物理-湖北元月调考暨湖北省部分市州元月高三期末联考_2024届湖北元月调考暨湖北省部分市州元月高三期末联考

{#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}{#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}{#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}{#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}{#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}{#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}湖北省部分市州 2024 年元月高三期末联考 物理参考答案与评分细则 一、选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 C D D C C B D AD AC BD v v v  1 2 1.若a车在t ～t 这段时间做匀加速直线运动，其平均速度 2 ，而实际上a车在t ～ 1 2 1 t 这段时间内的位移小于做匀加速直线运动的位移，则 a车在 t ～t 这段时间内的平均速度 2 1 2 v v v  1 2 小于匀加速直线运动的平均速度 2 ，故 A 错误；根据 v-t图象的斜率表示加速度， 知a车在t 和t 时刻的加速度方向相反，加速度不同，故B错误；在0-t 时间内，两车的速 1 2 2 度图线与时间轴所围的面积不一定相等，则它们通过的位移不一定相等，因此，t 时刻，两 2 车不一定再一次处在同一位置，故D错误。故C正确。 2.图甲说明产生光电效应时，频率大的光对应的反向遏止电压一定大，故A错误；图乙说明 在散射实验中，大多数粒子经金箔后仍沿原来方向运动，只有少数α粒子产生了较大角度的 偏转，极少数 α粒子偏转角很大，有的几乎沿原路返回，故 B 错误；图丙说明氡原子核衰 变时的规律是，每过3.8天，原子核发生衰变的数量下降一半，原子核发生衰变的概率不变， 故 C 错误；由图丁可知，质量数中等的原子核比结合能最大，原子核越稳定，图中氧的原 18O 4Li 18O 子核（ 8 ）是比锂的原子核（3 ）更接近中等质量数的原子核，所以氧的原子核（ 8 ） 4Li 比锂的原子核（3 ）更稳定，故D正确。 3.飞箭与橡皮筋未分离前，橡皮筋对飞箭做正功，飞箭的机械能是增加的，飞箭离开橡皮筋 后机械能不变，故A错误；飞箭与橡皮筋未分离前，先做加速度逐渐减小的加速运动，接 着做加速度逐渐增大的减速运动，离开飞箭后，做竖直上抛运动，当飞箭受到橡皮筋的弹力 等于其重力时，即加速度为零时，飞箭的速度达最大，故B、C错误；把橡皮筋与飞箭看着 一个系统，系统的机械能守恒，而飞箭的动能是先增大后减小，则可知橡皮筋的弹性势能和 飞箭的重力势能之和先减小后增大，故D正确。 4.轨道Ⅰ上半径大于R，线速度小于√𝑔𝑅，故A错误；在同一位置引力大小相同，故加速度 相同，B错误；卫星由低轨道变轨到更高的轨道时，需加速，故C正确；对接空间站需要先 减速降低轨道再加速对接，D错误。 5.沿电场线方向电势逐渐降低，O到x电场沿x轴负方向，x到x电场沿x轴正方向，粒子 1 1 4 先减速后加速，在x处动能最小、电势能最大，C正确、D错误；斜率大小等于电场强度大 1 小，故A、B错误。 6.根据电功率的计算公式𝑃 =𝑈 𝐼 ，代入数据解得𝑈 =1.1×106V，故 A 错误；根据电功 0 1 1 1 率的计算公式𝑃 =4%𝑃 =𝐼 2𝑅，代入数据解得𝑅 =220Ω，故C错误；根据电功率的计算公 0 1 式𝑃 =𝑈 𝐼 ，可知 U 增大时，I 减小，故 U -U 的差 I R 减小，故 D 错误；根据原副线圈 0 1 1 1 1 1 2 1 第1页 共5页 {#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}𝑛 𝑈 11000 1 电压之比与线圈匝数的之比关系可知 1 = 0 = = ，故B正确； 𝑛 𝑈 1.1×106 100 2 1 7.由正弦定理可知，力F水平时细绳拉力最大，故轻绳拉力由mg增大到√2𝑚𝑔后又减小到 mg，力F一直增大，故A、B错误；对P受力分析可知，物体P所受摩擦力先增大后减小， 方向始终向下，故C错误，D正确。 8.由图（b）可知t =0.1s时Q沿y轴负方向振动，故间谐波沿x轴负方向传播，P先达到正 1 向最大位移处，A正确，C错误。波长为8m，周期T 0.2s，故波速为  8 v  m/s40m/s，B错误。t=0.175s时机械波向x轴负向传播的距离为x=v（t-t） 1 T 0.2 =3m,即0.1s时Q的振动形式恰好传播到P点，故D正确。 1 10 9.由sinC= = ，故A正确； n 13 如图所示,在直角ABO中，由几何关系可知 BO 3 1 sin   sinC，所以由灯直接发出的光照到冰块上表面 AO 3 1.3 AB 6 1 时都能从上表面射出，而sin   sinC，所以由灯直接发出的光照到冰块四 AO 3 1.3 个侧面时不是都能从侧面射出，故B错误，C正确；实深是AB，视深为h，根据折射率定 AB 10 义式结合几何关系可知 n可得h m，故D错误。 h 13 𝐵𝑞𝐿 𝐿 10. 由左手定则，洛伦兹力向右，A错误；垂直于PN边射出磁场时 ，半径为 ，故速度为 ，B 2 2𝑚 正确；由几何关系可知，当运动轨迹与 MN相切时，偏转的圆心角最大为 45o，运动的最长 𝜋𝑚 时间𝑡 𝑚𝑎𝑥 = ，D正确；当运动轨迹与MN相切时，半径小于√2𝐿，C错误。 4𝑞𝐵 二、非选择题 11.（7分） 答案： （1）AC（2分，选择部分选项得1分，有错误选项得不得分） （2） 0.48（2分） （3）F增大后不满足沙和沙桶的总质量远小于小车的质量（1分） g或9.8m/s2（2分） 评分细则：严格按照参考答案赋分。 解析：（1）小车的加速度由沙和沙桶的总重力产生，只有在细线与木板保持平行、平衡小 车下滑时的摩擦力且沙和沙桶的总质量远小于小车的质量的条件下，实验中用沙和沙桶的总 重力才能代替小车所受的合外力，故AC正确；实验中先接通电源后释放小车，D错误；平 衡摩擦力时只连接纸带，B错误。 （2）每两个计数点之间还有4个计时点未画出，故相邻计数点的时间间隔为𝑇 =0.1s，根 据逐差法，小车的加速度大小为𝑎 = 𝑥3+𝑥4−𝑥1−𝑥2 = (6.16+6.65−5.20−5.69)×10−2 m/s2 =0.48m/s2 4𝑇2 4×0.12 （3）图线出现弯曲的原因是不满足沙和沙桶的总质量远小于小车的质量。根据牛顿第二定 𝑚 1 律有𝑚𝑔−𝐹 =𝑚𝑎，其中𝐹 =𝑀𝑎，得𝑎 = 𝑔 = 𝑔。当不断增加沙桶内的沙的质量时， 𝑀+𝑚 1+ 𝑀 𝑚 即当𝑚 ≫𝑀时，则加速度a的大小趋向于g。 第2页 共5页 {#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}4𝐿(𝐼 −𝐼 ) 2 1 12（. 10分）答案：（1）0.900（2分） 1.445（2分）（2） R（3分） （3） （3分） 1 𝜋𝐷2𝐼 (𝑅 +𝑟 ) 1 1 1 评分细则：（1）第1空，0.898~0.902均正确。（2）其他均严格按照参考答案赋分。 解析：（1）D=0.5+40.0×0.01mm=0.900mm；L=14mm+9×0.05mm=14.45mm=1.445cm （2）要使电表示数都能达到量程的三分之一以上，故电阻A选R 1； 𝐼 (𝑅 +𝑟 ) 𝐿 4𝐿(𝐼 −𝐼 ) （3）电阻𝑅 = 1 1 1 = 𝜌 ，电导率为电阻率的倒数，故 2 1 𝑥 𝐼 2 −𝐼 1 1 𝜋𝐷2 𝜋𝐷2𝐼 1 (𝑅 1 +𝑟 1 ) 4 13.（10分）【答案】(1)360K (2)396K （1）从开始到活塞刚接触重物，气体为等压变化，则： 𝐻𝑆 (𝐻+ℎ)𝑆 = …………………………………………（2分） 𝑇 𝑇 1 2 解得： 𝑇 =360𝐾……………………………………………（2分） 2 （2）绳子拉力刚好为零时，有 pS  p Smg…………………………………………（2分） 1 0 P 𝑃 0 = 1 ……………………………………………（2分） 𝑇 𝑇 2 3 解得 𝑇 =396𝐾…………………………………………（2分） 3 评分细则：（1）按照参考答案得分点赋分；（2）其他解法参照赋分。 14.（15分）【答案】(1)3m/s (2)不能到达最高点d (3)0.2 （1）物块B经过圆弧轨道c处时，有 v2 F m c …………………………………………（2分） c B R 得 v 3m/s…………………………………………（1分） c （2）物块B从cd过程 1 1 m gR m v2  m v2……………………………（2分） B 2 B d 2 B c 在最高点d，有 v2 F m g m d …………………………………（2分） d B B R 联立以上方程解得 𝐹 = −10𝑁<0 𝑑 故物块不能到达圆弧最高点d。…………………………………………………………（1分） （3）弹簧弹开过程，根据动量守恒定律可得 第3页 共5页 {#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}m v m v ………………………………………1分） A A B B 弹开后，物块B从b滑到c的过程 1 1 m v2 m gR m v2……………………………（2分） 2 B B B 2 B c 物块A在车上滑行的过程 m v m Mv……………………………………（1分） A A A 1 1 1 m g L m v2  (m M)v2……………………（2分） A 2 2 A A 2 A 联立解得 μ=0.2………………………………………（1分） 评分细则：（1）按照参考答案得分点赋分；（2）其他解法参照赋分。 6𝑚𝑔𝑅 4𝑚𝑔ℎ 36𝑔2𝑅2𝑚3 6mR(gt −𝑣 ) 15.（18分）【答案】（1） ；（2） − （3） 0 0 𝐵2𝐿2 3 𝐵4𝐿4 B2L2 （1）a棒稳定时，a受重力、支持力、拉力和向左的安培力，a棒运动时产生的感应电动势 为 𝐸 =𝐵𝐿𝑣……………………………………………（1分） 感应电流为 𝐸 𝐼 = ……………………………………………（1分） 𝑅+2𝑅 受到的安培力为 𝐹 =𝐵𝐼𝐿……………………………………………（1分） A 对b分析 𝐹 =2𝑚𝑔…………………………………………（1分） T 又 𝐹 =𝐹 𝑇 𝐴 联立解得 6𝑚𝑔𝑅 𝑣 = ………………………………………（1分） 𝐵2𝐿2 （2）根据棒和物体组成的系统，根据能量守恒 2𝑚𝑔ℎ = 1 (𝑚+2𝑚)𝑣2+𝑄 ……………………………（2分） 2 总 根据焦耳热公式可得 2 𝑄 = 𝑄 ………………………………………（2分） 𝑅 3 总 联立解得 4𝑚𝑔ℎ 36𝑔2𝑅2𝑚3 𝑄 = − ……………………………（2分） 𝑅 3 𝐵4𝐿4 （3）棒从静止开始运动到稳定速度，根据动量定理得，对重物b有 2𝑚𝑔𝑡 −𝐼 =2𝑚𝑣 −0………………………………（2分） 𝑜 T 0 第4页 共5页 {#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}对棒a有 𝐼 −𝐵𝐼𝐿̅ 𝑡 =0−0…………………………………（2分） T 总 即 𝐵𝐿𝑥 𝐼 −𝐵𝐿 = 0−0……………………………（2分） T (𝑅+2𝑅) 联立可得 6mR(gt −𝑣 ) 𝑥 = 0 0 ………………………………（1分） B2L2 评分细则：（1）按照参考答案得分点赋分；（2）其他解法参照赋分。 第5页 共5页 {#{QQABQYCQoggIQBIAABgCQQHqCAKQkBCCAIoOABAAoAABwRNABAA=}#}