文档内容
浦东新区 2017~2018 学年第一学期教学质量调研试卷
九年级理化（物理部分）
2018.1
考生注意：1. 本试卷满分90分，理化合卷用时100分钟；
2. 答案必须填写在答题卡上。
一、选择题(共16分)
下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位
置上。更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。
1．下列物理单位中，用于电能表单位的是
A．千瓦时 B．伏特 C．瓦特 D．库仑
2．下列物理量中，属于物质本身一种特性的是
A．质量 B．密度 C．压强 D．浮力
3．下列应用中，属于利用连通器原理工作的是
A．高度计 B．密度计 C．订书机 D．船闸
4．下列物理量中，能影响导体电阻大小的是
A．电压 B．电流 C．长度 D．电功率
5．关于物体所受的浮力，下列说法中正确的是
A．空气中的物体不受浮力作用 B．沉在水底的铁球不受浮力作用
C．浮力是物体对液体施加的力 D．浮力是液体对物体压力的合力
6．如图1所示的电路中，R >R ，闭合电键S后，下列判断正确的是
1 2
A．电路的总电阻大于R 1 的电阻值 R 1
B．电路的总电阻小于R 的电阻值
2 R 2
C．R 两端的电压大于R 两端的电压
1 2
S
D．通过R 的电流大于通过R 的电流
1 2
7．在图2所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，向右移动滑动 图 变1阻器滑片P的
过程中
P
A．电压表V
1
示数与电流表A示数的比值变大
R 1 R 2
B．电压表V
1
示数与电流表A示数的比值变小 V
1
V
2
A
C．电压表V 示数与电流表A示数的比值变大 S
2
D．电压表V 示数与电流表A示数的比值变小
2 图2
8．两个完全相同的圆柱形容器内盛有A、B两种液体，某实心金属小球浸没在A中，如图
3所示，此时液体对容器底部的压强p >p 。若将小球从A中拿出并浸没在B中(液体不溢出)，
A B
A B
图3则以下判断一定正确的是
A．放入B中后，液体对容器底部的压强pʹ pʹ
A B
C．液体对容器底部压强的变化量大小Δp >Δp
A B
D．液体对容器底部压强的变化量大小Δp =Δp
A B
二、填空题(共26分)
请将结果填入答题纸的相应位置。
9．一节新干电池的电压为 (1) 伏，手电筒、小型收音机等用电器经常采用几节干电池
(2) (选填“串联”或“并联”)在一起进行供电。家中空调、冰箱等用电器正常工作时的电
压均为 (3) 伏。
10．煤油的密度为0.8×103千克/米3，读作0.8×103 (4) ，其表示的物理意义为每立方米
煤油的 (5) 。相等质量的煤油和水， (6) 的体积大(ρ >ρ )。
水 煤油
11．如图4所示，用20牛的水平力把重为6牛的正方体物块紧压在竖直墙壁
上，则它对墙壁的压力为 ( 7 ) 牛，若此正方体的底面积为0.01米2，则它对墙
壁的压强为 ( 8 ) 帕。若用同样的力，把体积更大的正方体紧压在竖直墙壁上， 图4
则墙壁受到的压强将 ( 9 ) (选填“变大”、“不变”或“变小”)。
12．某体积为3×10-4米3的实心金属球浸没在水中时，它受到的浮力为 (10) 牛，当它
在水面下某处向水底沉落的过程中，它所受的浮力将 ( 1 1 ) ；若将该金属球浸没在煤油
中，则它所受的浮力将 (12) (选填“变大”、“不变”或“变小”) 。
13．在60秒内通过某导体横截面的电荷量为12库，则通过它的电流为 (13) 安，若此
时该导体两端的电压为6伏，它的电阻为 (14) 欧。当该导体两端的电压为12伏时，其电
阻为 (15) 欧。
14．电热水壶等电热器做功时，将 (16) 能转化为内能。某家用电热器上标有“220V
1100W”字样，当它正常工作时，通过它的电流为 (17) 安；若它连续正常工作5秒，电流
所做的功为 (18) 焦。
15．下表记录了在不同海拔高度时的气温和气压值，请依据表中的信息回答：
海拔(米) 气温(℃) 气压(百帕)
0 15 1013.3
2000 2.0 795.0
8800 -42.2 316.7
11000 -56.5 226.3
14000 -56.5 141.0
20000 -56.5 54.7
24000 -52.5 29.3
30000 -46.5 11.7
①当海拔高度为8800米时，气压为 (19) 百帕；②根据相关信息，猜想在海拔为16000米的高度时，气温为 (20) ℃；
③当海拔高度在20000米到30000米之间时，气温随海拔高度增加而 (21) ，气压随
海拔高度增加而 (22) 。
16．如图5所示的电路中，闭合电键S后，电路能正常工作。由于电阻R或灯L之一发生
了故障，导致灯L不再发光。用一个同规格且完好的灯L'替换 (23) 就能准确判断出具体的
故障原因。
R
L
请根据相关信息，写出替换后所看到的现象及相应的故障。
S
(24)
图5
三、作图题(共6分)
请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔。
17．浮在水面的小球所受浮力为6牛，请在图6中用力的图示法画出该浮力F 。
浮
18．在图7中的〇里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。
L
1
L
2
S
图6 图7
四、计算题(共24分)
请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。
19．某游泳池浅水区的水深为1米，求水对该处池底的压强p 。
水
20．如图8所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R 的阻值为20欧。当电键
1
S闭合后，通过R 的电流为0.2安。求：
1 R R
1 2
①R 两端的电压U ；
1 1
②电阻R 的阻值。 S
2
图8
21．如图9所示的电路中，电源电压为6伏且保持不变，滑动变阻器R 上标有“20Ω
1
2A”字样。当电键S闭合后，通过R
2
的电流为0.3安。 R
2
①求R
2
消耗的电功率P
2
；
R 1 P
A
②当R 连入电路的阻值为5欧时，求电流表A的示数I； 1
1
S
③移动滑片P，两电流表示数的比值变为2/3。请计算 A
图9
此时R 连入电路的阻值。
122．如图10所示，甲、乙两个质量均为2千克的实心均匀圆柱体放在
水平地面上。甲的底面积为4×10-3米2，乙的体积为0.8×10-3米3。求：
乙
①乙的密度ρ ； 甲
乙
②甲对地面的压强p
甲
；
图10
③若甲的底面积是乙的1.5倍，在甲、乙的上部沿水平方向分别切去Δm 和Δm ，再将
甲 乙
切去部分互叠在对方剩余部分的上方，使甲、乙对水平地面的压强相等。请比较Δm 和Δm
甲 乙
的大小关系及求出两者的差值。
五、实验题(共18分)
请根据要求在答题纸的相应位置作答。
23．在“测定物质的密度”实验中，需要测出物质的体积和 (1) 。在“验证阿基米德
原理”实验中，用 (2) 测物体所受浮力的大小。在“用电流表测电流”实验中，电流表应
(3) (选填“串联”或“并联”)在电路中。在“用滑动变阻器改变电路中的电流”实验中，
滑动变阻器如图11所示，当使用 (4) 两个接线柱时，不能达到改变电流的目的。
0
0
图11
24．小华在“测定小灯泡的电功率”时，所用器材及电路连接如图12所示。在连接电路
时电键应该 (5) ，滑动变阻器的主要作用是 (6) (选填字母：A多次测量求平均值；B多
次实验得到普遍规律；C使小灯两端电压为额定电压)，在移动滑片的过程中，眼睛应该注意
观察 (7) 。根据图示信息，他 (8) (选填“能”或“不能”)达成实验的目的。
25．某同学研究容器对水平地面压力的变化情况。他在盛有水的薄壁柱形容器中放入不
同的实心物体，物体浸没在水中且沉底，实验过程均如图13所示，并用传感器测出容器对水
平地面的压力变化量ΔF，相关的数据记录在表一中。
表一
实验序号 1 2 3 4 5 6
ρ物(千克/米3) 1.2×103 1.2×103 1.5×103 1.5×103 1.8×103 1.8×103
0 0
滑片 “2.5V” 00 51V2 10 3 15
C 00 0.2 1A 0 2 .4 3 0.6 3 15 “20Ω 2A”
0
0.6 3
0 A 电阻丝 B
一节新干电池
图12
图13V物(米3) 2.0×10-4 2.5×10-4 2.0×10-4 3.0×10-4 2.0×10-4 2.5×10-4
ΔF(牛) 2.4 3.0 3.0 4.5 3.6 4.5
①分析比较实验序号 (9) 中ΔF和ρ 的关系及相关条件， 可得出的初步结论
物
是：浸没在水中且沉底的实心物体，当V 相同时，ΔF随ρ 的增大而增大；
物 物
②分析比较实验序号1与2(或3与4，或5与6)中ΔF和V 的关系及相关条件， 可得出
物
的初步结论是： (10) ；
表二
③进一步分析表一中的数据，发现浸没的物体沉
实验序号 7 8
入水底后，存在ΔF 相同的现象。若用其它物体进一步
ρ物(千克/米3) 2.4×103
实验，请在表二中填入拟进行实验的数据。 (11) (12 ) V物(米3) 3.0×10-4
ΔF(牛) 3.6 4.8
26．小王在“用电流表、电压表测电阻”的实验中，元件均完好，电源电压为2伏的整数
倍，滑动变阻器上标有“20Ω 2A”字样。他正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键后，电流表
的示数如图14(a)所示；当把滑动变阻器的滑片P恰好移到中点时，电压表示数如图14(b)所
示；小王继续移动滑片P，在确保安全的情况下，又测得电路中的最大电流为0.42安。
根据以上信息，小张经思考后认为，小王所用的电源电压为6伏。请你通过计算说明，小
张的判断是正确的。 (13)
请将下表填写完整。 (14) (15) (16) (计算电阻时，精确到0.1欧)
实验 电压 电流 电阻 电阻平均值
次数 /伏 /安 /欧 /欧
A V 1
2 2.5
— 0.6 3 — 3 15
3 0.42
(a) (b)
图14
浦东新区 2017 学年第一学期期末教学质量检测
初三物理答案要点及评分说明
题号 答案要点及评分说明
1.A。 2.B。 3.D。 4.C。 5.D。
一、16分
6.B。 7.B。 8.C。
9. (1)1.5； (2)串联； (3)220。
10. (4)千克每立方米； (5)质量为0.8×103千克；(6) 煤油。
11. (7)20； (8)2000； (9)变小。
12. (10)2.94 (11)不变； (12)变小。
13. (13) 0.2； (14)30； (15)30。
二、26分
14. (16)电； (17)5； (18)5500。
15. (19) 316.7； (20) -56.5； (21)升高。 (22)降低。
16. (23)R； (24)若L'和L均发光，则R断路；若L'发光且L
不发光，则L短路；若L'不发光，则L断路。说明：(24)空3分，其余每空1分。
17. 大小(标度、F表述、正比)1分；方向(垂直)1分；作用点1分。多画重
力扣1分。
三、6分
18.三个电表符号都正确3分。
19、本题共4分。
p =ρ gh=1.0×103千克/米3×9.8牛/千克×1米 =9.8×103帕 4分
水 水
公式2分、代入1分、结果1分
20、本题共5分。
①U = I R =0.2安×20欧=4伏 2分
1 1 1
②U = U – U =12伏- 4伏=8伏 1分
2 1
2分
21、本题共7分。
①P = U I =6伏×0.3安=1.8瓦 2分
2 22
②
I=I + I =1.2安+0.3安=1.5安 2分
1 2
③I =0.6安 1分
1
四、24分
2分
22、本题共8分。
① 2分
②F =G =m g =2千克×9.8 /千克=19.6牛 1分
甲 甲 甲 甲
2分
③p' = p'
甲 乙
1分
Δm -Δm =0.4千克 Δm >Δm 2分
乙 甲 乙 甲
23、共4分。
(1)质量； (2)弹簧测力计； (3)串联； (4)AB。
24、共4分。
(5)断开； (6)C； (7)电压表的示数； (8)不能。
五、18分
25、共5分。
(9)1与3与5(或2与6)； 1分
(10) 浸没在水中且沉底的实心物体，当ρ 相同时，ΔF随V 的增大
物 物
而增大； 2分(11)(12) 2分
实验序号 7 8
ρ (千克/米3) 1.2×103
物
V (米3) 2.0×10-4
物
ΔF(牛)
26、共5分。
(13)电路最大电流为0.42安，因此电流表选用0~0.6安量程
刚闭合电键时，I=0.22安，R =20欧，
滑大
U =IR =0.22安×20欧=4.4伏，∴U>4.4伏
滑大 滑大
滑片移到中点时，U=2.5伏，U 应于小4.4伏，∴U<6.9伏
x 滑
∵电源电压为2伏的整数倍， ∴U=6伏，小张的判断正确
(14) (15)(16)
实验 电压 电流 电阻 电阻平均值
说明：(13)2分
次数 /伏 /安 /欧 /欧
次数1的数据1分
1 1.6 0.22 7.3
次数2的数据1分
2 0.35 7.1 7.2
次数3及平均值1分
3 3.0 7.1
2018年上海市浦东新区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项．
1．（2分）下列物理单位中，用于电能表单位的是（ ）
A．千瓦时 B．伏特 C．瓦特 D．库仑
【分析】电学中各个物理量都有自己的国际单位；电能表是测量电能的工具，电能的单位是千
瓦时，符号为kW•h。
【解答】解：
A、千瓦时是电能的单位，电能表用来测电能；故A正确；
B、伏特是电压的单位；故B错误；
C、瓦特是电功率单位；故C错误；
D、库仑是电荷量的单位；故D错误；
故选：A。
2．（2分）下列物理量中，属于物质本身一种特性的是（ ）
A．质量 B．密度 C．压强 D．浮力
【分析】特性是物质特有的性质，是一种物质区别与其它物质的主要特征，状态不变，物质特
性不变。
【解答】解：A、质量是指物体所含物质的多少，是物体的一个基本属性，不是物质特性，故A
错误；
B、在物理学中，把某种物质单位体积的质量叫做这种物质的密度。密度是物质的一种特性，
同种物质的密度是一定的，密度与物体的质量、体积都无关，故B正确；
C、物体单位面积上受到的压力叫压强，反应压力作用效果的物理量，不是物质特性，故C错
误；
D、浮力与液体的密度和液体的深度有关，不是本身的特性，故D错误。
故选：B。
3．（2分）下列应用中，属于利用连通器原理工作的是（ ）A．高度计 B．密度计 C．订书机 D．船闸
【分析】几个上端开口底部互相连通的容器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容
器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理。
【解答】解：A、高度计利用的气压与高度的关系，与连通器原理无关，故A错误；
B、密度计是利用物体的漂浮条件和阿基米德原理来工作的，不是利用连通器原理工作的，故
B错误；
C、订书机用到的物理知识是比较多的，如：压柄做得宽大有利于减小压强、钉书针（出针口）
很尖细有利于增大压强、底座做得宽大有利于减小压强等等；但都不是连通器原理进行工作，
故C错误；
D、船闸在工作时，闸室分别与上游和下游构成连通器，是利用连通器原理工作的，故D正确；
故选：D。
4．（2分）下列物理量中，能影响导体电阻大小的是（ ）
A．电压 B．电流 C．长度 D．电功率
【分析】导体电阻大小的影响因素：导体的材料、长度、横截面积和温度。电阻是导体的一种特
性，和导体中的电流、导体两端的电压、导体电功率的大小无关。
【解答】解：
导体电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体中的电流、导体两端的电压、
导体电功率的大小无关，故ABD错误，C正确。
故选：C。
5．（2分）关于物体所受的浮力，下列说法中正确的是（ ）
A．空气中的物体不受浮力作用
B．沉在水底的铁球不受浮力作用
C．浮力是物体对液体施加的力
D．浮力是液体或气体对物体压力的合力
【分析】浮力是液体或气体对浸在其中的物体产生的向上托的力，其实质是物体在液体或气
体中上下表面受到的压力差。
【解答】解：A、空气中的物体与液体中的物体一样，都可能受浮力作用，故A错误；
B、沉在水底的铁球排开了一定体积的水，所以受到浮力的作用，故B错误；
C、浮力是物体受到液体或气体对它施加的力，故C错误；
D、浮力的产生，其实质是物体在液体或气体中上下表面受到的压力差，即浮力是液体或气体
对物体压力的合力，故D正确。
故选：D。
6．（2分）如图所示的电路中，R ＞R ，闭合电键S后，下列判断正确的是（ ）
1 2
A．电路的总电阻大于R 的电阻值
1
B．电路的总电阻小于R 的电阻值
2
C．R 两端的电压大于R 两端的电压
1 2D．通过R 的电流大于通过R 的电流
1 2
【分析】（1）并联电路总电阻的倒数等于各并联电阻的倒数之和。
（2）并联电路中电压相等，电阻越大，通过它的电流就越小。
【解答】解：AB、并联电路总电阻的倒数等于各并联电阻的倒数之和，电阻并联后总电阻的阻
值比任何一个分电阻的阻值都小，故A错误、B正确；
CD、并联电路中电压相等，电阻越大，根据欧姆定律可知通过它的电流就越小，由于R ＞R ，
1 2
所以，通过R 的电流小于通过R 的电流，故CD错误。
1 2
故选：B。
7．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，向右移动滑动变阻器滑片P的
过程中（ ）
A．电压表V 示数与电流表A示数的比值变大
1
B．电压表V 示数与电流表A示数的比值变小
1
C．电压表V 示数与电流表A示数的比值变大
2
D．电压表V 示数与电流表A示数的比值变小
2
【分析】电阻R 与滑动变阻器R 串联，电压表V 测量电阻R 两端的电压，电压表V 测量电阻
1 2 1 1 2
R 两端的电压，电流表测量电路电流；
2
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路的分压
规律和欧姆定律判定各表示数变化情况。
【解答】解：由图可知，电阻R 与滑动变阻器R 串联，电压表V 测量电阻R 两端的电压，电压
1 2 1 1
表V 测量电阻R 两端的电压，电流表测量电路电流；
2 2
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据欧姆定律可知，
电路中的电流会变大，即电流表示数变大；
根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器电阻变小，其分担的电压变小，电压表V 示数减
1
小，根据串联电路的电压特点可，电压表V 示数变大；
2
AB、电压表V 示数与电流表A示数的比值为滑动变阻器的电阻，电阻减小，比值变小，故A
1
错误，B正确；
CD、电压表V 示数与电流表A示数的比值为定值电阻的阻值，保持不变，故CD错误。
2
故选：B。
8．（2分）两个完全相同的圆柱形容器内盛有A、B两种液体，某实心金属小球浸没在A中，如
图所示，此时液体对容器底部的压强p ＞p ．若将小球从A中拿出并浸没在B中（液体不溢
A B
出），则以下判断一定正确的是（ ）
A．放入B中后，液体对容器底部的压强pʹ ＜pʹ
A B
B．放入B中后，液体对容器底部的压强pʹ ＞pʹ
A B
C．液体对容器底部压强的变化量大小△p ＞△p
A BD．液体对容器底部压强的变化量大小△p =△p
A B
【分析】（1）根据液体内部压强公式p=ρgh及压强大小，判定AB的密度关系；根据小球放入B
中后液面高度变化的关系判定AB；
（2）知道AB密度的关系，根据p=ρgh判定液体对容器底部压强的变化量大小。
【解答】解：
AB、金属小球浸没在A中，液体对容器底部的压强p ＞p ，由于A中液面的高度小于B的高
A B
度，根据p=ρgh可知，A中液体的密度要大于B中液体的密度；若将小球从A中拿出并浸没在
B中，则A中液面的下降高度等于B中液面上升的高度，由于不知AB初始高度和球的体积大
小，故无法比较放入B中后，AB中液面的高度的大小，故无法判定底部压强的大小，故AB错
误；
CD、A中液体的密度要大于B中液体的密度，A中液面的下降高度等于B中液面上升的高度，
根据p=ρgh可知，液体对容器底部压强的变化量大小△p ＞△p ；故C正确、D错误。
A B
故选：C。
二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．（3分）一节新干电池的电压为 1. 5 伏，手电筒、小型收音机等用电器经常采用几节干电
池 串联 （选填“串联”或“并联”）在一起进行供电。家中空调、冰箱等用电器正常工作
时的电压均为 22 0 伏。
【分析】一节干电池的电压是1.5V；干电池串联的总电压等于等于各电池的电压之和；家庭电
路的电压为220V。
【解答】解：一节新干电池的电压为1.5伏，为了给电路提供较高的电压，手电筒、小型收音机
等用电器经常采用几节干电池串联。
家中空调、冰箱等用电器正常工作时的电压均为220V；
故答案为：（1）1.5；（2）串联；（3）220。
10．（3分）煤油的密度为0.8×103千克/米3，读作0.8×103 千克每立方米 ，其表示的物理
意义为每立方米煤油的 质量为 0. 8 × 1 0 3 千克 。相等质量的煤油和水， 煤油 的体积大
（ρ ＞ρ ）。
水 煤油
【分析】（1）密度的单位是千克每立方米；
（2）密度表示单位体积某种物质的质量。根据密度定义可以解释其物理意义。
（3）根据水与煤油的密度关系，应用密度公式分析答题。
【解答】解：（1）密度的单位是千克每立方米；
（2）单位体积某种物质的质量是物质的密度，煤油的密度是0.8×103千克/米3，它表示：体积
为1立方米的煤油质量是0.8×103千克。
（3）因为ρ ＞ρ ，煤油与水的质量m相同，所以由V= 可知，V ＜V 。
水 煤油 水 煤油
故答案为：千克每立方米；质量为0.8×103千克；煤油。
11．（3分）如图所示，用20牛的水平力把重为6牛的正方体物块紧压在竖直墙壁上，则它对
墙壁的压力为 2 0 牛，若此正方体的底面积为0.01米2，则它对墙壁的压强为 200 0 帕。
若用同样的力，把体积更大的正方体紧压在竖直墙壁上，则墙壁受到的压强将选填 变小
（“变大”、“不变”或“变小”）。【分析】（1）压强是反映压力作用效果的物理量，已知压力的大小和物体与墙壁的接触面积
（受力面积），根据公式p= 可求压强的大小。
（2）压强的大小受压力和受力面积两个因素的影响，故据p= 可求压强的变化。
【解答】解：如图所示，用20牛的水平力把重为6牛的正方体物块紧压在竖直墙壁上，则它对
墙壁的压力为20N；
若此正方体的底面积为0.01米2，则它对墙壁的压强为p= = =2000Pa；
若用同样的力，把体积更大的正方体紧压在竖直墙壁上，即此时压力不变，接触面积变大，据
p= 可知，此时物体的对墙壁的压强将变小。
故答案为：20；2000；变小。
12．（3分）某体积为3×10﹣4米3的实心金属球浸没在水中时，它受到的浮力为 2.9 4 牛，
当它在水面下某处向水底沉落的过程中，它所受的浮力将 不变 ；若将该金属球浸没在煤
油中，则它所受的浮力将 变小 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
【分析】（1）知道物体的体积（排开水的体积），由阿基米德原理及浮力公式F =ρ gV 可以
浮 水 排
求出物体受到的浮力；
（2）当物体所处的深度增加时，物体排开水的体积不变，由阿基米德原理可知浮力变化情况；
（3）掌握阿基米德原理，知道F =G =ρ gV ，浮力的大小与液体的密度和排开液体的体积
浮 排 液 排
有关。
【解答】解：（1）当金属球浸没水中时，物体排开水的体积等于金属球的体积，
金属球受到的浮力：
F =ρ gV =ρ gV =1.0×103kg/m3×9.8N/kg×3×10﹣4m3=2.94N；
浮 水 排 水 物体
（2）当金属球所处的深度增加时，V 不变，
排
因为F =ρ V g，
浮 水 排
所以金属球受到的浮力不变；
（3）根据F =ρ gV ，都是完全浸没，排开液体的体积相等，煤油的密度小于水的密度，所以
浮 液 排
将金属球浸没在煤油中，受到的浮力将减小。
故答案为：2.94；不变；变小。
13．（3分）在60秒内通过某导体横截面的电荷量为12库，则通过它的电流为 0. 2 安，若
此时该导体两端的电压为6伏，它的电阻为 3 0 欧。当该导体两端的电压为12伏时，其电
阻为 3 0 欧。
【分析】（1）知道60秒内通过某导体横截面的电荷量，根据I= 求出通过该导体的电流，根
据I= 求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电
压和通过的电流无关。【解答】解：通过该导体的电流：
I= = =0.2A，
由I= 可得，导体的电阻：
R= = =30Ω；
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，当该导体两端的电压为12伏时，导体的电阻仍为30Ω不变。
故答案为：0.2；30；30。
14．（3分）电热水壶等电热器做功时，将 电 能转化为内能。某家用电热器上标有“220V
1100W”字样，当它正常工作时，通过它的电流为 5 安；若它连续正常工作5秒，电流所做
的功为 550 0 焦。
【分析】由电热器的铭牌可知电热器的额定电压和额电功率，当电热器正常工作时，其实际功
率等于额电功率；利用P=UI求正常工作时通过电热器的电流；再利用W=Pt求电流所做的功。
【解答】解：（1）电热水壶等电热器做功时，将电能转化为内能；
（2）由电热器的铭牌“220V 1100W”可知电热器的额定电压为220V、额电功率为1100W，
因为P=UI，
所以I= = =5A；
连续正常工作5s消耗的电能：
W=Pt=1100W×5s=5500J。
故答案为：电；5；5500。
15．（4分）下表记录了在不同海拔高度时的气温和气压值，请依据表中的信息回答：
海拔（米） 气温（℃） 气压（百帕）
0 15 1013.3
2000 2.0 795.0
8800 ﹣42.2 316.7
11000 ﹣56.5 226.3
14000 ﹣56.5 141.0
20000 ﹣56.5 54.7
24000 ﹣52.5 29.3
30000 ﹣46.5 11.7
①当海拔高度为8800米时，气压为 316. 7 百帕；
②根据相关信息，猜想在海拔为16000米的高度时，气温为 ﹣ 56. 5 ℃；
③当海拔高度在20000米到30000米之间时，气温随海拔高度增加而 升高 ，气压随海拔
高度增加而 降低 。
【分析】大气的气温和气压值受高度的影响明显，对数据进行分析后回答相关问题。
【解答】解：
①由表中数据可知，当海拔高度为8800米时，气压为316.7百帕；
②由表中数据可知，在海拔14000米处大气温度为﹣56.5℃，在海拔20000米处大气温度为
﹣56.5℃，据此可知在海拔16000米的高度时，气温为﹣56.5℃；
③由表中数据可知，当海拔高度在20000米到30000米之间时，气温随海拔高度增加而升高，
气压随海拔高度增加而降低。故答案为：①316.7；②﹣56.5；③升高；降低。
16．（3分）如图所示的电路中，闭合电键S后，电路能正常工作。由于电阻R或灯L之一发生
了故障，导致灯L不再发光。用一个同规格且完好的灯L'替换 R 就能准确判断出具体的故
障原因。
请根据相关信息，写出替换后所看到的现象及相应的故障。 若 L ' 和 L 均发光，则 R 断路；若
L ' 发光且 L 不发光，则 L 短路；若 L ' 不发光，则 L 断路 。
【分析】分析电路图知，灯泡与定值电阻串联，电压表测量电阻两端电压；闭合开关，电压表示
数为电源电压原因有两个：电阻断路或灯泡短路。
【解答】解：用一个完好的小灯泡替换R，闭合开关，
若L'和L均发光，则R断路；
若L'发光且L不发光，则L短路；
若L'不发光，则L断路。
故答案为：R；若L'和L均发光，则R断路；若L'发光且L不发光，则L短路；若L'不发光，则L断
路。
三、作图题（共6分）
17．（3分）浮在水面的小球所受浮力为6牛，请在图中用力的图示法画出该浮力F 。
浮
【分析】首先根据小球在水中的状态判断小球所受浮力大小和方向，再确定一个标度，并用这
个标度去准确表示出力的大小。
【解答】解：小球漂浮在液面，则所受浮力F =G=6N；选取标度为3N，过小球的重心沿竖直向
浮
上的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，如图所示：
18．（3分）在图中的〇里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。【分析】在电路中，电流表相当于导线，与用电器串联；电压表相当于断路，与用电器并联。据
此分析确定。
【解答】解：由图可知，最下面的圈串联在干路中，所以一定是电流表，中间的圈与灯泡L 串联，
2
所以也是电流表，而右上角的一个与灯L 并联，是电压表。如图所示。
2
四、计算题（共24分）
19．（4分）某游泳池浅水区的水深为1米，求水对该处池底的压强p 。
水
【分析】运用液体压强公式p=ρgh，可求压强大小。
【解答】解：水对该处池底的压强：
p =ρ gh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×1m=9.8×103Pa；
水 水
答：水对该处池底的压强为9.8×103Pa。
20．（5分）如图所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R 的阻值为20欧。当电键
1
S闭合后，通过R 的电流为0.2安。求：
1
①R 两端的电压U ；
1 1
②电阻R 的阻值。
2
【分析】由电路图可知，两电阻串联。
（1）根据欧姆定律求出R 两端的电压；
1
（2）根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出电阻R
2
的阻值。
【解答】解：由电路图可知，两电阻串联。
①由I= 可得，R 两端的电压：
1
U =I R =0.2A×20Ω=4V；
1 1 1
②因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的总电阻：
R= = = =60Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电阻R 的阻值：
2
R =R﹣R =60Ω﹣20Ω=40Ω。
2 1
答：①R 两端的电压为4V；
1
②电阻R 的阻值为40Ω。
2
21．（7分）如图所示的电路中，电源电压为6伏且保持不变，滑动变阻器R 上标有“20Ω 2A”
1
字样。当电键S闭合后，通过R 的电流为0.3安。
2
①求R 消耗的电功率P ；
2 2
②当R 连入电路的阻值为5欧时，求电流表A的示数I；
1
③移动滑片P，两电流表示数的比值变为2/3．请计算此时R 连入电路的阻值。
1
【分析】由电路图可知，R 、R 并联，电流表A 测R 的电流，电流表A测干路上的电流；
1 2 1 1
（1）由并联电路的电压特点可知R 两端的电压，已知通过R 的电流，根据P=UI求出R 消耗
2 2 2
的电功率P ；
2
（2）先根据欧姆定律求出通过R 的电流，因并联电路各支路独立工作、互不影响，则滑片移
1
动时通过R 的电流不变，再根据并联电路的电流特点求出电流表A的示数（干路电流）；
2
（3）电流表A 测R 的电流，电流表A测干路上的电流，移动滑片P，两电流表示数的比值变为
1 1
，即 = ，根据并联电路的电流特点可得 = = ，据此求出此时的干路电
流和通过R 的电流，最后根据欧姆定律计算此时R 连入电路的阻值。
1 1
【解答】解：由电路图可知，R 、R 并联，电流表A 测R 的电流，电流表A测干路上的电流；
1 2 1 1
①由并联电路的电压特点可得：U =U =U=6V，
1 2
则R 消耗的电功率：
2
P =U I =6V×0.3A=1.8W；
2 22
②当R 连入电路的阻值为5欧时，通过R 的电流：
1 1
I = = =1.2A；
1
因并联电路各支路独立工作、互不影响，则滑片移动时通过R 的电流仍为I =0.3A不变，
2 2
由并联电路的电流特点可得，电流表A的示数（干路电流）：
I=I +I =1.2A+0.3A=1.5A；
1 2
③因电流表A 测R 的电流，电流表A测干路上的电流，
1 1
则由并联电路的电流特点可知，电流表A 的示数小于电流表A的示数，
1
由题知，移动滑片P，两电流表示数的比值变为 ，即 = ，
设此时通过R 的电流为I ʹ，此时干路上的电流为Iʹ，
1 1则根据并联电路的电流特点可得： = =1﹣ = ，
则 = ，
所以此时干路上的电流：Iʹ=3I =3×0.3A=0.9A，
2
则此时通过R 的电流：I ʹ=Iʹ﹣I =0.9A﹣0.3A=0.6A；
1 1 2
由欧姆定律可得，此时R 连入电路的阻值：
1
R ʹ= = =10Ω。
1
答：①R 消耗的电功率P 为1.8W；
2 2
②当R 连入电路的阻值为5欧时，电流表A的示数I为1.5A；
1
③移动滑片P，两电流表示数的比值变为2/3，此时R 连入电路的阻值为10Ω。
1
22．（8分）如图所示，甲、乙两个质量均为2千克的实心均匀圆柱体放在水平地面上。甲的底
面积为4×10﹣3米2，乙的体积为0.8×10﹣3米3．求：
①乙的密度ρ ；
乙
②甲对地面的压强p ；
甲
③若甲的底面积是乙的1.5倍，在甲、乙的上部沿水平方向分别切去△m 和△m ，再将切
甲 乙
去部分互叠在对方剩余部分的上方，使甲、乙对水平地面的压强相等。请比较△m 和△m
甲 乙
的大小关系及求出两者的差值。
【分析】（1）知道乙的质量和体积，根据ρ= 求出乙的密度；
（2）甲对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据p= 求出甲对地面
的压强；
（3）在甲、乙的上部沿水平方向分别切去△m 和△m ，再将切去部分互叠在对方剩余部分
甲 乙
的上方后，根据压强公式表示出甲、乙对水平地面的压强相等的等式，然后整理得出△m 和
甲
△m 的大小关系以及两者的差值。
乙
【解答】解：①乙的密度：
ρ = = =2.5×103kg/m3；
乙
②甲对地面的压力：
F =G =m g=2kg×9.8N/kg=19.6N，
甲 甲 甲
甲对地面的压强：
p = = =4900Pa；
甲③在甲、乙的上部沿水平方向分别切去△m 和△m ，再将切去部分互叠在对方剩余部分的
甲 乙
上方后，
因此时甲、乙对水平地面的压强相等，即p ′=p ′，
甲 乙
所以， = ，
即： = ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
把m =m =2kg和S =1.5S 代入①式可得：
甲 乙 甲 乙
= ，
整理可得：△m ﹣△m =0.4kg，则△m ＞△m 。
乙 甲 乙 甲
答：①乙的密度为2.5×103kg/m3；
②甲对地面的压强为4900Pa；
③△m ＜△m ，两者的差值为0.4kg。
甲 乙
五、实验题（共18分）
23．（4分）在“测定物质的密度”实验中，需要测出物质的体积和 质量 。在“验证阿基
米德原理”实验中，用 弹簧测力计 测物体所受浮力的大小。在“用电流表测电流”实验
中，电流表应 串联 （选填“串联”或“并联”）在电路中。在“用滑动变阻器改变电路中
的电流”实验中，滑动变阻器如图所示，当使用 A 、 B 两个接线柱时，不能达到改变电流的
目的。
【分析】利用下列知识分析回答：
（1）物质的密度ρ= ；
（2）称重法测浮力：F =G﹣F ；
浮 示
（3）电流表测电流时要串联在电路中；
（4）在使用滑动变阻器时“一上一下”连接。
【解答】解：
（1）要测定物质的密度，需要测出物质的体积和质量，利用公式ρ= 计算；
（2）在“验证阿基米德原理”实验中，先利用弹簧测力计测量物体的重力G，将物体浸没在
水中读出弹簧测力计的示数F ，物体受到的浮力F =G﹣F ；
示 浮 示
（3）电流表测电流时要串联在电路中；
（4）在“用滑动变阻器改变电路中的电流”实验中，滑动变阻器要使用一上一下两个接线柱，
当使用下面两个接线柱A、B时，不能达到改变电流的目的。
故答案为：（1）质量；（2）弹簧测力计；（3）串联；（4）A、B。24．（4分）小华在“测定小灯泡的电功率”时，所用器材及电路连接如图所示。在连接电路
时电键应该 断开 ，滑动变阻器的主要作用是 C 选填字母：A多次测量求平均值；B多
次实验得到普遍规律；C使小灯两端电压为额定电压），在移动滑片的过程中，眼睛应该注意
观察 电压表的示数 。根据图示信息，他 不能 （选填“能”或“不能”）达成实验的目
的。
【分析】（1）为防止电路中的电流过大，烧坏电路元件，连接电路时电键应断开；
（2）滑动变阻器的基本作用是保护电路，在此实验中，滑动变阻器主要起到改变灯泡两端的
电压和电流；
（3）小灯泡在额定电压下的功率为额定功率，据此进行解答；
（4）一节干电池的电压为1.5V，而灯泡的额定电压为2.5V，比较两者电压得出答案。
【解答】解：
（1）为保护电路，在连接电路时电键应该断开；
（2）在“测定小灯泡的电功率”实验中，滑动变阻器在电路中的主要作用是通过改变接入电
路中的电阻，来改变灯泡的电压和电流，使小灯两端电压为额定电压，从而测出小灯泡的额
定功率，故选C；
（3）在移动滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表示数的变化，使电压表示数为2.5V，此时灯
泡正常发光；
（4）一节干电池的电压为1.5V，而灯泡的额定电压为2.5V，由于电源的电压小于灯泡的额定
电压，则他不能测出灯泡的额定功率，不能达成实验的目的。
故答案为：断开；C；电压表的示数；不能。
25．（6分）某同学研究容器对水平地面压力的变化情况。他在盛有水的薄壁柱形容器中放入
不同的实心物体，物体浸没在水中且沉底，实验过程均如图所示，并用传感器测出容器对水
平地面的压力变化量△F，相关的数据记录在表一中。
表一
实验序号 1 2 3 4 5 6
ρ （千克/米3） 1.2×103 1.2×103 1.5×103 1.5×103 1.8×103 1.8×103
物
V （米3） 2.0×10﹣4 2.5×10﹣4 2.0×10﹣4 3.0×10﹣4 2.0×10﹣4 2.5×10﹣4
物
△F（牛） 2.4 3.0 3.0 4.5 3.6 4.5
①分析比较实验序号 1 与 3 与 5（ 或 2 与 6 ） 中△F和ρ 的关系及相关条件，可得出的初
物
步结论是：浸没在水中且沉底的实心物体，当V 相同时，△F随ρ 的增大而增大；
物 物
表二
实验序号 7 8
ρ （千克/米3） 2.4×103
物
V （米3） 3.0×10﹣4
物
△F（牛） 3.6 4.8
②分析比较实验序号1与2（或3与4，或5与6）中△F和V 的关系及相关条件，可得出的初
物
步结论是： 浸没在水中且沉底的实心物体，当 ρ 相同时， △ F 随 V 的增大而增大 ；
物 物③进一步分析表一中的数据，发现浸没的物体沉入水底后，存在△F 相同的现象。若用其它物
体进一步实验，请在表二中填入拟进行实验的数据。 1. 2 × 1 0 3 、 2. 0 × 1 0 ﹣ 4 。
【分析】（1）要研究△F与ρ 的关系，需要控制物体的体积相同，密度不同，找出符合题意的
物
实验序号；
（2）分析实验序号1与2（或3与4，或5与6）知物体的密度相同，拍开液体的体积不同，分析
得出结论；
（3）根据ρ 与V 乘积的10倍为容器对水平地面的压力变化量△F分析求出空格中的数据。
物 物
【解答】解：（1）表中1与3与5（或2与6）物体体积相同，物体的密度增大，容器对水平地面
的压力变化量△F增大，故可以得出当V 相同时，△F随ρ 的增大而增大；
物 物
（2）分析比较实验序号1与2（或3与4，或5与6）知，物体密度相同，V 越大，容器对水平地
物
面的压力变化量△F越大，故可以得出：浸没在水中且沉底的实心物体，当ρ 相同时，△F随
物
V 的增大而增大；
物
（3）进一步分析表一中的数据，发现浸没的物体沉入水底后，ρ 与V 乘积的10倍为容器对
物 物
水平地面的压力变化量△F，故表二的数据应该为：1.2×103、2.0×10﹣4。
故答案为：（1）1与3与5（或2与6）；（2）浸没在水中且沉底的实心物体，当ρ 相同时，△F
物
随V 的增大而增大；（3）1.2×103；2.0×10﹣4。
物
26．（5分）小王在“用电流表、电压表测电阻”的实验中，元件均完好，电源电压为2伏的整
数倍，滑动变阻器上标有“20Ω 2A”字样。他正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键后，电流
表的示数如图（a）所示；当把滑动变阻器的滑片P恰好移到中点时，电压表示数如图（b）所示；
小王继续移动滑片P，在确保安全的情况下，又测得电路中的最大电流为0.42安。
根据以上信息，小张经思考后认为，小王所用的电源电压为6伏。请你通过计算说明，小张的
判断是正确的。 电路最大电流为 0.42A ，因此电流表选用 0 ～ 0.6A 量程，刚闭合电键时，由
图（ a ）知，电流表分度值为 0.02A ，电路中电流： I =0.22A ，因此时变阻器连入电阻： R =20Ω ，
1 滑大
由欧姆定律，变阻器的电压：
U =I R =0.22A × 20Ω=4.4V ，因根据串联电路电压的规律，电源电压 U ＞ 4.4 伏；滑片移到
滑大 1 滑大
中点时，由图（ b ）知，电压表选用小量程，分度值为 0.1V ，电压表示数为 U =2.5V ，根据分压原
x
理，此时变阻器的电压 U ʹ 应于小 4.4V ，根据串联电路电压的规律，电源电压：
滑
U ＜ U + U =4.4V + 2.5V=6.9V ，因电源电压为 2 伏的整数倍，电源电压 U=6V
ʹ滑 x
实验 电压 电流 电阻 电阻平均值
次数 /伏 /安 /欧 /欧
1 1. 6 0.2 2 7. 3 7. 2
2 2.5 0.3 5 7. 1
3 3 0.42 7. 1
请将上表填写完整。（计算电阻时，精确到0.1欧）【分析】（1）分析3次实验操作电路的连接，画出对应的电路图；
第1次操作中，为保护电路，闭合开关前，变阻器连入电路中的电阻最大；
第2次操作中，电压表示数如图（b）所示，根据电压表选用的量程确定分度值读出电压表的
示数；
第3次操作：
由电压表选用的量程，根据分压原理和串联电路电压的规律，确定电路中有最大电流的条件，
由最大电流确定电流表选用的量程，故可知在第1次操作中，由图（a）知电流大小，由已知条
件，结合欧姆定律I= 求变阻器的电压，根据串联电路电压的规律，电源电压大于这个电压；
比较第1、2次操作，由分压原理，得出第2次操作中变阻器的电压与第1次操作中变阻器分
得的电压大小关系，根据串联电路电压的规律，判断电源电压U小于的电压值
因电源电压为2伏的整数倍，根据上面电压的取值范围得出电源电压大小；
（2）在图1中，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，求出待测电阻的电压，将待测电阻的电
压和电流填入上表中；
在图2中，根据串联电压电压的规律和欧姆定律，求通过变阻器的电流，由串联电路电流的
规律，通过待测电阻的电流，将待测电阻的电压和电流填入上表中；
在图3中，根据串联电路电压的规律，待测电阻的电压：U =3V，通过的最大电流为0.42A，将
3
待测电阻的电压和电流填入上表中；
根据欧姆定律分别求出3次测量电阻的大小，并求出电阻的平均值，填入表中。
【解答】解：（1）第1次操作：
正确连接电路，实验步骤正确，即变阻器连入电路中的电阻最大；闭合电键，电流表的示数如
图（a）所示，如图1所示；
第2次操作：
当把滑动变阻器的滑片P恰好移到中点时，电压表示数如图（b）所示，因电压表选用小量程，
分度值为0.1V，故电压表示数为：U=2.5伏，如图2所示；
x
第3次操作：
小王继续移动滑片P，根据分压原理和串联电路电压的规律，变阻器连入电路中的电阻越小，
电压表示数越大，因电压选用小量程，在确保安全的情况下，故电压表最大示数为3V，根据
欧姆定律，此时通过待测电阻电流最大，即电路中的最大电流为0.42A，电路如图3所示；
因此电流表选用0～0.6安量程，故在第1次操作中，由图（a）知，电流表分度值为0.02A，示
数为0.22A，变阻器连入电路中的电阻：R =20Ω，如图1所示；
滑大
欧姆定律I= ，变阻器的电压：
U =I R =0.22A×20Ω=4.4V，根据串联电路电压的规律，电源电压：U＞4.4V﹣﹣﹣﹣﹣﹣
滑大 1 滑大
①；
将图1、2比较，由分压原理，图2中为变阻器的电压Uʹ 小于图1中变阻器分得的电压4.4V，
滑根据串联电路电压的规律，电源电压：U＜Uʹ +U=4.4V+2.5V=6.9V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
滑 x
因电源电压为2伏的整数倍，由①②得，故电源电压U=6伏，小张的判断正确；
（2）在图1中，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，待测电阻的电压为：
U =U﹣U =6V﹣4.4V=1.6V，将待测电阻的电压和电流填入上表中；
1 滑大
在图2中，电压表示数为U =U=2.5伏，根据串联电压电压的规律和欧姆定律，通过变阻器的
2 x
电流：
I = = =0.35A；
2
由串联电路电流的规律，通过待测电阻的电流为0.35A，将待测电阻的电压和电流填入上表
中；
在图3中，待测电阻的电压为电压表的最大值：U =3V，通过的最大电流为I =0.42A，将待测电
3 3
阻的电压和电流填入上表中；
由欧姆定律I= ，3次实验操作的电阻大小分别为：
R = = ≈7.3Ω；
1
R = = ≈7.1Ω；
2
R = = ≈7.1Ω，电阻的平均值：
3
R= = ≈7.2Ω。
如下表所示：
实验 电压 电流 电阻 电阻平均值
次数 /伏 /安 /欧 /欧
1 1.6 0.22 7.3 7.2
2 2.5 0.35 7.1
3 3 0.42 7.1
故答案为：
电路最大电流为0.42A，因此电流表选用0～0.6A量程，刚闭合电键时，由图（a）知，电流表分
度值为0.02A，电路中电流：I =0.22A，因此时变阻器连入电阻：R =20Ω，由欧姆定律，变阻器
1 滑大
的电压：
U =I R =0.22A×20Ω=4.4V，因根据串联电路电压的规律，电源电压U＞4.4伏；
滑大 1 滑大
滑片移到中点时，由图（b）知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表示数为U=2.5V，
x
根据分压原理，此时变阻器的电压Uʹ 应于小4.4V，根据串联电路电压的规律，电源电压：
滑
U＜Uʹ +U=4.4V+2.5V=6.9V，因电源电压为2伏的整数倍，电源电压U=6V
滑 x
如上表所示。
