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{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}湖湘名校教育联合体 年下学期高二 月大联考物理
２０２４ １０
参考答案、提示及评分细则
Ft２ mvx
． 根据单位制分析 单位都不正确 故选 ． 改为x vt 可能正确 改为W Pt 可能
１C ,A、B、D , CAB ＝ ０ ＋ m, ,D ＝ ＋ t
２ ２
正确．
． 由图像横纵坐标的关系和匀变速直线运动的位移时间关系化简可知 物体做匀变速直线运动 错误 图像
２D , ,A ;
s
纵坐标代表平均速度与图线上某一点横纵坐标的乘积代表物体的位移 故 错误 由s vt １at２ 可得
, B ; ＝ ０ ＋ t＝
２
１at v 结合图像可知v a ２ 故 错误 由图像可得汽车前 内的平均速度为 通过
＋ ０, ,０＝４m/s,＝２m/s, C ; ２s ６m/s,
２
计算也可以得到该答案 故选 ．
; D
． ．做不同动作时 由于两根吊环带与竖直夹角在不断改变 故两根吊环带对刘洋的拉力大小不断变化 错
３B A , , ,A
误 ．刘洋每次处于平衡状态时 吊环带对他的作用力相同 均等于他的重力 故 正确 ．由于做 十字悬垂 动
;B , , , B ;C “ ”
mg mg
作时 每根吊环带对刘洋的拉力的竖直分力等于 故每根吊环带对刘洋的拉力大于 错误 ．由几何关
, , ,C ;D
２ ２
系得 当两根吊环带竖直时 吊环带受到的拉力最小 故 错误．
, , , D
． ．MEO卫星运行轨道介于近地卫星和地球静止轨道卫星之间 线速度比近地轨道卫星小 比地球静止轨道
４D A , ,
卫星大 故 错误 ．发射同步卫星速度和MEO卫星速度都不能小于第一宇宙速度 故 错误 ．同一圆轨道
, A ;B , B ;C
上的两个卫星具有相同大小的线速度 但是质量未知 故在运行过程中不一定有相同动能 故 错误 ．北斗导
, , , C ;D
航的卫星需要对全球进行导航 由各种高度和轨道的卫星组成 轨道可以不在赤道正上方 正确．
, , ,D
． 定值电阻与电源相接时 定值电阻或者电源消耗的电功率与电路中的电流大小有关 因为四个电源电动势相
５C , ,
同 故当电源内阻最小时 电路中电流最大 定值电阻消耗的电功率最大 故选 ．
, , , , C
． ．若轻绳OB中的张力为 mg 则每个小球受到的电场力大小为F mg２ mg２ mg 由对称性
６A A ２ , ＝ (２ )－( )＝ ３ ,
mg
可知 三角形BCD为等边三角形 则每两个小球之间的库仑力大小为Fc ３ mg 正确 ．若轻
, , ＝ /cos３０°＝ ,A ;B
２
绳OB中的张力为 mg 则每个小球受到的电场力大小为F mg２ mg２ mg 错误 ．若轻绳与
２ , ＝ (２ )－( )＝ ,B ;C
竖直方向的夹角不变 长度变为原来 倍 则每两个小球间的距离变为原来 倍 小球质量不变 为保证小球受
, ２ , ２ , ,
kq２
到的电场力不变 由F 则每个小球的带电量要变为原来的 倍 错误 ．若轻绳与竖直方向的夹角和长度
, ＝r２ ２ ,C ;D
均不变 小球质量变为原来的 倍 则每个小球受到的电场力要变为原来的 倍 每两个小球间的库仑力要变为
, ２ , ２ ,
原来的 倍 则每个小球的带电量要变为原来的 倍 错误 故选 ．
２ , ２ ,D ; A
． ．根据 红进黑出 可知 欧姆表内部电源正极与黑表笔相连 故A为红表笔 B为黑表笔 错误 I．R
７CD A “ ” , , , ,A ;B g g
IR 可得I 故量程I I I 错误 ．接 时为欧姆表 由题E ． I
＝ ０ ０, ０＝１００mA, ＝ g＋ ０＝１５０mA,B ;C ２ , ＝１２５V, ＝
RR E RR
故 ０ g R r 代入数据可得r ５ 正确 ．由题U IR R ０ g
１５０mA, R R ＋ １＋ ＝I, ＝ Ω,C ;D g＝ g g＝１０V, A ＝R R ＝
０＋ g ３ ０＋ g
２００ 则电压表量程U IR R 正确 故选 ．
Ω, ＝ (A ＋ ２)＝４０V,D ; CD
３
高二物理试题参考答案 第 页 共 页
【 １ ( ４ )】
{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}． ．将滑动变阻器滑片往下移 电路总电阻减少 则I变大 由U IR U E IrU E Ir( R )可
８BD AB , , , １＝ １、２＝ － 、３＝ － ＋ １
U
得U 变大U U 变小 灯泡亮度变暗 故 错误 正确 ．由上面分析可得Δ ３ r R 大小为定值 但不
,１ ,２、３ , , A ,B ;CD I＝ ＋ １ ,
Δ
U
是电源内阻 Δ ２ r 大小为电源内阻 故 错误 正确 故选 ．
,I＝ , , C ,D ; BD
Δ
． ．解除锁定前 B平衡 有T mg θ 解除锁定后 对整体分析有qE μmg mg θ ma 对
９BC AB , , １＝ sin ＝１０N, , － － sin ＝２ ,
B分析T mg θ ma 可得T 故绳中拉力大小变化了 错误 正确 ．解除A锁定后 在电
－ sin ＝ , ＝２４N, １４N,A ,B ;C ,
场力作用下 向右运动 电场力做正功 电势能减小 正确 ．撤去电场后 由于 μmg mg θ 故轻绳会松
,A , , ,C ;D , ＞ sin ,
弛 , 对B有a B ＝５m/s ２ , 由 ０＝ v － a B t计算可得 , B经过 ２ ． ２s 速度减为 ０,D 错误．
． ．若能通过轨道最高点 必然能够通过其他轨道 则有mg m
v２B
解得小车通过轨道最高点B的最
１０ACD A , , ＝ R,
小速度为v
B ＝
gR
＝ ２ m/s,A
正确
;B
．为确保小车通过圆轨道
,
需满足v
B ≥ ２ m/s,
根据动能定理有
－２
mgR
＝
１mv２B
－
１mv２
０,
解得v
０≥ １０m/s,
故弹射器给小车的最小速度为
１０m/s,B
错误
;CD
．小车冲上
２ ２
两段平滑连接的圆弧轨道CDE时 最容易脱离轨道的位置为D点 为保证D点不脱离轨道 则应满足mg θ
, , , cos
m
v２D解得v
２ １０ 小车通过圆轨道 则有v 当v 时 小车由B D 根据动能
≥ R D ≤ m/s, , B ≥ ２m/s, B ＝ ２m/s , → ,
５
定理有
２
mgR
－
μmgL
－
mgR
(１－cos
θ
)＝
１mv２D
－
１mv２B, 解得v
D ＝
３０
m/s＜
２ １０
m/s,
因此小车不会脱
２ ２ ５ ５
离轨道．
①
v
B ＝ ２m/s
时
,
小车恰好能通过圆弧轨道CDE到达E点
,
小车由B
→
E
,
根据动能定理有
２
mgR
－
μmgL
－
R θ
２
mgR
(１－cos
θ
)＝
１mv２E
min－
１mv２B, 平抛运动的时间为t
＝
４ (１
g
－cos)
,
解得落点离E点水平距离点最小
２ ２
值x v t ． v ２ １０ 时 小车恰好能通过圆弧轨道CDE到达E点 小车由D E 根据
min＝ E min ＝００８m,② D ＝ m/s , , → ,
５
R θ
动能定理有
－
mgR
(１－cos
θ
)＝
１mv２E
max－
１mv２D, 平抛运动的时间为t
＝
４ (１
g
－cos)
,
解得落点离E点水
２ ２
平距离点最大值x v t ． ．故水平距离x的范围为 ． x ． 故 均正确 故选
max＝ E max ＝００８２m ００８m≤ ≤００８２m, CD ,
．
ACD
d２ m k
．每空 分 共 分 ． 质量不变 加速度和力成正比 １０ (１－ )
１１( ２ , ８ )(１)５３０ h t２ (２) , k
２ (Δ )
解析 ． ． 因为
(d)
２ ah所以a
d２
【 】(１)５mm＋６×００５mm＝５３０mm, t ＝２ ＝h t２ ;
Δ ２ (Δ )
mg
(２)
因为
２
nmg
＝(２
M
＋２０
m
)
a
n,
所以a
n ＝ M
２
m
n故可以证明质量不变
,
加速度和力成正比
;
因为k
＝
２ ＋２０
mg m k
２ 所以M １０ (１－ )．
M m, ＝ k
２ ＋２０
．共 分 分 分 分 分
１２( ６ )(１)２(２ ) (２)B(１ ) F(１ ) (３)１０６１(２ )
解析 改装后的电流表内阻已知 故用内接法
【 】(１) , ;
滑动变阻器分压式连接选 毫安表改装成 的量程 并联电阻应选
(２) B, ３mA , F;
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【 ２ ( ４ )】
{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}(３)
电阻R
x
随电流增大而增大
,
电压表读数为
２V
时
,
毫安表读数
０
．
６mA,
则流过电阻Rx 的电流值为
１
．
８
( )
又因为改装后的电流表内阻为 故Rx ２ ．
mA, ５０Ω, ＝ ． －３－５０ Ω＝１０６１Ω
１８×１０
． 分 解析 查参数表可知电机在额定状态下工作时U I
１３(１２ )【 】(１) M ＝３６V,M ＝２A;
又U I R 分
A ＝ M × A ＝８V(１ )
所以U 分
C ＝４８V－３６V－８V＝４V(１ )
故R U I 分
C ＝ C/ M ＝２Ω(２ )
因为v ωR 分
(２) ＝ ＝３m/s(２ )
P额
＝
U
M ×
I
M ＝７２W(１
分
);
r
＝(４８V－２８V)/４A－
R
A ＝１Ω(２
分
)
P内
＝
I２M
×
r
＝４W(１
分
)
又F
×
v
＝
P额
－
P内
＝６８W(１
分
)
所以F ． 分
＝２２７N(１ )
． 分 解析 以向下为正方向
１４(１４ )【 】(１)
v gt 分
１＝ １＝３m/s(１ )
又v v at 分
＝ １－ １ ２(１ )
得v 分
＝－１m/s(１ )
方向向上 分
(１ )
对机器猴 F′ mg ma F′ 分
(２) : － ＝ １⇒ ＝７２N(１ )
对杆 F′ Mg Ma a ２ 分
: ＋ ＝ ⇒ ＝１６m/s(１ )
在t
２
时间内x猴
＝
３m/s＋(－１m/s)
×
t
２＝２m(１
分
)
２
x杆
＝
v
１
t
２＋
１at２
２＝３８m(１
分
)
２
知L
＝
x杆
－
x猴
＝３６m(１
分
)
x １gt２ ． 分
(３)１＝ １＝０４５m(１ )
２
设机器猴上窜速度为v
２
v２
２＝２
g
(
x
１＋
x猴
＋
L
)＝７６９(１
分
)
E １mv２ １mv２ 分
∴Δ k＝ ２－ (１ )
２ ２
分
＝２３０４J(２ )
． 分 解析 根据几何关系h R R L． 分
１５(１６ )【 】(１) :＝ ＋ cos５３°＝ (２ )
小球A经过M 点的速度为v 根据能量守恒 １mgL １mv２v １ gL 分
(２) ０; : ＝ ０,０＝ ,(１ )
８ ２ ２
小球A从M 点运动到C点 水平方向 做初速度为v 的匀加速直线运动 加速度为a 到达C点水平分速度
, : ０ , x,
v v
为v 运动时间为t故水平方向有 L ０＋ x t
x, , : ＝ ①
２
竖直方向 做初速度为 的匀加速直线运动 加速度为a 到达C点竖直分速度为v
: ０ , y, y,
v
故竖直方向有 L y t
: ＝ ②
２
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【 ３ ( ４ )】
{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}v
在C点沿切线方向进入圆轨道 有 y
,v x＝tan５３°③
L
由
①②③
得
:
v
x ＝３
v
０＝
３ gL
,
v
y＝４
v
０＝２
gL
,
t
＝ g(３
分
)
２
竖直方向v ata gF ma mg mg
:y＝ y ,y＝２ ,y＝ y－ ＝
水平方向 : v x ＝ v ０＋ a x t , a x ＝ g , F x ＝ ma x ＝ mg
mg
A在电场中所受电场力
,
F
＝
F x２
＋
F y２
,
F
＝
E
１２
q
,
E
１＝
２
q
．
(３
分
)
２
设A球进入圆轨道中速度为v A球在D点速度为v
(３) １, ２
根据v
１＝
v x２
＋
v y２
,
可得v
１＝
５ gL
(１
分
)
２
A球从C点进入圆轨道 , 受电场力F A ＝ E ２２ q ＝ １mg , 方向竖直向下
２
重力与电场力的合力F mg １mg ３mg 方向竖直向下
＝ ＋ ＝ ,
２ ２
v２
小球在D点开始离开轨道 据受力分析有 F m ２ 分
, :cos５３°＝ R④(２ )
A从C到D的过程摩擦力做功为W
f
根据动能定理有
:－
３mg
２
R
sin３７°＋
W
f＝
１mv２
２－
１mv２
１⑤(２
分
)
２ ２ ２
根据 可得W ５５mgL． 分
④⑤ f＝－ (２ )
３２
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【 ４ ( ４ )】
{#{QQABbQQEogigQpAAAAhCEwHKCAEQkBGAASgGQAAEIAAAiAFABCA=}#}
