文档内容
杨浦区 2016~2017 学年第二学期九年级质量调研考试
理化试卷
（满分150分，考试时间100分钟） 17.04
物理部分
考生注意：
1．本试卷物理部分含五个大题。
2．答题时，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸、本试卷上答题一律无效。
一、选择题（共20分）
1．下列星球中，属于卫星的是（ ）
A．金星B．月球 C．火星D．太阳
2．成语“窃窃私语”是形容声音的（ ）
A．速度慢 B．音调低 C．响度小 D．音色好
3．2017 年2 月9 日上海下了一场雪．当时雪花在空中纷纷扬扬，但落到地面就融化了，没有形
成积雪，这是因为当时地面温度高于（ ）
A．0℃ B．10℃C．﹣5℃ D．37℃
4．下列光学器具中，利用光的折射现象制成的是（ ）①放大镜②穿衣镜③后视镜④近视眼
镜．
A．①与② B．②与③ C．①与③ D．①与④
5．四冲程内燃机工作时，将机械能转化成内能的冲程是（ ）
A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程
6．如图所示，重物A 和B 分别挂在弹簧测力计下（G ＞G ），重物下端的纸带穿过打点计时器，
A B
用弹簧测力计拉动重物竖直向上运动，打出的纸带分别如图（a）、（b）所示，其对应弹簧测力计
的示数分别为F 、F ，忽略空气阻力和纸带与打点计时器之间的摩擦，则F 和F 的大小关系是
A B A B
（ ）
A．F 一定大于F B．F 一定小于F
A B A BC．F 一定等于F D．F 可能等于F
A B A B
7．重为G 的物体在水平向右拉力F 的作用下，在水平桌面上向右做匀速直线运动，现突然使
拉力F 变为原来的一半，则物体在静止前受到的摩擦力大小为（ ）
A． B．﹣ C．FD．0
8．如图所示的刻度均匀杠杆保持水平平衡，弹簧测力计竖直向上拉，作用点在i 点，示数为3
牛，杠杆上还挂有一个重为1 牛的钩码，该钩码一定挂在杠杆的（ ）
A．b 点B．e 点C．j 点 D．n 点
9．如图所示的电路中，电源电压保持不变，各电路元件均完好，当电键由闭合到断开时，下列
叙述正确的是（ ）
A．电流表A 示数变大
B．电压表V 与V 示数的和保持不变
1 2
C．电流表A 示数与电压表V 示数的乘积变大
2
D．电压表V 示数与电流表A 示数的比值保持不变
1
10．如图 所示的甲、乙两个实心均匀正方体放置在水平地面上且对地面的压强相同，沿竖直
方向从右侧分别切去相同比例，并将切除部分叠放在对方剩余部分的上面，此时甲、乙剩余部
分对地面的压强分别为p 和p ，下列关系正确的是（ ）
甲 乙A．p ＞p B．p ＜p C．p =p D．都有可能
甲 乙 甲 乙 甲 乙
二、填空题（共27分）
11．我国远距离送电采用了 （选填“高压”或“低压”）送电的方式，家庭耗电量用
表测量，一度电可以供额定功率40 瓦的电灯正常工作 小时．
12．2016 年夏季奥运会上，中国女排夺冠令国人振奋，女排主攻手朱婷跳起扣球，朱婷在跳起
的过程中人的质量将 ，重力势能将 （两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）．排
球被击打后速度会发生变化，这是因为力可以 ．
13．若10 秒内通过某导体横截面的电荷量为3 库，电流所做的功为9 焦，则通过导体的电流为
安，此时导体两端的电压为 伏．若将导体两端的电压增大6伏，导体的电阻是 欧．
14．一木块漂浮在水面上，木块的一半体积浸入水中，排开水的重力为1.96 牛，木块受到浮力
的大小为 牛；木块的体积为 米3，木块的质量为 千克．
15．如图所示，不计滑轮重及摩擦，物体A、B 均重为10 牛．当用力F 匀速提升物体B时，力F
2 2
为 牛；若物体A 在10 秒内匀速上升5 米，力F 所做的功为 焦，其功率为 瓦．
1
16．甲、乙两车同时同地沿同一直线作匀速直线运动，甲车的S﹣t 图象如图所示，它的速度是
米/秒，在行驶过程中，以甲为参照物，地面是 的（选填“静止”或“运动”）．经过3 秒后
甲、乙两车相距2.1 米，乙车的速度是 米/秒．
17．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，电表 的示数发生变化，当滑动
变阻器的滑片P 自左端向中点移动时，电压表V 的示数将 ，
2电压表V 示数与电压表V 示数的差值和电流表A 示数的比值将 ．（均选填“变大”、“变
1 2
小”或“不变”）
18．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，由于电阻R 、R 出现了故障，在电键S 闭合前后，
1 2
发现只有一只电表的示数发生变化，故障可能是 ．（写出所有可能的情况），当把R 与R
1 2
的位置互换后，闭合电键， （选填“一定会”、“一定不会”或“可能会”）出现只有一只
电表的示数为零．
19．某小组同学在学习完“大气压强”之后，通过上网查阅资料得到了两张表格如表：
表一 大气压与海拔高度的对照表
海拔高度/ 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
km
大气压/kP 101 90 80 70 62 54 47 41 36 31 26 23 19
a
表二 水的沸点与大气压的对照表
大气压/P 1000 2000 3000 5000 10000 20000 30000 50000 70000 101000
a
沸点（℃） 4 16 23 32 46 60 69 81 90 100
根据对资料中信息的分析，回答以下问题：
①海拔高度越高，大气压强 （选填“大”或“小”），且随着海拔高度的增大，大气压强的
变化越来越 （选填“快”或“慢”）．
②水的沸点与大气压之间的关系是 ．
③在海拔8848 米的珠穆朗玛峰顶上，水的沸点大约是 ℃．
三、作图题（共7分）
20．在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数．21．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、
负极．
22．在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号填入电路空缺处．要求电键S闭合后：电流
方向如图所示；电压表测小灯L 两端电压．
四、计算题（共22分）
23．加热质量为 2千克的铝块，铝块的温度升高了 20℃．求：铝块吸收的热量 Q ．[c
吸 铝
=0.9×103焦/（千克•℃）]．
24．在图（a）所示的电路中，电源电压为24 伏保持不变，电阻R 的阻值为10 欧，滑动变阻器标
1
有“50Ω 2A”字样，所用电表的表盘如图（b）所示．闭合电键S 后，电流表A 的示数为1 安．
求：①电压表V 的示数U ；
1 1②在电路各元件都正常工作的情况下，移动变阻器滑片P 的过程中电流表示数的最大值．
25．在图（a）所示的电路中，定值电阻R 的阻值为10 欧，滑动变阻器R 上标有“50Ω1A”字样，
1 2
所用电流表如图（b）所示
①若电源电压为6 伏，则闭合电键，求通过电阻R 的电流I．
1
②若电源电压为6 伏，通过变阻器R 的电流为0.5 安，求10 秒内电流通过R 所做功W ．
2 2 2
③若电源电压可变，范围在6～12 伏之间，在不损坏电路元件的情况下，求该电路消耗的最大
功率和最小功率．
26．如图所示，薄壁圆柱形容器甲、乙（足够高）的底面积分别为3S 和2S，甲容器中装有0.3 米
深的水，乙容器中装有等高的某种液体，实心圆柱形丙的高度为7h（小于0.3 米）．求：
①水对甲容器底部的压强p ．
水
②如果甲容器的底面积是0.02 米2，求甲容器中水的质量m ．
水
③现将丙分别放入甲、乙容器中，发现丙会竖直漂浮在甲容器的水中，且露出水面的高度恰为
h，丙在乙容器中会沉底，已知分别放入丙后水对甲容器底的压强增加量△p 与液体对乙容器
水
底的压强增加量△p 之比是5：7，求乙容器中液体的密度ρ ．
液 液
五、试验题（共18分）
27．实验室中，常用 来测量物体的质量，电压表在使用中应与被测电路 联．在“探究
平面镜成像的特点”实验中，为了确定 的位置，采用 作为平面镜．
28．图（a）、（b）所示的两个实验中共同用到的测量工具是测量 的，图（a）中示数是 牛，
图（b）是验证 的实验情景．29．某同学在探究凸透镜成像规律时，手边有两种凸透镜供选择，分别为焦距为10 厘米的凸
透镜A 和焦距为20 厘米的凸透镜B，他选择一个凸透镜，并将它与蜡烛，光屏按照图所示的位
置摆放在光具座上，当点燃蜡烛后发现光屏上恰好得到烛焰清晰的像，那么这个像是 的
（选填“放大”、“缩小”或“等大”），该同学选择的是凸透镜 （选填“A”或“B”）．如果
接下来想在光屏上得到另一种性质的像，他可以将凸透镜向 移动（选填“左”或“右”）
30．在学习了液体压强知识后，某小组同学想研究液体浸没在液体中后液体对容器底部压强
的增加量与哪些因素有关．他们选择了一个柱形容器如图和几种液体，并找来体积、材料不同
的若干实心金属球进行实验．实验中他们保持液体不溢出，分别查得液体的密度ρ ，金属球
液
的体积V 和密度ρ ，并测得金属球浸没后液体对容器底部压强的增加量△p ．实验数据记
球 球 液
录如表：
表一
实验 ρ （千克/米3） ρ （千克/米3） V （厘米3） △p （帕）
液 球 球 液
序号
1 1000 2700 200 196
2 1000 8900 200 196
3 800 2700 250 196
4 2000 2700 100 196
表二
实验 ρ （千克/米3） ρ （千克/米3） V （厘米3） △p （帕）
液 球 球 液序号
5 1000 2700 400 392
6 1000 7800 400 392
7 800 2700 500 392
8 2000 2700 200 392
①分析比较实验序号 的数据可以得出：相同体积的物体浸没在同种液体中，液体对柱形
容器底部的压强增加量与物体的密度 ．（选填“有关”或“无关”）
②分析比较实验序号1、5（或3、7 或4、8）的数据可以得出： ．
③进一步分析比较表一和表二中的数据可以得出：
（1）比较表一或表二可得： ；
（2）比较表一和表二可得： ．
31．小王同学做“测定小灯泡的电功率”实验，所用实验器材齐全并完好，电源电压为1.5伏
的整数倍（若干节新干电池组成），滑动变阻器上标有“25Ω 2A”字样，小灯泡上的字迹模糊不
清，但只可能是“1.5V”、“2.2V”或“3.0V”中的一个．
①小王先正确串联实验器材如图（a）所示，将滑片移到变阻器的一端，然后将电压表并联在电
路中．闭合电键后，电流表示数如图（b）所示，小灯泡发光较暗，接着移动变阻器的滑片，观察
到小灯泡逐渐变亮，电压表示数逐渐变小．
②经过思考，小王发现了问题，并重新进行实验．他正确连接电路，操作步骤正确，闭合电键，
移动滑动变阻器的滑片，并观察电压表示数和小灯泡亮度的变化情况，发现滑片在差不多滑
到变阻器中间位置时小灯泡正常发光，此时电流表的示数刚好变化了0.1 安．
③小王在第一次实验时出现的问题是 ．请根据相关信息判断出小王所选小灯泡的额定电
压是 伏，电源的电压是 伏，并计算出小灯的额定功率为 瓦．（需写出计算过程）参考答案
1－5:BCADB 6-10:ACDCA
11、高压 电能 25 12、不变 变大 改变物体的运动状态
13、0.3 3 10 14、1.96 4×10－4 0.2
15、5 50 5 16、0.4 运动 0.3或1.1
17、A和V 变小 不变 18、R 断路 R 短路 R 断路且R 短路 一定不会
2 1 1 1 2
19、小 慢 大气压强越大，水的沸点越高 70
20－22、作图略
23、27、天平 并 像 玻璃板
28、力 1.8 阿基米德原理
29、放大 B 右2017 年上海市杨浦区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共20分）
1．下列星球中，属于卫星的是（ ）
A．金星B．月球 C．火星D．太阳
【考点】34：人类探究太阳系及宇宙的历程．
【分析】能够自身发光发热的星体称为恒星，离我们最近的恒星为太阳；同时应记清太阳系里
的八大行星．
【解答】解：太阳能够发光发热，是离我们最近的恒星；地球、金星、火星为围绕太阳转动的行星；
而月球是地球的一颗卫星．
故选B．
2．成语“窃窃私语”是形容声音的（ ）
A．速度慢 B．音调低 C．响度小 D．音色好
【考点】9F：响度．
【分析】（1）音调指声音的高低，音调跟物体的振动频率有关，振动频率越高，音调越高；
（2）响度指声音的强弱，响度跟物体的振动幅度有关，振幅越大，响度越大；
（3）音色是取决物体本身的一种特性，不同的物体在发声时，其音色是不同的．
【解答】解：“窃窃私语”说明声音的振幅较小，故发出声音的响度也会小．
故选C．
3．2017 年2 月9 日上海下了一场雪．当时雪花在空中纷纷扬扬，但落到地面就融化了，没有形
成积雪，这是因为当时地面温度高于（ ）
A．0℃ B．10℃C．﹣5℃ D．37℃
【考点】19：熔化与熔化吸热特点．
【分析】物质由固态变成液态的过程叫做熔化；晶体熔化的条件：达到熔点，继续吸热．
【解答】解：雪是固态小冰晶，属于晶体，熔点为0℃，雪花落到地面会由固态变成液态，能够熔
化说明地面的温度高于冰的熔点，即高于0℃．故选A．
4．下列光学器具中，利用光的折射现象制成的是（ ）①放大镜②穿衣镜③后视镜④近视眼
镜．
A．①与② B．②与③ C．①与③ D．①与④
【考点】B8：凸透镜成像的应用；A6：光的反射；AM：光的折射现象及其应用．
【分析】（1）光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或光在不均匀介质中传播时发
生的一种现象，凸透镜有会聚光线的作用、凹透镜有发散光线的作用，都属于光的折射．
（2）光的反射是光遇到物体时，在物体表面返回到原来介质中的一种现象，平面镜成像属于光
的反射．
【解答】解：①放大镜是利用凸透镜成正立、放大虚像的原理制成的，属于光的折射，符合题意；
②穿衣镜是利用平面镜成像的原理制成的，属于光的反射，不符合题意；
③后视镜是凸面镜，利用了凸面镜发散光线起扩大视野的作用，属于光的反射现象，不符合题
意；
④近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，属于光的折射，符合题意．
故选D．
5．四冲程内燃机工作时，将机械能转化成内能的冲程是（ ）
A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程
【考点】GM：内燃机的四个冲程．
【分析】四冲程内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程．其中有两个冲程存在能量转化：压
缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能．
【解答】解：在四冲程内燃机的四个冲程中，压缩冲程中活塞压缩气体对其做功，将机械能转化
为内能．
故选B．
6．如图所示，重物A 和B 分别挂在弹簧测力计下（G ＞G ），重物下端的纸带穿过打点计时器，
A B
用弹簧测力计拉动重物竖直向上运动，打出的纸带分别如图（a）、（b）所示，其对应弹簧测力计
的示数分别为F 、F ，忽略空气阻力和纸带与打点计时器之间的摩擦，则F 和F 的大小关系是
A B A B
（ ）A．F 一定大于F B．F 一定小于F
A B A B
C．F 一定等于F D．F 可能等于F
A B A B
【考点】6U：力与运动的关系．
【分析】通过打点计时器在纸上所打点的轨迹，确定物体的运动状态，在对其受力分析基础上，
结合其运动状态确定物体所受力的大小关系．
【解答】解：
在a、b两图中，打点计时器打出的各点之间的距离是相同的，由此可知，物体在这两种情况下
都是处于匀速直线运动状态，即平衡状态，所受的力一定是平衡力；
忽略空气阻力和纸带与打点计时器之间的摩擦，此时物体只受两个力的作用，即测力计竖直
向上的拉力和竖直向下的重力；
根据二力平衡条件可知，F =G ，F =G ，
A A B B
由于G ＞G ，所以F ＞F ．故A正确．
A B A B
故选A．
7．重为G 的物体在水平向右拉力F 的作用下，在水平桌面上向右做匀速直线运动，现突然使
拉力F 变为原来的一半，则物体在静止前受到的摩擦力大小为（ ）
A． B．﹣ C．FD．0
【考点】7D：摩擦力的大小．
【分析】由平衡条件可以求出物体受到的摩擦力，物体受到的摩擦力由接触面的粗糙程度与物
体间的压力决定，与物体受到的拉力无关．
【解答】解：物体在匀速运动，由平衡条件得：摩擦力f=F；
因为压力、接触面粗糙程度不变，所以，当拉力变为原来的一半为 时，物体在静止前受到的摩擦力不变，故ABD错误，C正确．
故选C．
8．如图所示的刻度均匀杠杆保持水平平衡，弹簧测力计竖直向上拉，作用点在i 点，示数为3
牛，杠杆上还挂有一个重为1 牛的钩码，该钩码一定挂在杠杆的（ ）
A．b 点B．e 点C．j 点 D．n 点
【考点】7N：杠杆的平衡条件．
【分析】根据弹簧测力计的用力方向，首先确定钩码挂在杠杆的哪端．
假设杠杆的一个小格代表1cm，知道动力、阻力、动力臂，根据杠杆平衡条件求出阻力臂．
【解答】解：弹簧测力计竖直向上用力，使杠杆逆时针转动，如果钩码挂在杠杆的左端，也会使
杠杆逆时针转动，杠杆不能平衡，所以钩码要挂在杠杆的右端，钩码要阻碍杠杆转动，此时杠
杆才能平衡．
假设杠杆的每一个小格代表1cm，
根据杠杆平衡条件可得F l =F l ，
11 22
所以，3N×2cm=1N×l ，
2
解得l =6cm．
2
即钩码要挂在n点．
故选D．
9．如图所示的电路中，电源电压保持不变，各电路元件均完好，当电键由闭合到断开时，下列叙述正确的是（ ）
A．电流表A 示数变大
B．电压表V 与V 示数的和保持不变
1 2
C．电流表A 示数与电压表V 示数的乘积变大
2
D．电压表V 示数与电流表A 示数的比值保持不变
1
【考点】IZ：电路的动态分析；IH：欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，当电键闭合时，R 与R 并联，电压表V 测电源的电压，电压表V 被短路，
1 2 1 2
电流表测干路电流；当电键断开时，电路为R 的简单电路，两电压表均测电源的电压，电流表
1
测通过R 的电流，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化，根据电压表V 有无示数
1 2
可知两电压表示数之和的变化以及流表A 示数与电压表V 示数的乘积，根据电压表V 示数和
2 1
电流表A示数的变化可知两者比值的变化．
【解答】解：由电路图可知，当电键闭合时，R 与R 并联，电压表V 测电源的电压，电压表V 被
1 2 1 2
短路，电流表测干路电流；
当电键断开时，电路为R 的简单电路，两电压表均测电源的电压，电流表测通过R 的电流，
1 1
因电源的电压保持不变，
所以，电压表V 的示数不变，
1
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电路中的总电流变小，即电流表A的示数变小，故A错误；
因电键由闭合到断开时，电压表V 从无示数变为有示数，即电压表V 的示数变大，
2 2
所以，电压表V 与V 示数的和变大，故B错误；
1 2
因电键闭合时电流表A 示数与电压表V 示数的乘积为零，电键断开时电流表A示数与电压表
2
V 示数的乘积不为零，
2
所以，电流表A 示数与电压表V 示数的乘积变大，故C正确；
2
由电压表V 示数不变、电流表A示数变小可知，电压表V 示数与电流表A 示数的比值变大，故
1 1
D错误．
故选C．10．如图 所示的甲、乙两个实心均匀正方体放置在水平地面上且对地面的压强相同，沿竖直
方向从右侧分别切去相同比例，并将切除部分叠放在对方剩余部分的上面，此时甲、乙剩余部
分对地面的压强分别为p 和p ，下列关系正确的是（ ）
甲 乙
A．p ＞p B．p ＜p C．p =p D．都有可能
甲 乙 甲 乙 甲 乙
【考点】83：压强大小比较．
【分析】若沿竖直方向将甲、乙两个正方体按相同的比例分别截取一部分，剩余部分的压强仍
然相等，则截去的甲的质量大于乙的质量，根据p= 分析p ′和p ′的大小关系．
甲 乙
【解答】解：甲、乙两个实心正方体放置在水平桌面上，它们对水平桌面的压强相等，若沿竖直
方向将甲、乙两个正方体按相同的比例分别截取一部分，剩余部分的压强仍然相等；
设甲截取一部分为△m ，设乙截取一部分为△m ，
甲 乙
因为是沿竖直方向将甲、乙两个正方体按相同的比例分别截取一部分，则△G ＞△G ，
甲 乙
叠放在对方剩余部分的上表面，则这时它们对水平地面的压强：
p ′= = + ，p ′= = + ，
甲 乙
由S ＞S 、△G ＞△G 、 = 可知， ＜ ，
甲 乙 甲 乙
即p ′＜p ′．
甲 乙
故选B．
二、填空题（共27分）
11．我国远距离送电采用了 高压 （选填“高压”或“低压”）送电的方式，家庭耗电量用
电能 表测量，一度电可以供额定功率40 瓦的电灯正常工作 2 5 小时．【考点】J1：电功；J4：电功计算公式的应用．
【分析】（1）我国远距离送电采用了高压送电的方式，从能量损消耗的角度可分析高压输电的
好处；
（2）电能表是用来测量用电器消耗电能的仪表；
（3）根据公式t= 可求出用电器的工作时间．
【解答】解：（1）我国远距离送电采用了高压送电的方式，主要是因为在输送功率相同的情况下，
由P=UI得，电压越高，电流越小．根据P =I2R可知，输电线的电阻一定，电流越小，损坏的电功
损
率就越小．
（2）在家庭电路中，耗电量的多少用电能表来测量；
（3）由公式W=Pt可得一度电可以供额定功率40 瓦的电灯正常工作的时间：
t= = =25h．
故答案为：高压；电能；25．
12．2016 年夏季奥运会上，中国女排夺冠令国人振奋，女排主攻手朱婷跳起扣球，朱婷在跳起
的过程中人的质量将 不变 ，重力势能将 变大 （两空均选填“变大”、“变小”或“不
变”）．排球被击打后速度会发生变化，这是因为力可以 改变物体的运动状态 ．
【考点】22：质量及其特性；6F：力的作用效果；FN：动能和势能的大小变化．
【分析】力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态；重力势能的大小与物体的质量
和高度有关．
【解答】解：朱婷在在跳起过程中，其质量不变，高度增加，故其重力势能变大，
排球被击打后速度会发生变化，这主要说明力可以改变物体的形状．
故答案为：不变；变大；改变物体的运动状态．
13．若10 秒内通过某导体横截面的电荷量为3 库，电流所做的功为9 焦，则通过导体的电流为
0.3 安，此时导体两端的电压为 3 伏．若将导体两端的电压增大6伏，导体的电阻是 1 0
欧．
【考点】IH：欧姆定律的应用；H4：电量及其计算；J4：电功计算公式的应用．【分析】知道 10 秒内通过某导体横截面的电荷量，根据 I= 求出通过导体的电流，根据
W=UIt=UQ求出导体两端的电压，根据欧姆定律求出导体的电阻．
【解答】解：通过导体的电流：
I= = =0.3A，
由W=UIt=UQ可得，导体两端的电压：
U= = =3V，
由I= 可得，导体的电阻：
R= = =10Ω．
故答案为：0.3；3；10．
14．一木块漂浮在水面上，木块的一半体积浸入水中，排开水的重力为1.96 牛，木块受到浮力
的大小为 1.96 牛；木块的体积为 4 × 1 0 ﹣ 4 米3，木块的质量为 0. 2 千克．
【考点】8P：浮力大小的计算；78：重力的计算；8S：物体的浮沉条件及其应用．
【分析】知道排开水的重力，利用阿基米德原理可得木块受到浮力；再利用F =ρ V g求木块
浮 水 排
排开水的体积，而木块的一半体积浸入水中，可求木块的体积；因为木块漂浮在水中，木块重
力等于木块受到的浮力，再利用G=mg求木块质量．
【解答】解：
由阿基米德原理可知，木块受到浮力：
F =G =1.96N；
浮 排
由F =ρ V g得排开水的体积：
浮 水 排
V = = =2×10﹣4m3，
排因为木块的一半体积浸入水中，
所以木块的体积：
V=2V =2×2×10﹣4m3=4×10﹣4m3；
排
因为木块漂浮在水中，
所以木块重力：
G =F =1.96N，
木 浮
木块的质量：
m = = =0.2kg．
木
故答案为：1.96；4×10﹣4；0.2．
15．如图所示，不计滑轮重及摩擦，物体A、B 均重为10 牛．当用力F 匀速提升物体B时，力F
2 2
为 5 牛；若物体A 在10 秒内匀速上升5 米，力F 所做的功为 5 0 焦，其功率为 5 瓦．
1
【考点】7V：定滑轮及其工作特点；7W：动滑轮及其工作特点；EC：功的计算；FF：功率的计算．
【分析】在不考虑动滑轮重、绳重和摩擦的条件下，使用定滑轮时不省力，即F=G ，使用动滑轮
物
可以省一半力，即F= G ；
物
不计滑轮重及摩擦，拉力F等于物体的重力G，根据W=Fs计算拉力所做的功；根据P= 计算拉
力的功率．
【解答】解：
右边的滑轮为动滑轮，绳重和摩擦均不计，当用力F 匀速提升物体B时，动滑轮省一半的力，
2
即F =5N；
2
提升物体A使用的是定滑轮，不省力，拉力F =G=10N，
1拉力所做的功W=F s=10N×5m=50J，
1
拉力的功率P= = =5W．
故答案为：5；50；5．
16．甲、乙两车同时同地沿同一直线作匀速直线运动，甲车的S﹣t 图象如图所示，它的速度是
0.4 米/秒，在行驶过程中，以甲为参照物，地面是 运动 的（选填“静止”或“运动”）．经
过3 秒后，甲、乙两车相距2.1 米，乙车的速度是 0. 3 或 1. 1 米/秒．
【考点】68：速度与物体运动．
【分析】（1）根据图象求出甲车一定时间所对应的路程，然后由速度公式求速度；
（2）以地面为参照物，看甲车与地面的相对位置是否生变化即可确定甲车是运动的还是静止
的；
（3）根据时间和路程以及甲的速度，算出乙车的速度．
【解答】解：（1）由图知，t=6s甲车所对应的路程是s=2.4m，甲车的速度v= = =0.4m/s；
（2）由图象知，甲的路程随时间均匀增加，相对于地面的位置不断变化，做匀速直线运动，以甲
为参照物，地面是运动的．
（3）甲乙两个的总速度为：
v= = =0.7m/s，
若甲乙两车的速度方向相反，则v =v﹣v =0.7m/s﹣0.4m/s=0.3m/s；
乙 甲
若甲乙两车的速度方向相同，则v =v+v =0.7m/s+0.4m/s=1.1m/s，
乙 甲
故答案为：0.4；运动；0.3或1.1．
17．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，电表 A 和 V 的示数发生变化，
2当滑动变阻器的滑片P 自左端向中点移动时，电压表V 的示数将 变小 ，
2
电压表V 示数与电压表V 示数的差值和电流表A 示数的比值将 不变 ．（均选填“变大”、
1 2
“变小”或“不变”）
【考点】IZ：电路的动态分析；IH：欧姆定律的应用．
【分析】（1）当电键S断开时，两电压表串联在电路中测电源的电压，电路断路，电流表无示数，
当电键S闭合时，R 和R 串联，电压表V 测电源的电压，电压表V 测R 两端的电压，电流表测
1 2 1 2 2
电路中的电流，根据电流表有示数可知电流表示数的变化，根据电源的电压可知电压表V 示
1
数的变化；根据串联电路的电压特点可知电压表V 的示数变小，从而得出答案；
2
（2）当滑动变阻器的滑片P自左端向中点移动时，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变
化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R 两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可
1
知R 两端的电压变化；根据串联电路的电压特点可知电压表V 示数与电压表V 示数的差值等
2 1 2
于定值电阻R 两端的电压，根据欧姆定律结合R 的阻值可知电压表V 示数与电压表V 示数
1 1 1 2
的差值和电流表A示数的比值变化．
【解答】解：（1）当电键S断开时，两电压表串联在电路中测电源的电压，电路断路，电流表无示
数，
当电键S闭合时，R 和R 串联，电压表V 测电源的电压，电压表V 测R 两端的电压，电流表测
1 2 1 2 2
电路中的电流，
此时电路中有电流，电流表A的示数发生变化；
因电源电压保持不变，
所以，电压表V 的示数不变；
1
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电压表V 的示数变小，
2
综上可知，闭合电键S，电表A和V 的示数发生变化；
2
（2）当滑动变阻器的滑片P自左端向中点移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变
小，由I= 可知，电路中的电流变大，
由U=IR可知，R 两端的电压变大，
1
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R 两端的电压变小，即电压表V 的示数变小；
2 2
因电压表V 示数与电压表V 示数的差值等于定值电阻R 两端的电压，
1 2 1
所以，由R= 可知，电压表V 示数与电压表V 示数的差值和电流表A 示数的比值等于R 的阻
1 2 1
值，
则电压表V 示数与电压表V 示数的差值和电流表A 示数的比值不变．
1 2
故答案为：A和V ；变小；不变．
2
18．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，由于电阻R 、R 出现了故障，在电键S 闭合前后，
1 2
发现只有一只电表的示数发生变化，故障可能是 R 断路、 R 短路、 R 断路且 R 短路 ．（写出
1 1 1 2
所有可能的情况），当把R 与R 的位置互换后，闭合电键， 一定不会 （选填“一定会”、
1 2
“一定不会”或“可能会”）出现只有一只电表的示数为零．
【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】电路故障一般是断路或短路，根据实验现象一一分析其原因即可．
【解答】解：（1）在电键S 闭合前，电流表和电压表都无示数，
闭合开关后，只有一只电表的示数发生变化：若只有电流表发生变化，说明有电流，电路可能
为短路，电压表无示数，则电阻R 发生短路；
1
若只有电压表发生变化，说明无电流，电路可能为断路，电压表有示数，则电阻R 发生断路或
1
R 断路且R 短路；
1 2
综合分析：故障为R 断路或R 短路或R 断路且R 短路
1 1 1 2
（2）当R 断路，R 与R 的位置互换后，闭合电键后，电压表无示数，电流表无示数；
1 1 2
当R 短路，R 与R 的位置互换后，闭合电键后，电压表示数，电流表示数；
1 1 2当R 断路且R 短路，R 与R 的位置互换后，闭合电键后，电压表无示数，电流表无示数；
1 2 1 2
综合分析当把R 与R 的位置互换后，闭合电键，一定不会出现只有一只电表的示数为零．
1 2
故答案为：R 断路、R 短路、R 断路且R 短路；一定不会．
1 1 1 2
19．某小组同学在学习完“大气压强”之后，通过上网查阅资料得到了两张表格如表：
表一 大气压与海拔高度的对照表
海拔高度/ 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
km
大气压/kP 101 90 80 70 62 54 47 41 36 31 26 23 19
a
表二 水的沸点与大气压的对照表
大气压/P 1000 2000 3000 5000 10000 20000 30000 50000 70000 101000
a
沸点（℃） 4 16 23 32 46 60 69 81 90 100
根据对资料中信息的分析，回答以下问题：
①海拔高度越高，大气压强 小 （选填“大”或“小”），且随着海拔高度的增大，大气压强
的变化越来越 慢 （选填“快”或“慢”）．
②水的沸点与大气压之间的关系是 大气压强越大，水的沸点越高 ．
③在海拔8848 米的珠穆朗玛峰顶上，水的沸点大约是 7 0 ℃．
【考点】8G：大气压强与高度的关系；1J：沸点及沸点与气压的关系．
【分析】大气压与高度有关，高度越高，气压越小；沸点随气压的减小而减小．根据表格中的信
息判定水的沸点．
【解答】解：
①由表格一可知，海拔高度越高，大气压强越小；随着海拔高度的增大，大气压强的变化越来
越慢；
②由表格二可知：大气压强越大，水的沸点越高；
③由表格可知，当海拔高度为9000m时，气压为31000Pa；而当气压为30000Pa时，水的沸点
为69℃；8848 米与9000m较为接近，故此时水的沸点约为70℃．
故答案为：①小；慢；②大气压强越大，水的沸点越高；③70．
三、作图题（共7分）
20．在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数．【考点】A8：作光的反射光路图．
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法
线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数．
【解答】解：入射光线AO与平面镜的夹角为30°，则入射角为90°﹣30°=60°，反射角也为60°，在
法线右侧画出反射光线，度数等于入射角为60°即可，如图所示：
21．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、
负极．
【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断；C7：磁感线及其特点．
【分析】利用螺线管的左端为N极，结合磁感线的特点可以确定磁感线的方向．
利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可
以得到电源的正负极．
【解答】解：螺线管的左端为S极，右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以
确定螺线管周围磁场的方向是从右向左的．
根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管
的左端流入右端流出．
根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的右端为负极，左端为正极．
如下图所示：
22．在图中，将电源、电流表、电压表三个元件符号填入电路空缺处．要求电键S闭合后：电流
方向如图所示；电压表测小灯L 两端电压．
【考点】HO：电路图及元件符号．
【分析】要使灯泡发光则必须有电源；电流表在电路中相当于短路，并且与用电器串联；电压表
测L两端电压，所以电压表与L并联．
【解答】解：因为电压表测小灯泡L两端电压，故电压表与L并联，所以中间一定为电压表，左边
一定为电源，并且上边为负极，下边为正极，则右边为电流表，如下图所示：
四、计算题（共22分）
23．加热质量为 2千克的铝块，铝块的温度升高了 20℃．求：铝块吸收的热量 Q ．[c
吸 铝
=0.9×103焦/（千克•℃）]．
【考点】GG：热量的计算．
【分析】知道铝块的质量、铝的比热容、铝块的温度升高值，利用吸热公式Q =cm△t求铝块吸
吸
收的热量．
【解答】解：铝块吸收的热量：
Q =c m△t
吸 铝=0.9×103J/（kg•℃）×2kg×20℃
=3.6×104J．
答：铝块吸收的热量为3.6×104J．
24．在图（a）所示的电路中，电源电压为24 伏保持不变，电阻R 的阻值为10 欧，滑动变阻器标
1
有“50Ω 2A”字样，所用电表的表盘如图（b）所示．闭合电键S 后，电流表A 的示数为1 安．
求：①电压表V 的示数U ；
1 1
②在电路各元件都正常工作的情况下，移动变阻器滑片P 的过程中电流表示数的最大值．
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】（1）根据欧姆定律，由U=IR求出R 两端电压即电压表V 的示数；
1 1
（2）根据串联电路的特点，确定电压表所用量程，利用串联电路中的电压特点解题．
【解答】解：由图可知，R 与R 串联，电压表V 测R 电压U ，电压表V 测R 电压U ，电流表测电
1 2 1 1 1 2 2 2
路电流I=1A，
（1）电压表V 示数即R 两端电压U =IR =1A×10Ω=10V；
1 1 1 1
（2）由题可知，电源电压为24V，因此电压表V V 均须采用0﹣15V量程，当P向左移动时，变
1 2
阻器接入电路中的电阻变小，此时V 示数增大，V 示数减小，
1 2
V 示数最大值：U =15V，
1 1大
此时电流表示数即电路最大电流：I = = =1.5A＜3A．
大
答：①电压表V 的示数为10V；
1
②在电路各元件都正常工作的情况下，移动变阻器滑片 P 的过程中电流表示数的最大值为
1.5A．
25．在图（a）所示的电路中，定值电阻R 的阻值为10 欧，滑动变阻器R 上标有“50Ω1A”字样，
1 2所用电流表如图（b）所示
①若电源电压为6 伏，则闭合电键，求通过电阻R 的电流I．
1
②若电源电压为6 伏，通过变阻器R 的电流为0.5 安，求10 秒内电流通过R 所做功W ．
2 2 2
③若电源电压可变，范围在6～12 伏之间，在不损坏电路元件的情况下，求该电路消耗的最大
功率和最小功率．
【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．
【分析】（1）根据并联电路中的电压特点，由欧姆定律解题；
（2）根据并联电路电压规律，由W=UIt解题；
（3）由P=UI可知，在U一定时，当电路中电流最小时，功率最大，当电路中电流最大时，功率最
小，结合电流表所用量程求解．
【解答】解：由图可知R 与R 并联，电流表测干路电流I
1 2
（1））R 、R 两端电压：U =U =U=6V，
1 2 1 2
通过R 的电流：I = = =0.6A；
1 1
（2）由W=UIt可得，10 秒内电流通过R 所做功W =U I t=6V×0.5A×10s=30J；
2 2 22
（3）由图可知，电流表采用0﹣3A量程且测干路电流，变阻器通过的通过的最大电流I =1A
大
当U =12V时，通过R 的电流：R' = = =1.2A，
大 1 1
通过R 的最大电流I =1A
2 大
则干路电流即电流表示数：I =I' +I =1.2A+1A=2.2A＜3A，
总 1 大
电路最大功率：P =U I =12V×2.2A=26.4W；
大 大 总
当U =6V，变阻器R =50Ω全部接入电路时，干路电流最小
小 滑
I' = = =0.12A，
2
干路电流：I =I +I' =0.6A+0.12A=0.72A，
小 1 2电路最小功率：P =UI =6V×0.72A=4.32W．
小 小
答：①若电源电压为6 伏，通过电阻R 的电流为0.6A；
1
②若电源电压为6 伏，通过变阻器R 的电流为0.5 安，10 秒内电流通过R 所做功为30J；
2 2
③该电路消耗的最大功率为26.4W，最小功率为4.32．
26．如图所示，薄壁圆柱形容器甲、乙（足够高）的底面积分别为3S 和2S，甲容器中装有0.3 米
深的水，乙容器中装有等高的某种液体，实心圆柱形丙的高度为7h（小于0.3 米）．求：
①水对甲容器底部的压强p ．
水
②如果甲容器的底面积是0.02 米2，求甲容器中水的质量m ．
水
③现将丙分别放入甲、乙容器中，发现丙会竖直漂浮在甲容器的水中，且露出水面的高度恰为
h，丙在乙容器中会沉底，已知分别放入丙后水对甲容器底的压强增加量△p 与液体对乙容器
水
底的压强增加量△p 之比是5：7，求乙容器中液体的密度ρ ．
液 液
【考点】2A：密度的计算；89：液体的压强的计算．
【分析】①根据p=ρ gh即可求出水对甲容器底部的压强p ．
液 水
②根据V=Sh求出甲容器中水的体积，利用质量m=ρV即可求出水的质量．
③由于丙竖直漂浮在甲容器的水中，根据漂浮条件和阿基米德原理求出丙物体的密度；
由于甲、乙容器都是柱状容器，则当丙竖直漂浮在甲容器的水中，则水对甲容器底的压力增加
量△F =G
甲
，利用p= 得出△p 的表达式；
丙 水
由于丙在乙容器中会沉底，则液体对乙容器底的压力增加量△F =G =ρ gV ；然后利用p=
乙 丙排 液 排
得出△p 的表达式；
液
已知△p 与△p 之比是5：7，据此即可乙容器中液体的密度ρ ．
水 液 液
【解答】解：（1）甲容器底部的压强：
p =ρ gh =1×103kg/m3×9.8Nkg×0.3m=2940Pa．
水 水 水
（2）甲容器中水的体积V =S h =0.02 m2×0.3m=6×10﹣3m3；
甲 甲 水
由ρ= 可知：
m =ρ V =1×103kg/m3×6×10﹣3m3=6kg．
水 水 甲
（3）由于丙竖直漂浮在甲容器的水中，根据漂浮条件可知：F =G ；
浮水 丙
即：ρ gV =ρ gV ，则ρ gS （7h﹣h）=ρ gS ×7h；
水 排水 丙 丙 水 丙 丙 丙
所以，ρ = ρ = ×103kg/m3；
丙 水
由于甲、乙容器都是柱状容器，则当丙竖直漂浮在甲容器的水中，则水对甲容器底的压力增加
量△F =G
甲
=ρ gV ；
丙 丙 丙
所以，△p = = ；
水
由于丙在乙容器中会沉底，则液体对乙容器底的压力增加量△F =G =ρ gV =ρ gV ；
乙 丙排 液 丙排 液 丙
所以，△p = = ；
液
已知△p 与△p 之比是5：7，则： ： =5：7，
水 液
所以，ρ = ρ = × ×103kg/m3=0.8×103kg/m3．
液 丙
答：①水对甲容器底部的压强p =2940Pa．
水
②甲容器中水的质量m =6kg．
水
③乙容器中液体的密度ρ 为0.8×103kg/m3．
液
五、试验题（共18分）27．实验室中，常用 天平 来测量物体的质量，电压表在使用中应与被测电路 并 联．在
“探究平面镜成像的特点”实验中，为了确定 像 的位置，采用 玻璃板 作为平面镜．
【考点】25：质量的测量与天平；AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；I3：电压表的
使用．
【分析】（1）天平是物理学中用来测量物体质量的仪器，在使用时应在左盘放物体，右盘中放
砝码，这是天平的结构特点决定的；
（2）根据电压表的正确使用直接填空即可；
（3）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置．
【解答】解：（1）实验室中，常用天平来测量物体的质量，测量时应将砝码放在天平的右盘内，
被测物体放在左盘内，不能颠倒，这是天平自身的结构决定的；
（2）由于电压表与被测电路并联，故电压表应与被测电阻并联；
（3）在做平面镜成像特点实验时，用玻璃板代替平面镜，目的是为了确定像的位置与大小；
故答案为：天平； 并；像； 玻璃板．
28．图（a）、（b）所示的两个实验中共同用到的测量工具是测量 力 的，图（a）中示数是 1. 8
牛，图（b）是验证 阿基米德原理 的实验情景．
【考点】8O：阿基米德原理；74：弹簧测力计的使用与读数．
【分析】（1）弹簧测力计是测量力的大小的仪器；
（2）使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直．
（3）图中通过弹簧测力计可读出物体所受浮力的大小，通过量筒可读出物体排开水的体积，将
这两个量联系起来，恰好是阿基米德原理的内容．
【解答】解：（1）图（a）、（b）所示的两个实验中共同用到的测量工具是弹簧测力计，是测量力的大小的仪
器；
（2）由图知，弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分
度值为0.2N．此时指针指在“1.8”处，所以弹簧测力计的示数为1.8N．
（3）图（b）所示的情景，这里有两种测量仪器，一种是弹簧测力计，另一种是量筒；
图（b）中弹簧测力计两次的示数之差等于物体所受的浮力，即F =F ﹣F ；
浮 1 2
通过量筒中两次的示数之差可得出物体排开水的体积 V =V ﹣V ，根据排开水的体积可求出
排 2 1
排开水的重力G ，这样只要比较F 与G 的大小可验证阿基米德原理，即F =G ．
排 浮 排 浮 排
故答案为：力；1.8；阿基米德原理．
29．某同学在探究凸透镜成像规律时，手边有两种凸透镜供选择，分别为焦距为10 厘米的凸
透镜A 和焦距为20 厘米的凸透镜B，他选择一个凸透镜，并将它与蜡烛，光屏按照图所示的位
置摆放在光具座上，当点燃蜡烛后发现光屏上恰好得到烛焰清晰的像，那么这个像是 放大
的（选填“放大”、“缩小”或“等大”），该同学选择的是凸透镜 B （选填“A”或“B”）．
如果接下来想在光屏上得到另一种性质的像，他可以将凸透镜向 右 移动（选填“左”或
“右”）．
【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．
【分析】（1）凸透镜成实像时，物距小于像距，即2f＞u＞f时，光屏上呈现倒立、放大的实像，v
＞2f，投影仪利用了此原理．
u＞2f，成倒立、缩小的实像，根据凸透镜的成像规律确定选择的是哪个凸透镜；
（2）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大；物距增大，像距减小，像减小．
【解答】解：
（1）由图可知：u=30cm，v=60cm，由凸透镜成像规律可知：此时的像是倒立放大的实像；
则u=30cm＞2f，2f＞60cm＞f，由题意“有两个玻璃凸透镜，焦距分别为10cm和20cm”可知他
选择的凸透镜的焦距为20cm；
（2）要使烛焰在光屏上所成的像变小，就要增大物距，也就是将蜡烛远离凸透镜，也可以将凸透镜向右移动，同时减小像距．
故答案为：放大；B；右．
30．在学习了液体压强知识后，某小组同学想研究液体浸没在液体中后液体对容器底部压强
的增加量与哪些因素有关．他们选择了一个柱形容器如图和几种液体，并找来体积、材料不同
的若干实心金属球进行实验．实验中他们保持液体不溢出，分别查得液体的密度ρ ，金属球
液
的体积V 和密度ρ ，并测得金属球浸没后液体对容器底部压强的增加量△p ．实验数据记
球 球 液
录如表：
表一
实验 ρ （千克/米3） ρ （千克/米3） V （厘米3） △p （帕）
液 球 球 液
序号
1 1000 2700 200 196
2 1000 8900 200 196
3 800 2700 250 196
4 2000 2700 100 196
表二
实验 ρ （千克/米3） ρ （千克/米3） V （厘米3） △p （帕）
液 球 球 液
序号
5 1000 2700 400 392
6 1000 7800 400 392
7 800 2700 500 392
8 2000 2700 200 392
①分析比较实验序号 1 、 2 或 5 、 6 的数据可以得出：相同体积的物体浸没在同种液体中，液
体对柱形容器底部的压强增加量与物体的密度 无关 ．（选填“有关”或“无关”）
②分析比较实验序号1、5（或3、7 或4、8）的数据可以得出： 不同体积的物体浸没在同种液
体中，液体对柱形容器底部的压强增加量与物体的体积成正比 ．
③进一步分析比较表一和表二中的数据可以得出：
（1）比较表一或表二可得： 不同物体浸没在不同液体中，当液体密度与物体体积的乘积相同
时，液体对柱形容器底部的压强增加量相同 ；
（2）比较表一和表二可得： 不同物体浸没在不同液体中，当液体密度与物体体积的乘积不同
时，液体对柱形容器底部的压强增加量不同，乘积越大，压强增加量越大 ．【考点】8C：探究液体压强的特点实验．
【分析】①分析表一中1、2或5、6的数据，相同体积的物体浸没在不同种液体中，可得出液体
对柱形容器底部的压强增加量与液体的密度的关系；
②分析表一中1、5或3、7或4、8的数据，可得出液体对柱形容器底部的压强增加量与排开液
体的体积的关系；
③进一步分析比较表一和表二中的数据可以得出结论．
【解答】解：
①由表一中1、2或5、6的数据知，当液体的密度都为1000kg/m3，体积为200cm3或400cm3时，
物体的密度不同，液体对柱形容器底部的压强增加量相同，故可以得出：液体对柱形容器底部
的压强增加量与物体的密度无关；
②由表一中1、5的数据知，当液体的密度为1000kg/m3，物体的密度为2700kg/m3，体积分别为
200cm3和400cm3时，液体对柱形容器底部的压强增加量分别为196Pa、392Pa，即体积为2倍，
液体对柱形容器底部的压强增加量也为2倍，故可得出：不同体积的物体浸没在同种液体中，
液体对柱形容器底部的压强增加量与物体的体积成正比；
由3、7或4、8的数据知，可得出同样的结论．
③（1）由表一知：当1000kg/m3×200cm3=800kg/m3×250cm3=2000kg/m3×100cm3=200000时，
液体对柱形容器底部的压强增加量都为196Pa，即液体密度与物体体积的乘积相同，液体对柱
形容器底部的压强增加量相同；
同理由表二可得出同样的结论，即：不同物体浸没在不同液体中，当液体密度与物体体积的乘
积相同时，液体对柱形容器底部的压强增加量相同；
（2）由表一得出液体密度与物体体积的乘积为200000，液体对柱形容器底部的压强增加量为
196Pa，表二液体密度与物体体积的乘积为 40000，液体对柱形容器底部的压强增加量为
392Pa，故可以得出：不同物体浸没在不同液体中，当液体密度与物体体积的乘积不同时，液体
对柱形容器底部的压强增加量不同，乘积越大，压强增加量越大．
故答案为：①1、2或5、6；无关；
②不同体积的物体浸没在同种液体中，液体对柱形容器底部的压强增加量与物体的体积成正比；
③（1）不同物体浸没在不同液体中，当液体密度与物体体积的乘积相同时，液体对柱形容器底
部的压强增加量相同；
（2）不同物体浸没在不同液体中，当液体密度与物体体积的乘积不同时，液体对柱形容器底部
的压强增加量不同，乘积越大，压强增加量越大．
31．小王同学做“测定小灯泡的电功率”实验，所用实验器材齐全并完好，电源电压为1.5伏
的整数倍（若干节新干电池组成），滑动变阻器上标有“25Ω 2A”字样，小灯泡上的字迹模糊不
清，但只可能是“1.5V”、“2.2V”或“3.0V”中的一个．
①小王先正确串联实验器材如图（a）所示，将滑片移到变阻器的一端，然后将电压表并联在电
路中．闭合电键后，电流表示数如图（b）所示，小灯泡发光较暗，接着移动变阻器的滑片，观察
到小灯泡逐渐变亮，电压表示数逐渐变小．
②经过思考，小王发现了问题，并重新进行实验．他正确连接电路，操作步骤正确，闭合电键，
移动滑动变阻器的滑片，并观察电压表示数和小灯泡亮度的变化情况，发现滑片在差不多滑
到变阻器中间位置时小灯泡正常发光，此时电流表的示数刚好变化了0.1 安．
③小王在第一次实验时出现的问题是 电压表并联在滑动变阻器两端即接到了 b c 两点之间
了 ．请根据相关信息判断出小王所选小灯泡的额定电压是 2. 2 伏，电源的电压是 6 伏，
并计算出小灯的额定功率为 0.66 瓦．（需写出计算过程）
【考点】JF：电功率的测量．
【分析】①闭合开关，电压表与电流表都有示数，且示数正常，说明电路即不存在断路也不存在
短路；接着移动滑动变阻器的滑片，观察到电压表的示数逐渐变小，直到为零，说明滑动变阻
器连接正确，而电压表逐渐变小，说明电压表测滑动变阻器两端的电压，电压表并联与滑动变
阻器并联；
②根据①中的电路连接，可得电流表的第一次示数，当连入电路的电阻减小时，电路中的电流
增大，由此分析解答；
利用串联电路的分压特点和电流相等，分析确定小灯泡的额定电压，进而确定电源电压，再利用P=UI求得额定功率．
【解答】解：
①闭合电键，电压表与电流表都有示数，移动滑动变阻器滑片，观察到小灯泡逐渐变亮，电压
表示数逐渐变小，说明电压表测的不是待测电阻两端的电压，而是测滑动变阻器两端的电压，
电压表并联在滑动变阻器两端即接到了bc两点之间了；
②根据①可知当电压表并联在滑动变阻器两端时，由图b可知电流表的示数为I=0.2A；
在正确连接电路，操作步骤正确；闭合电键，移动滑动变阻器的滑片，发现滑片在中点附近时
小灯泡正常发光，此时电流表的示数变化了0.1安，则此时电路中电阻减小，总电压不变时，电
流增大，
所以此时的电流为I′=0.2A+0.1A=0.3A；
滑片P在中点附近时，则R ′=12.5Ω左右，
滑
所以变阻器两端的电压约为U ′=I R ′=0.3A×12.5Ω=3.75V，
滑 L 滑
a、若U=1.5V，则电源电压U=U+U ′=1.5V+3.75V=5.25V，
L L 滑
由于电源电压为1.5伏的整数倍，而5.25V不是1.5V的整数倍，故灯泡的额定电压不是1.5V；
b、若U=3.0 V，则电源电压U=U+U ′=3.0V+3.75V=6.75V，
L L 滑
由于电源电压为1.5伏的整数倍，而6.75V不是1.5V的整数倍，故灯泡的额定电压不是3.0 V．
c、若U=2.2V，则电源电压U=U+U ′=2.2V+3.75V=5.95V≈6V，
L L 滑
由于6V为1.5V的整数倍，所以灯泡的额定电压是2.2V，电源电压为U=6V，
则小灯的额定功率P =U I=2.2V×0.3A=0.66W；
额 L L
故答案为：电压表并联在滑动变阻器两端即接到了bc两点之间了；2.2；6；0.66．2017年6月1日
