T8联考2026届高三年级12月检测训练物理(山西)评分细则_2024-2026高三（6-6月题库）_2025年12月高三试卷_2512252026届高三第一次学业质量评价联考（T8八省联考）（全科）_选科[山西专版]（全）

高三年级１２月检测训练 物理试题评分细则 答案 分 不需要 分 单刀双掷开关 接 时为大量程电流表 １１．【 】(１)０．４２(２ ) (２) (２ ) (４) S２ １ , 所以 接a 接 时即为小倍率欧姆表 对 分 M mgh １ M m S１ 、S２ １ , (３)BCAD(２ ) (４)( － ) ＝ ( ＋ )􀅰 应的档位是 接 为大倍率欧姆表 因 ２ ×１００.S２ ２ , æ ç d ö ÷ ２ １ M m æ ç d ö ÷ ２ 分 形式合理 为需要调换档位说明现在测量的是一个大电 è tø － ( ＋ )èΔtø (２ )( 阻 此时量程太小 所以出现的情况应该是指针 Δ２ ２ １ , , 均给分 【 解析 】 ) (１) 遮光条宽度测量d ＝０．４cm＋ １ 偏 ５ 角 ００ 太 Ω 小 , 开 . 关 调整 S２ 好 接 倍 ２ 率 时 进 , 行 电 欧 流 姆 表 调 内 零 阻 R R 内 ２ A ＝ ＝ ０．０２ 系 c 统 m＝ 机 ０ 械 ．４２ 能 c 守 m 恒 . 定律适用于整个系统 重锤 I I g R g ＝７２Ω, 滑动变阻器的阻值R ＝１５００Ω－ (２) ( A２ 和 不需要满足M m的条件 A B), ≫ . ７２Ω－１Ω＝１４２７Ω. 实验操作顺序 首先调节滑轮高度 使轻绳 ( 处 ３) 于竖直状态 然后 : 接通光电计时器的 , 电源 将 １３．【 答案 】(１)２ gL g L (３ 分 ) (２) ２ ３ g L , , ３ 重锤 移至合适位置 使遮光条靠近光电门 L A , １, ２ 分 静止释放 最后记录遮光条通过两个光电门的 (５ ) , ３ 时间 正确顺序为 解析 设小球在B点速度为v 小球从A , BCAD. 【 】(１) ０, 根据系统机械能守恒 系统减少的重力势能 (４) , 点到B点由动能定理可得FL ＝ １mv ０ ２ , 结合 ２ 等于系统增加的动能即 M mgh １ M ( － ) ＝ ( ＋ F mg可得v gL 分 ２ ＝２ ０＝２ (１ ) æd ö ２ æd ö ２ 小球从A点到B点由动量定理可得Ft mv m ç ÷ １ M m ç ÷ １＝ ０ )è tø － ( ＋ )è tø . 分 Δ２ ２ Δ１ (１ ) 答案 分 分 １２．【 】(１)８(１ ) ７２(１ ) (２)５．２mA 解得t L 分 也正确 分 分 １＝ g(１ ) (５．２０mA )(２ ) (３)B(２ ) 分 太小 分 分 小球在C点的速度的反向延长线为CO 则 (４)×１００(１ ) (１ ) １４２７Ω(２ ) (２) , 解析 由电路图可知 接 时为 在C点的速度与水平方向的夹角为 【 】(１) ,S２ １ １０mA ３０° 电流表 接 时为 电流表 于是可得 把小球在C点的速度分别沿着水平方向和竖直 ,S２ ２ １mA , I R R IR v I g(g＋ ２) I g g 方向分解 则有 y 分 １０mA＝ g＋ R ,１mA＝ g＋R R , , v ＝tan３０°(１ ) １ １＋ ２ ０ 代入数据可得 R R R R v gt 分 ９９ １－ ２＝７２０Ω,１＋ ２＝８０Ω, y＝ ２(１ ) 解得R R 小球从B点到C点做平抛运动下落的高度 １＝８Ω,２＝７２Ω. 接b 接 时 多用电表为量程为 (２)S１ ,S２ １ , h １gt２ 分 的电流表 由图乙可知 每个小格为 ＝ ２ (１ ) １０mA , , ２ 所以读数为 设O 、 B两点间高度差为H , 平抛运动速度反向 ０．２mA, ５．２mA. 沿长线经过水平位移的中点 由几何关系可得 欧姆表需要进行欧姆调零 所以单刀双掷开 , (３) , H h 分 E ＝ (１ ) 关 S１ 接a ,S２ 接 １ 时 , 欧姆表的内阻R内 １＝I ＝ gL L L A１ 联立解得v ２ ３ t ２ ３ H ２ y＝ ,２＝ g , ＝ １．５ 单刀双掷开关 接a ３ ３ ３ －３Ω＝１５０Ω; S１ ,S２ 分 １０×１０ (１ ) E v mv２ 接 ２ 时 , 欧姆表的内阻R内 ２＝I ＝ １．５ －３ Ω １４．【 答案 】(１) ０ (５ 分 ) (２)－ １７ ０ (７ 分 ) A２ １×１０ ２ ２５６ ＝１５００Ω, R内 ＝ R ＋ R A＋ r , R A 为改装后电流 【 解析 】(１) 小球 P 运动到最高点时 , 设小球 Q 表的内阻 所以滑动变阻器选 速度大小为v 小球 速度大小为v 两球速度 , B. , P P, 物理试题 评分细则 第 页 共 页 (SX) １ ２与杆夹角大小相等 设为θ则有v θ v θ 在第二个l 边进入磁场的过程中 设第二个线 , , Pcos ＝ cos ２ , 分 框完全进入后的速度大小为v (２ ) ２ 小球 从A点运动到竖直环最高点的过程中 Blq mv mv P , － ２ ２＝ ０ ２－ ０ １ 两小球组成的系统机械能守恒 Φ Bll , q Δ ２ １ ２ ２＝R ＝ R 有１mv２ １mv２ １mv２ mgR 分 ２ ２ ０ ＝ ＋ P＋ (２ ) r r ２ ２ ２ 此时回路中的总电阻R r 分 v ２＝ ＋ ＝ (２ ) 解得v ０ 分 ２ ２ ＝ (１ ) 在第三个l 边进入磁场的过程中 设第三个线 ２ ２ , 小球 与挡板碰撞前沿板方向速度v 框完全进入后的速度大小为v 当v 取最小值 (２) Q x ＝ ３, ２０ v 时v cos３０° ３＝０ 垂直板方向速度v v 分 Blq mv mv y＝ sin３０°(１ ) － ２ ３＝ ０ ３－ ０ ２ 小球与挡板碰撞过程 沿挡板方向 Φ Bll , , q Δ ３ １ ２ 分 根据动量定理可得 ３＝R ＝ R (２ ) ３ ３ － ft ＝ mv x １－ mv x(２ 分 ) 此时回路中的总电阻R r r ４r ３＝ ＋ ＝ v ３ ３ 得v ３３ ０ 由上述分析可知 x １＝ , １６ æ ö v v B２l２lç１ １ １÷ mv 由题意可知 y １ １ 即v ３ ０ 分 ２ １èR ＋R ＋R ø＝ ０ ２０ ,v x＝ ３ , y １＝ １６ (２ ) æ １ ２ ３ ö v B２l ２ ２l １è ç３ r＋ ４ r＋ ３ rø ÷ ＝ m ０ v ２０ 合速度v １＝ v x １ ２ ＋ v y １ ２ ＝ ３０ ０ ４ ４ ４ １６ B２l２l １０ ２ １ mv 则W １mv２ １mv２ １７ mv ０ ２ 分 ４ r ＝ ０ ２０ ＝ １ － ＝－ (２ ) ２ ２ ２５６ B２l２l 解得v ５ ２ １ 分 答案 B２l ２ ２l １ v １０ 分 ５ B２l ２ ２l １ ２０＝ ２ m ０ r (２ ) １５．【 】(１) r (２ ) (２) mr 由自感电动势与动生电动势等大反应可知 ２ ２ ０ (３) mL i 分 π 分 LΔ Blv (８ ) (３) Bl (６ ) t＝ ２ ２ ２ Δ 解析 线框进入磁场切割磁感线 产生的电 在 t时间内 【 】(１) , Δ 动势大小为E Blv i x ＝ ２ １０ LΔ Bl Δ E t＝ ２ t 线圈中的电流大小I 分 Δ Δ ＝r(１ ) Li Bl x 分 ２ Δ ＝ ２Δ (２ ) 外力所做功转化为焦耳热 Li Blx ＝ ２ l B２l２lv 线框所受安培力为 即W F ＝ I２ ２ r 􀅰v １ ＝ ２ r １ １０ (１ 分 ) (２) 在第一个l ２ １ 边 ０ 进入磁 ２ 场的过程中 , 设第一 F安 ＝ Bl ２ i ＝ Bl ２ Bl L ２ x ＝ B２l L ２ ２x (２ 分 ) 个线框完全进入后的速度大小为v 故线框所受合外力与位移x成正比 且方向与 １ , Blq mv mv 位移方向相反 则线框做简谐运动 － ２ １＝ ０ １－ ０ ２０ , Φ Bll 由简谐运动周期公式可得 q Δ １ １ ２ １＝R ＝ R １ １ T m Lm mL R r r ４r 分 t ＝ ＝ ２π k＝ π B２l２＝ π Bl (２ 分 ) １＝ ＋ ＝ (２ ) ４ ４ ２ ２ ２ ２ ３ ３ 物理试题 评分细则 第 页 共 页 (SX) ２ ２