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高三物理答案
1．C 2.B 3.D 4．B 5．D 6.C 7.B 8.BD 9. AC 10.AD
𝑑 1
11.（1）B （2） （3）
𝑅𝛥𝑡 𝛥𝑡2
12.（1）不需要 > （2）
√𝐿3
（3）√𝐿 − √𝐿
3 2
√𝐿2−√𝐿1
13.解析：（1）由牛顿第二定律可得
F-mgSin30º-f=ma 解得F=8000N
𝑃
可得匀加速运动的末速度为v = =7m/s
1
𝐹
则汽车做匀加速运动的时间t =
𝑣1
=7s
1
𝑎
（2）汽车到最大速率时，牵引力为F =mgSin30º+f
1
𝑃
汽车所能达到的最大速率为v = =8m/s
m
𝐹1
14．【答案】(1)
2 U
m
q
(2)
d
2 L
(3)
d
8
【详解】（1）带电粒子经电场加速由动能定理 U q
1
2
m v
0
2 0
粒子射入偏转电场时的速度大小 v
0
2 U
m
q
（2）粒子在 t 0 时刻进入偏转电场，水平方向做匀速直线运动 L v
0
t
L T
，t
v 2
0
竖直方向做匀加速直线运动 a
U
d
0m
q
q
m
U
L
d
2
粒子离开偏转电场时沿垂直于板面方向的偏转距离 y
1
2
a t 2
d
4
粒子离开偏转电场时竖直速度 v
y
a t
q
m
U
L
d
v
0
速度偏转角 的正切值
ta n
v
v
y
0
q
m
U
L
v
d
v
0
0
m
q U
L
d
v
0
2
d
2 L
（3）粒子在 t
T
4
时刻进入偏转电场，粒子离开偏转电场所用时间 t
L
v
0
T
2
T
4
‐
T
2
时间内，竖直方向做匀加速直线运动 a
U
d
0m
q 1 T 2
，位移y a
1 2 4
T 3T
‐ 时间内，竖直方向做匀减速直线运动
2 4
a
U
d
0m
q
，位移 y
2
a
T
4
T
4
1
2
a
T
4
2
1
2
a
T
4
2
d
粒子离开偏转电场时沿垂直于板面方向的偏转距离y y y
1 2 84 8
15.答案：(1)1m/s(4分）； (2)70N(6分）； (3)2m/s m/s m/s（8分）
3 9
解析：（1）对B、C分析，根据动量守恒有mv=mv
B B C C
1 1
根据能量守恒有Ep= m v 2+ m v 2
B B C C
2 2
解得v =1m/s
B
（2）B恰好进入圆弧轨道，有v =
𝑣𝐵
B1
𝐶𝑜𝑠60º
B从圆弧轨道左端到最低点时，根据动能定理有
1 1
m v 2 — m v 2=m gR（1-𝐶𝑜𝑠60º）
B 0 B B1 B
2 2
联立解得，物块B滑到最低点时v =4m/s
0
3𝑚𝑣2
根据牛顿第二定律F-3mg= 0
𝑅
根据牛顿第三定律得F'= -F
解得F=70N.
（3）对A、B分析，A、B第一次共速有3mv =(m+3m)v
0 10
长木板A与滑块1发生第一次弹性碰撞过程有mv =mv +2mv
10 A1 1
1 1 1
mv 2 = mv 2 + 2mv 2
10 A1 1
2 2 2
1 3 1
解得v = - v v = v v = v =2m/s
A1 0 10 0 1 0
4 4 2
滑块1与滑块2碰撞后速度交换，滑块1碰后静止。滑块2与滑块3碰撞后速度交换，滑块2碰后静
止。
A、B第二次达到共速有3mv +mv =(m+3m)v
10 A1 20
A与滑块1第二次碰撞有mv =mv +2mv
20 A2 2
1 1 1
mv 2 = mv 2 + 2mv 2
20 A2 2
2 2 2
1 2 1 4
解得v = - v v = v v = v = m/s
A2 0 20 10 2 0
6 3 3 3
滑块1与滑块2碰撞后速度交换，滑块1碰后静止。
1 2 2 2 8
依次类推有A与滑块1第三次碰撞v = - ×( )2v v =( )2v v = v = m/s
A3 10 30 10 3 0
3 3 3 9 9
滑块3的速度为2m/s；滑块2的速度为
4
3
m / s 滑块1的速度为
;
8
9
m / s
