2026年5月高三下学期壮行考试物理答案_2024-2027高三（6-6月题库）_2026年05月高三试卷_260522湖北省2026年5月高三下学期壮行考试（全科）

高三物理参考答案及评分标准
1【答案】C
【解析】原子核符号229Th中，质子数Z=90，质量数A=229，中子数N=A-Z=139，A 错误；原子或原子
90
核吸收光子实现跃迁时，光子能量必须严格等于两能级的能量差，B 错误；光子本质是电磁波，原子核能
级跃迁吸收或辐射的光子，都属于电磁波范畴，C 正确； 衰变质子数减少， 衰变质子数增加，原子核衰
变时质子数不一定增加，D 错误。

2【答案】D
kq
【解析】板与电荷+q在B点的电场强度等大反向，板在B点的电场强度大小为 ，根据对称性，A点场
d2
kq kq 10kq
强为   ，D正确。
d2 (3d)2 9d2
3【答案】B
r3
【解析】根据开普勒第三定律， k （k为与中心天体质量有关的常量），即卫星的运行周期的平方与
T2
轨道半径的三次方成正比，而非周期与轨道半径的三次方成正比，A错误；地球表面物体重力近似等于万
Mm Mm v2 gR
有引力，即G mg ，卫星绕地球做匀速圆周运动，G m ，解得v  ，B 正确；由
R2 r2 r 2
Mm 2 4 3r3
G mr( )2且M  R3，联立得 ，轨道半径与地球半径的关系未知，C错误；卫
r2 T 3 GT2R3
星从原轨道减速，万有引力大于所需向心力，做近心运动进入更低轨道，运行周期T随之变小，故新轨道
周期小于原轨道，D错误。
4【答案】C
【解析】该同学在圆弧上某点P到S 、S 的距离差值满足20mPS PS 20m，若P为振动减弱点，
1 2 1 2

则满足（2n1） 2(2n1)，得5.5n4.5，n取从-5到4共10个值，故C正确。
2
5【答案】B
【解析】设毽子在最高点B的速度为v ，方向水平，B与轨迹上任一点连线与水平方向的夹角为θ，从B
0
1 y gt 2v tan
到该点， y  gt2，x v t，tan  ，得t  0 ，从A到B可视为从B到A平抛运动
2 0 x 2v g
0
t tan60
的逆运动，故 AB  3，B正确。
t tan30
BC
6【答案】C
【解析】货物相对传送带的初速度大小为v  v2v2 ，货物相对于传送带做匀减
0 1 2
速直线运动，加速度大小为ag，经t v 0  v 1 2v 2 2 相对静止，C正确。
a g
第 1 页 共 5 页7【答案】B
3
【解析】由题可知粒子在Ⅰ区和Ⅱ区的运动半径分别为4r和r，则∠PAB=37°，有rsin372r  L，
2
3 26
且 L R5r，联立可得L  3R
3 min min 49
8【答案】AD
1 1
【解析】该交流电的频率为 f   Hz50Hz，电流方向每周期变化两次，则每秒变化100次，A正
T 0.02
U 110 2
确；输出电压的有效值为U  m  kV110kV，B错误；一个周期内电压的平均值为0，C错误；
2 2
n U 110kV
原副线圈的匝数之比为 1   500，D正确。
n U 220V
2
9【答案】BC
r 1 h2 r2
【解析】由于软木塞厚度不计，根据折射定律，sinC   ，则n ，A错误，B正确；
h2 r2 n r
软木塞厚度不能忽略、或浸入水中的深度不能忽略都不会导致入射角的测量值变化，折射率不变，C正确，
D错误。
10【答案】AC
【详解】碰撞不改变系统总动能，由图可知，倾斜直线表示两物块之间的碰撞
过程，竖直直线表示乙与墙壁之间的碰撞过程，以从状态A到状态B为例，根
1 1 1
据机械能守恒 mv2 m v2  mv2 和动量守恒 mv m v mv ，令
2 1 1 2 2 2 2 1 0 1 1 2 2 1 0
x mv ，y m v ，得“能量圆”x2 y2 mv2，其中r mv ，“动量线”
1 1 2 2 1 0 1 0
m x m y  m v ， A 正 确 ， B 错 误 ； 所 有 动 量 线 斜 率 均 为
1 2 1 0
m m m
k  1 tan60，得 1 3，C正确；设AB中点为P，直线OP与x轴夹角为θ，易得tan 2 ，
m m m
2 2 1
m 1 360
若
m
1 
tan210
，则
A

B
对应的圆心角为2θ=20°，则所有动量线将圆周长等分为n
20
18份，故总
2
碰撞次数为18-1=17次，D错误。
11【答案】（1）内能（或热能）（2分） （2）不变（2分） （3）AC（2分）
【解析】（1）放电过程，电能转化为焦耳热；（2）I-t图像的面积表示放电电荷量，改变R，影响放电时间，
但放电总电量不变，故面积不变；（3）流经P点的放电电流与充电电流方向相反，电流减小，电势差减
小均越来越慢，AC正确。
第 2 页 共 5 页d
12【答案】(1) （2分） (2)D（2分） (3) 不必（1分） 必须（1分） (4)AC（2分）
t
d
( )2 Md2 1
【解析】(1) 略(2)① 方案一，对小车： t ，整理得F Mg
FMg M 2x t2
2x
d
( )2 (mM)d2 1
② 方案二，对小车和钩码组成的系统： t ，整理得x
mgMg (mM) （2 mgMg）t2
2x
(3) 由上述分析可知方案一根据直线截距与斜率表达式联立可以消去M，M不需要测，方案二必须测M；
(4) 方案一精确测定了绳子拉力，无系统误差，无需满足m远小于M，A正确；遮光片宽度越小，瞬时速
度测量越准确，可减小系统误差，B错误；滑轮摩擦使F测量值偏大，误将滑轮摩擦计入小车与木板摩擦
力，导致 测量值偏大，C正确；滑块有初速度导致 测量值偏大，最终 测量值偏小，D错误。

13【答案】（1） p 1.1105Pa （2）a5m/s2
1
【解析】（1）对活塞受力分析，由平衡条件
p S  p S mg ①
1 0
得 p 1.1105Pa ②
1
（2）气体做等温变化，由玻意耳定律
pV  pV ③
1 1 2 2
其中 V hS 、V h S ，
1 1 2 2
得 p 8.8104Pa ④
2
对汽缸受力分析，由牛顿第二定律
p S Mg p S  Ma ⑤
0 2
得a5m/s2 ⑥
评分标准：六式每式2分，共12分
14【答案】（1）4m/s²（2）2.25J（3）小车能静止，静止在磁场中离右边界1/3m处
【解析】（1）线框刚进入磁场左边界时
E BLv ①
0
E
I  ②
R
F  BIL ③
F
a ④
m
得a=4m/s2 ⑤
方向水平向左 ⑥
第 3 页 共 5 页（2）设线圈的ab边穿过磁场时的速度为v，由动量定理
-BILt mvmv ⑦
0
BLL
It ⑧
R
得v=3m/s ⑨
线圈ab边出离磁场后压缩弹簧
1
E  mv2 ⑩
pm 2
得E
pm
=2.25J ○11
（3）假设线圈ab边能穿过磁场，从刚进入磁场到最终停止，设ab边在磁场中运动的总路程为s ，全程
总
根据动量定理
-nBI Lt 0mv ○12
1 1 0
nBLv
I  ○13
1 nR
vt s ○14
总
4
得s  m<2L ○15
总
3
4 1
故小车最终保持静止，且离磁场右边界d  m-1m m处。 ○16
3 3
评分标准：每式1分，共16分
15【答案】
2qEL 1 1 121
（1） （2） qEL（3） k 
m 5 4 4
【解析】
（1）A离开电场时的速度为v ，A在电场中运动过程，根据动能定理
1
1
qEL mv2 ①
2 1
2qEL
得v  ②
1 m
①式2分，②式1分，共3分
（2）B离开电场时的速度为v ，B在电场中运动过程，根据动能定理
2
1 1
qEL mv 2 ③
2 4 2
2qEL
得v 2
2 km
AB两球共速时，系统电势能增量最多，根据动量守恒和能量守恒
第 4 页 共 5 页1 5
mv  mv  mv ④
1 4 2 4 共
1 1 1 1 5
E  mv2 mv 2 mv 2 ⑤
pm 2 1 2 4 2 2 4 共
1
得E  qEL ⑥
pm 5
③④⑤式各2分，⑥式1分，共7分
（3）k取任意值时，B离开电场时的速度为v '，根据动能定理
2
1 1
kqEL mv '2 ⑦
2 4 2
要使B能碰A，需满足v '>v
2 1
1
得k  ⑧
4
B与A碰撞过程，根据动量守恒和能量守恒
1 1
mv  mv ' mv  mv ⑨
1 4 2 3 4 4
1 1 1 1 1 1
mv2 mv '2  mv 2 mv 2 ⑩
2 1 2 4 2 2 3 2 4 4
（a）当v ≥0时，不会碰第二次，满足题意
4
16 1 16
得k  即 k  ○11
9 4 9
（b）若v <0，根据能量关系，可知B球会返回左侧电场经减速至零后反向加速再次出电场，
4
欲使B不与A碰第二次，有-v ≤v
4 3
121 16 121
得k  ，即 k  ○12
4 9 4
1 121
综上，要是AB仅碰一次，有 k  ○13
4 4
评分标准：⑧○11○12○13式2分，共8分，本题共18分
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