物理答案_2024-2025高二（7-7月题库）_2024年12月试卷_1220安徽省“江南十校”2024年高二年级12月份阶段联考_安徽省江南十校2024-2025学年高二上学期12月联考物理试卷

2024 年“江南十校”高二 12 月份联考物理 参考答案 1. 答案：C 【思路点拨】：麦克斯韦预言了电磁波，赫兹通过实验证实了电磁波的存在。故本题选C。 2. 答案：B 【思路点拨】：根据感应电流产生的条件，A选项中线框磁通量  BS ,始终不变，故错误； B选项中磁场为非匀强磁场，线框中的磁通量发生变化，故正确；C、D选项中线圈中磁通量 始终为零，故错误。故本题选B。 3. 答案：C 【思路点拨】：根据场强叠加原理，B、C两电荷在b处的场强方向与A电荷在b处的场强方 向相同，均竖直向下，而B、C两电荷在a处的场强方向与A电荷在a处的场强方向相反， 故b点场强大于a处场强，故A、B错误。b到o的电场方向均竖直向下，沿着电场方向电 势不断降低，则b点电势高于o点电势，故D错误。电势是标量，根据对称性可知，e点电 势等于f点电势，故C正确。所以本题选C。 4. 答案：A 【思路点拨】：根据电场线垂直于等势线，做一电场线与运动轨迹相交，根据曲线运动轨迹 和受力特点以及带电粒子的电性，可知云层带负电，避雷针带正电，故B错。根据电场线 由高电势指向低电势，故N点电势高于M点电势，因带电粒子带负电，所以带电粒子在M 点的电势能大于N点的电势能，故A正确。带电粒子在M点受力方向为该点电场线切向的 反方向，故C错误。越靠近避雷针场强越大，加速度越大，故D错。所以本题选A。 5. 答案：D 【思路点拨】：AB. 由图线得，测试者呼出的气体中酒精浓度越低，气敏电阻的阻值越大， 根据欧姆定律，电阻的阻值越大，电压表示数越大、电流表示数越小，电源的效率越大， AB错误；因为电源的内阻未知，无法确定电源的输出功率的变化情况，C错误；因为气敏 R c E 电阻的阻值随酒精浓度c成反比 1  2 4，根据闭合电路欧姆定律得I  ， R c 1 R R r 2 1 1 0 E I 4R R r 4R R r3R r 3 R r  I  ，解得 2  2 0  2 0 0  4 0  4，D正 2 R R r I R R r 4R R r  4R R r 2 0 1 2 0 2 0 2 0 确。故本题选D。 第 1 页 共 6 页 {#{QQABIQQUggiAQABAARhCQwWwCgAQkhGAASgOQBAMMAIAiBNABAA=}#}6. 答案：B   【思路点拨】：将电荷P从C移动到B，电场力做功为W U q    q，得 CB CB C B W W 0.6J ，所以克服电场力做功0.6J，故A错误。由题可得，U  CA 8V ，所以 CB CA q 1 1  2V ，过B点做AC的垂线，交于D点，根据几何关系可得AD AB AC ， A 2 4 1 则有U  U  2V，可得 0V ，可知BD为等势线，则电场方向由C指向A，大 DA 4 CA D B U U 8 小为E CA  CA  N/C 20N/C，故B正确，C错误。因为E q 0.2J ， CA 2AB 20.2 PA A 故D错误。所以本题选B。 7. 答案：B 【思路点拨】：A 选项中平面磁通量   BScos，所以错误；B 选项中电通量 q   ES k 4r2 4kq，所以正确；C选项中由于穿过球面的电场线条数未发生变 E r2 化，电通量不变，所以错误；D选项中球面的磁感应线穿进和穿出条数相等，磁通量为零， 所以错误。故本题选B。 8. 答案：A 【思路点拨】：由于球壳内部电场强度为零，所以试探电荷在内部移动时电场力不做功，故 电势能不变化，球壳外部电场可等效为点电荷产生的电场，试探电荷由球壳表面向外移动时 电场力做正功，电势能渐少，由于电场力越来越小，移动相同位移过程中电场力做功越来越 少，电势能减少越来越慢。故本题选A。 9. 答案：BD 【思路点拨】：断开开关S，场强不变，故小球恰好能运动至小孔N处，所以A错误。若仅 S 将B板下移，根据公式C  r ，电容减小；由于二极管的作用可以阻止电容器上的电量 4kd Q 4kQ 流出，故电量不变，根据C ，U=Ed，得到E  ，故场强不变，故到达小孔N时， U S r 重力做功小于电场力做功，可知未达到小孔N时速度已经减为零返回了，所以B正确；若 S 仅将B板上移，根据公式C  r ，电容增加，电容器要充电；由于电压U一定，根据 4kd U=Ed，电场强度增加；故到达小孔N时，重力做功小于电场力做功，可知未达到小孔N时 速度已经减为零返回了，所以C错误；若将滑动变阻器的滑片上移，分压增加，故电容器 的电压增加，故如果能到达小孔N，重力做功小于电场力做功，可知未达到小孔N时速度 已经减为零返回了,故D正确。故本题选BD。 第 2 页 共 6 页 {#{QQABIQQUggiAQABAARhCQwWwCgAQkhGAASgOQBAMMAIAiBNABAA=}#}10.答案：BCD 4 【思路点拨】：由题意，电场力大小F Eq mg方向：水平向右,对小球由a到c的过程， 3 1 由动能定理得F0.5RRmgR mv2解得v  2gR,在C点运用牛顿第二定律可得： 2 c c mv2 10 v2 NF  c ，解得N  mg.A错误。h c R,H RR 2R。B正确。小球离开c点 R 3 2g 后竖直方向做竖直上抛运动，设小球离开c点到其轨迹最高点所需的时间为t，有0v gt， c 小球沿水平方向做初速度为0的匀加速运动，加速度为a，则有：由牛顿第二定律可知 F 4 1 4 a  g，此过程小球沿电场方向位移为x at2  R，电场力做功为 m 3 2 3 34 W F0.5RRx mgR，因为电场力做正功，所 9 34 以电势能减少量为E  mgR。C正确。由题意可 P 9 知，重力与电场力合力方向与竖直方向夹角53°，斜向 下如图，沿着合力与垂直合力方向建立坐标系，将C点 速度沿着两个方向分解，y方向做匀减速直线运动，x方向做匀速直线运动，此速度为离开 4 2gR C后的最小速度v v sin53 ，D正确。故本题选BCD。 x C 5 11. 每空2分 (1)红 10 (2)偏大 【思路点拨】：（1）由“红入黑出”可知，b端应与红表笔连接；开关S断开与闭合时相比 较断开时欧姆表的内阻大，即中值电阻大，所以开关S闭合时欧姆表的倍率是 10。 （2）由闭合电路欧姆定律知，当内阻变大，但此表仍能调零，说明欧姆表的内阻不变，当 电池电动势变小，通过表头的电流变小，指针的由原来的位置向左偏移，测量结果将比真实 值偏大； 12. 每空2分 （1）A 0~2mA （只写2mA也给分） 2 （2） （3） 0.91（0.89~0.93 都给分） 3.7×102Ω （3.6~3.8×102Ω 都给分） 【思路点拨】：(1)实验电路中最大电流约1~2mA，则需选择电流表A ，并用定值电阻R 对 2 0 第 3 页 共 6 页 {#{QQABIQQUggiAQABAARhCQwWwCgAQkhGAASgOQBAMMAIAiBNABAA=}#}200μA900Ω 其量程进行扩充；扩充后的量程为I 200μA 2000μA 2mA，故0~2mA。 100Ω (2)电路如图所示 900100 （3）改装后的电流表内阻为 Ω90Ω，设电流表的电流为I，干路电流为I 900100 总 I900 E 1 10 10r90 I  I 10I，根据闭合电路欧姆定律得I  ，解得  R 总 100 总 Rr90 I E E 10 165103 10r90 根据图像得  ， 5103，解得E 0.91V，r3.7102Ω E 10000 E 13. （1）r 3，P 2.52W （2）会被烧坏 M 输出 U r 【思路点拨】：（1）当R 56时，由闭合电路欧姆定律得：  M ··· （2分） E rr R M 带入数据得：r 3 ······································（1分） M 当R 9时 由闭合电路欧姆定律：U  EI（rR） ······································（1分） M 电动机得输出功率：P  IU I2r ······································（1分） 输出 M M 解得：P 2.52W ······································（2分） 输出 （2）若被卡住，由闭合电路欧姆定律：E  I（Rrr ） ···························（1分） 1 M 电动机得热功率：P  I2r ······································（2分） 热 1 M 解得：P 2.56W 2W ，会被烧坏 ······································（2分） 热 1kQq  14. （1）F '  F   mg （2）v 3 gR N N 2 R2  C 【思路点拨】：（1）如图，有几何关系可得： 3R  AC 2BC ·····························(2分) cos BC 2Rcos ································ (1分) 3 所以：cos ······························（1分） 2 第 4 页 共 6 页 {#{QQABIQQUggiAQABAARhCQwWwCgAQkhGAASgOQBAMMAIAiBNABAA=}#}1kQq  由B点受力分析可得：F  F sinmgsin  mg··················(2分) N 库 2 R2  1kQq  所以：F '  F   mg······························（2分） N N 2 R2  1kQq  （第（1）问如果学生用负电荷计算，得到结果F '  F   mg也给分） N N 2 R2  （2）根据点电荷的电场特征可知，BC所在的圆是一个等势面，所以小球从B到C电场力做 的总功为零，由几何关系可得BC的竖直高度为： 3 h  R······························（1分） BC 2 小球从B到C，根据动能定理可得： 3 1 1 mg R  mv2  mv2 ······························（2分） 2 2 C 2 B 解得：v 3 gR ······························（1分） C L 3 15. （1）v （2） 60,y  L （3）30 Tcos m B 2 【思路点拨】：(1)粒子水平方向做匀速直线运动： L v  ①············································································(1分) x T v v x ②······················································································(1分) cos L v ··············································································(1分) Tcos (2)逆向思维，沿上边界曲线Ⅰ运动的粒子可视为从B垂直于荧光屏向左做类平抛运动： Eq 3L a   ③·········································································(1分) m T2 在O点处： 3L v aT  ··············································································(1分) y T v tan  y  3············································································(1分) m v x  60······················································································(1分) m 第 5 页 共 6 页 {#{QQABIQQUggiAQABAARhCQwWwCgAQkhGAASgOQBAMMAIAiBNABAA=}#}1 3 y  aT2  L··········································································(1分) B 2 2 (3)设曲线Ⅱ的上的一点Q坐标为(x,y),经过Q的粒子打在荧光屏上的坐标为(L,y')，设粒子在 电场中的运动时间为t,逆向思维粒子垂直于荧光屏向左做类平抛运动，由几何关系可知： y tan ④··············································································(1分) x v tan y ⑤············································································(1分) v x v at ⑥·················································································(1分) y Lxv t ⑦··········································································(1分) x 联立①③④⑤⑥⑦可得： (Lx)x y  3 ⑧····································································(1分) L 1 y y  at2 ⑨·······································································(1分) 2 联立①③⑦⑧⑨以上三式还可以解得： 1 3 (Lx)2 (Lx)x y at2  y   3 ··········································(1分) 2 2 L L 5 3 将P点纵坐标 y L代入可解得Q点坐标： 18 2 x L ····················································································(1分) 3 (Lx)x 2 3 y  3  L ·····························································(1分) L 9 y 3 解得:tan  ,可得30 ·························································(1分) x 3 （计算题使用其他合理解法也可酌情给分） 第 6 页 共 6 页 {#{QQABIQQUggiAQABAARhCQwWwCgAQkhGAASgOQBAMMAIAiBNABAA=}#}