文档内容
静安区 2016~2017 学年第一学期教学质量调研试卷
九年级理化（物理部分）
2016.12
考生注意：1. 本试卷满分90分，理化合卷用时100分钟；
2. 答案必须填写在答题卡上。
一、单项选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将所选选项的代号
用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．一节干电池的电压是（ ）
A．1.5伏 B．24伏C．110伏 D．220伏
2．下列实例中，利用连通器原理工作的是（ ）
A．吸尘器 B．船闸 C．温度计 D．订书机
3．下列各物理量中，能鉴别物质的物理量是（ ）
A．密度B．质量 C．重力D．热量
4．下列实例中，属于增大压强的是（ ）
A．坦克装有履带 B．在铁轨下铺设枕木
C．刀刃磨得锋利 D．滑雪时站在雪橇上
5．关于条形磁铁，下列描述错误的是（ ）
A．条形磁铁能够吸引铁屑 B．条形磁铁不能指南北
C．条形磁铁周围存在磁场 D．条形磁铁不能吸引铜屑
6．甲、乙是由同种材料制成且横截面相等的两导体，若将它们并联在同一电路中，
则关于甲、乙的长度L及通过电流I的大小判断正确的是（ ）
A．若L ＞L ，则I =I B．若L ＜L ，则I =I
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
C．若L ＞L ，则I ＞I D．若L ＜L ，则I ＞I
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
7．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S后，当滑动变阻器R 的滑
2片P由中点向右端移动时（ ）
A．只有电流表A 的示数不发生变化
1
B．只有电压表V的示数不发生变化
C．电压表V示数与电流表A 示数的比值变小
2
D．电流表A 示数与电流表A 示数的比值变大
1 2
8．如图所示，底面积不同的圆柱形容器A和B分别盛有甲、乙两种液体，两液面
相平，且甲的质量等于乙的质量．若在两容器中分别加入原有液体后，液面仍保
持相平，则此时液体对各自容器底部的压强p 、p 和压力F 、F 的关系是（ ）
A B A B
A．p ＜p ，F =F B．p ＜p ，F ＞F C．p ＞p ，F =F D．p ＞p ，F ＞F
A B A B A B A B A B A B A B A B
二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．意大利科学家托里拆利首先测定了 的值；丹麦物理学家奥斯特发现
周围存在磁场；一根条形磁铁的 磁性最弱（选填“两端”或“中间”）．
10．在上海地区的家庭中：电热水器正常工作的电压为 伏；电热水器与空调
器之间是 连接的；每多使用一个用电器，家庭电路的总电阻 （选填“变
大”、“变小”或“不变”）．
11．某泳池蓄水时水位升高，池底所受水的压强 （选填“变大”、“变小”或
“不变”）．该泳池浅水区1米深处水的压强 深水区1米深处水的压强（选填
“大于”、“小于”或“等于”）．水深为1米的池底面积为50米2，这部分池底
所受水的压力为 牛．
12．若10秒内通过某导体横截面的电量为3库，导体两端的电压为3伏，则通过
该导体的电流为 安，该导体的电阻为 欧．如果通过该导体的电流为0.6安，则该导体两端的电压为 伏．
13．冰的密度为0.9×103千克/米3，某冰块的体积为10×10﹣3米3，其质量为
千克．若该冰块中有3×10﹣3米3的冰熔化成水，水的质量为 千克，水的体积
3×10﹣3米3（选填“大于”、“小于”或“等于”）．
14．在图所示的电路中，电源电压保持不变，但电阻R、灯L处可能发生断路故障．
在电键S闭合前后，电流表的指针均不偏转，则灯L处 发生断路（选填“一
定”、“可能”），电路中的故障是 ．
15．阅读干燥空气的密度表（部分），并请依据表中的相关数据回答问题：
干燥空气的密度值（千克/米3）
93300帕 96000帕 101000帕 104000帕
5℃ 1.17 1.20 1.27 1.30
10℃ 1.15 1.18 1.25 1.28
15℃ 1.13 1.16 1.23 1.26
20℃ 1.11 1.14 1.21 1.24
①当温度为10℃、气压为101000帕时，干燥空气的密度值为 千克/米3．
②干燥空气的密度与温度的关系是： ．
三．作图题（共9分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔．
16．在图中，重为6牛的小球静止在水中，用力的图示法画出该球所受的浮力F ．
浮
17．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标
出电源的正、负极．18．在图电路中缺少两根导线，请按要求用笔画线代替导线完成电路连接．要求：
闭合电键S后，向右移动变阻器的滑片时，电压表的示数变小．
四．计算题（共29分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．浸在水中的合金块排开水的体积为6×10﹣4米3，求合金块所受浮力F 的大
浮
小．
20．在图所示的电路中，电源电压为6伏保持不变，电阻R 的阻值为5欧，电阻R
1 1
两端的电压为4伏．求通过电阻R 的电流I 以及电阻R 两端的电压U ．
2 2 2 2
21．如图所示，圆柱体甲和薄壁圆柱形容器乙置于水平地面．甲的重力为10牛，
底面积为5×10﹣3米2．
①求甲对地面的压强p ．
甲
②求乙容器内水面下0.1米深处的压强p ．
水
③将甲浸没在乙容器的水中后（无水溢出），若乙容器对地面压强的增加量是水
对乙容器底部压强增加量的2.7倍，则求甲的密度ρ ．
甲22．在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变．电阻R 的阻值为30欧．
1
①闭合电键S后，电流表的示数为0.5安，求电源电压U．
②现电路中有A、B、C和D四点，需将一标有“50Ω 2A”字样的滑动变阻器R 并联
2
其中两点上，要求：闭合电键S后，在移动变阻器滑片P的过程中，电流表的指针
能随之发生偏转．
（a）滑动变阻器R 可以并联在电路的 两点间；
2
（b）当电流表指针位置如图（b）所示时，变阻器连入电路的阻值R ；
2
（c）在不损坏电路元件的情况下，求电流表示数的范围．
五．实验题（共20分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．如图所示的仪表：该表的名称为 ，使用时应将该表 联在待测电路中，
且使电流从该表的 接线柱流入，若其所测电流约为1.0安，则应选的量程为
．
24．在测定金属块密度的实验中，用天平称量铁块的质量，用量筒测量铁块的
，利用公式 计算得到铁块的密度．“测定物质的密度”和“探究物质质量与
体积的关系”两个实验相同之处有： （选填下列序号）
①实验目的 ②实验中所测定的物理量
③实验器材 ④实验数据的处理与结果．
25．小明同学通过实验研究浸在液体中的物体对容器底部所受液体压强变化的影
响．首先，他将一个圆柱体放入足够深的水槽中，圆柱体浮在水面上，并利用仪器测得水槽底部所受水的压强，实验初始状态时水槽底部所受水的压强为 3000.00
帕．然后，他在圆柱体上逐个放上与圆柱体底面积相同的圆板（圆板的厚度与材
质相同），观察圆柱体在水中所处的状态，并记录下水槽底部所受水的压强．表一
表二为两位同学记录的实验数据及观察到的实验现象．
表一
实验 所 加 圆 水槽底部所受
板个数
序号 水 的 压 强
（帕）
1 1 3015.00
2 2 3030.00
3 3 3045.00
4 4 3060.00
表二
实验 所 加 圆 水槽底部所受
板个数
序号 水 的 压 强
（帕）
5 5 3071.25
6 6 3078.75
7 7 3086.25
8 8 3093.75
①分析比较实验序号1、2、3与4（或5、6、7与8）中的水槽底部所受水的压强与
所加圆板个数的大小关系及相关条件，可得出的初步结论是： ．
②请进一步综合分析比较表一、表二中压强变化量的数据及相关条件，并归纳得
出结论．
（a）分析比较表一或表二中压强变化量的数据及相关条件，可得出的初步结论是
．
（b）分析比较表一和表二中压强变化量的数据及相关条件，可得出的初步结论是
．26．某小组同学做“用电流表、电压表测电阻”实验．
①该实验的目的是： ．
②为进行多次实验，三位同学各自设计了三个不同的实验方案，简述如下表所示
方 Ⅰ Ⅱ Ⅲ
案
序
号
实
验
电
路
设 通过改变串联电池 电源电压保持不变，待测 电源电压保持不变，待测
计 的节数改变电源两 电阻与已知阻值的定值电 电阻与滑动变阻器串联，
端的电压 阻串联，并换用阻值不同 移动变阻器的滑片．
要
的定值电阻．
点
（a）上述三个方案中，能实现“多次实验，减小误差”的方案有 （填序号）；方
案Ⅲ与另两个方案相比，优点有： （写出两点即可）．
（b）小明同学根据方案Ⅲ，准备测量阻值约为20欧的电阻，实验所提供的器材齐
全完好，其中：电源电压为6伏且保持不变，电流表、电压表规格如图所示，滑动
变阻器有两种规格（分别标有“5欧 3安”和“50欧 1.5安”字样）．
小明对所提供两种规格的滑动变阻器，提出了问题：实验中，两种变阻器是可以
随意用一个变阻器，还是其中一个更适合实验？请你根据实验的相关条件，帮助
小明解决问题并简要说明理由． ．答案要点和评分参考 17.01
题 号 答案要点及评分说明
一、16分
1．A。 2． B。 3．A。 4．C。 5．B。 6．D。 7．D。 8．C。
（每题2分）
说明：第9~12题每格1分；第13~15题每格2分
9．（1）大气压强； （2）电流； （3）中间。
10．（4）220； （5）并联； （6）变小。
11．（7）变大； （8）等于； （9）4.9×105。
二、26分 12．（10）0.3； （11）10； （12）6。
13．（13）9； （14）2.7； （15）小于。
14．（16）一定； （17）L断路；L、R均断路。
15．（18）1.25；
（19）气压一定时，干燥空气密度随温度升高而变小，且等差变化。
说明：每题3分
16．力的大小、方向、作用点正确3分.
三、9分
17．磁感线方向、小磁针的N极以及电源的正、负极正确3分。
18．串联正确2分，电压表正确1分。
F =ρ g V
浮 液 排
19．
=1.0×103千克/米3×9.8牛/千克×6×10-4米3
（4分）
=5.88牛 4分
四、29分
20． I
2
= I
1
=U
1
/R
1
=4伏/5欧=0.8安 3分
（5分） U =U－U =6伏－4伏=2伏 2分
2 1① p =F /S =G /S
甲 甲 甲 甲 甲
=10牛/5×10-3米2=2×103帕 3分
② p =ρ gh
水 水
21． =1.0×103千克/米3× 9.8牛/千克×0.1米=980帕 3分
（9分）
③ Δp =ΔF /S =G /S Δp =ρ gΔh=ρ g V /S
容 容 容 甲 容 水 水 水 甲 容
Δp =2.7Δp G /S =2.7ρ g V /S
容 水 甲 容 水 甲 容
G =ρ g V ρ g V =2.7ρ g V
甲 水 甲 甲 甲 水 甲
ρ =2.7ρ =2.7×103千克/米3 3分
甲 水
①U = I R =0.5安×30欧=15伏 2
1
分
② (a) AB或BD 2分
(b) I =I－I =1.5 安－0.5 安=1.0 安
2 1
22．
R =U/ I =15伏/ 1.0安=15欧 3分
2 2
（11分）
(c)I =2 安
2max
I = I +I =2 安+0.5 安=2.5 安
max 2max 1
I = I +I =U/ R =15伏/50欧+0.5 安=0.8安
min 2min 1 2max
电流表示数的范围为0.8安~2.5安 4分
23．
（1）电流表； （2）串； （3）正； （4）0-3安。
（4分）
24．
（5）体积； （6）ρ=m/V； （7）②③。
（3分）
五、20分
（8）水槽底部所受水的压强随着所加圆板个数的增加而增大。
25．
（9）每增加一块圆板，水槽底部液体压强增加值相等。
（6分）
（10）每增加一块圆板，圆柱体浮在水面上时水槽底部液体压
强增加值大于沉到水底时水槽底部液体压强增加值。（11）会用电流表、电压表测电阻
（12）Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ
（13）多次实验时，电路不需要重新连接，操作简便；
待测电阻两端的电压及通过的电流，可以在一段范围
26． 内连续变化，记录数据简便；
（7分） 变阻器连入电路处于电阻的最大值，可保护电路元件。
（14）应选择标有“50欧 1.5安”的滑动变阻器。
理由：可使待测电阻两端的电压及通过的电流的变化
范围更大，方便读数；电压表的读取取0-3伏，读数更准确。
2017 年上海市静安区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将所选选项的代号
用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂．
1．一节干电池的电压是（ ）
A．1.5伏 B．24伏C．110伏 D．220伏
【考点】电压．
【分析】根据生活常识解答此题．要记住一些生活中常见的电压值，如：
一节干电池的电压是1.5V
一节铅蓄电池的电压是2V
家庭电路的电压为220V
对人体安全的电压为不高于36V
手机电池的电压为3.7V
【解答】解：一节干电池的电压为1.5V．
故选A．2．下列实例中，利用连通器原理工作的是（ ）
A．吸尘器 B．船闸 C．温度计 D．订书机
【考点】连通器原理．
【分析】几个底部互相连通的容器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各
容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理．
【解答】解：A、吸尘器是利用流体压强与流速的关系制成的，故本选项不符合题意；
B、船闸左右两个上端开口，底部相连，构成了一个连通器，符合题意；
C、温度计是利用液体的热胀冷缩的性质制成的，故本选项不符合题意；
D、订书机用到的物理知识是比较多的，如
（1）压柄做得宽大有利于减小压强；
（2）钉书针（出针口）很尖细有利于增大压强；
（3）底座做得宽大有利于减小压强等等；但都不是连通器原理进行工作，故本选
项不符合题意．
故选B．
3．下列各物理量中，能鉴别物质的物理量是（ ）
A．密度B．质量 C．重力D．热量
【考点】密度及其特性．
【分析】密度是物质的特性，不同的物质密度一般是不同的，因此根据密度的大小
可鉴别不同的物质．
【解答】解：密度是物质的特性，不同的物质密度一般是不同的，而体积、质量、热
量不是物质的特性，和物质的种类没有关系，所以鉴别物质的种类应该利用密度
的不同．
故选A．
4．下列实例中，属于增大压强的是（ ）
A．坦克装有履带 B．在铁轨下铺设枕木
C．刀刃磨得锋利 D．滑雪时站在雪橇上
【考点】增大压强的方法及其应用．
【分析】（1）压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小．（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定
时，增大压力来增大压强．
（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定
时，减小压力来减小压强．
【解答】解：A、坦克装有履带是在压力一定时，增大受力面积减小坦克对地面的压
强，不符合题意．
B、铁轨铺在枕木上是压力一定时，增大受力面积减小对路基的压强，保护路基．
不符合题意．
C、刀刃磨得锋利是在压力一定时，减小受力面积来增大压强．符合题意．
D、滑雪时站在雪橇上是在压力一定时，增大受力面积减小对雪地的压强，防止陷
入雪中．不符合题意．
故选C．
5．关于条形磁铁，下列描述错误的是（ ）
A．条形磁铁能够吸引铁屑 B．条形磁铁不能指南北
C．条形磁铁周围存在磁场 D．条形磁铁不能吸引铜屑
【考点】磁性、磁体、磁极；磁场．
【分析】此题需要用到的知识有：（1）由于受到地磁场的作用，悬挂的小磁针静止
时总是一端指南一端指北，指南的是南极，指北的是北极．
（2）磁体能够吸引具有磁性材料的物质，磁体周围存在磁场．
（3）磁场是磁体周围存在的一种看不见的特殊物质，是真实的存在；磁感线是描
述磁场的方法，叫建立理想模型法，不是真实的存在．所以在磁体的周围，即使没
有画上磁感线，该区域也是存在磁场的．
【解答】解：A、磁体能够吸引磁性材料，因此条形磁铁能够吸引铁屑．故A正确；
B、条形磁铁在地磁场的作用下要指向南北方向，其中指南的叫南极，故B错误；
C、任何磁体周围都存在着磁场，故C正确；
D、磁体能够吸引磁性材料，因此条形磁铁能够吸引铁屑，不能吸引铜屑，故D正
确．
故选B．6．甲、乙是由同种材料制成且横截面相等的两导体，若将它们并联在同一电路中，
则关于甲、乙的长度L及通过电流I的大小判断正确的是（ ）
A．若L ＞L ，则I =I B．若L ＜L ，则I =I
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
C．若L ＞L ，则I ＞I D．若L ＜L ，则I ＞I
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
【考点】影响电阻大小的因素；欧姆定律的变形公式．
【分析】根据电阻大小的影响因素：导体的材料、长度和横截面积分析两导体电阻
的大小；根据并联电路电压和电流的规律，结合欧姆定律进行分析．
【解答】解：
甲、乙两导体并联在电路中，根据并联电路电压的规律可知，无论两导体的电阻
大小是否相等，导体两端的电压相等，
AC、因为甲、乙是由同种材料制成且横截面相等，若L ＞L ，则R ＞R ，根据I=
甲 乙 甲 乙
可知，如果通过两导体的电流关系为I ＜I ，故AC错误；
甲 乙
BD、若L ＜L ，则R ＜R ，根据I= 可知，如果通过两导体的电流关系为I ＞I
甲 乙 甲 乙 甲
，故B错误，故D正确．
乙
故选D．
7．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S后，当滑动变阻器R 的滑
2
片P由中点向右端移动时（ ）
A．只有电流表A 的示数不发生变化
1
B．只有电压表V的示数不发生变化
C．电压表V示数与电流表A 示数的比值变小
2D．电流表A 示数与电流表A 示数的比值变大
1 2
【考点】电路的动态分析．
【分析】分析电路图，R 和R 并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压，当滑动
1 2
变阻器的滑片P向右移动时，电源电压保持不变，电压表的示数不变；根据欧姆
定律可知通过R 的电流不变，但通过R 的电流变小，据此判断电流表A 示数与
2 1 1
电流表A 示数的比值变化．
2
【解答】解：如图，R 和R 并联，电压测量电源电压，电压示数不变，当滑动变阻器
1 2
的滑片P向右移动时，
电源电压保持不变，电压表测量并联支路电压或电源电压，
电压表V的示数不变；
I = ，U、R 大小不变，通过R 的电流不变（电流表A 的示数不变），故AB错误；
1 1 1 1
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，I = ，U不变、R 变大，通过R 的电流变小
2 2 2
（电流表A 的示数变小），电压表V示数与电流表A 示数的比值为R 的电阻，比
2 2 2
值变大，故C错误；
由以上可知电流表A 示数与电流表A 示数的比值将变大，故D正确．
1 2
故选：D．
8．如图所示，底面积不同的圆柱形容器A和B分别盛有甲、乙两种液体，两液面
相平，且甲的质量等于乙的质量．若在两容器中分别加入原有液体后，液面仍保
持相平，则此时液体对各自容器底部的压强p 、p 和压力F 、F 的关系是（ ）
A B A B
A．p ＜p ，F =F B．p ＜p ，F ＞F C．p ＞p ，F =F D．p ＞p ，F ＞F
A B A B A B A B A B A B A B A B
【考点】压强大小比较．
【分析】由图可知，两容器的底面积关系和容器内液体的体积关系，两液面相平即
深度相同，且两液体的质量相等，根据m=ρV=ρSh可知，两液体的密度与底面积的乘积关系，进一步得出液体的密度关系；若在两容器中分别加入原有液体后，液
面仍保持相平，根据 p=ρgh 可知液体对各自容器底部的压强关系；根据
m=ρV=ρSh可知此时两液体的质量关系，根据圆柱形容器中液体对容器底部的压
力等于液体自身的重力得出两者压力的关系．
【解答】解：由图知，容器底面积S ＜S ，V ＜V ，且两液面相平即h =h ，
A B 甲 乙 甲 乙
因甲的质量等于乙的质量，
所以，由ρ= 可知，ρ S h =ρ S h ，
甲 A 甲 乙 B 乙
则ρ h =ρ h ，ρ ＞ρ ，
甲 甲 乙 乙 甲 乙
若在两容器中分别加入原有液体后，液面仍保持相平，即h ′=h ′，
甲 乙
由p=ρgh可知，p ＞p ，故AB错误；
A B
由ρ h =ρ h 可知，ρ S h ′=ρ S h ′，即m ′=m ′
甲 甲 乙 乙 甲 A 甲 乙 B 乙 甲 乙
因圆柱形容器中液体对容器底部的压力F=pS=ρghS=ρgV=mg=G，
所以，液体对各自容器底部的压力F =F ，故C正确、D错误．
A B
故选C．
二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置．
9．意大利科学家托里拆利首先测定了 大气压强 的值；丹麦物理学家奥斯特
发现 电流 周围存在磁场；一根条形磁铁的 中间 磁性最弱（选填“两端”
或“中间”）．
【考点】大气压强的存在；磁性、磁体、磁极；通电直导线周围的磁场．
【分析】（1）意大利科学家托里拆利利用实验首先测量出来了大气压强；
（2）丹麦物理学家奥斯特发现电流周围存在磁场；
（3）磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱．
【解答】解：据课本知识可知，意大利科学家托里拆利利用托里拆利实验首先测定
了大气压强的值；
丹麦物理学家奥斯特发现电流周围存在磁场；
条形磁铁的两端磁性最强，即为两个磁极，中间磁性最弱．
故答案为：大气压强；电流；中间．10．在上海地区的家庭中：电热水器正常工作的电压为 22 0 伏；电热水器与空
调器之间是 并联 连接的；每多使用一个用电器，家庭电路的总电阻 变小
（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；电阻的并联；家庭电路的连接．
【分析】（1）我国照明电路的电压是220V，所以在照明电路中工作的用电器，正
常工作电压基本都是220V；
（2）照明电路中各用电器之间是并联的，用电器和控制本用电器的开关是串联的；
（3）用电器并联相当于增大导体横截面积，故电阻越并越小．
【解答】解：（1）我国照明电路电压为220伏；故在上海地区的家庭中电热水器正
常工作的电压也为220V；
（2）电热水器与空调器能够独立工作，是并联的；
（3）每多使用一个用电器，横截面积越大，电阻就越小．
故答案为：220；并联；变小．
11．某泳池蓄水时水位升高，池底所受水的压强 变大 （选填“变大”、“变
小”或“不变”）．该泳池浅水区1米深处水的压强 等于 深水区1米深处水
的压强（选填“大于”、“小于”或“等于”）．水深为1米的池底面积为50米
2，这部分池底所受水的压力为 5 × 1 0 5 牛．
【考点】液体压强计算公式的应用．
【分析】（1）根据液态的压强公式p=ρgh可求压强大小；液态压强与深度有关，深
度越小则压强越小；
（2）运用液体压强公式p=ρgh，可求压强；根据压强定义式p= ，变形后F=pS，可
求压力．
【解答】解：（1）某泳池蓄水时水位升高，深度h增大，根据压强公式p=ρgh可判断
出，所受水的压强大小将变大；
（2）根据压强公式p=ρgh知，浅水区1米深处水的压强等于深水区1米深处水的
压强；
（3）池底所受水的压强大小为p=ρgh=1000kg/m3×10N/kg×1m=104Pa，由p= 得F=pS=104Pa×50m2=5×105N，
故答案为：变大；等于；5×105．
12．若10秒内通过某导体横截面的电量为3库，导体两端的电压为3伏，则通过
该导体的电流为 0. 3 安，该导体的电阻为 1 0 欧．如果通过该导体的电流为
0.6安，则该导体两端的电压为 6 伏．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】（1）知道时间和电荷量可根据I= 求出电流；
（2）有电压和电流根据欧姆定律可求出电阻；
（3）根据电阻不变，利用欧姆定律的公式变形可求出电压的大小．
【解答】解：已知10秒内通过某导体横截面的电量为3库，
则通过该导体的电流为：I= = =0.3A；
由欧姆定律I= 得该导体的电阻为：
R= = =10Ω；
由于电阻是导体本身的一种属性，其大小与电压和电流无关，
所 以 当 通 过 该 导 体 的 电 流 为 0.6 安 时 ， 该 导 体 两 端 的 电 压 为 ：
U′=I′R=0.6A×10Ω=6V．
故答案为：0.3；10；6．
13．冰的密度为0.9×103千克/米3，某冰块的体积为10×10﹣3米3，其质量为 9
千克．若该冰块中有3×10﹣3米3的冰熔化成水，水的质量为 2. 7 千克，水的体
积 小于 3×10﹣3米3（选填“大于”、“小于”或“等于”）．
【考点】密度公式的应用．【分析】（1）已知冰块的质量和体积，可以根据公式m=ρV求出冰块的质量；
（2）冰完全熔化成水，质量是保持不变的，即水的质量等于冰的质量，再根据公式
V= 求出水的体积．
【解答】解：由ρ= 可得，冰的质量：
m =ρ V =0.9×103kg/m3×10×10﹣3m3=9kg，
冰 冰 冰
由ρ= 可得，冰块中有3×10﹣3米3的冰熔化成水：
m =m ′=ρ V ′=0.9×103kg/m3×3×10﹣3m3=2.7kg，
水 冰 冰 冰
相同质量的水和冰，冰熔化成水后，质量不变，因为水的密度大于冰的密度，根据
公式V= 可知，水的体积变小．
故答案为：9； 2.7；小于．
14．在图所示的电路中，电源电压保持不变，但电阻R、灯L处可能发生断路故障．
在电键S闭合前后，电流表的指针均不偏转，则灯L处 一定 发生断路（选填
“一定”、“可能”），电路中的故障是 L 断路 ．
【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．
【分析】由电路图知，两电阻串联，电流表A测量电路中的电流，开关闭合造成R
短路；开关闭合前后电流表均无示数，说明电路是断路．
【解答】解：由电路图知，两电阻串联，电流表A测量电路中的电流，开关闭合造成
R短路；开关闭合前后电流表均无示数，说明电路一定是发生了是断路，故故障是L断路，若R断路，在开关闭合后电流表会有示数．
故答案为：一定；L断路．
15．阅读干燥空气的密度表（部分），并请依据表中的相关数据回答问题：
干燥空气的密度值（千克/米3）
93300帕 96000帕 101000帕 104000帕
5℃ 1.17 1.20 1.27 1.30
10℃ 1.15 1.18 1.25 1.28
15℃ 1.13 1.16 1.23 1.26
20℃ 1.11 1.14 1.21 1.24
①当温度为10℃、气压为101000帕时，干燥空气的密度值为 1.25 千克/米3．
②干燥空气的密度与温度的关系是： 气压一定时，干燥空气密度随温度升高而
变小，且等差变化 ．
【考点】密度与温度．
【分析】①根据表格中的数据分析；
②根据表格中的密度、温度分析；
【解答】解：①当环境温度为20℃时，空气的密度为1.25千克/米3；
②由表格中的数据可知，气压一定时，干燥空气密度随温度升高而变小，且等差
变化．
故答案为：①1.25；②气压一定时，干燥空气密度随温度升高而变小，且等差变化．
三．作图题（共9分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔．
16．在图中，重为6牛的小球静止在水中，用力的图示法画出该球所受的浮力F ．
浮
【考点】物体的浮沉条件及其应用．
【分析】由图可知小球在水中悬浮，受到的浮力和自身的重力相等，明确浮力的三
要素，再确定一个标度，并用这个标度去准确表示出力的大小．【解答】解：由图可知，小球悬浮在水中，受到的浮力F =G=6N，方向竖直向上，作
浮
用点可画在重心处．
17．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标
出电源的正、负极．
【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；磁感线及其特
点；安培定则．
【分析】利用螺线管的右端为N极，结合磁感线的特点和磁极间作用规律可以确
定磁感线的方向和小磁针的N、S极．
利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方
向，进一步可以得到电源的正负极．
【解答】解：螺线管的右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以
确定螺线管周围磁场的方向是从右向左的．
当小磁针静止时，根据磁极间作用规律可知，靠近电磁铁N极的一定是小磁针的
S极，由此可知小磁针的右下端为N极．
根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电
流是从螺线管的左端流入右端流出．
根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极
可以确定电源的正负极：左端为正极，右端为负极．
如下图所示：18．在图电路中缺少两根导线，请按要求用笔画线代替导线完成电路连接．要求：
闭合电键S后，向右移动变阻器的滑片时，电压表的示数变小．
【考点】实物的电路连接；串联电路的电压规律．
【分析】将电压表并联在R的两端，根据串联电路电压的规律和向右移动变阻器
的滑片时，电压表的示数变小，结合分压原理确定变阻器接线柱的连接．
【解答】解：闭合电键S后，向右移动变阻器的滑片时，电压表的示数变小，即定值
电阻的电压减小，根据串联电路电压的规律可知，变阻器的电压变大，根据分压
原理，变阻器连入电路中的电阻变大，所以滑片左边电阻丝与定值电阻串联接入
电路中，如下图所示：
四．计算题（共29分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置．
19．浸在水中的合金块排开水的体积为6×10﹣4米3，求合金块所受浮力F 的大
浮小．
【考点】浮力大小的计算．
【分析】知道合金块排开水的体积，利用阿基米德原理求合金块受到水的浮力．
【解答】解：根据阿基米德原理得：
合金块所受浮力F =ρ gV =1.0×103kg/m3×9.8N/kg×6×10﹣4m3=5.88N．
浮 水 排
答：合金块的浮力为5.88N．
20．在图所示的电路中，电源电压为6伏保持不变，电阻R 的阻值为5欧，电阻R
1 1
两端的电压为4伏．求通过电阻R 的电流I 以及电阻R 两端的电压U ．
2 2 2 2
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，R 与R 串联，①根据欧姆定律求出R 的中的电流即为通过
1 2 1
电阻R 的电流；
2
②根据串联分压可直接求出电阻R 两端的电压U ．
2 2
【解答】解：由电路图可知，R 与R 串联，
1 2
因为串联电路中各处电流相等，
则通过电阻R 的电流：
2
I =I = = =0.8A；
2 1
因为串联电路中，各用电器两端的电压之和等于电源电压，
所以电阻R 两端的电压：U =U﹣U =6V﹣4V=2V．
2 2 1
答：通过电阻R 的电流为0.8A；电阻R 两端的电压为2V．
2 2
21．如图所示，圆柱体甲和薄壁圆柱形容器乙置于水平地面．甲的重力为10牛，
底面积为5×10﹣3米2．
①求甲对地面的压强p ．
甲
②求乙容器内水面下0.1米深处的压强p ．
水③将甲浸没在乙容器的水中后（无水溢出），若乙容器对地面压强的增加量是水
对乙容器底部压强增加量的2.7倍，则求甲的密度ρ ．
甲
【考点】压强的大小及其计算；液体的压强的计算．
【分析】①甲对地面的压力等于其重力，已知底面积，利用p= 可求得甲对地面的
压强p ．
甲
②已知水深，根据p=ρgh可求得乙容器内水面下0.1米深处的压强
③设物体的质量为m，则容器对地面压强的增加量△p = = ，水对容器底部
1
压强的增加量△p =ρ △hg，根据△p =2.7△p 求得物体的密度．
2 水 1 2
【解答】解：①甲对地面的压强p = = = =2×103Pa；
甲
②乙容器 内水 面下 0.1 米深处 的压强 p =ρ gh=1.0×103kg/m3×9.8N/
水 水
kg×0.1m=980Pa；
③设物体的质量为m，
则容器对地面压强的增加量：
△p = = ，
1
水对容器底部压强的增加量：
△p =ρ △hg=ρ g，
2 水 水
由题知，△p =2.7△p ，
1 2
即： =2.7ρ g，
水物体的密度：
ρ = =2.7ρ =2.7×103kg/m3．
物甲 水
答：①甲对地面的压强p 为2×103Pa；
甲
②乙容器内水面下0.1米深处的压强p 为980Pa；
水
③甲的密度ρ 为2.7×103kg/m3．
甲
22．在图（a）所示的电路中，电源电压保持不变．电阻R 的阻值为30欧．
1
①闭合电键S后，电流表的示数为0.5安，求电源电压U．
②现电路中有A、B、C和D四点，需将一标有“50Ω 2A”字样的滑动变阻器R 并联
2
其中两点上，要求：闭合电键S后，在移动变阻器滑片P的过程中，电流表的指针
能随之发生偏转．
（a）滑动变阻器R 可以并联在电路的 AB 两点间；
2
（b）当电流表指针位置如图（b）所示时，变阻器连入电路的阻值R ；
2
（c）在不损坏电路元件的情况下，求电流表示数的范围．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】①根据U=IR求出电压；
②（a）滑动变阻器应并联到R 的两端；
1
（b）读出电流表的示数，根据并联电路的电流规律求出变阻器的电流，然后求出
电阻；
（c）滑动变阻器的电阻最大时，电流最小；通过滑动变阻器的最大电流为2A．
【解答】解：①由图可知，电源电压为：U=IR=0.5A×30Ω=15V；
②（a）滑动变阻器应并联到R 的两端，即AB之间；
1
（b）由题意可知，电流表的示数应大于0.5A，故电流表量程为0﹣3A，电流表示数
为1.5A；通过滑动变阻器的电流为：I'=1.5A﹣0.5A=1A；
滑动变阻器的电阻为：R = = =15Ω；
2
（c）通过滑动变阻器的最大电流为 2A，此时电路中的最大电流为 I
大
=2A+0.5A=2.5A；
滑动变阻器的最小电流为：I = = =0.3A；
滑
电路中的最小电流为：I =0.3A+0.5A=0.8A．
小
答：①电源电压为15V；②（a）AB；（b）变阻器连入电路的阻值R 为15Ω；（c）电流
2
表示数的范围为0.8A﹣2.5A．
五．实验题（共20分）请根据要求在答题纸的相应位置作答．
23．如图所示的仪表：该表的名称为 电流表 ，使用时应将该表 串 联在待
测电路中，且使电流从该表的 正 接线柱流入，若其所测电流约为1.0安，则应
选的量程为 0 ～ 3A ．
【考点】电流表的连接；电流表的使用．
【分析】根据表盘上的符号可判断是什么电表；电流表在使用时应与用电器串联，
并使电流正进负出．同时还要根据所测电流选择合适的量程．
【解答】解：图中所示仪器中标有“A”，所以是电流表，实验中，应将电流表与被测
量的用电器串联；并且要使电流从正接线柱流入，负接线柱流出；
电流表有0～0.6A和0～3A两个量程．若其所测电流约为1.0安，则应选的量程为
0～3A．
故答案为：电流表；串；正；0～3A．
24．在测定金属块密度的实验中，用天平称量铁块的质量，用量筒测量铁块的体积 ，利用公式 ρ = 计算得到铁块的密度．“测定物质的密度”和“探究
物质质量与体积的关系”两个实验相同之处有： ②③ （选填下列序号）
①实验目的 ②实验中所测定的物理量
③实验器材 ④实验数据的处理与结果．
【考点】密度公式的应用．
【分析】（1）测固定密度的实验依据了密度的公式，测量的量分别是质量和体积，
即分别用天平和量筒；
（2）“测定物质的密度”和“探究物质质量与体积的关系”两个实验相同之处
从实验目的、实验器材、测量物理量、实验数据的处理与结果进行分析．
【解答】解：在“测定金属块的密度”的实验中，用天平测金属块的质量，用量筒
测金属块的体积，根据公式ρ= 算出密度；
“测定物质的密度”和“探究物质质量与体积的关系”两个实验相同之处有都
需要测量质量、体积，实验器材和实验中所测定的物理量都相同；实验目的不同
“测定物质的密度”实验目的是测量密度，“探究物质质量与体积的关系”实验
目的是探究物质质量与体积的关系；
由实验目的可知实验数据的处理与结果．
故答案为：体积； ρ= ； ②③．
25．小明同学通过实验研究浸在液体中的物体对容器底部所受液体压强变化的影
响．首先，他将一个圆柱体放入足够深的水槽中，圆柱体浮在水面上，并利用仪器
测得水槽底部所受水的压强，实验初始状态时水槽底部所受水的压强为 3000.00
帕．然后，他在圆柱体上逐个放上与圆柱体底面积相同的圆板（圆板的厚度与材
质相同），观察圆柱体在水中所处的状态，并记录下水槽底部所受水的压强．表一
表二为两位同学记录的实验数据及观察到的实验现象．
表一
实验 所 加 圆 水槽底部所受序号 板个数
水 的 压 强
（帕）
1 1 3015.00
2 2 3030.00
3 3 3045.00
4 4 3060.00
表二
实验 所 加 圆 水槽底部所受
板个数
序号 水 的 压 强
（帕）
5 5 3071.25
6 6 3078.75
7 7 3086.25
8 8 3093.75
①分析比较实验序号1、2、3与4（或5、6、7与8）中的水槽底部所受水的压强与
所加圆板个数的大小关系及相关条件，可得出的初步结论是： 水槽底部所受水
的压强随着所加圆板个数的增加而增大 ．
②请进一步综合分析比较表一、表二中压强变化量的数据及相关条件，并归纳得
出结论．
（a）分析比较表一或表二中压强变化量的数据及相关条件，可得出的初步结论是
每增加一块圆板，水槽底部液体压强增加值相等 ．
（b）分析比较表一和表二中压强变化量的数据及相关条件，可得出的初步结论是
每增加一块圆板，圆柱体浮在水面上时水槽底部液体压强增加值大于沉到水底
时水槽底部液体压强增加值 ．【考点】探究液体压强的特点实验．
【分析】（1）根据表中所加圆板个数从1增加到4，水槽底部所受水的压强从
3015.00Pa增加到3093.75Pa可得出结论．
（2）（a）根据当圆柱体浮在水面上（或沉到水底时），从每增加一块圆板，水槽底
部液体压强增加值来分析得出结论；
（b）根据表一和表二每增加一块圆板，比较圆柱体浮在水面上时水槽底部液体压
强增加值和沉到水底时水槽底部液体压强增加值可得出结论．
【解答】解：（1）表中所加圆板个数从1增加到4，此时水槽底部所受水的压强从
3015.00Pa增加到3093.75Pa，可得出结论：水槽底部所受水的压强随着所加圆板
个数的增加而增大．
（2）（a）由表一可知，当圆柱体浮在水面上时，每增加一块圆板，水槽底部液体压
强增加值相同；由表二可知，当圆柱体沉到水底时，每增加一块圆板，水槽底部液
体压强增加值相同．
（b）每增加一块圆板，对比表一和表二可知，圆柱体浮在水面上时水槽底部液体
压强增加值大于沉到水底时水槽底部液体压强增加值．
故答案为：（1）水槽底部所受水的压强随着所加圆板个数的增加而增大；
（2）（a）每增加一块圆板，水槽底部液体压强增加值相等．
（b）每增加一块圆板，圆柱体浮在水面上时水槽底部液体压强增加值大于沉到水
底时水槽底部液体压强增加值．
26．某小组同学做“用电流表、电压表测电阻”实验．
①该实验的目的是： 学会用电流表、电压表测电阻 ．
②为进行多次实验，三位同学各自设计了三个不同的实验方案，简述如下表所示
方 Ⅰ Ⅱ Ⅲ
案
序
号
实
验
电
路
设 通过改变串联电池 电源电压保持不变，待测 电源电压保持不变，待测
的节数改变电源两 电阻与已知阻值的定值电 电阻与滑动变阻器串联，计 端的电压 阻串联，并换用阻值不同 移动变阻器的滑片．
的定值电阻．
要
点
（a）上述三个方案中，能实现“多次实验，减小误差”的方案有 Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ （填
序号）；方案Ⅲ与另两个方案相比，优点有： 多次实验时，电路不需要重新连接，
操作简便；待测电阻两端的电压及通过的电流，可以在一段范围内连续变化，记
录数据简便； （写出两点即可）．
（b）小明同学根据方案Ⅲ，准备测量阻值约为20欧的电阻，实验所提供的器材齐
全完好，其中：电源电压为6伏且保持不变，电流表、电压表规格如图所示，滑动
变阻器有两种规格（分别标有“5欧 3安”和“50欧 1.5安”字样）．
小明对所提供两种规格的滑动变阻器，提出了问题：实验中，两种变阻器是可以
随意用一个变阻器，还是其中一个更适合实验？请你根据实验的相关条件，帮助
小明解决问题并简要说明理由． 应选择标有“ 5 0 欧 1. 5 安”的滑动变阻器；理
由：可使待测电阻两端的电压及通过的电流的变化范围更大，方便读数；电压表
的读取取 0﹣3 伏，读数更准确． ．
【考点】伏安法测电阻的探究实验．
【分析】①伏安法测电阻的原理是R= ；
②（a）多次测量求平均值可以减小误差；（b）根据电阻的调节作用分析．
【解答】解：①伏安法测电阻的原理是R= ；该实验的目的是要学会用电流表、电
压表测电阻；
②（a）多次测量求平均值可以减小误差；Ⅰ是通过改变电压来达到多次测量的目
的，Ⅱ、Ⅲ是通过改变电阻来达到多次测量的实验目的；Ⅲ的优点有：滑动变阻器
可以连续改变电阻，从而改变电流和电压，多次实验时，电路不需要重新连接，操
作简便；待测电阻两端的电压及通过的电流，可以在一段范围内连续变化，记录
数据简便；变阻器连入电路处于电阻的最大值，可保护电路元件；（b）选用阻值较大的电阻，可使待测电阻两端的电压及通过的电流的变化范围更
大，方便读数；电压表的读取取0﹣3伏，读数更准确．
故答案为：①该实验的目的是要学会用电流表、电压表测电阻；
②（a）Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ；多次实验时，电路不需要重新连接，操作简便；待测电阻两端的
电压及通过的电流，可以在一段范围内连续变化，记录数据简便；（b）应选择标有
“50欧 1.5安”的滑动变阻器；理由：可使待测电阻两端的电压及通过的电流的
变化范围更大，方便读数；电压表的读取取0﹣3伏，读数更准确．2017年1月24日
