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绝密★启用前
2025 年高考考前信息必刷卷04（湖北专用）
物 理
（考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）
考情速递
高考·新动向：2025 年高考物理科目的命题趋势将更加注重对学生综合能力的考查，尤其是对物理概
念的理解和应用能力。题目呈现方式将更加多样化，不仅限于传统的计算题和选择题，还会增加更多
情境题和实验题。这些题目将要求学生不仅掌握物理知识，还要能够将知识应用到实际问题中，解决
现实生活中的物理问题。
例如，在力学部分，传统的题目可能只是要求学生计算物体的运动轨迹或受力情况，而新的题目可能
会设计一个实际情境，如汽车刹车距离的计算，要求学生考虑摩擦力、空气阻力等多种因素，综合运
用力学知识解决问题。
高考·新考法：在常规考点的考查上，2025 年高考物理将更加注重知识点的融合和综合运用。例如，
力学与电磁学的结合、热学与能量守恒的结合等。此外，对于非常规考点，命题者可能会通过创新性
的设问方式，考查学生对物理原理的深入理解和灵活运用能力。例如，通过设计复杂的实验情境，考
查学生对实验数据的分析和处理能力。
例如，在电磁学部分，传统的题目可能只是要求学生计算电场强度或磁场强度，而新的题目可能会设
计一个实际情境，如电磁感应的应用，要求学生综合运用电磁学和力学知识，分析电磁感应现象在实
际中的应用。
高考·新情境：情境题目的创新性、实时性和开放性将成为2025 年高考物理的一大亮点。这些题目将
紧密结合当前科技发展和社会热点，如新能源技术、量子计算、人工智能等。同时，跨学科的融合性
也将得到体现，例如物理与化学、生物等学科的结合，考查学生在多学科背景下的综合应用能力。
例如，在热学部分，传统的题目可能只是要求学生计算热量的传递或热机效率，而新的题目可能会设
计一个实际情境，如太阳能电池的应用，要求学生综合运用热学和电学知识，分析太阳能电池的工作
原理和效率。
命题·大预测：基于以上分析，2025 年高考物理试卷将呈现以下趋势：
1、综合性强：题目将更加注重知识点的综合运用，考查学生在复杂情境下的问题解决能力。
2、创新性高：命题者将通过创新性的设问方式，考查学生对物理原理的深入理解和灵活运用能力。
3、情境化明显：题目将紧密结合当前科技发展和社会热点，考查学生在实际情境中的应用能力。
4、跨学科融合：物理与其他学科的融合将更加明显，考查学生在多学科背景下的综合应用能力。
★备考方向
针对以上趋势，考生在备考时应注重以下几点：
1、夯实基础：熟练掌握物理基本概念和原理，确保在综合性强的情境下能够灵活运用。
2、强化实验能力：注重实验操作和数据分析能力的培养，能够独立设计和完成物理实验。
1
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3、关注科技热点：关注当前科技发展和社会热点，了解物理知识在实际中的应用。
4、跨学科学习：加强物理与其他学科的联系，提升在多学科背景下的综合应用能力。
通过以上备考策略，考生将能够更好地应对2025 年高考物理科目的挑战，取得优异成绩。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
一、选择题：本题共10 小题，每小题4 分，共40 分。在每小题给出的四个选项中，第1～7 题只有一项符
合题目要求，第8～10 题有多项符合题目要求。全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，有选错的
得0 分。
1．原子弹是利用重核裂变的链式反应制成的，在极短的时间内能够释放大量的核能，发生猛烈爆炸。
1964 年10 月16 日中国自行制造的第一颗原子弹爆炸成功，有力地打破了西方国家的核垄断和核讹诈，
提高了中国的国际地位。下列核反应方程式中属于原子弹爆炸的核反应方程式的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】 B
【解析】A.该核反应是
衰变，故A 不符合题意；
B.该核反应方程是重核裂变，故B 符合题意；
C.该核反应是一般的核转变，故C 不符合题意
D.该核反应方程是氢核聚变，故D 不符合题意。
故选B。
2．如图所示，交流电源输出电压有效值恒定，变压器为理想变压器，灯泡阻值不随温度变化，电路稳定
后闭合开关，下列说法正确的是（ ）
A．L1变暗L2变暗
B．L1不变L3变暗
C．L2变暗L3变暗
D．L2变亮L3变亮
【答案】 B
【解析】当S 闭合后，原线圈电压和原副线圈匝数比不变，则副线圈电压不变，副线圈对应的总电阻
变小，副线圈电流增大，灯泡L2变亮，L2上的电压变大，则L3两端的电压变小，灯泡L3变暗，交流
2
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电源输出电压有效值恒定，则灯泡L1上的电压也不变，所以灯泡L1亮度不变。
故选B。
3．嫦娥四号探测器成功发射，开启了我国月球探测的新旅程，探测器经过地月转移、近月、制动、环月
飞行，最终实现了人类首次月球背面软着陆。如图为探测器部分轨道示意图，其中轨道I 为圆形轨道，
轨道II 为椭圆轨道.点P 为两轨道的切点，Q 点为轨道II 上近月点。不考虑探测器质量变化，下列说法
中正确的是（ ）
A．探测器在轨道II 上经过点P 时的加速度小于其在轨道I 上经过点P 时的加速度
B．探测器经过Q 点时动能比其在轨道I 上的动能大
C．探测器从P 向Q 运动过程中机械能增大
D．探测器在轨道II 上的机械能比其在轨道I 上的机械能大
【答案】 B
【解析】A．根据
探测器在轨道II 上经过点P 时的加速度等于其在轨道I 上经过点P 时的加速度，故A 错误；
B．根据
经过Q 点做圆周运动的速度大于在轨道I 上的速度，又因为在轨道II 上由Q 点向P 点运动的过程中，
做离心运动，需要加速，所以在轨道II 上经过Q 点时速度大于经过Q 点做圆周运动的速度，所以探测
器经过Q 点时速度比其在轨道I 上的速度大，探测器经过Q 点时动能比其在轨道I 上的动能大，故B
正确；
C．探测器从P 向Q 运动过程中机械能守恒，故C 错误；
D．探测器从轨道I 上变轨到轨道II 上需要减速，探测器在轨道II 上的机械能比其在轨道I 上的机械能
小，故D 错误。
故选B。
4．如图所示，一倾角为
的斜面体置于水平地面上，一物体恰能在一个斜面体上沿斜面匀速下滑，设此过
3
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程中斜面受到水平地面的摩擦力为
。若沿与斜面夹
角的方向斜向下用力推此物体，使物体沿斜面
加速下滑，斜面体始终保持静止，设此过程中斜面受到地面的摩擦力为
，则（ ）
A．
为零，
为零
B．
为零，
不为零且方向向左
C．
为零，
不为零且方向向右
D．
不为零且方向向右，
不为零且方向向右
【答案】 A
【解析】根据题意，对物块匀速下滑时受力分析，受重力、支持力、滑动摩擦力，根据平衡条件可知，
摩擦力与支持力的合力与重力等大反向，即斜面对滑块的作用力方向竖直向上，根据牛顿第三定律，
则物块对斜面的作用力方向竖直向下，斜面水平方向上没有运动趋势，则有
当用与斜面成
角、大小为
的力推物块，物块所受斜面的支持力增大，摩擦力
也增大，但
是支持力
与摩擦力
仍然成比例的增大，其合力的方向仍然竖直向上，保持不变，则物块对斜面的
作用力的方向仍然竖直向下，只是数值上变大，故斜面水平方向上仍没有运动的趋势，不受地面的摩
擦力，即
故选A。
5．某同学做用单摆测定重力加速度的实验，为减小实验误差，多次改变摆长L，测量对应的单摆周期T，
用多组实验数据绘制
图像如图所示。由图可知，当地重力加速度大小为（ ）
A．
B．
C．
D．
4
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【答案】 B
【解析】用多组实验数据绘制
图像的斜率为
单摆周期公式
得
所以
变形得重力加速度大小为
故选B。
6．如图所示，在竖直平面内，位于等高的P、Q 两点的两个小球相向做平抛运动，二者恰好在M 点相遇。
已知P、Q、M 三点组成边长为L 的等边三角形，则下列说法正确的是（ ）
A．两个小球不一定同时抛出
B．两个小球的初速度一定相同
C．两个小球相遇时速度大小一定相等
D．两个小球相遇时速度方向间的夹角为60°
【答案】 C
【解析】A．两小球下落的竖直高度相同，则时间相同，即两个小球一定同时抛出，故A 错误；
B．两个小球水平位移相同，时间相同，可知两球的初速度大小一定相同，但方向不同，故B 错误；
C．两个小球相遇时，因水平速度和竖直速度大小均相同，可知合速度大小一定相等，故C 正确；
D．两个小球相遇时速度方向与竖直方向的夹角为
，则
5
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，则两个小球相遇时速度方向间的夹角不等于60°，故D 错误。
故选C。
7．如图所示，平行板电容器的电容为C，A 板上有一小孔，小孔的正上方处有一质量为
带电量为
的
小球，小孔的直径略大于小球的直径，将小球由静止释放，经时间小球速度减为零（小球未与B 板
相碰）。重力加速度为
，空气阻力不计．下列说法正确的是（ ）
A．小球全过程做匀变速直线运动
B．时间内小球的平均速度为
C．可以求出电容器极板上的电荷量
D．可以求出平行板电容器两板间距
【答案】 B
【解析】A．小球先做匀加速运动后做匀减速运动，全程加速度不恒定，故A 错误；
B．小球刚到达小孔时的速度为
，由
解得
在A、B 板间，小球做匀减速直线运动，匀减速阶段与自由落体阶段平均速度均为
，所以小球时
间内平均速度为
故B 正确；
C.根据自由落体运动规律有
解得
则小球在电容器内的位移
根据加速度定义式可以求出小球在板间运动的加速度，根据牛顿第二定律可以求出电场强度大小，但
6
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两板间距无法求出，板间电压也无法求出，所以电容器极板上电荷量无法求出，故CD 错误。
故选B。
8．如图所示，两条曲线分别表示两分子间引力、斥力的大小随分子间距离r 的变化关系，e 为两曲线的交
点．下列说法正确的是（ ）
A．cd 为斥力曲线，ab 为引力曲线
B．分子间距离减小，分子力一定增大
C．当r＝re时，分子势能最小
D．re等于气体分子间的平均距离
【答案】 AC
【解析】A.由图可知re为分子间的平衡距离，分子间距小于re时，斥力大于引力，故A 正确；
B.分子间距小于re时，分子间距离减小，分子力增大，分子间距大于re时，分子间距离减小时，分子
力可能减小，可能增大，也可能先减小后增大，故B 错误；
C.分子间距从无穷远处到re时，分子力表现为引力，分子力做正功，分子势能减小，分子间距继续减
小时，分子力表现为斥力，分子力做负功，分子势能增大，故r＝re时，分子势能最小，故C 正确；
D.气体分子间空隙较大，平均距离远大于re，故D 错误.
9．如图甲所示，轻弹簧下端固定在倾角37°的粗糙斜面底端A 处，上端连接质量5kg 的滑块（视为质点），
斜面固定在水平面上，弹簧与斜面平行。将滑块沿斜面拉动到弹簧处于原长位置的O 点，由静止释放
到第一次把弹簧压缩到最短的过程中，其加速度a 随位移x 的变化关系如图乙所示，，重力加速度取
10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列说法正确的是 （ ）
A．滑块在下滑的过程中，滑块和弹簧组成的系统机械能守恒
B．滑块与斜面间的动摩擦因数为0.1
C．滑块下滑过程中的最大速度为
m/s
D．滑块在最低点时，弹簧的弹性势能为10.4J
【答案】 BC
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【解析】A．滑块在下滑的过程中，除重力和弹簧的弹力做功外，还有摩擦力做功，故滑块和弹簧组
成的系统机械能不守恒，故A 错误；
B．刚释放瞬间，弹簧的弹力为零，由图象可知此时加速度为a=5.2m/s2，根据牛顿第二定律有
解得
，故B 正确；
C．当x=0.1m 时a=0，则速度最大，此时滑块受到的合力为零，则有
解得
，则弹簧弹力与形变量的关系为
当形变量为x=0.1m 时，弹簧弹力F=26N，则滑块克服弹簧弹力做的功为
从下滑到速度最大，根据动能定理有
解得
m/s，故C 正确；
D．滑块滑到最低点时，加速度为
，根据牛顿第二定律可得
解得
，从下滑到最低点过程中，根据动能定理有
解得Ep=5.2J，故D 错误。
故选BC。
10．如图所示，矩形金属线框abcd 放在光滑的绝缘水平桌面上，虚线为线框的对称轴，线框的ab 边长为
L，bc 边长为d，线框的电阻为R，用绕过定滑轮的不可伸长的绝缘细线将线框和放在地面上的重物连
接，开始时绳子刚好拉直没有张力，连接线框部分的细线水平，连接重物部分的细线竖直，重物的重
力为G．现在虚线右侧加垂直于桌面的匀强磁场，让磁场的磁感应强度大小从0 开始均匀增大，经过
t 时间重物刚好要离开地面，则下列判断正确的是（ ）
A．t 时间末，磁场的磁感应强度大小为
B．t 时间内，线框回路中的电流均匀增大
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C．t 时间内，线框ab 边受到的安培力均匀增大
D．t 时间内，线框中电流的功率随时间均匀增大
【答案】 AC
【解析】设磁感应强度与时间的关系为B=kt，则
=k；根据法拉第电磁感应定律得
，感应电流为
．经过t 时间重物刚好要离开地面，细线的拉力恰好等于
重物的重力，则有 BIL=G；其中 B=kt，代入得 kt•
•L=G，解得
，所以t 时间末，
磁场的磁感应强度大小为 B=kt=
．故A 正确．由
，知线框回路中的电流恒定不变，
故B 错误．时间内，线框ab 边受到的安培力 F=BIL=kt•
•L=
t，则知安培力均匀增大，故C
正确．线框中感应电动势E 恒定不变，感应电流I 也恒定不变，由P=EI 知线框中电流的功率恒定不变，
故D 错误．故选AC．
二、非选择题：本题共5 小题，共60 分。
11. （8 分） 某实验小组用一个弹簧测力计和一个量角器等器材验证力的平行四边形定则，设计了如图所
示的实验装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定在量角器的圆心O 的正上
方A 处，另一端系上绳套1 和绳套2。主要实验步骤如下：
Ⅰ.弹簧测力计挂在绳套1 上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋与绳套的结点到达O 处，记下弹簧测力计的
示数F；
Ⅱ.弹簧测力计挂在绳套1 上，沿水平方向缓慢拉橡皮筋，同时用手拉着绳套2 沿120°方向缓慢拉橡皮
筋。使橡皮筋与绳套的结点到达O 处，记下弹簧测力计的示数F1；
Ⅲ.根据力的平行四边形定则计算绳套1 的拉力大小F1′＝ F；
Ⅳ.比较 ，若在误差允许的范围内相同，即可初步验证力的平行四边形定则；
Ⅴ.只改变绳套2 的方向，重复上述实验步骤；
若将绳套1 由0°方向缓慢转动到60°方向，同时绳套2 由120°方向缓慢转动到180°方向，此过程中保
持橡皮筋与绳套的结点在O 处不动，保持绳套1 和绳套2 的夹角120°不变。关于绳套1 的拉力大小的
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变化，下列结论正确的是 （填选项前的序号）。
A．逐渐增大
B．先增大后减小
C．逐渐减小
D．先减小后增大
【答案】
F1和F1′ A
【解析】由力的平行四边形定可计算出绳套1 的拉力为
F1为弹簧测力计测出的示数，而F1′为根据平行四边形定则计算出的绳套1 所受拉力大小，即计算出的
弹簧测力计示数，通过二者若在误差允许的范围内相同，即可初步验证力的平行四边形定则。
两个绳套在转动过程中，合力保持不变，根据平行四边形定则画出图像，如图所示，由图像可知，绳
套1 的拉力大小逐渐增大。
12. （10 分） 某实验小组想测量某导体的电阻值
。
（1）实验小组先用多用电表的欧姆挡粗测电阻
，机械调零、欧姆调零后，选择“
”档，按正
确的操作步骤来测量，表盘的示数如图所示，则阻值
；
（2）实验小组再选用如下实验器材精确测量电阻
，器材及其符号和规格如下：
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A．电池组（
，内阻不计）
B．定值电阻（
）
C．定值电阻（
）
D．电流表
（量程为
，内阻为
）
E.电流表
（量程为
，内阻约为
）
F.滑动变阻器
（最大阻值
，允许通过的最大电流为
）
G.开关导线若干
为了减小实验误差，要求电表的测量值在量程的
以上，定值电阻应该选择 （选填“
”或“
”），在方框中画出合适的电路图，并标上各器材的符号；
（3）若实验中电流表
、
的示数分别为
、
，则待测电阻
（用实验测得的物
理量符号和题设中给出的物理量符号来表示）。
【答案】 150
【解析】（1）欧姆表示数为
。
（2） 电源电动势
，电路中通过待测电阻的最大电流为
故需将电流表
与带测电阻串联测量通过待测电阻的电流。实验器材中没有电压表，需要将其中一
个电流表与定值电阻串联改装成电压表，因电流表
内阻已知，且当电流表
与定值电阻
串联时，
最大电流
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恰好满偏；当电流表
与定值电阻
串联时，最大电流
不足满偏值的
，故定值电阻应选
，其与电流表
串联改装成量程为
的电压表。
因为电流表
内阻已知，故电流表
应外接，由于滑动变阻器的最大阻值远小于待测电阻的阻值，，
所以滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示。
（3）待测电阻
13. （9 分） 如图所示，横截面为矩形的玻璃砖ABCD 长L=12 cm，当细单色光束从AD 边的中点F 以α
=60°角射入玻璃砖时，CD 边恰好没有光线射出。已知真空中光速c=3×108 m/s。求：
（1）玻璃砖对该光的折射率n；
（2）光束通过玻璃砖的时间t。
【答案】 （1）
（2）
【解析】（1）如图甲，由折射定律：
光束在CD 边恰好发生全反射有
解得
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（2）如图乙，光束在AB 边上也恰好发生全反射，光束在玻璃砖中通过的路程
光在玻璃中的传播速度
传播时间
14. （15 分） 如图所示，固定的光滑平台上静止着两个滑块A、B，mA＝0.1kg，mB＝0.2kg，两滑块间夹
有少量炸药，平台右侧有一带挡板的小车，静止在光滑的水平地面上。小车质量为M＝0.3kg，车面与
平台的台面等高，小车的上表面的右侧固定一根轻弹簧，弹簧的自由端在Q 点，小车的上表面左端
点P 与Q 点之间是粗糙的，P、Q 间距L＝0.75m，滑块B 与PQ 之间表面的动摩擦因数为
，
Q 点右侧表面是光滑的。点燃炸药后，A、B 分离瞬间A 滑块获得向左的速度vA＝6m/s，而滑块B 则
冲向小车。两滑块都可以看作质点，炸药的质量忽略不计，爆炸的时间极短，爆炸后两个物块的速度
方向在同一水平直线上，且g＝10m/s2。求：
(1)滑块B 滑上小车后的运动过程中弹簧的最大弹性势能；
(2)滑块B 运动到何处小车速度最大？ 并求出小车运动过程中的最大速度。
【答案】 (1) 0.24J ； (2)滑块B 压缩弹簧后返回Q 点时小车速度最大，小车最大速度为2m/s
【解析】（1）爆炸过程系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得
解得
弹簧压缩到最短时弹簧的弹性势能最大，B 与小车组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守
恒定律得
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由能量守恒定律得
解得
（2）滑块B 压缩弹簧后返回Q 点时小车的速度最大，系统动量守恒，以向右为正方向由动量守恒定
律得
由能量守恒定律得
解得
，
（v1=2.4m/s，v2=0.4m/s B 的速度大于车的速度，不符合实际，舍去）
15. （18 分） 如图所示，在矩形区域ABCD 内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.05T，
长AB=4
m，宽BC=2m，在CD 边中点O 处安装一可使带电粒子以相同速率向各方向均匀射出的装
置。初速度几乎为零的带电粒子从P 点进入，经装置M 的加速电压U=1×104V 加速后到达O 处，从
OD 到OC 的平角范围内向各方向均匀地射出。若带正电粒子质量m=1.6×10-25kg，电荷量q=3.2×10-19C
（不计粒子重力）。
(1)求带电粒子在磁场中做圆周运动的半径；
(2)求从AB 边界射出的粒子，在磁场中运动的最短时间和最长时间；
(3)若从AD 边界射出的粒子数目为n，求OD 到OC 的平角范围内向各方向均匀地射出的粒子个数。
【答案】 (1)2.0m；(2)
；
；(3)6n
【解析】(1)设从O 点射出的粒子速度为v，根据动能定理可得
计算得出
粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得
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代入数据计算得出
R=2.0m
(2)因为所有粒子的轨迹半径相同，所以弦最短的圆所对应的圆心角最小， 运动时间最短，作
EO⊥CD，EO 弦最短，如图所示：
因为EO=BC=2m，且R=2.0m 。所以对应的圆心角为
θ=
最短时间为
粒子运动时间最长时，粒子运动轨迹与AB 的边界相切粒子或进入磁场速度方向指向OC 方向的粒子，
粒子转过的最大圆心角
粒子的最长运动时间
(3)粒子能够从AD 边射出时轨迹如图所示
垂直于CD 方向的粒子刚好打在G 点，设粒子速度方向向左偏向β 角时刚好射到D 点；
根据图中几何关系可得
cos∠DOO3=
得出
∠DOO3=30°
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则
β=∠DOO3=30°
设OD 到OC 的平角范围内向各方向均匀地射出的粒子个数为N，则有
得出
N=6n
16
