北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
专题 11 基因的自由组合定律
专题检测 A组
一、单项选择题
1.下列关于孟德尔成功发现遗传规律原因的叙述,错误的是 ( )
A.设计了测交实验验证对性状分离现象的推测
B.运用了从一对相对性状到多对相对性状的研究方法
C.应用统计学方法对实验结果进行分析
D.选用豌豆为实验材料是因为豌豆的花为单性花
答案 D 孟德尔成功的原因主要有四点:科学选择了豌豆作为实验材料;采用一对相对性状到多对相对性
状的研究方法;应用了统计学方法对实验结果进行统计分析;科学设计了实验程序,即在对大量实验数据进行
分析的基础上,提出合理的假说,并且设计了新的测交实验来验证,A、B、C正确;豌豆是严格的自花传粉且闭
花受粉的两性花植物,D错误。
2.番茄紫茎对绿茎是显性性状(用A、a表示),缺刻叶对马铃薯叶是显性性状(用B、b表示)。让紫茎缺刻叶
亲本与绿茎缺刻叶亲本杂交,子代植株数是紫茎缺刻叶321,紫茎马铃薯叶101,绿茎缺刻叶310,绿茎马铃薯叶
107。若这两对等位基因自由组合,则两亲本的基因型是 ( )
A.AaBb×AaBB B.AaBb×Aabb
C.AABb×aaBb D.AaBb×aaBb
答案 D 紫茎缺刻叶亲本与绿茎缺刻叶亲本杂交,在子代中,紫茎∶绿茎=(321+101)∶(310+107)≈1∶1,说明双
亲控制茎的颜色的基因组成为Aa×aa;在子代中,缺刻叶∶马铃薯叶=(321+310)∶(101+107)≈3∶1,说明双亲控制
叶型的基因组成为Bb×Bb。综上分析,亲本的基因型是AaBb×aaBb,D正确。
题后反思 在独立遗传的情况下,有几对等位基因(或几对相对性状)就可分解为几个分离定律问题,然后按照
题目要求的实际情况进行重组。例如本题中,首先将子代每一对表现型的比例统计出来,据此依据分离定律
的相关知识推知双亲的基因型,然后按照题目要求进行组合。
3.(2020山东济南期末,6)下列关于孟德尔两对相对性状的豌豆杂交实验的相关叙述正确的是 ( )
A.杂交实验过程中需要将亲本和子一代豌豆的母本在开花前进行人工去雄和套袋处理
B.减数分裂时同源染色体分离,非同源染色体自由组合属于假说内容之一
C.子一代植株所结种子的表现型及比例约为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒=9∶3∶3∶1
D.孟德尔仅依据种子形状和子叶颜色这两种性状的杂交实验就发现了基因的自由组合定律
答案 C 子一代豌豆的母本不需要进行去雄处理,A错误;减数分裂时同源染色体分离,非同源染色体自由
组合不属于假说内容,B错误;子一代植株所结种子属于子二代,子二代的表现型及比例约为黄色圆粒∶绿色
圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒=9∶3∶3∶1,C正确;孟德尔对豌豆的多对相对性状进行了研究,最终发现了基因的自
由组合定律,D错误。
知识总结 孟德尔针对两对相对性状的豌豆杂交实验提出的假说
(1)两对相对性状分别由两对遗传因子控制。(2)F 产生配子时,每对遗传因子彼此分离,不同对遗传因子
1
可以自由组合。(3)F 产生的雌配子和雄配子各有4种,且数量比相等。(4)受精时,雌雄配子的结合是随机的。
1
4.已知豌豆的高茎对矮茎为显性,黄子叶对绿子叶为显性,两对性状独立遗传。某科研所进行遗传实验,操作
如图。假定所有的植株都能成活,理论上收获的F 中绿子叶的比例为( )
4
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A.9/16 B.7/16 C.5/8 D.3/8
答案 B 计算后代收获的F 中绿子叶的比例,子叶没有进行选择,只需将子一代的黄色子叶连续自交三代
4
即可,理论上收获的F 中绿子叶的比例为[1-(1/2)3]/2=7/16,故选B。
4
名师点睛 本题利用豌豆作为实验材料,豌豆是自花传粉而且是闭花受粉植物,在自然条件下只进行自交,不
能考虑自由交配。两对性状独立遗传,淘汰矮茎豌豆,对子叶颜色的遗传无影响。因此,本题只需考虑子叶颜
色的遗传,从F 到F,连续自交3代,F 中绿子叶的比例为[1-(1/2)3]/2=7/16。
1 4 4
5.(2020浙江台州一模,7)有一批玉米,基因型及比例为AaBB∶Aabb∶aaBb=1∶2∶2,符合完全显性遗传,遵循自由组
合定律,现将这批玉米进行混种,则子一代基因型种类以及A_B_占总数的比例为 ( )
A.9种 18% B.16种 51%
C.9种 31% D.9种 32%
答案 C 玉米为雌雄异花植株,根据题意可知亲本中有Aa、aa和BB、bb、Bb,因此该批玉米混种后随机
交配,子一代基因型有3×3=9(种);因为亲本中AaBB∶Aabb∶aaBb=1∶2∶2,所以配子基因型及比例为
AB∶aB∶Ab∶ab=1∶3∶2∶4,因此根据配子法可计算出子一代中A_B_的占比为31/100,C正确。
6.(2020届北京西城期中,26)现有纯种果蝇品系①~④,其中品系①的性状均为显性,品系②~④均只有一种性
状是隐性,其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如表所示:
品系 ① ② ③ ④
隐性性状 残翅 黑身 紫红眼
基因所在的染色体 Ⅱ、Ⅲ Ⅱ Ⅱ Ⅲ
若需验证自由组合定律,可选择交配的品系组合为 ( )
A.①×④ B.①×② C.②×③ D.②×④
答案 D 品系①所有基因都是显性纯合的,品系④只有控制紫红眼的基因是隐性的,所以两品系个体杂交
只产生一对基因杂合,只能验证基因的分离定律,不能验证基因的自由组合定律,A错误;品系①所有基因都是
显性纯合的,品系②只有控制残翅的基因是隐性的,所以两品系杂交只产生一对基因杂合,只能验证基因的分
离定律,不能验证基因的自由组合定律,B错误;品系②和③分别含有残翅和黑身的隐性基因,但是控制这两种
性状的基因都在Ⅱ号染色体上,形成配子过程中不发生基因自由组合,不能验证基因的自由组合定律,C错误;
要验证自由组合定律,必须控制两对或多对相对性状的基因是在非同源染色体上。②和④分别含有残翅和
紫红眼的隐性基因,且控制这两种性状的两基因分别在Ⅱ、Ⅲ号染色体上,杂交后子代为两对等位基因杂合
子,减数分裂过程中这两对等位基因各自分离的同时,非同源染色体上的非等位基因发生自由组合,D正确。
7.(2020河北邯郸一模,6)某生物兴趣小组发现一种植物的三对相对性状:紫花(A)与白花(a)、高茎(B)与矮茎
(b)、圆粒(D)与皱粒(d)。现用一植株甲与白花矮茎皱粒(aabbdd)植株杂交得到F,然后对F 进行测交,得到F
1 1 2
的表现型及比例为紫矮皱∶白矮皱∶紫矮圆∶白矮圆=3∶3∶1∶1。下列判断正确的是( )
A.亲本中植株甲的表现型为紫花矮茎圆粒
B.由题意可判断三对基因独立遗传
C.F 的基因型为AabbDd,产生的基因型为AbD的配子所占比例为1/4
1
D.若让F 中的紫矮圆植株自交,则子代的花色全为紫色
2
答案 A F 测交所得F 中紫矮皱∶白矮皱∶紫矮圆∶白矮圆=3∶3∶1∶1,可用基因型表示为
1 2
Aabbdd∶aabbdd∶AabbDd∶aabbDd=3∶3∶1∶1,去掉配子abd可以得到F 的配子及比例为Abd∶abd∶AbD∶abD=3∶3∶1∶1,
1
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因此可推知F 的基因型为AabbDd和Aabbdd,由F 的基因型可推知亲本植株甲的基因型为AAbbDd,表现型
1 1
为紫花矮茎圆粒,A正确,C错误;在亲代与子代中只存在矮茎纯合子,只能确定紫花(A)与白花(a)、圆粒(D)与
皱粒(d)这两对等位基因独立遗传,B错误;F 中的紫矮圆植株的基因型为AabbDd,因此该植株自交会发生性
2
状分离(出现开白花个体),D错误。
8.(2019福建漳州一模,35)油菜为两性花,其雄性不育(不能产生可育的花粉)性状受两对独立遗传的等位基因
控制,其中M基因控制雄性可育,m基因控制雄性不育,r基因会抑制m基因的表达(表现为雄性可育)。下列
分析错误的是 ( )
A.基因型为mmrr的植株作为母本进行杂交前需要做去雄处理
B.基因型为Mmrr的植株自交子代均表现为雄性可育
C.基因型为mmRr的植株不能自交,进行杂交时只能作为母本
D.存在两株雄性可育植株进行杂交,子代均表现为雄性不育的情况
答案 D 基因型为mmrr的植株能产生可育的花粉,作为母本进行杂交前,需要做去雄处理,A正确;基因型为
Mmrr的植株自交,产生的子代中都含有rr基因,r基因会抑制m基因的表达,所以自交子代都是雄性可育,B正
确;基因型为mmRr的植株的雄性不育,不能产生可育的花粉,所以该植株不能自交,C正确;雄性可育植株的基
因型有M_R_、M_rr、mmrr,由此可推知,不存在两株雄性可育植株进行杂交,子代均为雄性不育(mmR_)的情
况,D错误。
9.(2020 5·3原创题)某植物的花色由两对等位基因B、b和C、c控制,其中基因C决定红色素的形成,其隐性
等位基因c则为白化基因;基因B决定红色素的沉积,基因b在纯合时则表现为粉色;两对等位基因独立遗传。
现向某基因型为BbCc的植株中导入了一个隐性致死基因s,然后让该植株自交,自交后代F 表现型及比例为
1
红色∶粉色∶白色=3∶1∶2,由此判断导入基因s的染色体上同时含有 ( )
A.基因B B.基因b C.基因C D.基因c
答案 C 由题意可知,红色基因型为B_C_,粉色基因型为bbC_,白色基因型为_ _cc。s为隐性致死基因,当
基因型为ss时,个体死亡,若将基因s导入某花色基因所在的染色体,该基因与s基因连锁,即该基因纯合时个
体致死。若基因s导入基因B所在的染色体,基因型为BB的个体致死,BbCc自交得(2Bb∶1bb)
(3C_∶1cc)→6BbC_(红色)∶3bbC_(粉色)∶2Bbcc(白色)∶1bbcc(白色),即红色∶粉色∶白色=2∶1∶1,A错误;若基因s导
入基因b所在的染色体,基因型为bb的个体致死,BbCc自交后代中红色∶白色=3∶1,B错误;若基因s导入基因
C所在的染色体,基因型为CC的个体致死,BbCc自交得(3B_∶1bb)(2Cc∶1cc)→6B_Cc∶2bbCc∶3B_cc∶1bbcc,即红
色∶粉色∶白色=3∶1∶2,C正确;若基因s导入基因c所在的染色体,基因型为cc的个体致死,BbCc自交后代中
红色∶粉色=3∶1,D错误。
试题说明 该题通过分析不同基因纯合致死对生物遗传的影响,灵活考查了“拆分法”和“假说—演绎
法”在遗传解题中的应用。
10.(2020江苏常州一模,11)如图表示两对等位基因在染色体上的分布情况,显性基因对隐性基因呈完全显性,
不考虑交叉互换,则甲、乙、丙个体测交后代的表现型及基因型种类依次分别是 ( )
A.2、2、4;2、2、4 B.2、3、4;2、2、4
C.3、3、4;2、3、4 D.3、3、4;2、3、4
答案 A 分析题图,甲的基因型是AaBb,AB连锁在一起;乙的基因型是AaBb,Ab连锁在一起;丙的基因型是
AaBb,遵循基因的自由组合定律。甲产生AB和ab两种配子,测交产生AaBb和aabb两种基因型和两种表现
型;乙产生Ab和aB两种配子,测交产生Aabb和aaBb两种基因型和两种表现型;丙产生Ab、aB、ab、AB四
种配子,测交产生Aabb、aaBb、AaBb、aabb四种基因型和四种表现型。A正确。
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11.(2020天津塘沽一中二模,7)大豆子叶颜色(BB表现为深绿,Bb表现为浅绿,bb呈黄色幼苗阶段死亡)和花叶
病的抗性(抗病、不抗病分别由R、r基因控制)遗传的两组杂交实验结果如下:
实验一:子叶深绿不抗病(♀)×子叶浅绿抗病(♂)→F:子叶深绿抗病∶子叶浅绿抗病=1∶1
1
实验二:子叶深绿不抗病(♀)×子叶浅绿抗病(♂)→F:子叶深绿抗病∶子叶深绿不抗病∶子叶浅绿抗病∶子叶浅
1
绿不抗病=1∶1∶1∶1,根据实验结果分析判断下列叙述,错误的是( )
A.实验一和实验二中父本的基因型不同
B.F 的子叶浅绿抗病植株自交,在F 的成熟植株中四种表现型的分离比为1∶2∶3∶6
1 2
C.用子叶深绿与子叶浅绿植株杂交得F,F 随机交配得到F 成熟群体中,B基因的频率为0.75
1 1 2
D.在短时间内选育出纯合的子叶深绿抗病大豆新品种常规的育种方法,最好用与实验一的父本基因型相同
的植株自交
答案 C 实验一的亲本基因型为BBrr(♀)和BbRR(♂),实验二的亲本基因型为BBrr(♀)和BbRr(♂),A正确;F
1
的子叶浅绿抗病植株的基因组成为BbRr,自交后代的基因组成(表现性状和所占比例)分别为BBR_(子叶深
绿抗病,占3/16)、BBrr(子叶深绿不抗病,占1/16)、BbR_(子叶浅绿抗病,占6/16)、Bbrr(子叶浅绿不抗病,占
2/16)、bb_ _(幼苗死亡);在F 的成熟植株中四种表现型的分离比为1∶2∶3∶6,B正确;子叶深绿(BB)与子叶浅绿
2
植株(Bb)杂交,F 的基因组成为BB(1/2)和Bb(1/2),F 随机交配,F 的基因组成及比例为BB(子叶深绿,9/16)、
1 1 2
Bb(子叶深绿,6/16)和bb(幼苗死亡,1/16),BB与Bb比例为3∶2,B基因的频率为3/5×1+2/5×1/2=0.8,C错误;实验
一的父本基因型为BbRR,与其基因型相同的植株自交,后代表现子叶深绿抗病的个体的基因组成一定是
BBRR,D正确。
12.(2020北京三月适应性考试,7)已知控制玉米某两对相对性状的基因在同一染色体上。但偶然发现这两对
基因均杂合的某玉米植株,自交后代的性状分离比为9∶3∶3∶1。出现此现象的原因可能是该染色体上其中一对
基因所在的染色体片段 ( )
A.发生180°颠倒
B.重复出现
C.移至非同源染色体上
D.发生丢失
答案 C 根据题干信息:已知控制玉米某两对相对性状的基因在同一染色体上,所以符合基因的分离定律和
基因的连锁互换定律。但偶然发现这两对基因均杂合的某玉米植株,自交后代的性状分离比为9∶3∶3∶1,可以
判断这两对基因均杂合的某玉米植株符合基因的自由组合定律,进而推测出该染色体上其中一对基因所在
的染色体片段移至非同源染色体上,故C正确;该染色体上其中一对基因所在的染色体片段发生180°颠倒后
两对基因依然位于同一染色体、重复出现会导致三对基因位于同一染色体、发生丢失会导致一对基因位于
同一染色体,均不符合基因的自由组合定律,故A、B、D错误。
13.(2019浙江温州联考,28)某雌雄同株异花植物,花色由深至浅依次为紫色、深红色、红色、粉色和白色,受
两对等位基因控制,每个显性基因对颜色的加深具有累加效应。现有3株纯合亲本进行如下实验。从理论上
分析,下列叙述错误的是 ( )
A.两对花色基因的遗传不一定遵循自由组合定律
B.在F 中,基因型不同于亲本的植株比例为3/4
2
C.取F 红花植株随机授粉,后代中白花植株的比例为1/64
2
D.取F 红花植株测交,后代中红花和白花植株数量比为1∶1
2
答案 C 由题意可知,该植株的花色受两对等位基因控制,假设为A/a和B/b基因。含四个显性基因,即
AABB为紫花;含3个显性基因,即AABb、AaBB为深红花;含2个显性基因,即AAbb、AaBb、aaBB为红花;
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含1个显性基因,即Aabb、aaBb为粉花;不含显性基因,即aabb为白花。3株纯合亲本中紫花的基因型为
AABB,红花的基因型为AAbb(或aaBB),白花的基因型为aabb,F 深红花的基因型为AABb(或AaBB),粉花的
1
基因型为Aabb(或aaBb),F 中深红花的基因型为AABb(或AaBB)、红花的基因型为AaBb、AAbb(或
2
AaBb、aaBB),粉花的基因型为Aabb(或aaBb)。两对花色基因位于两对同源染色体上或位于一对同源染色
体上均能产生该遗传现象,因而不能判断该植物花色基因的遗传是否遵循自由组合定律,A正确;在F 中,基因
2
型不同于亲本的植株比例为3/4,B正确;取F 红花植株随机授粉,若两对等位基因位于一对同源染色体上,后
2
代中白花植株的比例为1/16,若两对等位基因位于两对同源染色体上,后代中白花植株的比例为1/64,C错误;
取F 红花植株测交,无论两对等位基因位于一对同源染色体上还是位于两对同源染色体上,后代中红花和白
2
花植株数量比均为1∶1,D正确。
二、不定项选择题
14.(2020山东泰安期末,16)某科研小组观察牵牛花的阔叶、窄叶(由基因R、r控制)和红花、蓝花(由基因
M、m控制)两对相对性状的遗传,用纯合牵牛花进行了如表实验:
F F
1 2
亲本组合 阔叶 阔叶 阔叶 窄叶 窄叶
红花 红花 蓝花 红花 蓝花
阔叶红花(♀)×
162 72 10 31 11
窄叶蓝花(♂)
阔叶红花(♂)×
158 70 11 29 10
窄叶蓝花(♀)
分析实验结果,下列说法正确的是 ( )
A.基因R、r和基因M、m都位于常染色体上
B.可能基因型RM的花粉不育
C.可能基因型RrMM和Rrmm的个体死亡
D.若基因型RrMM和Rrmm的个体致死,将F 阔叶红花自交,后代窄叶蓝花个体占1/24
2
答案 ACD 阔叶红花和窄叶蓝花进行正反交,子一代都是阔叶红花,说明阔叶和红花都是显性性状。亲本
的基因型为RRMM×rrmm,子一代基因型为RrMm,子二代中性状比例为7∶1∶3∶1,不符合9∶3∶3∶1,说明其中有死
亡个体。后代中性状比例与性别没有联系,可推测这两对等位基因都位于常染色体上,A正确。第二组实验
中,双亲的表现型及基因型为阔叶红花(RRMM)(♂)×窄叶蓝花(rrmm)(♀),后代F 为阔叶红花(RrMm),说明基因
1
型为RM的花粉可育,B错误。根据数据,F 中红花∶蓝花=5∶1,正常情况下F 的基因型种类及比例为
2 2
MM∶Mm∶mm=1∶2∶1,红花∶蓝花=3∶1;若RrMM和Rrmm的个体死亡,则推测F 中MM有一半死亡,mm中有一
2
半死亡,所以F 中基因型比例变为MM∶Mm∶mm=1∶4∶1,红花∶蓝花=5∶1,符合数据,C正确。F 阔叶红花自交,F
2 2 2
阔叶红花为1/16RRMM、2/16RRMm、2/16RrMM、4/16RrMm,其中RrMM个体死亡,所以F 阔叶红花
2
RRMM∶RRMm∶RrMm=1∶2∶4,F 阔叶红花自交:
2
1/7RRMM→1/7RRMM(不存在死亡个体);
2/7RRMm→1/14RRMM、1/7RRMm、1/14RRmm(不存在死亡个体);
4/7RrMm自交后代中,窄叶蓝花rrmm=4/7×1/4×1/4=1/28;由于基因型RrMM和Rrmm的个体致死,RrMM概
率为4/7×1/2×1/4=1/14;Rrmm概率为4/7×1/2×1/4=1/14,所以死亡比例为4/28。因此将F 阔叶红花自交,后代
2
窄叶蓝花个体所占比例为1/28÷(1-4/28)=1/24,D正确。
15.(2020山东临沂期末,17)如图为某二倍体植物(AaBbCcDd)一条染色体上的4个基因的表达过程示意图,下
列叙述错误的是 ( )
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A.图中4个基因与其等位基因的遗传都遵循分离定律
B.题图说明基因通过控制酶的合成来控制代谢过程
C.图中4个基因之间能发生基因重组
D.该二倍体植株自交后代中能产生精氨酸的个体所占比例是81/256
答案 CD 图中4个基因位于同一条染色体上,这4个基因与其等位基因的遗传都遵循分离定律,A正确;题
图说明基因可以通过控制酶的合成来控制代谢过程,B正确;图中4个基因在一条染色体上,其间不能发生基
因重组,C错误;该二倍体植株AaBbCcDd自交,只能产生ABCD、abcd两种配子,概率均为1/2,故后代中能产
生精氨酸的个体所占比例是3/4,D错误。
三、非选择题
16.(2020届河南八市重点联盟联考,31)某二倍体植物的花色受2对独立遗传的等位基因的控制,其中,R基因
编码的酶可使白色物质转化为红色素,A基因的表达产物完全抑制R基因的表达,r与a基因没有上述功能。
现有纯种的红花品系甲与纯种的白花品系乙,让甲与乙的植株杂交,通常情况下所产生的子一代(F)全开白花。
1
请回答:
(1)为确定乙的花色基因型,可让上述F 自交并统计子二代(F)的花色性状。若F 中红花植株与白花植株的比
1 2 2
例为1∶3,则乙的基因型为 ;若F 中红花植株与白花植株的比例为 ,则乙的基因型为
2
。
(2)甲与乙杂交,子代(F)中偶尔会出现极少量的红花植株和三倍体植株。若F 中红花是一种可遗传的变异,则
1 1
这种变异可能来源于 。三倍体高度不育的原因是 。
答案 (每空2分,共10分)(1)AARR 3∶13 AArr
(2)基因突变或染色体变异(基因突变或染色体结构变异或染色体数目变异) 三倍体细胞减数分裂时,同源染
色体联会紊乱,难以产生正常的配子
解析 本题考查基因的自由组合定律,主要考查综合运用能力。(1)根据题意,基因型为A_R_、A_rr、aarr的
植株开白花,基因型为aaR_的植株开红花。红花品系甲基因型为aaRR,甲与乙杂交子一代全开白花,乙的基
因型可能为AARR或AArr。若乙的基因型为AARR,F 的基因型为AaRR。F 自交,子二代中红花植株
1 1
(aaR_)与白花植株(A_RR)的比例为1∶3。若乙的基因型为AArr,F 的基因型为AaRr。F 自交,子二代中红花
1 1
植株(aaR_)与白花植株(A_R_、A_rr、aarr)的比例为3∶13。(2)甲与乙杂交,子代基因型为AaRR或AaRr,子代
(F)中偶尔会出现极少量的红花植株,其原因是没有A基因,可能是A基因突变为a基因或A基因所在染色体
1
丢失或A基因所在的染色体片段缺失。三倍体细胞减数分裂时,同源染色体联会紊乱,难以产生正常的配子,
所以三倍体高度不育。
17.(2020届河北唐山摸底,12)果蝇的灰身和黄身是一对相对性状,某种群中具有这两种性状的果蝇若干,且性
别比例为1∶1。让种群中灰身果蝇自由交配,其子代表现型为灰身∶黄身=63∶1。已知不同基因组成的配子具
有相同的生活力和受精机会,且各种受精卵都能发育成新个体。回答下列问题:
(1)若体色受一对位于X染色体上的等位基因控制,则子代中黄色个体为 (填“雄”或“雌”)性,
则灰身雌果蝇杂合子所占比例为 。
(2)若体色受一对常染色体上的等位基因控制,则亲代纯合子、杂合子个体比例为 。
(3)若体色受三对常染色体上的等位基因控制且遵循基因的自由组合定律,请写出满足该假设的两个条件:
① ;
② 。
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答案 (1)雄 1/16 (2)3∶1 (3)①亲本中灰身个体的基因型都相同 ②三对基因型全为隐性时才表现为黄
身
解析 (1)若体色受一对位于X染色体上的等位基因控制,亲本都为灰身果蝇,则父本为XAY,母本为XAXa或
XAXA,则子代中黄色个体只能为雄性,由于后代黄身XaY占1/64,故母本产生含Xa卵细胞的概率为1/32,故母
本XAXa占1/16,XAXA占15/16。(2)若体色受一对常染色体上的等位基因控制,则黄身aa=1/64,a=1/8,A=7/8,则
亲代AA=3/4,Aa=1/4,则亲代纯合子、杂合子个体比例为3∶1。(3)若体色受三对常染色体上的等位基因控制
且遵循基因的自由组合定律,则亲本灰身果蝇为AaBbCc,子代中只有aabbcc表现为黄身时,黄身果蝇的比例
才刚好是1/64,故应满足的条件是①亲本中灰身个体的基因型都相同;②三对基因型全为隐性时才表现为黄
身。
18.(2020浙江名校新高考研究联盟一模,28)某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。只含隐性基因的个体表现隐性
性状,其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了实验研究。
实验 亲本 交配方式 子代
① 绿叶(甲) 自交 绿叶
② 绿叶(甲)、紫叶(乙) 杂交 绿叶∶紫叶=1∶3
请回答:
(1)甘蓝的叶色至少受 对基因控制,相关基因遵循 定律。
(2)甘蓝的叶色中,隐性性状为 ,乙植株的基因型为 (可依次用A/a、B/b、C/c……表示)。
(3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交,若F 中紫叶和绿叶之比为1∶1,则丙植株所有可能的基因型是
1
;若F 均为紫叶,则丙植株可能的基因型有 种;若F 均为紫叶,且让F 自交,F 中紫叶与绿叶之比为
1 1 1 2
15∶1,则丙植株的基因型为 。
答案 (1) 2 自由组合 (2)绿叶 AaBb (3) Aabb或aaBb 5 AABB
解析 题意表明,该甘蓝叶色有绿色和紫色,只含有隐性基因的个体表现为隐性性状,其他基因型个体均表现
为显性性状。根据实验①判断绿叶(甲)是纯合子,根据实验②判断紫叶(乙)应是杂合子,根据杂交子代绿叶∶
紫叶=1∶3判断,甘蓝的叶色至少受2对等位基因的控制,甲为aabb,乙为AaBb,甘蓝叶色中绿叶为隐性性状,相
关基因遵循自由组合定律。丙与甲(aabb)杂交,F 紫叶和绿叶之比为1∶1,则丙可能的基因型为Aabb或aaBb;
1
若F 均为紫叶,则丙的基因型为aaBB、AaBB、AAbb、AABb、AABB中的一种,共5种可能;若F 均为紫叶,
1 1
F 自交后代紫叶与绿叶之比为15∶1,则丙的基因型为AABB。
1
19.(2019浙江宁波十校联考,31)某植物有全雌株(只有雌花)、全雄株(只有雄花)和正常株(雌花、雄花均有)等
不同性别类型的植株,假设控制该植物性别的基因中第一对等位基因以A、a表示,第二对等位基因以B、b
表示,第三对等位基因以C、c表示,……以此类推。研究人员进行了如表所示的实验。
实验 P F 1 F 2 (由F 1 中的正常株自交获得)
纯合全雌株× 全雌株∶正常株∶
一 正常株126
纯合全雄株 全雄株=27∶90∶28
纯合全雌株× 全雌株∶正 全雌株∶正
二
正常株 常株=63∶61 常株=32∶95
回答下列问题:
(1)根据实验一推测该植物的性别类型由 对等位基因控制,其遗传符合 定律。
(2)实验一中F 正常株中纯合子所占的比例为 ,实验二中亲本正常株的基因型为 ,
2
实验二F 正常株测交后代中正常株所占比例为 。
1
(3)实验一F 中的正常株自交获得F,则F 的表现型及比例为 。
2 3 3
(4)若实验二F的某一正常株自交获得F,F 均为正常株,可能的原因是 (选填“P中的全雌
l 2 2
株”“P中的正常株”)在产生配子过程中发生了基因突变。
答案 (1)两 自由组合 (2)1/5 AABb或AaBB 1/2 (3)全雌株∶正常株∶全雄株=1∶6∶1 (4)P中的全雌
株
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解析 (1)实验一中F 性状分离比接近3∶10∶3,这是性状分离比9∶3∶3∶1的变式,说明该植物的性别由两对等位
2
基因控制且遵循自由组合定律。(2)由(1)可推知,实验一中F 正常株的基因型为AaBb,F 中正常株占10/16,则
1 2
F 正常株的基因型及比例为AABB∶AABb∶AaBB∶AaBb∶aabb=1∶2∶2∶4∶1,其中的纯合子为AABB和aabb,占
2
1/5。实验二中纯合全雌株(AAbb或aaBB)与正常株杂交,后代性状分离比约为1∶1,故亲本正常株(A_B_)有一
对基因纯合,一对基因杂合,即亲本正常株的基因型为AABb或AaBB。所以实验二亲本的基因型组合为
AAbb×AABb或aaBB×AaBB,F 中正常株的基因型为AABb或AaBB,F 中正常株测交,后代中正常株AaBb
1 1
所占比例为1/2。(3)实验一F 中正常株基因型是AABB∶AaBB∶AABb∶AaBb∶aabb=1∶2∶2∶4∶1,F 中正常株自交,
2 2
则F 正常株占1-(2/10×1/4+2/10×1/4+4/10×6/16)=30/40,全雌植株占2/10×1/4+4/10×3/16=5/40,全雄植株占
3
2/10×1/4+4/10×3/16=5/40,所以F 的表现型及比例为全雌株∶正常株∶全雄株=1∶6∶1。(4)由(3)可知,若实验二
3
中亲代组合为AAbb×AABb,则F 全雌株基因型为AAbb,正常株基因型为AABb,F 全雌株基因型为AAbb,正
1 2
常株基因型为AAB_。若实验二F 的某一正常株自交获得F,F 均为正常株,说明F 正常株可能为纯合子
1 2 2 1
(AABB),因此推测可能是P中的全雌株产生配子过程中b基因突变成B基因。
20.(2020山东潍坊6月三模)呈现植物花色的色素,一般是由无色的化合物经过一步或多步酶促反应生成的,
如图表示合成色素的两种途径,不能合成色素的个体开白花。(假定相关基因都是独立遗传的,且不考虑基因
突变)
(1)具有途径一的植物,白花个体的基因型有 种。若另一种植物红色素的合成需要n步酶促反应,且
每步反应的酶分别由一对等位基因中的显性基因控制,则其纯合的红花个体与每对基因都为隐性纯合的白
花个体杂交,F 自交,F 中白花个体占 。
1 2
(2)有一种植物的花也是有红花和白花两种,与红色素合成有关的两种酶分别由基因A和B控制。若基因型
AaBb的个体自交,后代红花∶白花=15∶1,请你参照上述途径的格式写出该植物最可能的色素合成途径:
。
(3)某种植物通过途径二决定花色,红色素和蓝色素都能合成的植株开紫花。研究发现配子中A和B基因同
时存在时成活率可能减半,具体情况有三种:①只是精子的成活率减半,②只是卵细胞的成活率减半,③精子
和卵细胞的成活率都减半。请利用基因型AaBb的植株设计测交实验进行探究,简要写出实验方案并预测结
果、结论。
实验方案: 。
预测结果、结论:
若 ,则是第①种情况。
若 ,则是第②种情况。
若 ,则是第③种情况。
答案 (除注明外,每空2分)
3 n
(1)5(1分) 1-( )
4
(2)
(3)实验方案:以基因型AaBb的植株为父本、白花植株为母本进行测交作为正交实验,以白花植株为父本、
基因型AaBb的植株为母本进行测交作为反交实验,分别统计后代的性状分离比 预测结果、结论:正交实
验后代紫花∶红花∶蓝花∶白花的比值为1∶2∶2∶2,反交实验该比值为1∶1∶1∶1 正交实验后代紫花∶红花∶蓝
花∶白花的比值为1∶1∶1∶1,反交实验该比值为1∶2∶2∶2 正交实验和反交实验后代紫花∶红花∶蓝花∶白花的
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比值都为1∶2∶2∶2(若只设计一组实验,该小题整体不得分;若正反交实验颠倒过来,预测结果、结论的顺序也应
做相应调整)
解析 (1)具有途径一的植物,白花个体的基因型有5种:AAbb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb。若另一种植物
红色素的合成需要n步酶促反应,且每步反应的酶分别由一对等位基因中的显性基因控制,则红花个体基因
型中每对基因均需含有显性基因,其纯合的红花个体与每对基因都为隐性纯合的白花个体杂交,F 中每对基
1
3 n
因均为杂合,其自交后代中红花个体的比例为(3/4)n,故白花个体占1-( ) 。(2)若基因型AaBb的个体自交,
4
后代红花∶白花=15∶1,说明只要含有显性基因就可以合成红色素,故对应的色素合成途径最可能为
。(3)要验证是基因型AB的卵细胞成活率减半,还是精子成活率减半,还
是精子、卵细胞的成活率都减半,应该选择基因型为AaBb的个体进行测交且进行正反交,观察后代中四种
表现型的比例。故以基因型AaBb的植株为父本、白花植株(aabb)为母本进行测交作为正交实验,以白花植
株为父本、基因型AaBb的植株为母本进行测交作为反交实验,分别统计后代的性状分离比。若只是基因型
AB的精子的成活率减半,则基因型为AaBb的植株作为父本时,产生的配子的基因型及比例为
AB∶aB∶Ab∶ab=1∶2∶2∶2,基因型为AaBb的植株作为母本时,产生的配子的基因型及比例为AB∶aB∶Ab∶ab=1∶1∶1∶1,
则正交实验后代紫花∶红花∶蓝花∶白花的比值为1∶2∶2∶2,反交实验该比值为1∶1∶1∶1;若只是基因型AB的卵
细胞的成活率减半,则基因型为AaBb的植株作为父本时,产生的配子的基因型及比例为AB∶aB∶Ab∶ab=1∶1∶1∶1,
基因型为AaBb的植株作为母本时,产生的配子的基因型及比例为AB∶aB∶Ab∶ab=1∶2∶2∶2,则正交实验后代紫花
∶红花∶蓝花∶白花的比值为1∶1∶1∶1,反交实验该比值为1∶2∶2∶2;若基因型AB的精子和卵细胞的成活率都减
半,则基因型为AaBb的植株作为父本时,产生的配子的基因型及比例为AB∶aB∶Ab∶ab=1∶2∶2∶2,基因型为AaBb
的植株作为母本时,产生的配子的基因型及比例为AB∶aB∶Ab∶ab=1∶2∶2∶2,则正交实验和反交实验后代紫花∶红
花∶蓝花∶白花的比值都为1∶2∶2∶2。
专题检测 B组
一、单项选择题
1.已知A/a、B/b和C/c三对等位基因位于豌豆的两对同源染色体上。基因型为 AaBbCc的豌豆植株甲与基
因型为aabbcc的豌豆植株乙杂交,所得子代的基因型及其比例为AaBbcc∶aaBbCc∶Aabbcc∶aabbCc=1∶1∶1∶1。豌
豆植株甲的三对等位基因的分布情况最可能是 ( )
答案 C 基因型为AaBbCc的个体与aabbcc进行测交,由于aabbcc产生的配子的基因型是abc,测交所得子
代的基因型及比例是AaBbcc∶aaBbCc∶Aabbcc∶aabbCc=1∶1∶1∶1,因此AaBbCc个体产生的配子的类型及比例是
ABc∶aBC∶Abc∶abC=1∶1∶1∶1,分析配子的基因组成,可以发现A和c连锁,在一条染色体上,a、C连锁,在另一条染
色体上,C正确。
2.(2019浙江绍兴联考,25)豌豆种子的黄色(Y)对绿色(y)为显性,圆粒(R)对皱粒(r)为显性。让基因型为YyRr
的豌豆自交得F,选择F 中全部杂合的黄色圆粒豌豆种子种植再进行测交,所得F 的表现型比例为( )
1 1 2
A.1∶1∶1∶1 B.3∶2∶2∶1
C.4∶2∶2∶1 D.4∶3∶3∶1
答案 B F 中全部杂合的黄色圆粒类型有YyRr、YyRR、YYRr三种,比例是4∶2∶2;YyRr测交后代
1
YyRr∶Yyrr∶yyRr∶yyrr=1∶1∶1∶1;YyRR测交后代YyRr∶yyRr=1∶1;YYRr测交后代YyRr∶Yyrr=1∶1;综上,F 中全部杂
1
合的黄色圆粒的豌豆进行测交,F 表现型比例为3∶2∶2∶1,B正确。
2
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3.(2020山东胶州期末,12)某植物(2n=10)花蕊的性别分化受两对独立遗传的等位基因控制,显性基因B和E
共同存在时,植株开两性花,为野生型;没有显性基因B,有显性基因E存在时,植株的雄蕊会转化成雌蕊,植株
为双雌蕊的可育植物;不存在显性基因E时,植株表现为败育。下列有关分析错误的是 ( )
A.双雌蕊的植株只能作为母本,可能的基因型有两种
B.野生型的植株与基因型为bbEE的植株杂交,后代一定是可育的
C.基因型为BbEe的个体自交,后代中野生型的占3/4
D.可育植株中纯合子的基因型可能是BBEE或bbEE
答案 C B(b)与E(e)独立遗传,因此遵循自由组合定律,且B_E_植株开两性花;bbE_植株的雄蕊会转化成雌
蕊,为双雌蕊的可育植物;不存在显性基因E时,_ _ee植株表现为败育。双雌蕊植株不能产生花粉,因此不能
作为父本,只能作为母本,基因型有bbEE和bbEe两种,A正确;野生型植株B_E_和bbEE植株杂交,子代全部
为_ _E_,均表现为可育,B正确;基因型为BbEe的个体自交,子代B_E_∶bbE_∶B_ee∶bbee=9∶3∶3∶1,野生型B_E_的
比例约为9/16,C错误;由题意知,基因型为B_ee、bbee的植株败育,因此可育植株的纯合子基因型是BBEE、
bbEE,D正确。
4.(2020届广东肇庆高三统考,5)某生物个体细胞内的两对等位基因(YyRr)在生殖过程中,产生了YR、Yr、yR
和yr四种不同组合的配子,下列说法正确的是 ( )
A.等位基因和非等位基因同时出现分离
B.等位基因分离,非等位基因自由组合
C.等位基因和非等位基因同时出现自由组合
D.等位基因自由组合,非等位基因分离
答案 B 生物个体细胞在进行减数分裂的过程中,同源染色体分离,非同源染色体自由组合,即等位基因分
离,非等位基因自由组合,故B正确,A、C、D错误。
5.(2020湖北武汉起点检测,14)假如水稻高秆对矮秆为显性,抗稻瘟病对易感稻瘟病为显性,两对性状独立遗
传。现用一个纯合易感稻瘟病的矮秆品种(抗倒伏)与一个纯合抗稻瘟病的高秆品种(易倒伏)杂交,则F 中
2
( )
A.重组类型占3/8或5/8
B.高秆抗病个体中纯合子占1/16
C.既抗倒伏又抗病的类型出现的比例为1/16
D.高秆抗病个体中与F 基因型相同的比例为4/9
1
答案 D 假设控制水稻高秆、矮秆的基因分别为D、d,抗稻瘟病、易感稻瘟病的基因分别为R、r,则两亲
本的基因型分别为DDRR(高秆抗稻瘟病)、ddrr(矮秆易感稻瘟病),F 基因型为DdRr,F 自交产生的F 基因型
1 1 2
为D_R_∶D_rr∶ddR_∶ddrr=9∶3∶3∶1,F 中重组类型为3D_rr和3ddR_,即占3/8,A错误;F 高秆抗病(9D_R_)个体中
2 2
纯合子(1DDRR)占1/9,B错误;矮秆抗病类型的基因型为ddR_,所以F 中出现既抗倒伏又抗病类型的比例为
2
3/16,C错误;F 中高秆抗病(9D_R_)个体与F(DdRr)基因型相同的比例为4/9,D正确。
2 1
知识拓展 重组类型的内涵及常见错误
(1)明确重组类型的含义:重组类型是指F 中表现型与亲本不同的个体,而不是基因型与亲本不同的个体。
2
(2)含两对相对性状的纯合亲本杂交,F 中重组类型所占比例并不都是3/8。①当亲本基因型为YYRR和
2
yyrr时,F
2
中重组类型所占比例是3/16+3/16=3/8;②当亲本基因型为YYrr和yyRR时,F
2
中重组类型所占比例
是1/16+9/16=5/8。
6.(2020河北廊坊二联,45)家蚕体色的黑色和淡赤色是一对相对性状,相关基因用A和a表示;茧的黄色和白
色是一对相对性状,相关基因用B和b表示。如表是三个杂交组合得到的子代表现型及数量(不考虑基因突
变和交叉互换)记录表。下列相关叙述错误的是 ( )
杂交组 淡赤体 淡赤体
亲本 黑体黄茧 黑体白茧
合 黄茧 白茧
一 黑体黄茧×黑体白 452 0 155 0
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茧
黑体黄茧×黑体黄
二 450 160 150 50
茧
黑体白茧×淡赤体
三 150 160 160 150
黄茧
A.黑体对淡赤体为显性,黄茧对白茧为显性
B.基因A、a和B、b位于两对同源染色体上
C.第三个杂交组合的亲本的基因型是Aabb和aaBb
D.第二个杂交组合的子代中黑体白茧个体和淡赤体黄茧个体杂交,结果与第三个杂交组合的相同
答案 D 杂交组合一中,黑体亲本后代性状分离,这说明黑体对淡赤体为显性,黄茧蚕与白茧蚕杂交后代全
为黄茧蚕,这说明黄茧对白茧为显性,A正确;杂交组合二中,黑体黄蚕后代出现9∶3∶3∶1的性状分离比,这说明基
因A、a和B、b位于两对同源染色体上,符合自由组合定律,B正确;杂交组合三的性状分离比为1∶1∶1∶1,其亲
本的基因型是Aabb和aaBb,C正确;杂交组合二的子代中黑体白茧(AAbb或Aabb)个体和淡赤体黄茧(aaBB
或aaBb)个体杂交,后代为黑体黄茧∶黑体白茧∶淡赤体黄茧∶淡赤体白茧=4∶2∶2∶1,D错误。
思维点拨 利用棋盘法求解子代表现型及比例
第二个杂交组合的子代中,黑体白茧的基因型及比例为AAbb∶Aabb=1∶2,产生的配子基因型及比例为
Ab∶ab=2∶1;淡黄体黄茧的基因型及比例为aaBB∶aaBb=1∶2,产生的配子基因型及比例为aB∶ab=2∶1;黑体白茧与
淡赤体黄茧个体杂交,可利用棋盘法求解后代基因型及比例。
2Ab 1ab
2aB 4AaBb 2aaBb
1ab 2Aabb 1aabb
7.(科学思维—演绎与推理)大鼠毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定,其毛色决定情况
如图所示。相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有图中功能。若用基因型为AABBDD的大鼠与
aabbdd的大鼠杂交,F 随机交配得到F。以下说法正确的是 ( )
1 2
D基因 A基因 B基因
黄色素 褐色素 黑色素
A.黄色鼠基因型有21种,其中纯合子的基因型有4种
B.F 毛色有黄、褐、黑三种类型,且黄色鼠占13/16
2
C.F 中褐色鼠基因型有2种,其中杂合子占1/2
2
D.D基因表达产物可能与A基因上启动部位结合而使A基因不能正常复制
答案 B 根据题意分析可知,A_B_dd表现为黑色,A_bbdd表现为褐色,由于D基因抑制A基因的表达,因此
A_ _ _D_、aa_ _ _ _都表现为黄色,则黄色鼠基因型有2×3×2+3×3=21(种),其中纯合子基因型有
2+2×2=6(种),A错误;基因型为AABBDD的大鼠与aabbdd的大鼠杂交,F 基因型为AaBbDd,其随机交配得到
1
F,则F 中会出现所有的表现型,其中黄色鼠占3/4×1×3/4+1/4×1×1=13/16,B正确;F 中褐色鼠基因型为
2 2 2
AAbbdd、Aabbdd,其中杂合子占2/3,C错误;D基因表达产物可能与A基因上启动部位结合而使A基因不能
正常转录,D错误。
8.(2019北京朝阳期末,8)油菜为两性花,其雄性不育(不能产生可育的花粉)性状受两对独立遗传的等位基因控
制,其中M基因控制雄性可育,m基因控制雄性不育,r基因会抑制m基因的表达(表现为可育)。下列判断正
确的是 ( )
A.基因型为Mmrr的植株自交子代均表现为雄性可育
B.基因型为mmRr的植株的自交后代中雄性可育∶雄性不育=1∶3
C.存在两株雄性可育植株进行杂交,后代均为雄性不育植株的情况
D.用基因型为mmRR的植株作为母本进行杂交实验前要进行去雄处理
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答案 A 据题目可知mmR_为雄性不育,其余基因型的表现型均为雄性可育,A正确;基因型为mmRr的植
株表现型为雄性不育,无法自交,B错误;若后代均雄性不育,后代基因型必为mmR_,亲本中至少有一方基因型
也为mmR_,表现型也为雄性不育,C错误;基因型为mmRR的植株雄性不育,即不能产生可育的花粉,无需去
雄,D错误。
9.(2020北京四中期中,10)某生物个体减数分裂产生的雌、雄配子种类和比例均为AB∶ab∶Ab∶aB=4∶4∶4∶1,下列
说法不正确的是 ( )
A.该生物自交后代有9种基因型
B.该生物自交后代纯合子的比例为34/100
C.上述每对相对性状的遗传满足分离定律
D.上述两对相对性状的遗传满足自由组合定律
答案 D 由于减数分裂产生的雌、雄配子种类各有4种,所以该生物自交后代有9种基因型,4种表现型,A
正确;纯合体为AAbb、AABB、aaBB、aabb,则AAbb的概率为4/10×4/10=16/100;AABB的概率为
1/10×1/10=1/100;aaBB的概率为4/10×4/10=16/100;aabb的概率为1/10×1/10=1/100;因此其后代纯合体的概率
为上述各种纯合体概率之和34/100,B正确;A∶a=1∶1,B∶b=1∶1,因此上述每对相对性状的遗传满足分离定律,C正
确;若满足自由组合定律,那么雌、雄配子种类和比例均为AB∶ab∶Ab∶aB=1∶1∶1∶1,D错误;
10.(2020浙江台州一模,25)将八氢番茄红素合成酶基因(PSY)和胡萝卜脱氢酶基因(ZDS)导入水稻细胞,培育而
成的转基因植株“黄金水稻”具有类胡萝卜素超合成能力,其合成途径如图所示。已知目的基因能1次或多
次插入并整合到水稻细胞染色体上(不考虑其他变异),下列叙述错误的是 ( )
PSY基因 ZDS基因
酶1 酶2
前体物质 八氢番茄红素 番茄红素
(白色) (橙色) (亮红色)
A.若有一个PSY和一个ZDS插入同一条染色体,则此转基因植株自交后代中亮红色大米∶白色大米为3∶1
B.若有一个PSY和一个ZDS分别插入2条非同源染色体,则此转基因植株自交后代中白色大米∶橙色大米∶
亮红色大米为4∶3∶9
C.若某一转基因植株自交后代中橙色大米∶亮红色大米∶白色大米为1∶14∶1时,则不可能有PSY、ZDS插在
同一条染色体上
D.若某一转基因植株自交后代中出现白色大米∶亮红色大米为1∶15,则一定有PSY、ZDS插在同一条染色体
上
答案 C 水稻是二倍体植物,设酶1由基因A(表示PSY基因)控制,酶2由基因B(表示基因ZDS)控制,若一个
A基因和一个B基因插入同一条染色体,则该转基因植株(AaBb)产生的配子为AB∶ab=1∶1,其自交产生的后代
中亮红色大米∶白色大米=3∶1,A正确。若一个A基因和一个B基因分别插入2条非同源染色体,则该转基因
植株(AaBb)产生的配子为AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶1∶1,其自交产生的后代中白色大米(aaB_、aabb)∶橙色大米(A_bb)∶
亮红色大米(A_B_)=4∶3∶9,B正确。若某一转基因植株自交后代中橙色大米∶亮红色大米∶白色大米=1∶14∶1,
仍有可能是AB位于一条染色体上,Ab位于另一条非同源染色体上,C错误。若某一转基因植株自交后代中
白色大米∶亮红色大米为1∶15,则一定有AB插在同一条染色体上,D正确。
11.(2020山东济宁一中二轮检测,8)金鱼是世界著名的三大观赏鱼类之一,发源于中国,至今已有1 700多年历
史。据研究,金鱼中紫色鱼雌雄交配,后代均为紫色个体,纯种灰色鱼与紫色鱼杂交,无论正交、反交,F 均为灰
1
色。用F 灰色鱼与紫色鱼杂交,正反交后代灰色鱼与紫色鱼的数量比都约为15∶1。下列推测错误的是 (
1
)
A.金鱼的灰色性状对紫色性状为显性
B.灰色和紫色由3对独立遗传的基因控制
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C.控制灰色和紫色的基因位于常染色体上
D.F 自由交配,理论上F 中紫色个体可占1/256
1 2
答案 B 根据题意可知,纯种灰色鱼与紫色鱼杂交,无论正交、反交,F 均为灰色,说明金鱼的灰色性状对紫
1
色性状为显性,也可说明控制灰色和紫色的基因位于常染色体上,A、C正确;据分析可知,F 灰色鱼与紫色鱼
1
杂交,符合4对等位基因测交实验的结果,因此金鱼体色的这对相对性状至少由4对等位基因控制,B错误;据
分析可知,金鱼的体色至少由4对等位基因控制,且遵循自由组合定律,假设金鱼的体色受4对等位基因控制
且独立遗传,则这4对基因隐性纯合(设为aabbccdd)时金鱼体色表现为紫色,用F 灰色鱼与紫色鱼杂交,正反
1
交后代灰色鱼与紫色鱼的数量比都约为15∶1,即aabbccdd比例为1/16,则F 灰色鱼基因型为AaBbCcDd,F 自
1 1
由交配,理论上F 中紫色个体可占1/4×1/4×1/4×1/4=1/256,D正确。
2
方法技巧 性状分离比9∶3∶3∶1的变式题解题步骤
12.(2020北京四中期中,29)如图表示某种植物花色的合成途径示意图。该植物花色由两对等位基因控制,其
中酶B对温度较敏感,当环境温度低于20 ℃时保持低活性状态。下列判断正确的是 ( )
A.紫花植物与白花植物杂交,F 可能全开红色花
1
B.一株开紫色花的植物自交,后代不会出现红色花
C.一株开红色花的植物自交,后代不会出现白色
D.基因A和基因B一定符合自由组合定律
答案 A 由图可知,基因型为aa_ _时,该植物花色为白色,基因型为A_bb时,花色为紫色,当基因型为A_B_
时,若环境温度高于20 ℃,花色为红色,环境温度低于20 ℃,花色为紫色。若AAbb(紫花)与aaBB(白花)杂交,
F 全为AaBb,温度适宜时全开红色花,A正确;当环境温度低于20 ℃时,紫色花植物的基因型可能为A_B_,其
1
自交后代在温度高于20 ℃时可出现红色花(A_B_),B错误;红色花(A_B_)植物自交,后代可出现白色(aa_ _),C
错误;基因A和基因B若位于一对同源染色体上,则两对基因的遗传不符合自由组合定律,D错误。
13.(2019河北石家庄一模,6)某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因(A、a,B、b,C、c……)控制,
当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花,否则开白花。现将两个纯合的白花
品系杂交,F 开红花,再将F 自交,F 中的白花植株占37/64。若不考虑变异,下列说法错误的是( )
1 1 2
A.每对基因的遗传均遵循分离定律
B.该花色遗传至少受3对等位基因控制
C.F 红花植株中杂合子占26/27
2
D.F 白花植株中纯合子基因型有4种
2
答案 D 由题意知,该植物花色的遗传符合自由组合定律,至少受3对等位基因控制,且每对基因的遗传均
遵循分离定律,A、B正确;F 自交,F 中的白花植株占37/64,红花植株占1-37/64=27/64=(3/4)3,说明F 的基因型
1 2 1
可能为AaBbCc,F 红花植株中纯合子占(1/4×1/4×1/4)÷(27/64)=1/27,故红花植株中杂合子占26/27,C正确;若
2
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F 的基因型为AaBbCc,F 白花植株中纯合子基因型有AAbbcc、AAbbCC、AABBcc、aaBBCC、aaBBcc、
1 2
aabbcc、aabbCC共7种,D错误。
二、不定项选择题
14.(2020山东潍坊期末,17)用两株植物作亲本杂交,获得了200颗种子,将这些种子种下去,植株成熟后表现型
及比例如表。下列分析正确的是 ( )
红果叶 红果叶 红果叶 黄果叶 黄果叶 黄果叶
表现型
片短毛 片无毛 片长毛 片短毛 片长毛 片无毛
数量(株) 74 38 36 26 14 12
A.果实和叶毛的遗传遵循基因的自由组合定律
B.两亲本植株都是杂合体
C.两亲本的表现型都是黄果长毛
D.就叶毛来说,无毛与长毛都是纯合体
答案 ABD 根据子代表现型的比例约为6∶3∶3∶2∶1∶1,可知双亲植株应为双杂合体,果实和叶毛的遗传遵循基
因的自由组合定律,A、B正确;两亲本应为双杂合体,其表现型都是红果短毛,C错误;就叶毛来说,由于子代短
毛∶无毛∶长毛=2∶1∶1,可知叶片的长毛、无毛和短毛受一对等位基因控制,表现为不完全显性,无毛与长毛都
是纯合体,D正确。
15.(2020山东济宁检测,17)某高等动物的毛色由常染色体上的两对等位基因(A、a和 B、b)控制,A对a、B
对b为完全显性,其中A基因控制黑色素的合成,B基因控制黄色素的合成,两种色素均不合成时毛色呈白色。
当A、B基因同时存在时,二者的转录产物会形成双链结构进而无法继续表达。用纯合的黑色和黄色亲本杂
交,F 为白色,F 雌雄自由交配得到F。下列叙述正确的是 ( )
1 1 2
A.自然界中白色个体的基因型有4种
B.含A、B基因的个体毛色是白色的原因是不能翻译出相关蛋白质
C.若F 中黑色∶黄色∶白色个体之比接近3∶3∶10,则两对基因独立遗传
2
D.若F 中白色个体的比例接近1/2,则F 中黑色个体的比例接近1/4
2 2
答案 BCD 自然界中白色个体的基因型有5种(AABB、AaBb、AABb、AaBB、aabb),A错误;由题干“当
A、B基因同时存在时,二者的转录产物会形成双链结构进而无法继续表达”因此含A、B基因的个体毛色
为白色的原因是不能翻译出相关蛋白质,B正确;若F 中黑色∶黄色∶白色个体之比接近3∶3∶10,即F 的表现
2 2
型及其比例为9∶3∶3∶1的变式,说明控制毛色的两对等位基因位于两对非同源染色体上,遵循基因的自由组合
定律,C正确;若F 中白色个体的比例接近1/2,则Ab、aB连锁,F 中黑色个体的比例接近1/4,D正确。
2 2
16.(2020山东新高考适应性测试,17)鲜食玉米颜色多样、营养丰富、美味可口。用两种纯合鲜食玉米杂交
得F,F 自交得到F,F 子粒的性状表现及比例为紫色非甜∶紫色甜∶白色非甜∶白色甜=27∶9∶21∶7。下列说
1 1 2 2
法正确的是 ( )
A.紫色与白色性状的遗传遵循基因的自由组合定律
B.亲本性状的表现型不可能是紫色甜和白色非甜
C.F 的花粉离体培养后经秋水仙素处理,可获得紫色甜粒纯合个体
1
D.F 中的白色子粒发育成植株后随机受粉,得到的子粒中紫色子粒占4/49
2
答案 AC F 子粒中紫色∶白色=(27+9)∶(21+7)=9∶7,说明紫色与白色性状的遗传遵循基因的自由组合定律,
2
紫色基因型可写作A_B_,白色基因型可写作A_bb、aaB_、aabb,A正确。F 子粒中非甜∶甜
2
=(27+21)∶(9+7)=3∶1,说明非甜与甜性状的遗传遵循基因的分离定律,非甜和甜的基因型可分别写作T_和tt,由
此可判断F 基因型应为AaBbTt,亲本性状的表现型有可能是紫色甜(AABBtt)和白色非甜(aabbTT),B错误。
1
F 的花粉有8种基因型,其中基因型为ABt的花粉离体培养得到基因型为ABt的单倍体,后经秋水仙素处理
1
可获得基因型为AABBtt的紫色甜粒纯合个体,C正确。F 中白色子粒有1/7AAbb、2/7Aabb、1/7aaBB、
2
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2/7aaBb、1/7aabb,该群体可产生3种配子:Ab配子占1/7+2/7×1/2=2/7,aB配子占1/7+2/7×1/2=2/7,ab配子占
2/7×1/2+2/7×1/2+1/7=3/7,该群体随机交配,结合棋盘法可得子代中紫色子粒(A_B_)占8/49,D错误。
三、非选择题
17.(2020届江苏扬州中学月考,31)杜洛克猪毛色受两对独立遗传的等位基因控制,毛色有红毛、棕毛和白毛
三种,对应的基因组成如表。请回答下列问题:
毛色 红毛 棕毛 白毛
基因组成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
(1)棕毛猪的基因型有 种。
(2)已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F 均表现为红毛,F 雌雄交配产生F。
1 1 2
①该杂交实验的亲本基因型为 。
②F
1
测交,后代表现型及对应比例为 。
③F
2
中纯合个体相互交配,能产生棕毛子代的基因型组合有 种(不考虑正反交)。
④F
2
的棕毛个体中纯合体的比例为 。F
2
中棕毛个体相互交配,子代白毛个体的比例为 。
(3)若另一对染色体上有一对基因I、i,I基因对A和B基因的表达都有抑制作用,i基因不抑制,如I_A_B_表
现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配,子代中红毛个体的比例为 ,白毛个体的比例为 。
答案 (1)4 (2)①AAbb和aaBB ②红毛∶棕毛∶白毛=1∶2∶1 ③4 ④1/3 1/9 (3)9/64 49/64
解析 (1)由表格信息可知:棕毛猪的基因组成为A_bb、aaB_,棕毛猪的具体基因型有AAbb、Aabb、aaBB、
aaBb 4种。(2)根据题干信息可知猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制,判断猪毛色的遗传遵循自由组合
定律。①由两头纯合棕毛猪杂交,F 均为红毛猪,且根据表格信息知红毛猪的基因组成为A_B_,由此可推知
1
两头纯合棕毛猪的基因型为AAbb和aaBB,F 红毛猪的基因型为AaBb。②F 测交,即AaBb与aabb测交,后
1 1
代基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1,根据表格可知后代表现型及对应比例为红毛∶棕毛∶白毛
=1∶2∶1。③F 红毛猪的基因型为AaBb,F 雌雄个体随机交配产生F,F 的基因型有:A_B_、A_bb、aaB_、
1 1 2 2
aabb,其中纯合子有:AABB、AAbb、aaBB、aabb,能产生棕色猪(A_bb、aaB_)的基因型组合有:
AAbb×AAbb、aaBB×aaBB、AAbb×aabb、aaBB×aabb共4种。④F 的基因型及比例为
2
A_B_∶A_bb:aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1,棕毛猪A_bb∶aaB_所占比例为6/16,其中纯合子为AAbb、aaBB,所占比例为
2/16,故F 的棕毛个体中纯合体所占的比例为2/6,即1/3。F 的棕毛个体中各基因型及比例为1/6AAbb、
2 2
2/6Aabb、1/6aaBB、2/6aaBb。棕毛个体相互交配,能产生白毛个体(aabb)的杂交组合及概率为:
2/6Aabb×2/6Aabb+2/6aaBb×2/6aaBb+2/6Aabb×2/6aaBb×2=1/3×1/3×1/4+1/3×1/3×1/4+1/3×1/3×1/2×1/2×2=1/9
。(3)若另一对染色体上的I基因对A和B基因的表达有抑制作用,只要有I基因,不管有没有A或B基因都
表现为白色,基因型为IiAaBb个体雌雄交配,后代中红毛个体即基因型为iiA_B_的个体。把Ii和AaBb分开
单独分析,Ii×Ii后代有3/4I_和1/4ii,AaBb×AaBb后代基因型及比例为A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1。故子代
中红毛个体(iiA_B_)的比例为1/4×9/16=9/64,棕毛个体(iiA_bb、iiaaB_)所占比例为1/4×6/16=6/64,白毛个体
所占比例为:1-9/64-6/64=49/64。
名师点睛 (1)具有两对或两对以上基因位于两对或两对以上同源染色体上,其遗传符合基因的自由组合定
律,同时每一对也符合基因的分离定律。(2)具有两对相对性状的双杂合子自交,其后代表现型及比例符合
9∶3∶3∶1,测交后代表现型及比例符合1∶1∶1∶1。
18.(2019辽宁大连八中4月统练,32)已知某自花传粉植物紫茎(A)对绿茎(a)为显性,抗病(B)对感病(b)为显性,
位于两对同源染色体上,且当花粉含AB基因时不能参与受精。请回答:
(1)在做杂交实验前,需要对母本做 处理,以避免自交或其他花粉对实验的干扰。
(2)将基因型Aabb的植株自交所结全部种子播种后,共得16株植株,有9株表现为紫茎,有7株表现为绿茎,产
生该种现象最可能的原因是 。
(3)用基因型AaBb和aabb的植株为亲本杂交,正交和反交产生的子代的表现型及比例 (填“相同”
或“不相同”)。
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(4)若用基因型为AaBb的植株自交,则子代植株中紫茎抗病植株所占的比例为 。
答案 (除标注外,每空1分,共5分)(1)去雄和套袋 (2)子代样本数量太少 (3)不相同 (4)5/12(2分)
解析 本题主要考查科学思维素养中的演绎与推理。(1)该植物是自花传粉的,说明该植物的花含有雄蕊和
雌蕊,因此在做杂交实验前应该将母本的雄蕊去掉并套袋。(2)基因型Aabb的植株自交,后代性状分离比为
9∶7,并没有出现3∶1的性状分离比,最可能是因为统计的后代数量太少了。(3)以基因型为aabb的植株为母本,
基因型为AaBb的植株为父本进行杂交,母本产生的配子的基因型是ab,父本产生的能进行杂交的配子及比
例为Ab∶aB∶ab=1∶1∶1,杂交后代性状比为aaBb(绿茎抗病)∶Aabb(紫茎感病)∶aabb(绿茎感病)=1∶1∶1;基因型为
AaBb的母本,产生可育的雌配子的基因型及比例是AB∶Ab∶aB∶ab=1∶1∶1∶1,父本aabb的植株产生基因型为ab
的雄配子,子代性状分离比为AaBb(紫茎抗病)∶aaBb(绿茎抗病)∶Aabb(紫茎感病)∶aabb(绿茎感病)=1∶1∶1∶1,所以
正交和反交产生的子代的表现型及比例不相同。(4)由于AB精子不能完成受精作用,因此基因型为AaBb的
植株自交,子代中AABB、AABb、AaBB、AaBb各减少一种组合方式,因此性状比为A_B_(紫茎抗
病)∶aaB_(绿茎抗病)∶A_bb(紫茎感病)∶aabb(绿茎感病)=5∶3∶3∶1,因此子代植株中紫茎抗病植株所占的比例为
5/12。
19.(2019浙江稽阳联考,31)某二倍体植物(2N=36)的花色受独立遗传且完全显性的三对等位基因D(d)、
H(h)、R(r)控制,花色色素合成的途径如图甲所示。研究发现,体细胞中r基因数多于R基因数时,R基因的表
达减弱而形成粉红花突变体,粉红花突变体体细胞中基因与染色体的几种可能组成(其他基因数量与染色体
均正常)如图乙所示。(说明:减数第一次分裂过程中配对的3条染色体,任意配对的两条染色体分离时,另一
条染色体会随机地移向细胞一极。)
图甲
图乙
回答下列问题:
(1)乙图中突变体①发生的染色体畸变类型是 ,该突变体植株的染色体组型图中有 个r基因。
(2)正常情况下,HhDdRr的植株自交,后代的表现型和比例是 ,其中白花植株基因
型有 种。
(3)某粉红花突变体②,基因型为HHDDRrr,用遗传图解表示其测交过程。
(4)基因型为hhDDrr的植株与某白花植株杂交,后代出现一株粉红花植株,其余均为红花植株,若该粉红花植
株自交后代(各后代存活率相同,H、D基因均不在图乙所示的染色体上)中粉红花植株所占的比例为
,可确定为突变体②类型。
答案 (1)易位 4 (2)红花植株∶白花植株=27∶37 19 (3)
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(4)7/32
解析 (1)非同源染色体交换部分片段导致突变体①的出现,属于染色体结构变异中的易位;染色体组型图在
有丝分裂中期拍摄制作而成,此时细胞中有4个r基因。(2)正常情况下红花的基因型为H_D_R_,其他基因型
均为白花,DdHhRr自交,后代中红花占27/64,白花占37/64;子代基因型有27种,其中红花有8种,白花有19种。
(3)粉红花突变体(DDHHRrr)测交,遗传图解详见答案。(4)若为突变体②的类型,DdHhRrr自交,粉红花植株占
3/4×3/4×7/18=7/32。
20.某雌雄同株的二倍体植物中,已知控制抗病(A)与易感病(a)、高茎(B)与矮茎(b)的两对等位基因。让纯种
抗病高茎植株与纯种易感病矮茎植株杂交,F 全为抗病高茎植株,F 自交获得的F 中,抗病高茎∶抗病矮茎∶
1 1 2
易感病高茎∶易感病矮茎=9∶3∶3∶1。回答下列问题:
(1)这两对等位基因A、a与B、b位于 对同源染色体上,其遗传遵循 定律。
(2)F 中抗病高茎植株随机交配,则其后代抗病高茎∶抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎=
2
;F 四种性状的植株进行自交,则其后代抗病高茎∶抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎= 。
2
(3)若F 自交获得的F 中,抗病高茎∶抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎=66∶9∶9∶16,有人针对上述实验结果
1 2
提出了以下假说:
①控制上述性状的两对等位基因位于1对同源染色体上。
②F
1
减数分裂时部分初级精母细胞及初级卵母细胞发生了交叉互换,最终导致了产生的雌雄配子的比例都是
AB∶Ab∶aB∶ab= 。
③雌雄配子随机结合。
为验证上述假说,请设计一个简单的实验并预期实验结果:
实验设计: 。
预期结果: 。
上述假说②中,发生交叉互换的初级精母细胞占全部初级精母细胞的百分比是 。
答案 (除注明外,每空2分)
(1)两(1分) 基因自由组合 (2)64∶8∶8∶1 25∶15∶15∶9 (3)4∶1∶1∶4 实验设计:将两纯合亲本杂交得到的F 与纯
1
合易感病矮茎的植株杂交,观察并统计子代的表现型及比例 预期结果:所得子代出现四种表现型,其比例为
抗病高茎∶抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎=4∶1∶1∶4 40%
解析 (1)由F 中抗病高茎∶抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎=9∶3∶3∶1,可知等位基因A、a与B、b位于
2
两对同源染色体上,每对基因的遗传遵循分离定律,两对基因的遗传遵循自由组合定律。(2)F 中抗病高茎植
2
株随机交配,两对相对性状逐一分析。抗病植株的基因型为AA(1/3)、Aa(2/3),故其中A基因频率为2/3,a基
因频率为1/3,随机交配后代的基因型为AA(2/3×2/3=4/9)、Aa(2×2/3×1/3=4/9)、aa(1/3×1/3=1/9),抗病∶易感
病=8∶1;同理可推出,高茎植株的基因型为BB(1/3)、Bb(2/3),随机交配后代高茎∶矮茎=8∶1,故F 中的抗病高茎
2
植株随机交配,后代的性状及比例为抗病高茎∶抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎=64∶8∶8∶1。F 中抗病植
2
株的基因型为AA(1/4)、Aa(1/2),易感病植株的基因型为aa(1/4),自交后代的基因型为AA(1/4+1/8=3/8)、
Aa(1/2×1/2=1/4)、aa(1/4+1/8=3/8),抗病∶易感病=5∶3;同理可推出,F 四种性状植株自交后代,高茎∶矮茎=5∶3,
2
故F 四种性状植株进行自交,后代的性状比例为抗病高茎∶抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎
2
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=25∶15∶15∶9。(3)如果两对等位基因位于一对同源染色体上,子一代减数分裂产生配子时,同源染色体的非姐
妹染色单体之间发生交叉互换,抗病高茎∶抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎=66∶9∶9∶16,基因型aabb的个
体占16%,基因型ab配子占40%,基因型AB与ab的配子比例相同,基因型Ab、aB配子比例相同,因此产生的
配子类型及比例是AB∶Ab∶aB∶ab=4∶1∶1∶4。将两纯合亲本杂交得到的F 与纯合易感病矮茎的植株(aabb)杂交,
1
观察并统计子代的表现型及比例,如果假说正确,则后代的基因型及比例是AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=4∶1∶1∶4,表
现型及比例为抗病高茎∶抗病矮茎∶易感病高茎∶易感病矮茎=4∶1∶1∶4。由于产生的配子类型及比例是
AB∶Ab∶aB∶ab=4∶1∶1∶4,产生的基因型为Ab、aB的配子共占20%,一个初级精母细胞产生两个次级精母细胞,每
一个次级精母细胞产生2个精细胞,因此,发生交叉互换的初级精母细胞的比例是40%。
专题检测 C组
一、单项选择题
1.关于孟德尔的豌豆遗传学实验,下列说法错误的是 ( )
A.选择豌豆是因为自然条件下豌豆是纯合体,且有易于区分的相对性状
B.杂交实验时,对母本的操作程序为去雄→套袋→人工授粉→套袋
C.孟德尔首先提出假说,并据此开展豌豆杂交实验并设计测交进行演绎
D.在对实验结果进行分析时,孟德尔用了统计学的方法
答案 C 选择豌豆做遗传学实验是因为自然条件下豌豆是纯合体,且有易于区分的相对性状,A正确;杂交
实验时,对母本的操作程序为去雄→套袋→人工授粉→套袋,B正确;孟德尔首先进行豌豆杂交实验,并在此基
础上提出假说,然后进行演绎推理,再设计了测交实验进行验证,C错误;在对实验结果进行分析时,孟德尔用了
统计学的方法,D正确。
2. (2021北京延庆高三上学期统测)果蝇的眼色有一种隐性突变体——猩红眼(r r)。研究者获得了两个新
1 1
的朱砂眼隐性突变体——朱砂眼a(r r)和朱砂眼b(r r),做了如下杂交实验。据此分析不合理的是 (
2 2 3 3
)
组别 亲本组合 F 1
Ⅰ 朱砂眼a × 猩红眼 野生型
Ⅱ 朱砂眼a × 朱砂眼b 朱砂眼
Ⅲ 朱砂眼b × 猩红眼 野生型
A.r 和r 不是等位基因
1 2
B.r 和r 是等位基因
2 3
C.r 和r 一定位于非同源染色体上
1 3
D.Ⅲ组F 的自交后代一定出现性状分离
1
答案 C 根据第Ⅰ组朱砂眼a和猩红眼杂交,子代全为野生型,可知r 和r 控制的是不同的性状,不是等位基
1 2
因,A正确;根据第Ⅱ组杂交结果,朱砂眼a和朱砂眼b杂交,子代全为朱砂眼,说明r 和r 控制的是一对相对性
2 3
状,属于等位基因,B正确;根据第Ⅲ组杂交结果可知r 和r 是非等位基因,但不一定位于非同源染色体上,有可
1 3
能是位于一对同源染色体上的不同位置,C错误;Ⅲ组朱砂眼b的基因型为RRrr,猩红眼的基因型为
1 133
rrRR,所以子代基因型为RrRr,自交后代一定出现性状分离,D正确。
11 3 3 11 33
3.(2020届黑龙江哈六中一调,41)大豆子叶的颜色受一对等位基因控制,基因型为AA的个体子叶呈深绿色,基
因型为Aa的个体子叶呈浅绿色,基因型为aa的个体子叶呈黄色且在幼苗阶段死亡。下列说法错误的是(
)
A.浅绿色子叶植株自花传粉,其成熟后代的基因型为AA和Aa,且比例为1∶2
B.浅绿色子叶植株与深绿色子叶植株杂交,成熟后代的表现型为深绿色和浅绿色,比例为1∶1
C.浅绿色子叶植株连续自交n次,成熟后代中杂合子的概率为1/2n
D.经过长时间的自然选择,A基因频率越来越大,a基因频率越来越小
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答案 C 浅绿色子叶植株自交,其后代中基因型及比例为AA∶Aa∶aa=1∶2∶1,即深绿色∶浅绿色∶黄色=1∶2∶1,
但由于aa的个体幼苗阶段死亡,故在成熟后代中只有AA和Aa,且比例为1∶2,A正确;若浅绿色子叶植株与深
绿色子叶植株杂交,即Aa×AA,则后代中表现型及比例为深绿色(AA)∶浅绿色(Aa)=1∶1,B正确;浅绿色子叶植株
连续自交n次,后代中杂合子的概率为1/2n,纯合子AA或aa的概率均为1/2×(1-1/2n),由于黄色子叶个体(aa)在
幼苗阶段死亡,因此杂合子的概率=(1/2n)÷[1/2n+1/2×(1-1/2n)]=2/(1+2n),C错误;由于aa个体在自然选择中被淘
汰,所以经过长期的自然选择,A的基因频率越来越大,a基因频率逐渐减小,D正确。
4.(2020届湖南衡阳四中月考一,18)食指长于无名指为长食指,反之为短食指,该相对性状由常染色体上一对
等位基因控制(T S 表示短食指基因,T L 表示长食指基因),此等位基因表达受性激素影响,T S 在男性中为显
性,T L 在女性中为显性。若一对夫妇均为短食指,所生孩子既有长食指又有短食指,则该夫妇再生一个孩子
是长食指的概率为 ( )
A.3/4 B.1/3 C.1/2 D.1/4
答案 D 控制食指长短的基因表达受性激素影响,TS在男性中为显性,TL在女性中为显性。一对夫妇均为
短食指,则妻子的基因型是TSTS,丈夫的基因型是TSTS或TSTL,所生孩子既有长食指又有短食指,所以丈夫的基
因型是TSTL,则该夫妇再生一个孩子的基因型是TSTS或TSTL,前者在男女性中都是短食指,后者在男性中是短
食指,在女性中是长食指,所以长食指的概率为1/4,D正确。
5.(2020河北模拟)某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因(A/a,B/b,C/c……)控制,当个体的基因
型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时才开红花,否则开白花。现将两个纯合的白花品系杂交,F 开
1
37
红花,再将F 自交,F 中的白花植株占 。若不考虑其他变异,下列说法不正确的是 ( )
1 2 64
A.每对基因的遗传均遵循基因的分离定律
B.该花色遗传至少受3对等位基因控制
26
C.F 红花植株中杂合子占
2 27
D.F 白花植株中纯合子基因型有4种
2
答案 D 本题考查基因的分离定律和自由组合定律。每对等位基因的遗传均遵循基因的分离定律,A正确;
37 27 (3) 3
F 中的红花植株占1- = = ,故该植物花色的遗传至少受3对等位基因控制,B正确;在F 中红花植
2 64 64 4 2
27 1 26
株占 ,其中有 的个体是纯合子(AABBCC),则有 的个体是杂合子,C正确;由于每对等位基因都至少
64 27 27
含有一个显性基因时才开红花,因此F 红花植株中纯合子基因型(AABBCC)只有1种,白花植株中纯合子基
2
因型有23-1=7(种),D错误。
名师点睛 分析题意可知,多对等位基因独立遗传,AaBbCc基因型个体自交,其后代纯合子的基因型有23种,
红花植株中纯合子仅有一种,即为AABBCC,白花植株中纯合子基因型有7种。
6.(2020北京海淀首都师范大学附中开学考)棉铃虫是严重危害棉花的一种害虫。科研工作者发现了苏云金
芽孢杆菌中的毒蛋白基因B和豇豆中的胰蛋白酶抑制剂基因D,均可导致棉铃虫死亡。现将B和D基因同
时导入棉花的一条染色体上获得抗虫棉。棉花的短果枝由基因A控制,研究者获得了多个基因型为AaBD
的短果枝抗虫棉植株,AaBD植株自交得到F[不考虑减数分裂时的交叉互换(互换)]。下列说法错误的是(
1
)
A.若F 表现型比例为9∶3∶3∶1,则果枝基因和抗虫基因分别位于两对同源染色体上
1
B.若F 中短果枝抗虫∶长果枝不抗虫=3∶1,则B、D基因与A基因位于同一条染色体上
1
C.若F 中短果枝抗虫∶短果枝不抗虫∶长果枝抗虫=2∶1∶1,基因型为AaBD的短果枝抗虫棉植株产生配子的
1
基因型为A和aBD
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D.若F 中长果枝不抗虫植株比例为1/16,则基因型为AaBD的短果枝抗虫棉植株产生配子的基因型为AB、
1
AD、aB、aD
答案 D 已知抗虫基因B、D位于一条染色体上,如果短果枝基因A和抗虫基因分别位于两对同源染色体
上,则基因型为AaBD的短果枝抗虫棉植株自交,子代中短果枝(A_)∶长果枝(aa)=3∶1,抗虫(BD_)∶不抗虫=3∶1,因
此F 表现型及其比例为短果枝抗虫∶长果枝抗虫∶短果枝不抗虫∶长果枝不抗虫=9∶3∶3∶1,A正确;如果B、D
1
基因与A基因位于同一条染色体上,则基因型为AaBD的短果枝抗虫棉产生的配子及比例为ABD∶a=1∶1,其
自交所得F 中短果枝抗虫∶长果枝不抗虫=3∶1,B正确;如果B、D基因与a基因位于同一条染色体上,则基因
1
型为AaBD的短果枝抗虫棉产生的配子及比例为aBD∶A=1∶1,其自交所得F 的基因型及比例是
1
AaBD∶AA∶aaBBDD=2∶1∶1,表现型及比例为短果枝抗虫∶短果枝不抗虫∶长果枝抗虫=2∶1∶1,C正确;由于B、D
位于同一条染色体上,如果不考虑交叉互换(互换),则不会产生基因型为AB、AD、aB、aD的四种类型的配
子,D错误。
疑难突破 解答此题需抓住问题的实质,如果不考虑减数分裂时的交叉互换(互换),则位于同一条染色体的基
因会随着这条染色体一起遗传。据此以题意“B和D基因同时导入棉花的一条染色体上获得抗虫棉”为切
入点,依据减数分裂和遗传规律的知识并围绕如图所示的基因A和a与BD在染色体上的可能的三种位置情
况,判断基因型为AaBD的短果枝抗虫棉植株产生的配子的基因型及比例,再依据雌性配子的随机结合,推知
子代的基因型及比例,进而确定表现型及比例并与各选项进行对比分析。
7.(2019山东青岛调研)某种鱼的鳞片有4种表现型:单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞,由位于两对同源染色体
上的两对等位基因(用A、a,B、b表示)决定,且BB对生物个体有致死作用,将无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交,
F 有两种表现型,野生型鳞鱼占50%,单列鳞鱼占50%;选取F 中的单列鳞鱼相互交配,后代中4种表现型的比
1 1
例为6∶3∶2∶1(对应的表现型未知),则亲本基因型的组合是 ( )
A.aaBb×aabb B.aaBb×AAbb
C.Aabb×AAbb D.AaBb×AAbb
答案 B 根据题意分析可知,鱼的鳞片有4种表现型:单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞,由位于两对同源染
色体上的两对等位基因决定,故其遵循基因自由组合定律,因BB对生物个体有致死作用,由此可推知该种鱼
的4种表现型由A_Bb、A_bb、aaBb和aabb这几种基因型控制。取F 中的单列鳞鱼相互交配,后代中4种
1
表现型的比例为6∶3∶2∶1,是9∶3∶3∶1的变形,说明F 中的单列鳞鱼的基因型为AaBb。亲本无鳞鱼和纯合野生型
1
鳞鱼杂交,能得到50%的基因型为AaBb的单列鳞鱼,先考虑B和b这对基因,由于BB对生物个体有致死作用,
因此可推知亲本的基因型为Bb和bb,而亲本野生型鳞鱼为纯合体,故bb为亲本野生型鳞鱼的基因型,Bb为
无鳞鱼的基因型;再考虑A和a这对基因,由于无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交后代只有两种表现型,且比例为
1∶1,结合以上分析,亲本的基因型为AA和aa。这样基因组合方式有AABb×aabb和AAbb×aaBb两种,而第一
种组合中基因型为AABb的个体表现为单列鳞,此基因型不符合题意,因此亲本基因型的组合是
AAbb×aaBb,B符合题意。
解题关键 解答本题的关键是掌握基因的自由组合定律及其实质,能够根据题干信息判断四种表现型对应
的可能基因型,并根据“6∶3∶2∶1”判断F 的基因型,进而判断亲本的基因型。
1
思维点拨 分析题意可知,本题考查了学生根据杂交后代的表现型及比例分析推理得出亲本基因型的能力。
同时结合题中的致死信息,排除部分不符合题意的结论信息,得出正确答案。
8.(2019江苏启东、前黄、淮阴等七校联考,9)普通水稻不含耐盐基因、含有吸镉基因(A)。科学家将普通水
稻的两个位于6号染色体上的吸镉基因敲除(相当于成为基因a)获得了低镉稻甲,并向另一普通水稻的两条2
号染色体上分别插入了一个耐盐基因(B)获得了水稻乙,然后让甲和乙杂交获得F,F 自交获得F,下列描述错
1 1 2
误的是 ( )
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A.F 的表现型为高镉耐盐的水稻
1
B.F 中低镉非耐盐稻所占比例为3/16
2
C.F 的低镉耐盐水稻中纯合子占1/3
2
D.耐盐基因和吸镉基因能自由组合
答案 B 由题干信息可知,甲的基因型为aabb,乙的基因型为AABB,F 的基因型则为AaBb,含A基因(吸镉
1
基因),含B(耐盐基因),则F 为高镉耐盐水稻,A正确;F 自交,F 中低镉非耐盐稻基因型为aabb,所占比例应为
1 1 2
1/16,B错误;F 的低镉耐盐水稻基因型及所占比例为1/16aaBB或2/16aaBb,因此,低镉耐盐水稻中纯合子比例
2
为1/3,C正确;由于耐盐基因和高镉基因分别位于两对同源染色体上,遵循自由组合定律,D正确。
9.(2019江西九江第一次联考,24,2分)如图是甲病(用A、a表示)和乙病(用B、b表示)两种遗传病的遗传系谱
图,其中一种病为伴性遗传病。据图分析,下列选项中错误的是 ( )
A.由图推测,甲病是常染色体上的显性遗传病
B.若Ⅲ 与Ⅲ 婚配,则其子女只患甲病的概率为0
1 5
3
C.若Ⅲ 与Ⅲ 婚配,生出只患一种病的孩子的概率是
2 3 8
7
D.若Ⅲ 与Ⅲ 婚配,生出正常孩子的概率是
1 4 24
答案 C 图中Ⅱ 、Ⅱ 患甲病,而他们的女儿Ⅲ 正常,说明甲病为常染色体显性遗传病,A正确。Ⅱ 、Ⅱ
5 6 3 1 2
没有乙病,他们的儿子Ⅲ 患乙病,说明乙病为隐性遗传病,又因为甲、乙两病有一种为伴性遗传病,因此乙病
2
1 1
为伴X隐性遗传病,图中Ⅲ 基因型为 aaXBXB、 aaXBXb,Ⅲ 基因型为aaXBY,后代不可能得甲病,B正确。
1 2 2 5
由于Ⅰ 患乙病,说明Ⅱ 是乙病致病基因携带者XBXb,又因为Ⅲ 患甲病,说明Ⅱ 基因型为AaXBXb,Ⅱ 基因
2 5 4 5 6
1 1
型为AaXBY,则Ⅲ 基因型为 aaXBXb、 aaXBXB,Ⅲ 基因型为AaXbY;Ⅲ 与Ⅲ 婚配,后代患甲病的概率为
3 2 2 2 2 3
1 1 1 1 1 1 1 1 3 1 1 1
1/2,患乙病的概率为 × × + × × = ,因此他们生出只患一种病的孩子的概率= × + × = ,C错
2 2 2 2 2 2 4 2 4 2 4 2
1 1 2 1
误。Ⅲ 基因型为 aaXBXb、 aaXBXB,Ⅲ 的基因型为 AaXBY、 AAXBY,两者婚配后代患甲病的概率=1-
1 2 2 4 3 3
2 1 2 1 1 1 1 1 7 7
× = ,患乙病的概率= × × = ,因此后代正常的概率= × = ,D正确。
3 2 3 2 2 2 8 3 8 24
10.(2020届黑龙江哈六中一调,45)雌雄异株的高等植物剪秋萝有宽叶和狭叶两种类型,宽叶(B)对狭叶(b)是显
性,等位基因位于X染色体上,狭叶基因(b)会使花粉死亡。如果杂合宽叶雌株同狭叶雄株杂交,其子代的性别
及表现型是 ( )
A.子代全是雄株,其中1/2为宽叶,1/2为狭叶
B.子代全是雌株,其中1/2为宽叶,1/2为狭叶
C.子代雌雄各半,全为宽叶
D.子代中宽叶雌株∶宽叶雄株∶狭叶雌株∶狭叶雄株=1∶1∶1∶1
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答案 A 杂合宽叶雌株的基因型为XBXb,产生XB、Xb两种卵细胞;狭叶雄株的基因型为XbY,产生Xb、Y两
种花粉,其中Xb花粉死亡,只有Y花粉参与受精,因此后代全部为雄株,1/2为宽叶(XBY),1/2为狭叶(XbY)。
11.(2019陕西榆林二模,6)果蝇中一对同源染色体的同源区段同时缺失的个体叫缺失纯合子,只有一条发生缺
失的个体叫缺失杂合子,已知缺失杂合子可育,而缺失纯合子具有致死效应,研究人员用一只棒眼雌果蝇和正
常眼雄果蝇多次杂交,统计F 的性状及比例,结果是棒眼雌果蝇∶正常眼雌果蝇∶棒眼雄果蝇=1∶1∶1,在不考虑
1
X、Y染色体同源区段的情况下,下列有关分析错误的是 ( )
A.亲本雌果蝇发生了染色体片段缺失,且该果蝇是缺失杂合子
B.正常眼是隐性性状,且缺失发生在X染色体的特有区段上
C.让F 中雌雄果蝇自由交配,F 雄果蝇中棒眼∶正常眼=2∶1
1 2
D.用光学显微镜观察,能判断F 中正常眼雌果蝇的染色体是否缺失了片段
1
答案 C 本题主要考查科学思维素养中的模型与建模。F 中雌雄比为2∶1,说明F 雄果蝇中有1/2致死,即
1 1
亲本雌果蝇应为缺失杂合子,且缺失发生在X染色体的特有区段,F 出现棒眼雌果蝇,说明正常眼为隐性性状,
1
A、B正确;假设控制棒眼与正常眼的基因为A、a,缺失X染色体记为X×,F 中雌雄果蝇基因型有XAXa、
1
1
XaX×、XAY,F 雌配子有1/4XA、1/2Xa、1/4 X×,雄配子有 XA、1/2Y,F 雄果蝇基因型为1/8XAY、1/4XaY、
1 2 2
1/8X×Y(致死),棒眼∶正常眼=1∶2,C错误;染色体变异可以在光学显微镜下观察到,D正确。
12.(2019江苏南京、盐城一模,9)家蚕的性别决定方式是ZW型,其幼虫结茧情况受一对等位基因L(结茧)和
Lm(不结茧)控制。在家蚕群体中,雌蚕不结茧的比例远大于雄蚕不结茧的比例。下列有关叙述正确的是(
)
A.雄蚕不结茧的基因型为ZLmW
B.雌蚕不结茧的基因型为ZLmZLm和ZLmZL
C.L基因和Lm基因位于Z染色体上,L基因为显性基因
D.L基因和Lm基因位于Z染色体上,Lm基因为显性基因
答案 C 根据题干信息知,家蚕的性别决定方式是ZW型,即雌家蚕为ZW,雄家蚕为ZZ。根据“雌蚕不结
茧的比例远大于雄蚕不结茧的比例”可判断等位基因L和Lm位于Z染色体上,且L基因为显性基因,C正确,
D错误;雌家蚕不结茧基因型为ZLmW,雄家蚕不结茧的基因型为ZLmZLm,A、B错误。
疑难点拨 伴Z隐性遗传病雌性患病率大于雄性;伴Z显性遗传病雄性发病率大于雌性。
13.(2019浙江金华十校联考,28)稻瘟病是由稻瘟病菌(Mp)浸染水稻引起的病害。现有甲(RRrrrr)、乙
1 12233
(rrRRrr)、丙(rrrrRR)三个水稻抗病品种,抗病(R)对感病(r)为显性。研究发现,水稻的抗病表现不仅需
11 2 233 1122 3 3
要自身抗病基因(R、R、R 等)编码的蛋白,也需要Mp基因(A、A、A 等)编码的蛋白。只有R蛋白与相
1 2 3 1 2 3
应的A蛋白结合,抗病反应才能被激活。下列相关叙述错误的是 ( )
A.可通过观察自交子代性状是否分离,及性状分离比来判断某抗病水稻的基因型(假设各种植株R蛋白均与
相应的A蛋白结合)
B.若基因型为RRrrRR 和rrRRRR 的水稻,被基因型为aaAAaa 的Mp侵染,推测这两种水稻的抗病
1 122 3 3 11 2 2 3 3 1 1 2 2 3 3
性表现依次为感病、抗病
C.研究人员每年用Mp(AAaaaa)侵染水稻品种甲,几年后甲品种丧失了抗病性,检测水稻的基因未发现变
1 1 2 2 3 3
异,则甲品种抗病性丧失的原因可能是Mp的A 基因发生了突变
1
D.让甲与乙杂交得到的F 与丙杂交,让F 自交,若F 中感病植株所占的比例为25/256,则说明三对抗病基因位
1 2 3
于不同对染色体上(假设各种植株R蛋白均与相应的A蛋白结合)
答案 A 水稻的抗病与感病是同种生物同一性状的不同表现形式,是一对相对性状,可通过观察自交子代
是否发生性状分离来确定纯合子、杂合子的情况,A错误。基因型为RRrrRR 和rrRRRR 的水稻被基
1 122 3 3 11 2 2 3 3
因型为aaAAaa 的Mp侵染,因只有R蛋白与相应的A蛋白结合,抗病反应才能被激活,基因型为
1 1 2 2 3 3
RRrrRR 的水稻没有R 蛋白与Mp的A 蛋白结合,抗病反应不能被激活;基因型为rrRRRR 的水稻中
1 122 3 3 2 2 11 2 2 3 3
有与A 蛋白结合的相应的R 蛋白,抗病反应能被激活。因此这两种水稻的抗病性表现依次为感病、抗病,B
2 2
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正确。每年用Mp(AAaaaa)侵染水稻品种甲,若检测到水稻的基因未发现变异,且甲品种丧失了抗病性,说
1 1 2 2 3 3
明Mp的A 基因发生了突变,使甲品种的R 蛋白没有相应的A 蛋白与之结合,抗病反应不能被激活,C正确。
1 1 1
让甲与乙杂交得到的F(RrRrrr)与丙杂交,让F 自交,若F 中感病植株所占的比例为25/256,说明三对抗病
1 11 2233 2 3
基因位于不同对的染色体上,遵循基因的自由组合定律,D正确。
二、不定项选择题
14.(2020山东滨州三模)(不定项选择)某二倍体(2n=14)植物的红花和白花是一对相对性状,该性状同时受多对
独立遗传的等位基因控制,每对等位基因中至少有一个显性基因时才开红花。利用甲、乙、丙三种纯合品
系进行了如下杂交实验。
实验一:甲×乙→F(红花)→F 红花∶白花=2 709∶3 689
1 2
实验二:甲×丙→F(红花)→F 红花∶白花=907∶699
1 2
实验三:乙×丙→F(白花)→F 白花
1 2
下列有关说法错误的是 ( )
A.控制该相对性状的基因至少为3对,最多是7对
B.这三个品系中至少有一种是红花纯合子
C.上述杂交组合中F 白花纯合子比例最低是实验三
2
D.实验一的F 白花植株中自交后代不发生性状分离的比例为7/37
2
27 3
答案 BCD 据实验一数据,F 红花∶白花=2 709∶3 689,比例≈27∶37,红花占 ,为( )3,由此可知,植物花色
2 64 4
性状至少受3对等位基因控制;该植物细胞共有7对染色体,且控制该性状的基因独立遗传,故植物花色性状
最多受7对等位基因控制,A正确;乙、丙杂交后代为白花,故乙、丙两个品系必为白花,而甲与乙、丙杂交获
得F 的自交后代F 满足基因的自由组合分离比,故甲也不为红花,B错误;实验一的F 白花植株中的纯合子比
1 2 2
例为(3+3+1)/64÷37/64=7/37,实验二的F 白花植株中的纯合子比例为3/7,实验三的F 白花植株中的纯合子比
2 2
例为1/2,故F 白花纯合子比例最低的是实验一,比例最高的是实验三,C错误;实验一的F 白花植株中的纯合
2 2
子比例为7/37,但白花植株中决定花色的基因至少存在一对隐性纯合子,故白花的自交后代均为白花,不发生
性状分离,所以实验一的F 白花植株中自交后代不发生性状分离的比例为100%,D错误。
2
思维点拨 分析实验一的后代F 表现型比例符合27∶37,判断此性状至少受三对等位基因控制,就此找到解题
2
的突破口,具体过程见详解。
15.(2020届重庆一中学业水平考试,13)香水玫瑰的花色受一对等位基因的控制(用R、r表示)。下面的表格
为两组的杂交实验结果,相关分析正确的有 ( )
杂交组合 后代性状
一 红花A×红花B 全为红花
二 红花C×红花D 红花与白花之比约为3∶1
A.红花为显性
B.红花A一定为杂合子
C.红花C和红花D的基因型一定相同
D.红花B只产一种配子
答案 AC 杂交组合二的亲本都为红花,杂交后代出现了白花,发生了性状分离,说明红花为显性性状,白花
为隐性性状,A正确;杂交组合一的亲本都为红花,而杂交后代只有红花,说明亲本的基因型为RR×RR或
RR×Rr,B错误;红花C与红花D杂交后代出现性状分离,说明C和D都是杂合体,它们的基因型相同,都是
Rr,C正确;红花B可能是RR,也可能是Rr,所以不能肯定只产生一种配子,D错误。
16. (2019江苏南通、连云港等七市二模,22)洋葱鳞茎有红色、黄色和白色三种,研究人员用红色鳞茎洋葱与
白色鳞茎洋葱杂交全为红色鳞茎洋葱,F 自交,F 中红色、黄色和白色鳞茎洋葱分别有119株、32株和10株。
1 2
相关叙述正确的是(多选) ( )
A.洋葱鳞茎不同颜色是由细胞液中不同色素引起的
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B.洋葱鳞茎颜色是由遵循自由组合定律的两对等位基因控制的
C.F 的红色鳞茎洋葱中与F 基因型相同的个体大约占4/9
2 1
D.从F 中的黄色鳞茎洋葱中任取一株进行测交,得到白色洋葱的概率为1/4
2
答案 AB 根据题意可知,F 中不同颜色鳞茎洋葱的表现型比例大致为12∶3∶1,故可判断洋葱鳞茎的不同颜
2
色性状由两对等位基因控制,可假设两对等位基因为A、a和B、b,则可推测,红色鳞茎洋葱的基因型为
A_B_和A_bb,黄色鳞茎洋葱的基因型为aaB_,白色鳞茎洋葱的基因型为aabb。洋葱鳞茎的颜色由细胞液中
的色素决定,故洋葱鳞茎的不同颜色由细胞液中的不同色素决定,A正确;根据题干信息可得F 中不同颜色鳞
2
茎洋葱的表现型比例大致为(9+3)∶3∶1,满足两对等位基因控制性状的分离比,故洋葱鳞茎颜色是由遵循自由组
合定律的两对等位基因控制的,B正确;根据题意可得,F 的基因型为AaBb,则F 的红色鳞茎洋葱基因型为
1 2
AaBb的概率为1/3,C错误;F 中的黄色鳞茎洋葱基因型为aaBB和aaBb,比例为1∶2,故测交得到白色洋葱的概
2
(1 2 1) 1
率为1× ×0+ × = ,D错误。
3 3 2 3
17.(2020届山东青岛期中,13)某果实的颜色由两对等位基因B、b和R、r控制,其中B控制黑色,R控制红色,
且B基因的存在能完全抑制R基因的表达,现向某基因型为BbRr的植株导入了一个隐性致死基因s,然后让
该植株自交,自交后代F 表现型及比例为黑色∶红色∶白色=8∶3∶1,据此下列说法中正确的是 ( )
1
A.s基因导入B基因所在的染色体上
B.F 的全部黑色植株中存在6种基因型
1
C.控制果实颜色的两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律
D.对该转基因植株进行测交,子代黑色∶红色∶白色=2∶1∶1
答案 ACD BbRrs自交后代中黑色(B_R_、B_rr)∶红色(bbR_)∶白色(aabb)=8∶3∶1,说明仅黑色个体存在致死现
象,可知隐性致死基因s导入B基因所在的染色体上,使BB纯合致死,则F 的全部黑色植株中存在3种基因
1
型,A正确,B错误;F 的性状分离比是9∶3∶3∶1的变式,说明控制果实颜色的两对等位基因的遗传遵循自由组合
1
定律,C正确;对该转基因植株进行测交,无ss致死效应,子代黑色∶红色∶白色=2∶1∶1,D正确。
三、非选择题
18.用表中四种果蝇作亲本进行杂交实验,卷曲翅(R)对正常翅(r)为显性。
序号 甲 乙 丙 丁
卷曲翅卷曲翅正常翅正常翅
表现型
♂ ♀ ♂ ♀
(1)若表中四种果蝇均为纯合子(XRY、XrY视为纯合子),要通过一次杂交实验确定基因R、r是在常染色体上
还是在X染色体上,可设计实验如下:选用序号 为亲本进行杂交,如果子代雌、雄果蝇性状分别为
,则基因位于X染色体上。
(2)若已确定R、r基因在常染色体上,对亲本表现型均为正常翅的后代进行核辐射处理后,发现一雌性后代中
一个r基因移到了X染色体上,这种变异类型属于 。若该个体可育,在减数分裂过程中,该基
因与另一个r基因 (填“不”“一定”或“不一定”)发生分离,最终可形成 种配子。
(3)遗传学研究表明,果蝇的体色受一对等位基因A、a的控制,且与基因R、r都不位于Y染色体上。某研究
小组选择一只灰身正常翅雌性和一只灰身卷曲翅雄性个体交配,子一代表现型为灰身卷曲翅∶灰身正常翅∶
黑身卷曲翅∶黑身正常翅=3∶3∶1∶1,若不考虑基因突变和致死现象,控制这两对相对性状的基因的遗传
(填“一定”“不一定”或“一定不”)遵循基因的自由组合定律,其中体色的显性性状是 ,以上结果
能否推测两对基因均位于常染色体上? 。
答案 (除特殊标注外,每空1分,共8分)
(1)X
(2)AAXBXB F 减数分裂过程中,非同源染色体上的非等位基因自由组合(2分)
1
(3)4 3/4 1/24(2分)
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解析 (1)(2)根据题干给出的信息,皮毛颜色是由两对同源染色体上的两对等位基因决定的,因此遵循自由组
合定律。在不考虑是否是伴性遗传的前提下,表现型与基因型的关系为A_B_(白色)、A_bb(黑色)、aa_ _(白
色)。根据F 出现雌雄个体表现型的差异可知,其中一对基因位于性染色体上。F 出现黑色个体,表明F 中雄
2 2 2
性黑色个体基因型为A_bb,那么F 中雌雄个体关于B、b基因的基因型均为Bb,进而可以推断亲本的基因型
1
分别为AABB(白色)和aabb(白色)。F 中的雌雄个体在毛色上出现差异,可能的原因是B、b基因位于X染色
2
体上。假设A、a基因位于常染色体上,B、b基因位于X染色体上,则亲本的基因型为AAXBXB(甲)与
aaXbY(乙),F 雌、雄个体的基因型分别为AaXBXb和AaXBY。F 基因型如表:
1 2
XBXB 1/4 XBXb 1/4 XBY 1/4 XbY 1/4
A_ A_XBXB A_XBXb A_XBY A_XbY
3/4 (白毛) 3/16 (白毛) 3/16 (白毛) 3/16 (黑毛) 3/16
aa aaXBXB aaXBXb aaXBY aaXbY
1/4 (白毛) 1/16 (白毛) 1/16 (白毛) 1/16 (白毛) 1/16
F、F 性状及比例符合题意。其他假设不符合题意。(3)F 中白色雄性个体的基因型有4种,分别为
1 2 2
AAXBY、AaXBY、aaXBY、aaXbY。F 中雌性杂合子的基因型为1/8AaXBXB、3/16A_XBXb、1/16aaXBXb,共
2
占3/8,雌性个体占F 的比例为1/2,F 雌性个体中杂合子所占比例为3/8÷1/2=3/4。F 黑色雄性个体的基因型
2 2 2
为A_XbY,产生基因型为AXb雄配子的概率为2/3×1/2=1/3;F 白色雌性个体的基因型为A_XBX-(3/4)与aaXBX-
2
(1/4),产生基因型为AXb雌配子的概率为3/4×2/3×1/4=1/8。让F 中的黑色雄性个体与白色雌性个体随机交
2
配,生出黑色雌性纯合子(AAXbXb)的概率为1/3×1/8=1/24。
19.(2019陕西第二次联考,32)果蝇因为体型小、易饲养、繁殖快等优点常作为遗传学研究的实验材料。某
生物兴趣小组用黑腹果蝇做实验研究性状遗传,请回答下列问题:(10分)
(1)已知果蝇的长翅和残翅是由常染色体上一对等位基因控制,用长翅果蝇与残翅果蝇作亲本进行杂交,F 均
1
为长翅,由此可判断 是显性性状。该小组模拟自然选择做了如下实验:用F 中的个体自由交配得
1
到F,保留F 中的长翅果蝇,淘汰残翅果蝇,让F 中长翅果蝇自由交配,理论上F 中残翅果蝇的基因型频率是
2 2 2 3
。
(2)在一次实验中,某同学将长翅果蝇与残翅果蝇进行杂交,子代果蝇中没有出现残翅,但出现了一种新性状
——匙翅,且长翅331只、匙型翅336只。筛选出匙型翅雌雄果蝇随机交配,其后代中没有长翅果蝇,匙型翅
和残翅的数量比约为3∶1。分析出现此结果的原因 。
(3)果蝇的细眼(B)和粗眼(b)也是一对相对性状,现有纯种的细眼果蝇和粗眼果蝇雌雄若干,选择粗眼雌蝇和细
眼雄蝇进行一次杂交实验,若F 是 ,则可判断B、b位于常染色体或X、Y同源区段,
1
而不在X、Y非同源区段。继续通过一次杂交实验,探究B、b是位于X、Y同源区段还是常染色体上,预测
子代的结果并得出结论。
杂交方案: 。
预测结果及结论: 。
答案 (除标注外,每空1分,共10分)(1)长翅 1/9
(2)控制果蝇翅型的等位基因有三个,且显隐性关系为长翅基因>匙型翅基因>残翅基因(2分)
(3)后代均为细眼果蝇 F 雌、雄果蝇自由交配(或F 雄果蝇和粗眼雌果蝇杂交) 若后代雌雄果蝇中均有细
1 1
眼、粗眼,则B、b位于常染色体上;若后代雌果蝇出现细眼和粗眼,雄果蝇均为细眼,则B、b位于X、Y同源
区段(或若后代雌雄均有细眼、粗眼,则B、b位于常染色体上;若后代雌果蝇均为粗眼,雄果蝇均为细眼,则
B、b位于X、Y同源区段)(4分)
解析 本题主要考查科学思维素养中的演绎与推理。(1)据题意,具有相对性状的纯合亲本杂交,F 表现为显
1
性性状,所以长翅为显性性状。假设等位基因为A、a,F 自由交配产生的F 中淘汰残翅(隐性性状aa),则F 中
1 2 2
表现为长翅的果蝇基因型为1/3AA、2/3Aa,F 产生的配子为2/3A、1/3a,F 长翅果蝇自由交配,理论上F 中残
2 2 3
翅果蝇的基因型频率aa=1/3×1/3=1/9。 (2)长翅与残翅交配,子代长翅∶匙翅≈1∶1,匙翅雌雄果蝇交配,子代匙
翅∶残翅≈3∶1,则显隐性关系为长翅基因>匙型翅基因>残翅基因。设长翅为a,匙翅为a、残翅为a,长翅果
1 2 3
蝇(aa)与残翅(aa)果蝇进行杂交,子代表现为长翅(aa) ∶匙翅(aa)=1∶1,匙翅果蝇自由交配,F 表现型为匙翅
1 2 3 3 1 3 2 3 2
(aa+aa) ∶残翅(aa)=3∶1。(3)用一次交配实验进行基因定位,应选择隐性雌性个体与纯合的显性雄性个体
2 2 2 3 3 3
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杂交,即选择粗眼雌蝇和细眼雄蝇杂交,如果基因位于X染色体非同源区段上,亲本基因组成为:XbXb×XBY,则
子代中雌果蝇全为细眼,雄果蝇全为粗眼;如果基因位于常染色体或XY的同源区段上,亲本基因组成:
bb×BB(XbXb×XBYB),则子代中无论雌雄全为细眼Bb(XBXb、XbYB)。如果进一步探究B、b是位于X、Y同源
区段还是常染色体上,可选F 雄果蝇和粗眼雌果蝇杂交,如果B、b位于常染色体上,则后代无论雌雄均有细
1
眼和粗眼;如果B、b位于X、Y同源区段,则F 雄果蝇基因型为XbYB,与粗眼雌果蝇XbXb杂交,子代中雌果蝇
1
全为粗眼XbXb,雄果蝇全为细眼XbYB。
20.(2020届安徽合肥调研,22)(10分)请分析下列果蝇遗传的相关问题:
Ⅰ.在一个自然果蝇种群中,灰身与黑身为一对相对性状(由A、a控制);棒眼与正常眼为一对相对性状(由B、
b控制)。现有两果蝇杂交,得到F 表现型和数目(只)如表。请回答:
1
灰身正常 黑身正常
灰身棒眼 黑身棒眼
眼 眼
雌蝇 156 0 50 0
雄蝇 70 82 26 23
(1)该种群中控制灰身与黑身的基因位于 染色体上,控制棒眼与正常眼的基因位于 染色体
上。
(2)亲代雌雄果蝇的基因型分别为 、 。
(3)F 中黑身棒眼雌雄果蝇随机交配,F 的表现型及其比例为 。
1 2
Ⅱ.控制果蝇眼色的基因仅位于X染色体上,红眼(R)对白眼(r)为显性。研究发现,眼色基因会因染色体片段缺
失而丢失(记为XO);若果蝇两条性染色体上都无眼色基因则无法存活。在一次用纯合红眼雌果蝇(XRXR)与白
眼雄果蝇(XrY)的杂交实验中,子代出现了一只白眼雌果蝇。用这只白眼雌果蝇与红眼雄果蝇进行杂交实验,
对后代表现型及雌雄比例进行分析,可判断子代白眼雌果蝇出现的原因。
实验结果预测和结论:
(1)若子代果蝇 ,且雌∶雄=1∶1,则是环境条件改变导致的不可遗传的变异。
(2)若子代果蝇 ,且雌∶雄=1∶1,则是基因突变导致的。
(3)若子代果蝇 ,且雌∶雄=2∶1,则是染色体片段缺失导致的。
答案 (除标注外,每空1分,共10分)Ⅰ.(1)常 X (2)AaXBXb AaXBY (3)黑身棒眼雌蝇∶黑身棒眼雄蝇∶
黑身正常眼雄蝇=4∶3∶1(2分) Ⅱ.(1)雌性全红眼,雄性红眼∶白眼=1∶1 (2)雌性全红眼,雄性全白眼 (3)雌性
全红眼,雄性全白眼(2分)
解析 Ⅰ.(1)子代雌蝇中黑身∶灰身=50∶156≈1∶3,雄蝇中黑身∶灰身=(26+23)∶(70+82)≈1∶3,雌雄比例相等,故控
制灰身与黑身的基因位于常染色体。子代雌蝇全是棒眼,雄蝇棒眼∶正常眼=(70+26)∶(82+23)≈1∶1,雌雄比例
不等,故控制棒眼与正常眼的基因位于X染色体。(2)子代黑身∶灰身=1∶3,亲本相关基因型为Aa×Aa; 子代雌
蝇全是棒眼,雄蝇中,棒眼∶正常眼=1∶1,亲本相关基因型为XBXb×XBY,故亲本基因型为AaXBXb和AaXBY。
(3)F 中黑身棒眼雌蝇的基因型及其比例为1/2aaXBXb和1/2aaXBXB,F 中黑身棒眼雄蝇的基因型为aaXBY。
1 1
因此,有2种杂交组合∶①aaXBXb×aaXBY,子代为(1/2)×(1/2黑身棒眼雌蝇∶1/4黑身棒眼雄蝇∶1/4黑身正常
眼雄蝇)。②aaXBXB×aaXBY,子代为(1/2)×(1/2黑身棒眼雌蝇∶1/2黑身棒眼雄蝇)。因此,F 表现型及比例为:
2
黑身棒眼雌蝇∶黑身棒眼雄蝇∶黑身正常眼雄蝇=(1/4+1/4)∶(1/8+1/4)∶(1/8)=4∶3∶1。
Ⅱ.(1)若是环境条件改变导致的不可遗传的变异,则这只白眼雌果蝇的基因型为XRXr,其与红眼雄果蝇(XRY)
进行杂交,子代果蝇的基因型为1/4XRXR、1/4XRY、1/4XRXr、1/4XrY,则雌∶雄=1∶1,且雌性全红眼,雄性红眼
∶白眼=1∶1。(2)若是基因突变导致的,则这只白眼雌果蝇的基因型为XrXr,其与红眼雄果蝇(XRY)进行杂交,子
代果蝇的基因型为1/2XRXr、1/2XrY,则雌∶雄=1∶1,且雌性全为红眼,雄性全为白眼。(3)若是染色体片段缺失
导致的,则这只白眼雌果蝇的基因型为XrXO,其与红眼雄果蝇(XRY)进行杂交,子代果蝇的基因型为1/4XRXr、
1/4XOY(无法存活)、1/4XRXO、1/4XrY,则雌∶雄=2∶1,且雌性全为红眼,雄性全为白眼。
21.(2019浙江湖丽衢联考,31)(8分)某二倍体植物的雌株与雄株受一对等位基因控制(用字母G、g表示,G对
g为完全显性),其花色有红花、粉花、白花三种,花色由其他等位基因控制。性别与花色的相关基因均独立
遗传。为研究该植物的遗传情况,进行了如下实验:
F
1
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实验 杂交组合 雄株 雌株
红花雄株 107株红花、129株 183株红花、122株
1
(A)×红花雌株 粉花、22株白花 粉花、20株白花
红花雄株 129株粉花、 66株红花、131株
2
(A)×白花雌株 64株白花 粉花、65株白花
粉花雄株
3 全为粉花 全为粉花
(B)×白花雌株
注:实验3的粉花雄株(B)和白花雌株均取自实验1的F。
1
请回答:
(1)该植物的花色遗传受 对等位基因控制,遵循 定律。对该植物自然状态下的多株雄株
进行花药离体培养,获得幼苗经秋水仙素处理后所得植株中雌、雄株的比例均接近1∶1,这是因为
。
(2)实验1和实验2所得F 中,雄株、雌株的性状分离比均存在一定差异,造成这种现象的原因是基因型为
1
的花粉致死(花色相关基因依次用A、a,B、b……表示)。实验1中F 雄株红花基因型有 种。
1
(3)表中雄株B的基因型为 。若雄株B与实验2的F 中多株粉花雌株杂交,则其后代出现白花
1
雌株的概率为 。
答案 (1)两 自由组合 自然状态下雄株的基因型为Gg/自然状态下雌株的基因型为gg不能产生基因型
为GG的雄性子代/自然状态下没有基因型为GG的雄株 (2)ABG 3 (3)aaBBGg或AAbbGg(答完整给分)
0
解析 (1)由实验1后代雌株花色比例为红花∶粉花∶白花≈9∶6∶1可知,花色由两对等位基因控制,符合基因的
自由组合定律;花药离体培养和秋水仙素处理得到的植株都是纯合子,对多株雄株进行花药离体培养和秋水
仙素处理得到的后代中雌雄比例均接近1∶1,所以亲本应该是产生了两种配子,即G和g,所以亲本基因型为
Gg,即自然状态下雄株的基因型为Gg,雌株基因型为gg,没有基因型为GG的雄株。(2)通过实验1中的后代
雌株花色比例为红花∶粉花∶白花≈9∶6∶1,这是性状分离比9∶3∶3∶1的变式,设花色由基因A、a和B、b控制,
则红花是双显A_B_,粉花是单显A_bb和aaB_,白花是双隐aabb,亲本花色基因型均为AaBb,又根据第(1)小题
可知,雄株的基因型是Gg,雌株的基因型是gg,所以实验1中亲本基因型为AaBbGg和AaBbgg,后代中的雄株
红花∶粉花∶白花≈5∶6∶1可知,雄性双显性中死亡了4份,应该是ABG的花粉致死导致的,所以后代雄株红花
的基因型只有AaBbGg、AABbGg、AaBBGg 3种。(3)由于实验3粉花和白花杂交后代全为粉花,所以粉花
雄株B基因型为aaBBGg或AAbbGg;让aaBBGg或AAbbGg与实验2的F 中多株粉花雌株杂交,则其后代
1
出现白花雌株的概率为0,因为白花雌株的基因型为aabbgg。
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