康德2024年重庆市普通高中学业水平选择性考试高三11月调研测试卷物理参考答案(1)_2023年11月_0211月合集_2024届重庆半期统考普通高等学校招生全国统一考试高三11月调研卷（康德卷）

2024 年重庆市普通高中学业水平选择性考试 11 月调研测试卷 物理参考答案 1～7 BACDADB 8 AC 9 BC 10 BC 解析： 1．B。顾客受扶梯的作用力方向竖直向上，顾客对扶梯的作用力方向竖直向下，选项B正确。 2．A。空气阻力做负功，该运动员的机械能一直减少，选项A正确。 Mm Mm a R2 3．C。设地球质量为M，则G 月 m a，G 苹 m g，所以  ，选项C正确。 r2 月 R2 苹 g r2 4．D。设小球在轨道最高位置速度大小为v，轨道最低位置速度大小为v，要使小球能在竖直面内做完整圆周运 1 2 v2 1 1 动，在轨道最高位置满足mg≤m 1 ，在轨道最低位置满足 mv2 mg2R mv2，联立可得v ≥ 5gR ， R 2 2 2 1 2 选项D正确。 L L  t t 2L(t t ) 5．A。设动车的加速度大小为a，则a 1 2  2 1 ，选项A正确。 t t tt (t t ) 1 2 12 2 1 2 1 1 a a h 6．D。该无人机在距地高h 时，其重力势能E mgh ，由a-h图像知其动能E  mv2  m2 0 h m 0 2 ， 2 p 2 k 2 2 2 2 2 a 故其机械能E E E m( 0＋g)h ，选项D正确。 p k 2 2 7．B。在时间t内，吹向该广告牌的空气质量mSvt，对大风由动量定理有Ft0mv，由牛顿第三 定律可得，大风对该广告牌的平均作用力大小FF Sv2，选项B正确。 8．AC。由x-t图像可知，t 时刻，甲追上乙，选项A正确，选项B错误；比赛全程，平均速度v ＞v ，选项C 0 甲 乙 正确，选项D错误。 9．BC。由分析知，箱丙与天花板间轻绳断裂后瞬间，乙的加速度为零，甲、丙二者加速度相同，对甲、丙整体 进行受力分析，由牛顿第二定律有mg3mg2mg 4ma ，得a 1.5g，选项B正确，选项A错误；设 甲 甲 甲对丙的弹力大小为F ，对丙有3mgF 3ma ，解得F 1.5mg ，选项C正确，选项D错误。 N N 甲 N 10. BC。由分析知，对Q环施以微扰，P环沿竖直杆向下先加速、后减速，当P环到达最低位置时速度减为零， 1 此时Q环速度最大，对P、Q两环整体有mg2L mv2 ，得v 2 gL，选项C正确，选项D错误； 2 Qm Qm P 当P环下滑至轻杆与竖直杆夹角为θ时，设P环速度大小 L θ L 为v P ，Q环速度大小为v Q ，如答图1所示，P、Q两环沿 v P v Q v Q O Q 轻杆方向的分速度大小相等，有 v cosv sin，对P、 L P Q  1 1 v Q两环整体有mgL(1cos) mv2  mv2 ，联立可得 P 2 P 2 Q 答图1 11月调研测试卷（物理）参考答案 第 1 页 共 4 页v2 2gL(1cos)sin22gL(1cos)(1cos2)，其中0≤θ≤180°，－1≤cosθ≤1，令xcos，对函 P 数 f(x)2gL(1x)(1x2)2gL(x3x2 x1)求导，有 f(x)2gL(3x2 2x1)2gL(3x1)(x1)，由 1 1 1  1  64gL 分析知，当x 时， f(x)有最大值，即当cos 时，v2 2gL(1 ) 1( )2  ，故P 3 3 Pm 3   3   27 8 3gL 环的最大速率v  ，选项B正确，选项A错误。 Pm 9 11.（7分） （1）不能（2分） c （2）a（2分） （3分） ba 解析： （2）设该弹簧的劲度系数为k、原长为l ，由胡克定律F kx得F k(ll )，由F-l的关系图像知，F 0时， 0 0 c 对应该弹簧的原长l a，又ck(bl )，解得k  。 0 0 ba 12.（9分） （1）0.8085（0.8082～0.8088均可）（1分） t2 （2） 2 h（2分） t2 1 （3）不需要（2分） 2h t2 （4）小钢球的质量m（2分） m(g ) 2 h（2分） t2 t2 1 1 解析： （1）由图知h80.85cm0.8085m。 1 1 t2 （2）设小钢球在下落过程中加速度大小为a，h at2，H  at2，解得H  2 h。 2 1 2 2 t2 1 （4）设小钢球从该住宅楼楼顶由静止开始下落过程中，所受空气阻力大小为f，由牛顿第二定律有mg f ma， 1 t2 2h t2 小钢球克服空气阻力做功W  fH ，又h at2，H  2 h，联立可得W m(g ) 2 h；故要知道W，还 2 1 t2 t2 t2 1 1 1 需测得的一个物理量是小钢球的质量m。 13.（10分） 解：（1）设乒乓球从拍出到第一次落到对方台面上所经过的时间为t 1 1 2H H  gt2（2分），得：t  （2分） 2 1 1 g （2）设乒乓球刚好落到对方台面边缘中点时，乒乓球拍出后瞬时速度大小为v 1 g 水平方向有：lvt ，解得：v l （2分） 11 1 2H 11月调研测试卷（物理）参考答案 第 2 页 共 4 页设乒乓球刚好擦网飞落到对方台面上时，乒乓球拍出后瞬时速度大小为v，从拍出到擦网历时t 2 2 1 l 竖直方向有：H h gt2；水平方向有： v t 2 2 2 2 2 l g 联立可得：v  （2分） 2 2 2(H h) 乒乓球能直接落到对方台面上，故拍出后瞬时的速度大小v满足v ≤v≤v 2 1 l g g 解得： ≤v≤l （2分） 2 2(H h) 2H 14.（13分） 解：（1）设该卫星在圆轨道Ⅲ上做匀速圆周运动的速率为v 2 Mm v2 Mm v2 R 由万有引力定律有：G m 1 ①，G m 2 ②，解得：v  1v （4分） R2 R R2 R 2 R 1 1 1 2 2 2 R R （2）由题知，椭圆轨道Ⅱ的半长轴a 1 2 ③ 2 R3 a3 由开普勒第三定律可得： 1  ④（2分） 2πR  2 (2t)2  1    v  1 π(R R ) R R 联立③④解得：t 1 2 1 2 （2分） 2v 2R 1 1 （3）从轨道Ⅰ到圆轨道Ⅲ，该卫星在圆轨道Ⅲ和轨道Ⅰ上分别做匀速圆周运动的 GMm GMm 引力势能的差值E＝E －E   ⑤（1分） p pIII pI R R 1 2 1 1 动能的差值E＝E －E  mv2  mv2⑥（1分） k kIII kI 2 2 2 1 机械能的差值E E E ⑦ p k (R R )mv2 联立①②⑤⑥⑦解得：E  2 1 1 （3分） 2R 2 15.（18分） L 1.2 解：（1）小球A运动至凹槽B左槽壁处所经过的时间t  s0.1s（2分） v 12 0 （2）由分析知，小球A与凹槽B左槽壁碰撞后瞬时，物块C速度为零，即v 0（1分） C 设小球A与凹槽B左槽壁碰撞后瞬时，小球A速度为v ，凹槽B速度为v A B 以水平向右为正方向，对小球A与凹槽B整体有： m m 1 m 1 m 1 v  v mv ，  v2   v2  mv2（2分） 4 0 4 A B 2 4 0 2 4 A 2 B 3 36 解得：v  v  m/s，方向水平向左（2分） A 5 0 5 2 24 v  v  m/s，方向水平向右（2分） B 5 0 5 11月调研测试卷（物理）参考答案 第 3 页 共 4 页（3）由分析知，凹槽B和物块C最终将共速、一起向右做匀速直线运动，设共同速度为v 共 v v 由动量守恒定律有：mv 2mv ，v  B  0 （1分） B 共 共 2 5 设从凹槽B开始运动到二者共速过程中，物块C在凹槽B内通过的相对总路程为x 1 1 v2 有：mgx mv2  2mv2 ，解得：x 0 14.4d（2分） 2 B 2 共 25g 由此可知，整个运动过程中，凹槽B和物块C将碰撞14次 从小球A与凹槽B碰撞后瞬时到凹槽B和物块C第1次碰撞前瞬时的过程中，物块C向右做匀加速直 线运动，凹槽B向右做匀减速直线运动，且二者加速度大小相等，即：a a g1m/s2 B C 该过程中，凹槽B和物块C的相对位移为x x d B1 C1 设凹槽B和物块C第1次碰撞前瞬时，凹槽B速度大小为v ，物块C速度大小为v ，第1次碰撞后 B1 C1 瞬时，凹槽B速度为v ，物块C速度为v B1 C1 1 1 1 1 第1次碰撞过程中，有：mv mv mv mv ， mv2  mv2  mv2  mv2 B1 C1 B1 C1 2 B1 2 C1 2 B1 2 C1 解得：v v ，v v B1 C1 C1 B1 由此可以判断，每次碰撞后瞬时，凹槽B和物块C的速度都将交换 第1次碰撞后瞬时到第2次碰撞前瞬时，凹槽B向右匀加速，物块C向右匀减速，加速度大小仍为g 该过程中：x x d C2 B2 同理可知， 第2次碰撞后瞬时到第3次碰撞前瞬时：x x d B3 C3 第3次碰撞后瞬时到第4次碰撞前瞬时：x x d C4 B4 …… 第13次碰撞后瞬时到第14次碰撞前瞬时：x x d C14 B14 第14次碰撞后瞬时到二者共速：x x x14d 0.4d B15 C15 在凹槽B开始运动后的整个运动过程中，作出凹槽B和物块C的v-t图像如答图2所示 v 由图像知，从凹槽B开始运动到二者共速过程中， 2v v  0 B v v B 5 C B 总历时：t 共  0 2.4s（2分） C B g 5g B 凹槽B通过的位移为： v  v 0 d d d d d … 0.4d BC 共 5 C (v v ) 3v2 x  B 共 t7d  0 7d 5.84m＜8m（2分） B C B 2 50g B C C t 故从二者共速到凹槽B的总位移达到x8m的过程中， O t 1 t 2 t 3 t 4 t 5 t 14 t v 0 t 总 答图2 5g xx 凹槽B和物块C还将一起运动的时间为t B 0.9s（1分） v 共 因此，从凹槽B开始运动到其通过8m位移所经过的时间t tt3.3s（1分） 总 11月调研测试卷（物理）参考答案 第 4 页 共 4 页