辽宁省本溪市高级中学2025届高三下学期第七次模拟物理答案_2025年4月_250407辽宁省本溪市高级中学2025届高三下学期第七次模拟试题

《高三第七次模拟考试物理考试》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C D A A D C BC ACD AB 1．B【详解】开启倍速播放后，手机发出的声音频率升高，因为介质不变，则声音的传 v 播速度不变，根据 则波长变短。故选B。 f 2．C【详解】A．P、Q两点以AB为共同转轴做圆周运动，则可知P的速度方向与其圆周 运动的半径垂直，并不沿绳子切线，故A错误； BC．由于P、Q两点以AB为共同转轴做圆周运动，可知二者的角速度相等，由图可知，P 的半径小于Q的半径，根据公式vr 可知，P的线速度小于Q的线速度，故B错误，C正确； D．P、Q等各点均同步在竖直面做匀速圆周运动，则合外力提供向心力，指向圆周运动的 圆心，即P点所受合外力方向一定垂直于AB连线向下，故D错误。故选C。 3．D【详解】A．全反射条件是光密进光疏介质才能发生，故A错误； B．由图可知，太阳光射入冰晶时， a光的偏折程度比b光的偏折程度小，则 a的折射率 比b的小，故B错误； C．a的折射率比b的小，则a的频率比b的小，根据Eh可知a的光子能量比b的小， 故C错误； D．a的频率比b的小 ，则a的波长比b的大，用a、b光在相同实验条件下做双缝干涉实 L 验，根据x ，可知a的双缝干涉条纹间距大，故D正确。故选D。 d 4．A【详解】AB．对物块受力分析，当弹簧处于压缩状态时，由牛顿第二定律可得kx f ma x减小，a减小，当a0时，物块速度最大，此时，物块在O点左侧；从加速度a0处到 O点过程，由牛顿第二定律得 f kxma x减小，a增大；当弹簧处于伸长状态时，由牛顿第二定律可得kx f ma x增大，a继续增大，可知物块的加速度先减小后增大，故A正确，故B错误； C．物块所受弹簧的弹力对物块先做正功，后做负功，故C错误； D．从A到B的过程，由动能定理可得W W 0可得W W 弹 f 弹 所受弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功，故D错误。故选A。 5．A 答案第1页，共6页 {#{QQABIYAAgggIABBAAAhCEwUwCAAQkBCCAYoOQBAYoAABwRFABAA=}#}F F'  【详解】AB．将力F沿垂直侧面方向分解可知 木楔对油饼的压力为 2sin 2  F F'' F'cos  2  2tan 2 F 可知为了增大木块对油饼的压力，通常设计得较小，木锲对每个木块的压力大于 ，选 2 项A正确，B错误； C．木块挤压油饼过程中，外界对油饼做功，因为是快速撞击木楔，则可认为与外界无热交 换，则油饼内能增加，选项C错误； D．木块对油饼的压力与油饼对木块的压力是相互作用力，总是等大反向，可知木块加速挤 压油饼过程中，木块对油饼的压力等于油饼对木块的压力，选项D错误。故选A。  6．D【详解】A．由于电势为标量，由题意可知每个小立方体在O点的电势相等为  1 3 8 故A错误； 1 B．上层四个小立方体在P点的电势和为 4   4 3 2 1 1 下方四个小立方体在P点的电势和为      2 4 2 2 1    下层一个小立方体在P点产生的电势为   2 1 故B错误； 5 4 4 8 7 C．现撤去下层一个小立方体，则O点电势为 7  故C错误； 6 3 8 1 1 3 D．撤去下层一个小立方体，则P点电势  3    故D正确。故选D。 P 4 5 8 1 4 2 1 7．C【详解】A．从O到P点，根据平抛运动的逆向思维v2 2gh ，h gt2 ， y 2 25 x 221.52mv t解得v  m/s，v 6m/s x x 6 y 1921 足球的初速度大小为v  v2v2  m/s故A错误； 0 x y 6 3 B．足球经过横梁反弹后，垂直CD的速度分量大小变为原来的 倍，平行CD的速度分量 4 2 4 不变，设碰时速度与CD夹角为 ，根据几何关系tan  1.5 3 3 5 1 v  v sin，v v cos v ' v2 v2  2m/s落地竖直方向h gt2，v gt  4 x // x x  // 2 2 y 194 落地时的速度大小为v' v '2v2  m/s 故B错误； x y 2 C．设反弹后速度垂直CD的分速度大小为2.5m/s，下落时间为0.6s，x=1.5m故C正确； 答案第2页，共6页 {#{QQABIYAAgggIABBAAAhCEwUwCAAQkBCCAYoOQBAYoAABwRFABAA=}#}D．足球由O运动到P点的时间等于由P运动到Q点的时间，故D错误。故选C。 8．BC【详解】A．光照到光电管发生光电效应是瞬间的，即立刻产生光电子，故A错误； B．根据爱因斯坦光电效应方程E hW ，光电子的最大初动能与发光的频率有关，发光 k 0 强度变强时，发光频率不变，最大初动能不变，故B正确； C．仅将发光二极管换为发蓝光，频率变高，一定能发生光电效应，故C正确； D．仅将发光二极管频率变减小，不一定超过截止频率，不一定能发生光电效应，所以不一 定能识别条形码，故D错误。故选BC。 9．ACD【详解】AB．cd棒沿斜面向上运动，切割磁感线产生感应电流，由右手定则可知， 电流方向为abcda，故A正确，B错误； C．ab匀速下落，则cd匀速上升，两者合力均为0，故绳中拉力为T mg Bdυ mgR 对cd棒有BId mgsinθ μmgcosθ T其中I  解得υ 故C正确； 2R 2B2d2 1 1 D．由C中可得，安培力大小为F BIL mg摩擦力为 f  mg 4 4 故相同时间内，两者做功相等，因此摩擦产生的热量和回路中产生的焦耳热相等，故D正 确；故选ACD。 10．AB 【详解】A．如图所示，以v表示行星的速度，当行星经过近日点A和远日点B时，v和r 1 1 垂直，则面积速度，即单位时间通过扫过的面积S  (ac)v  (ac)v 2 A 2 B ac 解得v  v A正确。 B ac A BC．行星运动的总机械能E等于动能与引力势能之和。经过近日点和远日点时有 1 Mm 1 Mm 1 Mm 1 Mm E  mv2G  mv2G ，E  mv2G  mv2G A 2 A r 2 A a c B 2 B r 2 B a c A B 根据机械能守恒有E E 因此有 1 m  v2 v2 GMm   1  1   A B 2 A B ac ac GM ac GM ac 结合上述可解出v2   ，v2   A a ac B a ac Mm 则解得机械能为E E E G B正确，C错误； A B 2a D．根据椭圆规律有a2 b2c2 b GM 结合上述解出的v ，可求得面积速度为S  椭圆的面积为ab，因此周期为 A 2 a 答案第3页，共6页 {#{QQABIYAAgggIABBAAAhCEwUwCAAQkBCCAYoOQBAYoAABwRFABAA=}#}ab 2a a T   D错误。故选AB。 S GM d d r2 11．(1) （2分） （2分） (2) 0 （2分） t Rt g d v d 【详解】（1）[1] 遮光片的线速度大小为v [2]根据线速度与角速度公式可知  t R Rt r2 （2）根据图像可知时，F 0，此时有mg mr2解得 0 0 0 g 12．(1)12.0（2分） (2) 1.33 （2分） 2.0（2分） (3) 2.0 （2分） 0.22（2分） 【详解】（1）由电阻箱的读数规则可知，此时电阻箱的读数为 R01001102100.112.0 E 1 1 rR （2）[1]由闭合电路欧姆定律有I  整理则有  R 0 rR R I E E 0 1 4 结合题中图线的解析式，有0.75V1  解得E  V1.33V E 3 rR [2]由2.25A1  0 解得r2.0 E （3）[1][2]分析题图中电路可知，外电路的用电器为电阻R和R ，结合题意可知，题图的y 0 E2 PI2R 轴为电池的输出功率，题图的x轴为外电路的电阻。对电池有 (R r)2 外 4r R 外 E2 y 4 结合题图有 (xr)2 由之前的分析可知E V r2.0 4r 3 x 题图中A点为y最大值，由上述公式可知，当x=r时，即外电路电阻等于电池内阻时，取得 最大值，所以x2.0 y0.22W 13．（1）a50m/s2；（2）v6m/s 【详解】（1）对铁箱和木块构成的整体受力分析，竖直方向上有F M mg（1分） N1 水平方向上有F f M ma（1分）其中 f F 解得a50m/s2（1分）。 1 1 1 N1 （2）对木块受力分析，竖直方向上有 f mg（1分） 2 水平方向上有F ma（1分） N2 其中 f F 解得 0.2（1分） 2 2 N2 2 答案第4页，共6页 {#{QQABIYAAgggIABBAAAhCEwUwCAAQkBCCAYoOQBAYoAABwRFABAA=}#}撤去拉力后，木块将相对于铁箱滑动，对木块受力分析有 f ma 2 2 其中 f F mg 2 2 N2 2 对铁箱受力分析，有 f  f Ma （1分） 1 2 1 v2 木块的位移x  2 2a 2 v2 铁箱的位移x  （1分） 1 2a 1 木块刚好运动到铁箱右壁，则有Lx x （1分） 2 1 解得v6m/s（1分） 14．（1）6.0103m3；（2）①120kg；②180J 【详解】（1）设充入的气体体积为V，则有pLS pV  p(L L)S（2分） 1 1 0 1 1 pSΔL 解得V  1 6.0103m3（1分） p 0 （2）①由理想气体状态方程有： pS(L L) p SL 1 1  2 2 （2分） T T 1 2 解得 p 3.6106Pa（1分） 2 (p  p )S mg（1分） 2 1 解得 m120kg（1分） ②外界对气体做功 p  p W  1 2 S(L LL )（2分） 2 1 2 解得 W 198J（1分） 由热力学第一定律有 ΔU W Q198J18J180J（1分） 2meU 1 625 8 10 15．（1）B ；（2） m~ m；（3）B B BB eL 4 64 2 25 答案第5页，共6页 {#{QQABIYAAgggIABBAAAhCEwUwCAAQkBCCAYoOQBAYoAABwRFABAA=}#}1 【详解】（1）负离子经过加速电场时，由动能定理有eU  mv2（1分） 2 mv2 负离子在磁场中做匀速圆周运动，有evB （1分） r 1 2mU 可得r  （1分） B e 由几何关系得，该负离子在磁场中运动的轨迹半径r L（1分） 2meU 解得B （1分） eL 1 1 （2）①负离子恰好打中P点，有r  L （1分） 由半径公式得m  m（1分） 1 2 1 4 ②负离子恰好打中Q点，由几何关系得(4Lr )2 (3L)2 r2（1分） 2 2 25 解得r  L（1分） 2 8 625 由半径公式得m  m（1分） 2 64 1 625 所以水分子的质量范围是 m~ m（1分） 4 64 25 1 18mU （3）质量为9m的负离子恰好打中Q点，有 L （1分） 8 B e 1 24 解得B  B（1分） 1 25 25 1 20mU 质量为10m的负离子恰好打中Q点，有 L （1分） 8 B e 2 8 10 解得B  B（1分） 2 25 8 10 由于BB B B，所以B不能超过B B BB （1分） 1 2 2 25 答案第6页，共6页 {#{QQABIYAAgggIABBAAAhCEwUwCAAQkBCCAYoOQBAYoAABwRFABAA=}#}