文档内容
2020年上海市嘉定区中考物理二模试卷
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在
答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．（2分）一般成人的正常体温是（ ）
A．35℃ B．37℃ C．39℃ D．40℃
2．（2分）能分辨琴声和笛声的主要依据是（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．振幅
3．（2分）在原子核中，带正电的粒子是（ ）
A．质子 B．中子 C．电子 D．原子
4．（2分）下列光学器具中，主要利用光的反射原理的是（ ）
A．放大镜 B．近视眼镜 C．潜望镜 D．照相机
5．（2分）小磁针静止在螺线管的附近，闭合开关S时，通电螺线管磁感线方向如图所示，则
下列判断正确的是（ ）
A．通电螺线管的右端为N极
B．电源的右端为正极
C．小磁针一直保持静止
D．小磁针N极逆时针转动
6．（2分）甲、乙两个重力相等的物体在绳子竖直向上的拉力作用下做直线运动，两次运动的
s﹣t图象如图（a）、（b）所示，则（ ）
A．甲的速度等于乙的速度
B．通过4.8米甲、乙所用的时间相等
第1页（共27页）C．甲、乙受到绳子的拉力相等
D．甲受到的合力小于乙受到的合力
7．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关S由断开到闭合时（ ）
A．电流表A示数不变
B．电压表V示数变小
C．电压表V示数与电流表A示数的乘积不变
D．电压表V示数与电流表A示数的比值变小
8．（2分）如图所示，底面积不同的两圆柱形容器内分别盛有甲、乙两种液体。现从两容器中
分别抽出相同深度的液体后，容器中剩余液体的质量相等，则容器底部受到的液体压强变
化量△p甲 、△p乙 的关系是（ ）
A．△p甲 定小于△p乙 B．△p甲 可能等于△p乙
C．△p甲 一定大于△p乙 D．△p甲 甲可能大于△p乙
二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（3分）上海地区家庭电路的电压是 伏，家用电能表的计量单位是 ，充电宝
在给手机充电的过程中，它属于 （选填“电源”或“用电器”）。
10．（3分）如图所示是“无人机”为隔离人员运送物资的情景。无人机下降时，以地面为参
照物，无人机是 的（选填“运动”或“静止”）；下降过程中，其重力势能 ，
惯性 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
11．（3分）如图（a）、（b）所示为某同学在“空中课堂”学习课间锻炼的场景。该同学所受重
第2页（共27页）力的方向是 ；球撞到瓶子后倒下，该现象说明力能改变物体的 ，该球与地
面之间的摩擦属于 摩擦（选填“滑动”、“滚动”或“静”）。
12．（3分）某长方体放在水平地面上，在水平方向5牛的拉力作用下匀速前进20米，所用时
间为10秒，则拉力做的功是 焦，拉力的功率是 瓦。若将它浸入水中排开水
的体积为1×10﹣3米3，则它受到的浮力为 牛。
13．（3分）生活中处处都蕴含物理知识。茶壶是 原理的应用；国旗旗杆顶端的滑轮使
用中的好处是 ；汽车的汽油机工作时，将机械能转化为内能的冲程是 冲程。
14．（3分）某导体两端的电压为6伏，5秒钟内通过该导体横截面的电荷量为3库，则通过该
导体的电流为 安，当通过该导体的电流为0.3安时，导体的电阻为 欧。1度
电可以使“220V 10W”的节能灯正常工作 小时。
15．（2分）在如图所示电路中，电源电压为U保持不变。当开关s闭合后，电路正常工作，一
段时间后，灯L熄灭。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或灯L上。为了能同时
检测电路中所有可能的故障，有以下方案可选：
A．将电压表并联电阻R两端
B．用与L规格相同且完好的灯L替换L
C．将电流表串联在电路中，电压表并联在灯L两端。
以上方案可行的是 。请写出依据你所选方案操作后，观察到的现象（或各电表示
数）及相对应的故障： 。
16．（4分）如图所示的“负压病房”在抗击新冠肺炎疫情中发挥了重要作用。所谓“负压病
房”是指病房内的气压低于病房外的气压。这样既能保证向室内提供新鲜空气，还能在特
殊装置下，实现将病房内被污染的空气通过专门通道排放到固定地方进行无害化处理，避
免医护人员交互感染，为防控提供了最“硬核”的支撑。
第3页（共27页）根据以上信息回答：
从空气流通的角度分析，“负压病房”能有效阻断病毒传播到室外的原因是 。
①假设将被污染的空气通入特制的电热丝容器内进行高温消毒，此过程中电能转化为
②能。请举一个与此过程能量转化形式相同的生活实例。
下列处于“负压”状态的是 。
③A．漏气的气球
B．烧煮中的高压锅
C．吸饮料过程中的吸管
D．高空飞行中的飞机机舱
三、作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔．
17．（3分）在图中，小球受到的拉力为4牛。用力的图示法画出此拉力。
18．（3分）在图中的〇里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。
四、计算题（共24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。
19．质量为2千克的水，温度升高了50℃．求水吸收的热量Q吸 ．[c水 ＝4.2×103 焦/（千
克•℃）]。
第4页（共27页）20．杠杆平衡时，动力的大小为10牛，动力臂l 为0.2米，阻力臂l 为0.1米，求：阻力F 的大
1 2 2
小。此杠杆属于 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。
21．如图（a）所示的电路中，电源电压为16伏保持不变，定值电阻R 为5欧，滑动变阻器R
1 2
上标有“100 1A”字样。闭合开关S，电流表的示数为0.8安，所用电表的表盘如图（b）
所示。求： Ω
电压表V 的示数U ；
1 1
①通电10秒钟，电流通过R
2
所做的功W
2
；
②在电路安全的情况下，移动变阻器滑片P，电压表V
2
示数的变化范围。
③
22．如图所示，圆柱形容器甲和均匀实心正方体乙放置在水平地面上。容器甲的质量为1千
克、底面积为2×10﹣2米2，盛有体积为4×10﹣3米3的水；乙的体积为1×10﹣3米3．求：
容器甲中水的质量m水 。
①距水面下0.05米处水的压强p水 。
②若将正方体乙垫放在容器甲下方的中央位置，测得正方体乙对地面的压强是容器甲对
③正方体乙的压强的2倍，求：正方体乙的密度
乙
。
ρ
第5页（共27页）五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．（4分）如图（a）所示，在用弹簧测力计测物体的重力前，先要在竖直方向进行 ，该
弹簧测力计的最小分度值为 牛。在“探究二力平衡的条件”实验中，要使所研究
物体分别处于静止状态或 状态进行实验。如图（b）所示的电压表示数为 伏。
24．（4分）在“探究平面镜成像的特点”实验中，为便于确定像的位置，用 作为平面
镜，并将其 放置在水平桌面。在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的实验
中，用来研究液体内部压强规律的仪器名称为 ，如图所示的实验过程是在探究液
体内部的压强与 的关系。
25．现有电源（2伏、4伏、6伏、8伏、10伏六档）、电流表、电压表和开关各2个，待测电阻、标
有“20 2A”的滑动变阻器、标有“3.5V”字样的待测小灯（额定功率在1.2瓦以内）各
一个，以Ω及导线若干。小华做测电阻的实验，小明做测定小灯泡电功率的实验。两人讨论
后分配实验器材，按照设计方案开始实验。他们正确串联实验器材，实验步骤正确。闭合
开关时，小华观察到电压表和电流表的示数分别为2伏和0.2安，小明观察到电压表和电
流表的示数分别为4伏和0.2安，此时小灯很暗：经过思考，小明调整电路后重新实验，当
小灯正常发光时，小明观察到电流表示数如图所示。
请根据以上信息，完成以下问题：
画出小华实验的电路图。
①实验中， （选填“小华”或“小明”）选择了滑动变阻器，此实验中它的作用是
②。
第6页（共27页）计算小明实验中选择的电源电压和小灯的额定功率。（需写出计算过程）
③
26．（6分）小嘉同学做“探究凸透镜成实像的规律”实验，他选取焦距为10厘米的凸透镜，
一个高度H为3.00厘米的发光体、光屏和光具座等进行实验。他正确安装和调节实验器
材，按表中的物距依次进行实验，每次都使光屏上发光体的像最清晰，并将相应的像距v、
成像高度h记录在表中。
焦距f＝10厘米 物高H＝3.00厘米
实验序号 物距u（厘米） 像距v（厘米） 像高h（厘米）
1 50 12.5 0.75
2 35 14.0 1.20
3 30 15.0 1.50
4 20 20.0 3.00
5 18 22.5 3.75
6 15 30.0 6.00
7 12 60.0
分析比较实验序号1、2、3中的物距u和像距v的大小关系及成像情况，可得出的初步
①结论是：同一凸透镜成实像时， 。
分析比较实验序号1﹣6中的像距v像高h随物距u的变化情况，可得出的初步结论是
②。
分析实验序号4中的数据及相关条件，小嘉同学就得出“当像距等于物距时，凸透镜
③成等大的实像”这个结论。你觉得可以吗？请说明理由 。
进一步分析比较实验序号1～6中的像距v、物距u、像高h及物高H的关系，请将实验
④序号7中的像高 填写完整。
第7页（共27页）2020年上海市嘉定区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在
答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．（2分）一般成人的正常体温是（ ）
A．35℃ B．37℃ C．39℃ D．40℃
【分析】此题考查对人体正常体温的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出
符合实际的选项。
【解答】解：
正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故B符合实际。
故选：B。
【点评】对物体长度、质量、重力、温度等进行估测，是初中物理的一项基本要求，平时结合
所学知识多观察多思考身边的物理学知识，必要时做出正确判断。
2．（2分）能分辨琴声和笛声的主要依据是（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．振幅
【分析】我们常用音色来区别不同乐器发出的声音。
【解答】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音
色也就不同。我们能区分不同乐器发出的声音，这是因为不同乐器发出声音的音色不同。
故选：C。
【点评】本题考查了音色的特点，不同乐器发出声音的音色不同。
3．（2分）在原子核中，带正电的粒子是（ ）
A．质子 B．中子 C．电子 D．原子
【分析】在原子结构中，原子是由原子核和带负电的核外电子构成的，原子核又是由带正
电的质子和不带电的中子构成的。
【解答】解：根据原子结构的相关知识可知，原子中带正电的微粒是质子。
故选：A。
【点评】此题考查了原子结构的相关基础知识，题目的难度很小，记住相关的基础知识即
可解决此题。
4．（2分）下列光学器具中，主要利用光的反射原理的是（ ）
第8页（共27页）A．放大镜 B．近视眼镜 C．潜望镜 D．照相机
【分析】要解决此题，需要掌握光的反射与光的折射的区别。
光的反射是光遇到物体时，在物体表面返回到原来介质中的一种现象，平面镜成像属于光
的反射；
光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或光在不均匀介质中传播时发生的一种
现象，凸透镜有会聚光线的作用、凹透镜有发散光线的作用，都属于光的折射。
【解答】解：A、放大镜是利用凸透镜成正立、放大虚像的原理制成的，属于光的折射，故A
不符合题意；
B、近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，属于光的折射，故B不符合题意；
C、潜望镜里面安装了两块平面镜，可以从低处看到高处的物体，属于光的反射现象，故C
符合题意；
D、照相机是根据凸透镜能成倒立、缩小实像的原理制成的，利用的是光的折射，故D不符
合题意。
故选：C。
【点评】此题通过几个光学元件考查了学生对光的反射、光的折射的理解。在平时的学习
中要善于总结规律，分析各光学元件的制作原理。
5．（2分）小磁针静止在螺线管的附近，闭合开关S时，通电螺线管磁感线方向如图所示，则
下列判断正确的是（ ）
A．通电螺线管的右端为N极
B．电源的右端为正极
C．小磁针一直保持静止
D．小磁针N极逆时针转动
【分析】根据磁感线的方向，可以确定螺线管的NS极；
利用螺线管的NS极，可以确定小磁针的转动方向；
利用螺线管的NS极和线圈的绕向，利用安培定则可以确定线圈中电流方向，进而确定电
源的正负极。
【解答】解：在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出，回到S极，所以利用磁感线的方向，
第9页（共27页）可以确定螺线管的左端为N极，右端为S极。故A错误。
小磁针在电磁铁的作用下，根据异名磁极相互吸引的理论可以确定小磁针的 N极向左偏
转，即顺时针转动，故CD错误。
根据螺线管的左端为N极结合图示的线圈绕向，利用安培定则可以确定电流从螺线管的
右端流入左端流出。所以电源的右端为正极。故B正确。
故选：B。
【点评】小磁针指向还可以根据磁感线的方向来判断。该题中小磁针所在位置磁感线向左，
所以小磁针N极向左，小磁针N极所指的方向为磁场的方向。
6．（2分）甲、乙两个重力相等的物体在绳子竖直向上的拉力作用下做直线运动，两次运动的
s﹣t图象如图（a）、（b）所示，则（ ）
A．甲的速度等于乙的速度
B．通过4.8米甲、乙所用的时间相等
C．甲、乙受到绳子的拉力相等
D．甲受到的合力小于乙受到的合力
【分析】（1）在s﹣t图象中，过原点的直线表示物体在做匀速直线运动；由s﹣t图象找出
物体的路程与所对应的时间，然后由速度公式求出物体的速度；
（2）根据物体的运动状态，应用平衡条件求合力、判断拉力的大小关系。
【解答】解：
A、甲的速度为：v甲 ＝ ＝ ＝0.4m/s，乙的速度为：v乙 ＝ ＝ ＝0.8m/s，甲
的速度不等于乙的速度，故A错误；
B、由图象可知，通过4.8m的距离时，甲用的时间是12s，乙用的时间为6s，故B错误；
C、由于物体在竖直方向上做匀速直线运动，所以物体受到平衡力的作用，即拉力等于重
力，由于甲、乙两个物体重力相等，所以甲、乙受到绳子的拉力也相等，故C正确；
D、由于甲乙两物体都在做匀速直线运动，受平衡力作用，所以合力为0，故D错误。
第10页（共27页）故选：C。
【点评】根据图象判断路程和时间成正比，匀速直线运动的物体，无论运动速度多大，受到
的重力和牵引力都是平衡力，合力为0。
7．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关S由断开到闭合时（ ）
A．电流表A示数不变
B．电压表V示数变小
C．电压表V示数与电流表A示数的乘积不变
D．电压表V示数与电流表A示数的比值变小
【分析】由图可知，当开关S断开时，该电路为串联电路，电压表测量的是电源电压，电流
表测量电路中的电流；当开关S闭合时，该电路为只有R 的电路，电压表测量的是电源电
1
压，电流表测量电路中的电流；根据开关闭合前后电阻的变化判定电流表、电压表示数的
变化，然后再分析各个选项。
【解答】解：由图可知，当开关S断开时，该电路为串联电路，电压表测量的是电源电压，电
流表测量电路中的电流；当开关S闭合时，R 被短路，该电路为只有R 的电路，电压表测
2 1
量的是电源电压，电流表测量电路中的电流；电源电压不变，电路的总电阻减小，根据I＝
可知，电路中的电流会变大，即电流表示数变大，故A错误；
由于电源电压不变，所以电压表示数不变；故B错误；
电压表V示数不变，电流表A示数变大，其乘积变大，故C错误；
电压表V示数不变，电流表A示数变大，其比值变小，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是分清开关闭合前后电路图
的变化和电表的正确使用。
8．（2分）如图所示，底面积不同的两圆柱形容器内分别盛有甲、乙两种液体。现从两容器中
分别抽出相同深度的液体后，容器中剩余液体的质量相等，则容器底部受到的液体压强变
化量△p甲 、△p乙 的关系是（ ）
第11页（共27页）A．△p甲 定小于△p乙 B．△p甲 可能等于△p乙
C．△p甲 一定大于△p乙 D．△p甲 甲可能大于△p乙
【分析】由于剩余液体质量相等，根据密度公式 ＝ 可以判断两液体的密度大小；由于从
ρ
两容器中分别抽出相同深度的液体，根据p＝ 液gh即可判断出容器底部受到液体压强的
变化量。 ρ
【解答】解：由图可知，剩余液体的体积为V甲 ＞V乙 ，由于剩余液体质量相等，根据密度公
式 ＝ 可知质量相同时，体积大的液体密度小，所以 ＜ ；
甲 乙
ρ ρ ρ
由于从两容器中分别抽出相同深度的液体，即△h相同，根据p＝ 液gh可知，深度一样时，
密度大的液体对容器底部的压强大，所以△p甲 ＜△p乙 。 ρ
故选：A。
【点评】本题考查了学生对学生对压强公式、密度公式的掌握和运用，根据抽出相同高度
△h的液体利用p＝ gh得出压强的减小量是本题的关键。
二、填空题（共26分）ρ请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（3分）上海地区家庭电路的电压是 22 0 伏，家用电能表的计量单位是 kW • h ，充电
宝在给手机充电的过程中，它属于 电源 （选填“电源”或“用电器”）。
【分析】（1）我国家庭电路的电压为220V；
（2）电能表可以测量用电器消耗的电能；
（3）电源是提供电能的装置。
【解答】解：
（1）上海地区家用照明电路的电压为220V；
（2）家庭电路消耗的电能用电能表来测量，电能表的计量单位是kW•h；
（3）充电宝在给手机充电的过程中，充电宝提供电能，属于电源。
故答案为：220；kW•h；电源。
【点评】本题考查了家庭电路的电压、电能表、充电宝的作用，属于基础题目。
10．（3分）如图所示是“无人机”为隔离人员运送物资的情景。无人机下降时，以地面为参
第12页（共27页）照物，无人机是 运动 的（选填“运动”或“静止”）；下降过程中，其重力势能 减小
，惯性 不变 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【分析】（1）物体运动还是静止，关键是看它相对参照物位置是否变化；
（2）判断重力势能大小的变化，从重力势能的两个影响因素质量和高度去判断；
（3）惯性是物质的一种属性，只与物体的质量有关。
【解答】解：
（1）无人机下降过程中相对于地面的位置在不断发生变化，所以无人机下降时，以地面为
参照物，无人机是运动的；
（2）无人机下降过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小；
（3）无人机降过程中，质量不变，惯性只与物体的质量有关，故惯性不变。
故答案为：运动；减小；不变。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同
一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论；
掌握重力势能的大小，以及惯性，是基础题。
11．（3分）如图（a）、（b）所示为某同学在“空中课堂”学习课间锻炼的场景。该同学所受重
力的方向是 竖直向下 ；球撞到瓶子后倒下，该现象说明力能改变物体的 运动状态 ，
该球与地面之间的摩擦属于 滚动 摩擦（选填“滑动”、“滚动”或“静”）。
【分析】 重力是由于地球吸引而受到的力，施力物体是地球，方向竖直向下；
力的作①用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态；
②一个物体在另一个物体表面滑动时，产生的摩擦力叫滑动摩擦力；一个物体在另一个
③物体表面滚动时，产生的摩擦力叫滚动摩擦力；两个物体未发生相对运动，但有相对运动
趋势时，产生的摩擦力叫静摩擦力
第13页（共27页）【解答】解：重力是地球对周围物体的作用，方向竖直向下；
力可以改变物体的运动状态，所以球撞到瓶子后倒下；
球在地面上滚动过程中，球的不同位置与地面不同位置接触，所以发生的是滚动摩擦。
故答案为：竖直向下；运动状态；滚动。
【点评】此题考查了重力的方向、力的作用效果及摩擦方式的判断，属于力现象基础知识
的应用，正确理解概念是解答的关键。
12．（3分）某长方体放在水平地面上，在水平方向5牛的拉力作用下匀速前进20米，所用时
间为10秒，则拉力做的功是 10 0 焦，拉力的功率是 1 0 瓦。若将它浸入水中排开水
的体积为1×10﹣3米3，则它受到的浮力为 1 0 牛。
【分析】根据W＝Fs求出拉力做的功，根据P＝ 求出拉力的功率；根据阿基米德原理求
出浮力的大小。
【解答】解：
拉力做的功：W＝Fs＝5N×20m＝100J，
拉力的功率：P＝ ＝ ＝10W；
物体受到的浮力：F浮 ＝ 水gV排 ＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3＝10N。
故答案为：100；10；10ρ。
【点评】本题考查了功、功率以及浮力的计算，属于基础题。
13．（3分）生活中处处都蕴含物理知识。茶壶是 连通器 原理的应用；国旗旗杆顶端的滑
轮使用中的好处是 改变力的方向 ；汽车的汽油机工作时，将机械能转化为内能的冲程
是 压缩 冲程。
【分析】（1）上端开口，底部连通的容器称为连通器；
（2）定滑轮的本质是等臂杠杆，使用时不能省力，但是可以改变力的方向；
（3）内燃机有四个冲程，即吸气、压缩、做功和排气冲程，在压缩冲程中，将机械能转化为
内能；在做功冲程中，将内能转化为机械能。
【解答】解：
（1）茶壶的结构符合上端开口，底部连通的特点，是连通器原理的应用；
（2）国旗杆上的滑轮为定滑轮，它相当于一个等臂杠杆，所以利用它来升国旗，不能省力，
可以改变力的方向；
（3）在压缩冲程中，进气门、排气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽油和空气的混合气体，
使机械能转化为气体的内能。
第14页（共27页）故答案为：连通器；改变力的方向；压缩。
【点评】本题考查了，连通器原理，滑轮的应用，以及热机的冲程，难度不大。
14．（3分）某导体两端的电压为6伏，5秒钟内通过该导体横截面的电荷量为3库，则通过该
导体的电流为 0. 6 安，当通过该导体的电流为0.3安时，导体的电阻为 1 0 欧。1度
电可以使“220V 10W”的节能灯正常工作 10 0 小时。
【分析】（1）已知电荷量和通电时间，根据公式I＝ 可求通过导体的电流；根据公式R＝
可求导体的电阻；
（2）根据P＝ 的变形公式即可求出一度电可使节能灯工作多长时间。
【解答】解：通过导体的电流为：
I＝ ＝ ＝0.6A；
由I＝ 可得，导体的电阻：
R＝ ＝ ＝10 ；
Ω
由P＝ 可知，1度电可供“220V 10W”的节能灯正常工作的时间：
t′＝ ＝ ＝100h。
故答案为：0.6；10；100。
【点评】本题考查电流的定义式、欧姆定律以及功的计算公式的应用，是一道基础题。
15．（2分）在如图所示电路中，电源电压为U保持不变。当开关s闭合后，电路正常工作，一
段时间后，灯L熄灭。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R或灯L上。为了能同时
检测电路中所有可能的故障，有以下方案可选：
A．将电压表并联电阻R两端
B．用与L规格相同且完好的灯L替换L
C．将电流表串联在电路中，电压表并联在灯L两端。
以上方案可行的是 C 。请写出依据你所选方案操作后，观察到的现象（或各电表示数）
及相对应的故障： 若电流表有示数、电压表无示数，说明灯泡短路；若电流表无示数、电
压表无示数，说明 R 断路；若电流表无示数、电压表有示数，说明电阻 R 断路 。
第15页（共27页）【分析】由图可知，该电路为串联电路；电路正常工作，一段时间后，灯L熄灭，可能是灯泡
断路，可能是灯泡短路，也可能是电阻断路；根据电流表、电压表、灯泡在电路中的作用分
析可能存在的故障。
【解答】解：由图可知，该电路为串联电路；电路正常工作，一段时间后，灯L熄灭，可能是
灯泡断路，可能是灯泡短路，也可能是电阻断路；
A、若把电压表并联到R的两端，电压表有示数，灯泡不发光，则表明R断路或L短路；电
压表无示数，则是L断路；
B、把完好的灯L接在灯泡的位置上，灯泡发光，则故障是灯泡断路或短路，灯泡不发光，
则是R断路；
C、将电流表串联在电路中，电压表并联在灯L两端；灯泡不发光，若电流表有示数、电压
表无示数，说明灯泡短路；
若电流表无示数、电压表无示数，说明R断路；
若电流表无示数、电压表有示数，说明电阻R断路；
所以能同时检测到故障的是C。
故答案为：C；若电流表有示数、电压表无示数，说明灯泡短路；若电流表无示数、电压表无
示数，说明R断路；若电流表无示数、电压表有示数，说明电阻R断路。
【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路
和断路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
16．（4分）如图所示的“负压病房”在抗击新冠肺炎疫情中发挥了重要作用。所谓“负压病
房”是指病房内的气压低于病房外的气压。这样既能保证向室内提供新鲜空气，还能在特
殊装置下，实现将病房内被污染的空气通过专门通道排放到固定地方进行无害化处理，避
免医护人员交互感染，为防控提供了最“硬核”的支撑。
根据以上信息回答：
从空气流通的角度分析，“负压病房”能有效阻断病毒传播到室外的原因是 由于室
①内气压小于室外大气压，室外空气向室内流动，室内空气不向室外流动，这样可防止室内
空气中的病毒扩散到室外 。
假设将被污染的空气通入特制的电热丝容器内进行高温消毒，此过程中电能转化为
②
第16页（共27页）内 能。请举一个与此过程能量转化形式相同的生活实例。 电热毯
下列处于“负压”状态的是 C 。
③A．漏气的气球
B．烧煮中的高压锅
C．吸饮料过程中的吸管
D．高空飞行中的飞机机舱
【分析】（1）相对低压，当与外界空气有流通时，是外界空气流进来，而不是里面空气流出
去，这样就防止了病毒通过空气传播到外界去了；
（2）电热丝发热，产生内能，是由电能转化来的；生活中常见的由电能转化为内能的如电
热毯；
（3）分析各个选项中气球内外、高压锅内外、吸管内外、机舱内外的气压关系进行判断。
【解答】解：
（1）由于室内气压小于室外大气压，室外空气向室内流动，室内空气不向室外流动，这样
可防止室内空气中的病毒扩散到室外；
（2）在利用电热丝高温消毒的过程中电能转化为内能，生活中常用的电热毯也是由电能转
化内能的；
（3）A、漏气的气球内的气压大于大气压，故A错误；
B、高压锅内的大气压高于外面大气压，故B错误；
C、用吸管从瓶子中吸饮料，当吸气时，吸管中的气压减小，小于外界的大气压，饮料在大
气压的作用下进入嘴里，故C正确；
D、高空飞行中的飞机机舱外气体流速大、压强小，小于机舱内的气压，故D错误。
故选：C。
故答案为：（1）由于室内气压小于室外大气压，室外空气向室内流动，室内空气不向室外
流动，这样可防止室内空气中的病毒扩散到室外；（2）内；电热毯；（3）C。
【点评】本题考查了大气压和能量转换的应用，要学会通过类比找出答案。
三、作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔．
第17页（共27页）17．（3分）在图中，小球受到的拉力为4牛。用力的图示法画出此拉力。
【分析】要解决此题需要掌握力的图示的画法：将力的大小、方向、作用点表示在图上。在
画力的图示时，一定要注意画出标度。
【解答】解：
小球所受拉力的作用点在绳与球相连处（也可画在重心处），拉力的方向沿绳向上；可选
取标度为2N，拉力的大小为4N，则作图时表示拉力的线段长度为标度的2倍。如图所示：
【点评】此题主要考查了力的图示的画法，解决此题的关键是确定力的三要素。
18．（3分）在图中的〇里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。
【分析】在电路中，电流表相当于导线，与用电器串联；电压表相当于断路，与用电器并联。
据此分析确定。
【解答】解：由图可知，最下面的圈与灯泡L 串联，所以一定是电流表，中间的圈与灯泡L
2 2
并联，所以一定是电压表，而左上角的一个与灯L 串联，是电流表，如图所示。
2
第18页（共27页）【点评】本题考查了电流表和电压表的使用，知道电流表与被测电路串联，电压表与被测
电路并联即可解答。
四、计算题（共24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。
19．质量为2千克的水，温度升高了50℃．求水吸收的热量Q吸 ．[c水 ＝4.2×103 焦/（千
克•℃）]。
【分析】解决此题要结合热量公式Q吸 ＝cm△t即可求解。
【解答】解：Q吸 ＝c水m△t
＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×50℃
＝4.2×105J；
答：水吸收的热量为4.2×105J。
【点评】解决此题要利用热量的公式进行计算，正确理解“温度升高了50℃”的物理意义，
注意比热容的单位的书写。
20．杠杆平衡时，动力的大小为10牛，动力臂l 为0.2米，阻力臂l 为0.1米，求：阻力F 的大
1 2 2
小。此杠杆属于 省力 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。
【分析】已知动力臂、阻力臂与动力大小，由杠杆平衡条件可以求出阻力大小，根据阻力和
动力的大小判断省力杠杆还是费力杠杆。
【解答】解：由杠杆平衡条件得：F ×L ＝F ×L ，
1 1 2 2
即：10N×0.2m＝F ×0.1m，
2
则阻力F ＝20N，阻力F 大于动力F ，故为省力杠杆。
2 2 1
故答案为：阻力F 的大小为20N；省力。
2
【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，以及杠杆的分类，属于基础题目。
21．如图（a）所示的电路中，电源电压为16伏保持不变，定值电阻R 为5欧，滑动变阻器R
1 2
上标有“100 1A”字样。闭合开关S，电流表的示数为0.8安，所用电表的表盘如图（b）
所示。求： Ω
电压表V 的示数U ；
1 1
① 第19页（共27页）通电10秒钟，电流通过R 所做的功W ；
2 2
②在电路安全的情况下，移动变阻器滑片P，电压表V
2
示数的变化范围。
③
【分析】由图可知：R 与滑动变阻器R 串联，电压表V 测量R 两端的电压，电压表V 测
1 2 1 1 2
量R 两端的电压，电流表测量电路中的电流；
2
根据U＝IR计算R 两端的电压，即为电压表V 的示数；
1 1
①根据串联电路电压规律算出R
2
两端的电压，根据W＝UIt计算出R
2
消耗的电能；
②由 可知，电流表选择的量程为0～3A，电压表V
1
、V
2
选择的量程为0～15V，结合
③滑动变①阻②器允许通过的最大电流确定电路中的电流最大电流，此时滑动变阻器R 连入电
2
路的电阻最小，根据I＝ 求出定值电阻R 两端的电压，进而得出此时滑动变阻器两端电
1
压；当电压表示数最大为15V时，根据串联电路特点和欧姆定律求出此时滑动变阻器接
入电路的阻值，判断是否符合题意，从而电压表V 示数的变化范围。
2
【解答】解：
由图可知：R 与滑动变阻器R 串联，电压表V 测量R 两端的电压，电压表V 测量R 两
1 2 1 1 2 2
端的电压，电流表测量电路中的电流；
由I＝ 得，定值电阻R 两端的电压：
1
①
U ＝IR ＝0.8A×5 ＝4V；
1 1
根据串联电路的Ω总电压等于各电阻两端的电压之和可知，R
2
两端的电压：
②U
2
＝U﹣U
1
＝16V﹣4V＝12V，
则电流通过R 所做的功：
2
W ＝U It＝12V×0.8A×10s＝96J；
2 2
由 可知，电流表选择的量程为0～3A，电压表V 、V 选择的量程为0～15V，
1 2
③由于滑①动②变阻器允许通过的最大电流为1A，在保证电路中各元件不损坏的情况下，
第20页（共27页）所以电路中的电流最大电流I最大 ＝1A，此时滑动变阻器R
2
连入电路的电阻最小，
由I＝ 得，定值电阻R 两端的电压：
1
U
1
′＝I最大R
1
＝1A×5 ＝5V，
此时滑动变阻器两端电Ω压为：U
2最小
＝U﹣U
1
′＝16V﹣5V＝11V；
当电压表示数最大为15V时，此时定值电阻R 两端的电压：
1
U ″＝U﹣U ＝16V﹣15V＝1V，
1 V
电路中的电流：I″＝ ＝ ＝0.2A，
由欧姆定律得，滑动变阻器接入电路的阻值：
R滑 ＝ ＝ ＝75 ＜100 ，
Ω Ω
综上所述，电压表V 示数的变化范围：11V≤U ≤15V。
2 2
答： 电压表V 的示数U 为4V；
1 1
通①电10秒钟，电流通过R
2
所做的功为96J；
②在电路安全的情况下，移动变阻器滑片P，电压表V
2
示数的变化范围11V≤U
2
≤15V。
【③点评】此题考查了欧姆定律公式的应用，会分析电路连接方式，熟练应用相关规律即可
正确解题，有关第 问中求电压表V 示数的变化范围是此题的难点。
2
22．如图所示，圆柱形③容器甲和均匀实心正方体乙放置在水平地面上。容器甲的质量为1千
克、底面积为2×10﹣2米2，盛有体积为4×10﹣3米3的水；乙的体积为1×10﹣3米3．求：
容器甲中水的质量m水 。
①距水面下0.05米处水的压强p水 。
②若将正方体乙垫放在容器甲下方的中央位置，测得正方体乙对地面的压强是容器甲对
③正方体乙的压强的2倍，求：正方体乙的密度
乙
。
ρ
【分析】（1）已知水的体积，根据公式m＝ V即可求出水的质量；
（2）已知水的深度，根据p＝ 液gh即可求出ρ水的压强；
（3）放在水平地面的物体，其对ρ地面的压力等于自身重力，因为正方体乙对地面的压强是
第21页（共27页）容器甲对正方体乙的压强的2倍，根据p＝ 可知受力面积一定时，乙对地面的压力为容
器甲对乙的压力的2倍，从而求出乙的重力，进而计算出乙的质量，根据密度公式即可求
出乙的密度。
【解答】解：
由公式 ＝ 可知水的质量为：
① ρ
m水 ＝ 水V＝1×103kg/m3×4×10﹣3m3＝4kg；
距水ρ面下0.05米处水的压强为：
②p水 ＝ 水gh＝1×103kg/m3×9.8N/kg×0.05m＝490Pa；
容器ρ 甲对正方体乙的压力为：
③F甲 ＝G容+G水 ＝m容g+m水g＝1kg×9.8N/kg+4kg×9.8N/kg＝49N，
正方体乙对地面的压强是容器甲对正方体乙的压强的2倍，根据p＝ 可知受力面积一定
时，乙对地面的压力为容器甲对乙的压力的2倍；
所以乙对地面的压力为：
F乙 ＝2F甲 ＝2×49N＝98N，
又因为：F乙 ＝F甲+G乙 ，
G乙 ＝F乙 ﹣F甲 ＝98N﹣49N＝49N，
所以乙的质量为：
m乙 ＝ ＝ ＝5kg，
所以乙的密度为：
乙
＝ ＝ ＝5×103kg/m3。
ρ
答： 容器甲中水的质量m水 为4kg；
距①水面下0.05米处水的压强p水 是490Pa；
②正方体乙的密度
乙
是5×103kg/m3。
【③点评】本题考查了重ρ 力公式、密度公式、液体压强公式的应用，关键在第三问要知道水平
面上物体的压力和自身的重力相等，从而根据压强关系求出压力大小，继而求出乙的重力。
五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
第22页（共27页）23．（4分）如图（a）所示，在用弹簧测力计测物体的重力前，先要在竖直方向进行 调零 ，
该弹簧测力计的最小分度值为 3. 6 牛。在“探究二力平衡的条件”实验中，要使所研
究物体分别处于静止状态或 匀速直线运动 状态进行实验。如图（b）所示的电压表示数
为 2. 2 伏。
【分析】（1）使用弹簧测力计前一定要进行零点校正。其次是要观察测力计的量程和分度
值，再根据指针所指示的刻度进行读数。
（2）探究二力平衡的条件，首先要使受力物体处于平衡状态，由此可以确定物体所处的状
态；
（3）使用电压表读数时，首先要明确电压表选择的量程和对应的分度值，再根据指针位置
读数。
【解答】解：（1）使用弹簧测力计前先观察其指针是否与零刻线对齐，必要时进行零点校正。
重力的方向竖直向下，所以利用弹簧测力计测物体的重力前，先要在竖直方向进行调零；
由图知，弹簧测力计的量程是0～5N，一个大格表示的是1N，里面有5个小格，分度值为
0.2N．弹簧测力计的示数＝3N+0.6N＝3.6N；
（2）在“探究二力平衡的条件”实验中，物体应在两个力的作用下，首先要使在这两个力
作用下的物体处于平衡状态，而平衡状态包括：静止状态和匀速直线运动状态；
（3）由图知，电压表使用的是0～3V量程，刻度盘上每一小格表示的电流值是0.1V，电压
表的示数是2.2V。
故答案为：调零；3.6；匀速直线运动；2.2。
【点评】此题考查了弹簧测力计的使用和读数、探究二力平衡条件的实验原理及电压表的
读数，属于基本技能的考查。
24．（4分）在“探究平面镜成像的特点”实验中，为便于确定像的位置，用 玻璃板 作为
平面镜，并将其 竖直 放置在水平桌面。在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的
实验中，用来研究液体内部压强规律的仪器名称为 压强计 ，如图所示的实验过程是在
第23页（共27页）探究液体内部的压强与 方向 的关系。
【分析】（1）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，
但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体；实验时玻璃板要
竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合；
（2）压强计是测量液体内部压强的仪器。压强计中U形管内液面的高度差反映了液体内
部压强的大小。
【解答】解：（1）“探究平面镜成像特点”实验，要用透明的玻璃板代替平面镜，这样在物
体一侧既能看到物体的像，同时也能看到代替物体的另一个物体，以确定虚像的位置；同
时为了准确确定虚像的位置，应将玻璃板放置在水平桌面上。
（2）在“探究液体内部的压强与哪些因素有关”的实验中，用来研究液体内部压强规律的
仪器名称为压强计。由图知，压强计的金属盒处在水中同一深度，改变的是橡皮膜所对方
向。所以研究的是液体压强与方向的关系。
故答案为：玻璃板；竖直；压强计；方向。
【点评】本题考查了平面镜、液体压强规律实验，涉及的实验和知识点较多，明白各个实验
的操作过程和注意事项是解决本题的关键。
25．现有电源（2伏、4伏、6伏、8伏、10伏六档）、电流表、电压表和开关各2个，待测电阻、标
有“20 2A”的滑动变阻器、标有“3.5V”字样的待测小灯（额定功率在1.2瓦以内）各
一个，以Ω及导线若干。小华做测电阻的实验，小明做测定小灯泡电功率的实验。两人讨论
后分配实验器材，按照设计方案开始实验。他们正确串联实验器材，实验步骤正确。闭合
开关时，小华观察到电压表和电流表的示数分别为2伏和0.2安，小明观察到电压表和电
流表的示数分别为4伏和0.2安，此时小灯很暗：经过思考，小明调整电路后重新实验，当
小灯正常发光时，小明观察到电流表示数如图所示。
请根据以上信息，完成以下问题：
画出小华实验的电路图。
①实验中， 小明 （选填“小华”或“小明”）选择了滑动变阻器，此实验中它的作用
②是 调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为额定电压 。
第24页（共27页）计算小明实验中选择的电源电压和小灯的额定功率。（需写出计算过程）
③
【分析】 根据已知条件和灯的额定电压为3.5V，因小明观察到小灯正常发光时可确定小
明实验中①有变阻器，而小华实验中没有滑动变阻器，据此画出电路图；
实验中调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为额定电压；
②根据已知条件，由P＝UI求灯的额定功率；
③小明实验中，根据灯正常发光可确定电源电压大于多少；
当变阻器的最大电阻连入电路中时，根据串联电路电压的规律和欧姆定律可求出电源电
压最大值。
【解答】解： 小华做测电阻的实验，小明做测小灯泡功率实验，但由于只有一个滑动变阻
器，因待测①小灯上标有3.5V字样，表示灯的额定电压为3.5V，小明观察到小灯正常发光
时，而电源电压为2V，4V，6V，8V，10V，12V六档，故小明实验中有滑动变器；
小华实验中没有滑动变阻器，故小华实验的电路图如下所示：
；
由 知小明实验中有滑动变器，实验中调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为额定电压；
②小①明观察到小灯正常发光时，电流表的示数为0.3安，灯的额定功率：
③P＝U
L
I
L
＝3.5V×0.3A＝1.05W；
因小明实验中，灯正常发光，故U≥3.5V﹣﹣﹣﹣﹣
小明实验中，灯与变阻器串联，当变阻器的最大电阻连①入电路中时，根据欧姆定律和串联
电路电压的规律，电源电压最大值：
U＝U
L
+I
L
×R滑大 ＝3.5V+0.3A×20 ＝9.5V﹣﹣﹣﹣﹣ ，
由 得：小明实验中选择的电Ω源电压10V。 ②
答①：②见上图； 小明；调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为额定电压；
小①明实验中选②择的电源电压为10V，小灯的额定功率为1.05W；
③因小明实验中，灯正常发光，故U≥3.5V﹣﹣﹣﹣﹣
第25页（共27页）
①小明实验中，灯与变阻器串联，当变阻器的最大电阻连入电路中时，根据串联电路电压的
规律，电源电压最大值：
U＝U
L
+I
L
×R滑大 ＝3.5V+0.3A×20 ＝9.5V﹣﹣﹣﹣﹣ ，
由 得：小明实验中选择的电Ω源电压为10V。 ②
【点①评②】本题测电阻和测小灯泡功率实验，考查串联电路的规律、欧姆定律的运用，同时考
查了学生推理能力，难度较大。
26．（6分）小嘉同学做“探究凸透镜成实像的规律”实验，他选取焦距为10厘米的凸透镜，
一个高度H为3.00厘米的发光体、光屏和光具座等进行实验。他正确安装和调节实验器
材，按表中的物距依次进行实验，每次都使光屏上发光体的像最清晰，并将相应的像距v、
成像高度h记录在表中。
焦距f＝10厘米 物高H＝3.00厘米
实验序号 物距u（厘米） 像距v（厘米） 像高h（厘米）
1 50 12.5 0.75
2 35 14.0 1.20
3 30 15.0 1.50
4 20 20.0 3.00
5 18 22.5 3.75
6 15 30.0 6.00
7 12 60.0 15.0 0
分析比较实验序号1、2、3中的物距u和像距v的大小关系及成像情况，可得出的初步
①结论是：同一凸透镜成实像时， 物距 u 变小，像距 v 增大，像变大 。
分析比较实验序号1﹣6中的像距v像高h随物距u的变化情况，可得出的初步结论是
②像距 v 与物距 u 的比值等于像高 h 与物高 H 的比值 。
分析实验序号4中的数据及相关条件，小嘉同学就得出“当像距等于物距时，凸透镜
③成等大的实像”这个结论。你觉得可以吗？请说明理由 不可以，只进行一次实验，实验
结果具有偶然性 。
进一步分析比较实验序号1～6中的像距v、物距u、像高h及物高H的关系，请将实验
④序号7中的像高 15.0 0 填写完整。
【分析】 对同一凸透镜，焦距一定，比较表中数据，当物距减小时，像距与像高如何变化
可以根①据1～6数据，计算像距v与物距u的比值及像高h与物高的比值，从而得出结
②论；
第26页（共27页）为了避免偶然性的发生，实验中应多次测量；
③根据像距v与物距u的比值、像高h与物高的比值相等求出像的高度。
④【解答】解：
分析实验1、2、3的数据，物距不断减小，像距不断增大，像的高度不断增大，由此我们
①可以得出：凸透镜成实像时，物距u变小，像距v增大，像变大；
在实验序号1中，像距与物距的比值： ＝ ＝ ，像的高度与物体的高度的比
②
值为： ＝ ＝ ；
在实验序号2中，像距与物距的比值： ＝ ＝ ，像的高度与物体的高度的比值
为： ＝ ＝ ；
在实验序号3中，像距与物距的比值： ＝ ＝ ，像的高度与物体的高度的比值
为： ＝ ＝
依此类推………
根据以上数据可知，由此可知，凸透镜成实像时，像距v与物距u的比值等于像高h与物
高H的比值；
序号4只进行了一次实验就得出结论，该结论不具有普遍性；为了获得普遍的规律，避
③免偶然性的发生，实验中应多次测量；
实验序号7中像距和物距的比值为 ＝ ＝ ，则 ＝ ，则h＝15.00cm。
④
故答案为： 物距u变小，像距v增大，像变大； 像距v与物距u的比值等于像高h与物
高H的比值①； 不可以，只进行一次实验，实验②结果具有偶然性； 15.00。
【点评】此题是③探究凸透镜成像的规律，考查了凸透镜成像的规律的④归纳与总结。一定要
熟练掌握规律的内容，做到灵活运用，本题所需要归纳的内容都是从基本规律中推导和延
伸出来的，有一定的难度，因此要求我们审题时一定要仔细、认真。
第27页（共27页）
