对调，则报警器报警的最高温度为______℃。
环境温度t/℃ 5 10 20 30 40 50 60
热敏电阻R/kΩ 6.0 4.4 2.8 1.8 1.1 0.8 0.7【答案】 ①. 2 ②. 2.2 ③. 10
【解析】
【分析】
【详解】[1]热敏电阻温度升高阻值减小，要求环境温度达到或超过40℃时开始报警，电源电压一定，热敏
电阻阻值减小，在串联电路中分压减小，输出电压达到或超过8V时，便触发报警器报警，所以需要把热
敏电阻放在2处。
[2]40℃热敏电阻阻值1.1kΩ，电源电压12V，定值电阻分压8V，则热敏电阻分压4V，故定值电阻阻值为
热敏电阻两倍，即2.2kΩ。
[3]若将虚线框内两元件对调，热敏电阻分压8V，定值电阻分压4V，定值电阻2.2 kΩ，根据串联分压规律，
热敏电阻4.4 kΩ，由表格，温度10℃，则报警器报警的最高温度为10℃。
三、解答题：本题7小题，共52分．解答22、23题时应有解题过程．
21. 人眼看到斜插入水中的筷子发生弯折（如图甲），请在图乙中法线两侧画出能正确说明产生这一现象
原因的一条入射光线及对应折射光线_____。
【答案】
【解析】
【详解】当光从水中射入空气时，会在水与空气的交界面上发生折射，使进入空气中的折射光线向水面偏折，位置降低，而我们通常认为光是沿直线传播的，所以，看到的筷子位置在折射光线的反向延长线上，
从而位置比实际位置偏高，看起来筷子向上弯折，如图所示：
22. 北京冬奥会滑雪场，索道设施可将物资从山脚运往山顶。如图所示，封闭式轿厢随钢索向右上方做匀
速直线运动，请画出静止在轿厢内的物体 受到所有力的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】封闭式轿厢随钢索向右上方做匀速直线运动，此时封闭式轿厢处于平衡状态，故厢内的物体处于
平衡状态，在竖直方向上二力平衡，即受到自身重力和轿厢对它的支持力，并且这两个力是平衡力，故从
该物体的重心作竖直向上支持力和竖直乡下的重力，并标好标注，如下图
23. 在图的括号内标出小磁针右端的极性，用箭头标出P点磁感线的方向；【答案】
【解析】
【详解】根据右手安培定则，四指的方向为电流的方向，大拇指的方向为磁场的方向，故该螺线管右端为
N极，左端为S极，螺线管外部的磁场的方向为从 N极出发，回到S极，故P点磁感线的方向是向左，螺
线管的左端为S极，根据磁体间的相互作用，小磁针的右端为N极，故如图所示：
24. 小明携带质量为10kg的行李箱乘坐高速列车从十堰到汉口。列车经过的部分站点时刻表如下：
站 到达时 开车时 运行时 运行里
站名
次 间 间 间 程
十堰
1 —— 12∶27 —— 0
东
襄阳
2 13∶27 13∶31 60min 180km
东
3 汉口 15∶11 —— 100min 460km
请你根据以上信息，解决下列问题：（g取10N/kg）
（1）行李箱底部与水平行李架的接触面积约为0.2m2，求行李箱对行李架的压强；
的
（2）从十堰东站到襄阳东站运行 速度为多少km/h？
（3）若列车在襄阳东站至汉口站区间内匀速直线行驶，牵引力恒为3×105N，电能转化成机械能的效率为
70%，求列车在此区间运行过程中消耗的总功率。【答案】（1）500Pa；（2）180km/h；（3）2×107W
【解析】
【详解】解：（1）行李箱对行李架的压强
（2）十堰东站到襄阳东站运行的时间
t=13∶27-12∶27=1h
十堰东站到襄阳东站运行的速度
（3）襄阳东站至汉口站区间内匀速直线行驶的速度
电能转化成机械能的效率
可得列车消耗的总功率
答：（1）行李箱对行李架的压强是500Pa；
（2）从十堰东站到襄阳东站运行的速度为180km/h；
（3）列车在此区间运行过程中消耗的总功率2×107W。
25. 在如图甲所示的电路中，电源电压不变，R的阻值为8Ω，灯泡L的电流随电压变化的关系如图乙所示。
闭合开关，灯泡L两端的电压为8V。求：
（1）电源电压；
（2）将图甲中的R换成和L一样的灯泡，10s内一个灯泡消耗的电能；
（3）将图甲中R和L由串联改为并联，整个电路的电功率。【答案】（1）12V；（2）27J；（3）25.2W
【解析】
【详解】解：（1）由图乙可知，当灯泡两端的电压
U ＝8V
L
此时
I ＝0.5A
L
根据公式U＝IR可知此时电阻R两端的电压
U ＝I R＝0.5A×8Ω＝4V
R R
根据串联电路中电压的规律可知电源电压为
U＝U ＋U ＝8V＋4V＝12V
L R
（2）将R换成L后，相当于两个型号规格一样的灯泡串联一起，根据串联电路中电压的规律可知灯泡L
两端的电压为
由图乙可知，当灯泡两端的电压为6V时，通过灯泡的电流
I' ＝0.45A
L
根据公式W=UIt可知一个灯泡10s内消耗的电能为
W' ＝U' I' t＝6V×0.45A×10s＝27J
L L L
（3）将电阻R与灯L并联，根据并联电路中电压的规律可知，灯L两端的电压为12V，由图乙可知，当
灯L两端的电压为12V 时，通过灯泡的电流为
I ＝0.6A
2L
由欧姆定律得，通过电阻R的电流为
根据并联电路中电流的规律可知，总电流I＝I" ＋I ＝0.6A＋1.5A＝2.1A
L R
所以整个电路消耗的电功率为
P ＝UI＝12V×2.1A＝25.2W
总
答：（1）电源电压为12V；
（2）将图甲中的R换成和L一样的灯泡，10s内一个灯泡消耗的电能为27J；
（3）将图甲中R和L由串联改为并联，整个电路消耗的电功率为25.2W。
26. 小明用如图所示的装置探究两种液体吸热升温的现象。
（1）图中两个相同规格的烧瓶内装有______相等的液体甲和乙，两烧瓶中的电阻丝必须______；
的
（2）实验中用______反映液体吸收热量 多少：下表是某次的实验数据，分析可知，液体______
（甲/乙）的吸热升温快；
物质种类 质量/g 初始温度/℃ 加热时间/min 最终温度/℃
液体甲 150 20 3 45
液体乙 150 20 3 68
（3）小明发现用该装置也可来探究电流产生的热量与电流大小的关系，探究步骤如下：
①闭合开关，通电一段时间，记下甲瓶中液体升高的温度；
②保持通电时间一定，调节______，记下______瓶中液体升高的温度；
③比较液体升高的温度的大小可以得出结论。
【答案】 ①. 质量和初温 ②. 电阻相同 ③. 加热时间 ④. 乙 ⑤. 滑动变阻器 ⑥.
甲
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1][2]探究两种液体吸热升温，需控制其他因素相同，两个相同规格的烧瓶内装有质量和初
温相同的液体甲和液体乙，两烧瓶中的电阻丝的电阻相同，通过观察温度计升高的温度来比较液体的吸热
能力。（2）[3]电路中，两电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，根据 可知，根据转换法，实验中
用加热时间间接反映液体吸收热量的多少。
[4]由表格数据可知，液体甲升高的温度
液体乙升高的温度
则液体乙的吸热升温快。
（5）[5][6]探究电流产生的热量与电流大小的关系，控制其他的因素不变，改变电流的大小，探究步骤如
下：
①闭合开关，通电一段时间，记下甲瓶中液体升高的温度；
②保持通电时间一定，调节滑动变阻器，记下甲瓶中液体升高的温度；
③比较液体升高的温度的大小可以得出结论。
通过调节滑动变阻器，改变滑动变阻器连入电路中的电阻，从而改变电路中的电流，两次记下甲瓶中液体
升高的温度，控制电阻相同，从而得出结论。
27. 在“凸透镜成像规律”实验中，某同学进行了如下探究：
物距u/cm 实验序号 焦距f/cm 像距v/cm
1 2.00 2.50
10.00 2 5.00 10.00
3 8.00 40.00
（1）实验时，使烛焰、光屏中心在凸透镜的___________上；
的
（2）为研究像距与焦距 关系，选用焦距不同的三个凸透镜进行实验，实验数据记录如上表．分析表中
的数据可知，保持物距不变时，当换用焦距较大的凸透镜时，为了能在光屏上呈现清晰的像，应该将光屏
向____（远离/靠近）透镜方向移动；
（3）该同学用若干个发光二极管组成形状如“E”的发光物体，如图甲所示，将发光物体、凸透镜和光屏依次组装到光具座上并调整好，且物距调节为6cm时，在光屏上成的像如图乙， 则他选用的是三个透镜
中焦距为____cm的凸透镜；生活中____（放大镜/投影仪/照相机）使用时成像情况和图示情况相同；
（4）对于焦距相同的凸透镜，一个物距应该对应唯一的像距，但从各组汇报数据中发现，物距均为
12.00cm时，三个小组所测像距分别为23.00cm，24.00cm，26.00cm。若他们的数据差别不是因为长度测量
误差导致的，你认为出现这种情况的操作原因是_____________；
（5）把较远的“光源”发出光通过凸透镜照射在光屏上，调节凸透镜到光屏之间的距离，可以在光屏上
得到“光源”的像。用刻度尺测出像到凸透镜中心距离____（远大于/远小于/约等于）凸透镜焦距。实验
中刻度尺的分度值是____cm。
【答案】 ①. 主光轴 ②. 远离 ③. 5.00 ④. 投影仪 ⑤. 误将像所在位置的刻度当做像距
⑥. 约等于 ⑦. 0.1
【解析】
【详解】（1）[1]实验时，要使烛焰的中心、光屏的中心和凸透镜在同一高度上，即使烛焰、光屏中心在
凸透镜的主光轴上。
（2）[2]分析表中的数据可知，保持物距不变时，当换用焦距较大的凸透镜时，像距变大，所以，为了能
在光屏上呈现清晰的像，应该将光屏向远离透镜方向移动。
（3）[3]4]物距调节为6cm时，在光屏上成的像如图乙，即成的是倒立、放大的实像，所以此时物距大于
焦距小于二倍焦距，则他选用的是三个透镜中焦距为5.00cm的凸透镜；生活中投影仪使用时成像情况和图
示情况相同。
（4）[5]物距均为12.00cm时，三个小组所测像距分别为23.00cm，24.00cm，26.00cm，出现这种情况的操
作原因是，错误地把像所在的位置所对的刻度值当做了像距来记录，正确的方法是用像所在位置的刻度与
透镜所在位置的刻度相减，所得的差才是像距。
（5）[6]成实像时，物距越小像距越大，但是像距总大于焦距，把较远的“光源”发出光通过凸透镜照射
在光屏上，调节凸透镜到光屏之间的距离，在光屏上得到“光源”的像，此时像的位置极度接近焦点，所
以，用刻度尺测出像到凸透镜中心距离约等于凸透镜焦距。
[7]长度测量时，要估读到分度值的下一位，根据表中数据可知，刻度尺的分度值为0.1cm，即1mm。
28. 小明测小灯泡的电功率，实验器材：电源（3V）、电流表、电压表、“2.5V”字样的小灯泡、滑动变
阻器（10Ω 1A）、开关、导线若干。（1）图甲是小明连接的实物图，闭合开关后小灯泡________（会/不会）发光，电流表 ________（有/没
有）示数，电压表 ________（有/没有）示数，小华发现其中有一根导线连接错误，请在错误连线打
“×”，并用笔画线代替导线画上正确的连接；_______
（2）正确操作后，若电压表的示数为 1.5V，应向_____（左/右）移动滑动变阻器的滑片，直到灯泡正常
发光，此时电流表的示数如图乙所示为_____A，则小灯泡的额定功率为_________W；
（3）测出小灯泡的额定功率后，小明又把灯泡两端的电压调为额定电压的一半，发现测得的功率不等于
其额定功率的 ，这是由于_______ 。
【答案】 ①. 不会 ②. 有 ③. 没有 ④. ⑤.
左 ⑥. 0.3 ⑦. 0.75 ⑧. 灯丝电阻随温度升高而增大
【解析】
【详解】（1）[1][2][3]由图可知，小灯泡和电压表被短路，闭合开关后小灯泡不会发光，电压表没有示数，
此时电路是通路，电流表串联在电路中，电流表有示数。
[4]小灯泡应和滑动变阻器串联，电压表应并联在小灯泡两端，故修改电路如下图所示：
（2）[5]正确操作后，若电压表的示数为 1.5V，此时小灯泡两端电压小于其额定电压，根据串联电路分压
规律可知，应向左移动滑动变阻器的滑片，使滑动变阻器接入电路的电阻减小，滑动变阻器的分压减小，小灯炮的分压增大，直到灯泡正常发光。
[6]如图乙所示，电流表的量程为0~0.6A，示数为0.3A。
[7]小灯泡的额定功率为
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W
（3）[8]小明把灯泡两端的电压调为额定电压的一半，若灯丝电阻不变，则通过灯泡的电流也为其正常工
作时的一半，则测得的功率等于其额定功率的 ；但是灯丝电阻随温度升高而增大，当小灯泡两端电压减
小时，通过它的电流减小，灯丝温度降低，灯丝电阻减小，则通过灯丝的电流大于其额定电流的一半，所
以，测得的功率不等于其额定功率的 。
29. 阅读短文，回答问题：
直流充电桩
直流充电桩是一种为电动汽车补给能量的装置，如图甲所示。它能够将电网中的交流电转化为直流电，再
将电能充入汽车动力电池（以下简称电池）。通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，
因而可实现快速充电。
设电池当前储能占充满状态储能的百分比为D。充电时，充电桩的充电功率P会随着电池的D的变化而变
化，同时用户还可以通过充电桩显示屏了解充电过程中的其他相关信息。
现实际测试一个直流充电桩对某辆电动汽车的充电性能。假定测试中充电桩输出的电能全部转化为电池的
储能。充电前，D为30%，充电桩显示屏中充电时长、充电度数、充电费用示数均为0 。开始充电后，P
与D的关系如图乙所示（为方便计算，图像已作近似处理），充满后，立即停止充电。当D达到70% 时
充电桩显示屏的部分即时信息如下表。
充电电压（V） 充电电流（A） 充电时长（min） 充电度数（kW·h） 充电费用（元）
400 45 24.0 28.80（1）通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，故充电功率更_____；
（2）在D从30%增至70%的过程中，充电电流大致的变化规律是___________ ；
（3）当D为70%时，充电电流为 ___________A；
（4）若充电过程中充电电费单价不变，则测试全过程的充电费用为 ___________ 元；
（5）设D从70% 增至80%所需时间为 t ，从80%增至90%所需时间为t ，且t∶t=2∶3，则测试全过程
1 2 1 2
的充电总时长为___________min 。
【答案】 ①. 大 ②. 先变大，后不变 ③. 100 ④. 50.4 ⑤. 109
【解析】
【详解】（1）[1]根据P=UI可知，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，充电功率更大。
（2）[2]由图乙可知，在D从30%增至70%的过程中，充电功率先增大，后保持不变，而充电电压不变，
根据P=UI可知，充电电流大致的变化规律是先变大，后不变。
（3）[3]当D为70%时，充电功率为40kW，充电电压为400V，所以充电电流为
（4）[4]若充电过程中充电电费单价不变，则测试全过程的充电费用为
（5）[5]由题可知，当充满电时，电池储存的电能为
电量从80%增至90%时，消耗的电能为
此时充电功率为15kW，所以充电时间为故D从70% 增至80%所需时间为
由图可知，D从90% 增至100%所需时间也为24min，故测试全过程的充电总时长为
