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专题 33 力学实验专题（二）（解析版）
【内容播报】
特别说明：典例主要是2023年的中考真题，即时检测是最新的全国各地的模拟题，好题冲关
中的基础过关主要是2022年的期末考试题，能力提升主要是2023年的模拟考试题，真题感
悟主要2023年的中考真题中，所有题型经过多次筛选。知识点以挖空的形式设计，便于学生
提前预习，实验通过方法总结，知识加工，便于学生理解和记忆，好题冲关分层设计，针对
于不同的学生。
实验 好题冲关
实验7：探究影响滑动摩擦力的大小因素（1典例+2即时检测） 基础过关（10）
实验8：探究压力的作用效果与那些因素有关（1典例+2即时检测） 能力提升（10）
实验9：探究液体内部压强的规律（1典例+2即时检测） 真题感悟（10题）
实验10：探究液体压强与流速的关系（1典例+2即时检测）
实验11：探究浮力的大小的影响因素（1典例+2即时检测）
1. 了解影响摩擦力大小的因素，并掌握探究影响摩擦力大小因素的实验；
2. 了解影响压强大小的因素，掌握探究压力的作用效果与那些因素有关的实验；
3. 了解液体内部压强的特点，掌握探究液体压强规律的实验；
4. +了解影响浮力大小的因素，掌握利用实验探究浮力的大小的影响因素；
实验七 探究影响滑动摩擦力大小的因素
1. 静摩擦力：
（1）水平面上的物体处于静止状态时，为受力平衡状态，此时拉力的大小与静摩擦力的大小相同；
（2）竖直面上时，摩擦力与重力平衡，二者大小相等；
（3）斜面上时，物体所受摩擦力不可简单套用二力平衡，因此一般不出现。
2. 滑动摩擦力：
（1）滑动摩擦力大小与压力和接触面粗糙程度有关，在设计实验时压力可通过增减砝码或叠放物块等形
式改变；
（2）接触面粗糙程度可换用不同粗糙程度的毛巾木板玻璃等，或将不同材料的物块交换叠放顺序等操作
实现；
（3）部分实验要求探究滑动摩擦力与接触面积的关系，此时要注意保证压力和接触面粗糙程度不变，通
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过竖放侧放物块，或改换大小不同物块的叠放来实现；
（4）在实验时注意要匀速拉动物块，以保证二力平衡的状态减小实验误差，或采用如下的改良措施进行
测量。
3. 滚动摩擦力：
（1）滚动摩擦力一般与滑动摩擦合并考察，通过变滑动为滚动可以减小摩擦力的大小。
4. 注意事项
（1）在使用弹簧测力计时要沿力的方向进行拉动，与物体运动方向相同，否则会造成测量不准确。
5. 同类变形
在实验设计时可能不会直接探究小物块受到的摩擦力的大小，而改为更加贴合生活实际的探究内容，
例如下图中设计不同鞋底花纹对摩擦力大小的影响。抓住滑动摩擦力的两个影响因素压力和接触面粗糙程
度，以及静止或匀速直线的运动状态灵活的设计探究试验即可。
【典例1】（2023·四川雅安·统考中考真题）小雨在做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验时，结合生
活中的现象，猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：
猜想一：接触面所受的压力大小
猜想二：接触面的粗糙程度
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……
（1）如图甲所示，将一个木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向 拉动，根据
可知滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）如图乙所示，在木块上放一个重物，重复上面的操作。比较甲、乙两图中弹簧测力计的示数，可探
究滑动摩擦力大小与 的关系；
（3）如图丙所示，将木块放在毛巾上，重复上面的操作。比较甲、丙两图可得出：压力大小相同时，
，滑动摩擦力越大；
（4）小雨猜想滑动摩擦力大小还与速度大小有关。她设计了如图a所示的实验装置，传送带速度可以自由
调节，物块始终相对地面静止，拉力传感器可以显示拉力大小。改变传送带速度，根据实验数据分别绘制
出传送带的速度与时间（ ）和拉力与时间（ ）的关系图象。分析图b、c两图可知，滑动摩擦力
的大小与物体相对传送带运动速度的大小 （选填“有关”或“无关”），理由是： 。
【答案】 匀速直线（匀速也可） 二力平衡 接触面所受的压力大小 接触面粗糙程度越
大 无关 见解析
【详解】（1）[1][2]根据二力平衡的知识，若物体做匀速直线运动，此时物体受到的摩擦力和弹簧测力计
对它的拉力在水平方向是一对平衡力，两者大小相等、方向相反，在一条直线上，读出弹簧测力计的示数，
就等于摩擦力。
（2）[3]比较甲乙两幅图可知，在接触面的粗糙程度相同时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大，
可探究滑动摩擦力与接触面所受压力大小的关系。
（3）[4]比较甲、丙两图可知，接触面所受压力大小相同时，丙图中接触面比较粗糙，弹簧测力计的示数
较大，滑动摩擦力较大，可以得到压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
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（4）[5][6]根据图像可知，在速度不同时，木块所受的拉力不变的，木块相对于地面处于静止状态，此时
拉力等于滑动摩擦力，所以摩擦力的大小是不变的，即滑动摩擦力的大小与物体运动速度大小无关，当速
度发生变化时，压力和接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力的大小不变。
【即时检测1】（2023·山东菏泽·统考三模）在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，同学们
提出了以下几种猜想：
A．与压力大小有关
B．与接触面积大小有关
C．与木块运动的快慢有关
D．与接触面的粗糙程度有关
小明同学用一个表面平整的长木板、一个表面粗糙的长木板、一个带钩的长方体木块和一个弹簧测力计进
行实验，如图甲所示。
（1）实验时，用弹簧测力计拉木块在水平长木板上做 运动，根据 知识可知，这时滑动摩擦
力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）他得到如下表格中的实验数据：
次 木块放
长木板表面 木块运动 测力计示数/N
数 置
1 平整 平放 慢 1.2
2 平整 平放 较快 1.2
3 粗糙 平放 慢 1.5
根据表中数据，小明同学的实验可以验证猜想 （填字母符号）是错误的。比较1和3两次实验可得
到的正确结论是 ；
（3）小明与伙伴共同创建了一种新的实验方式，将甲图测量摩擦力大小装置改为如图乙所示的装置。这
样做的好处是 。
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【答案】 匀速直线 二力平衡 C 在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大
测力计静止便于读数
【详解】（1）[1] [2]实验时，用弹簧测力计拉木块在水平长木板上做匀速直线运动，木块在水平方向上受
到平衡力的作用，根据二力平衡知识可知，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）[3]根据表中1、2数据可知，压力大小相同，接触面粗糙程度相同，物体运动的速度不同，故而测力
计示数相同，即滑动摩擦力大小相同，滑动摩擦力大小与运动的快慢无关，故小明同学的实验可以验证猜
想C是错误的。
[4]比较1和3两次实验可知，压力相同，3中接触面粗糙，滑动摩擦力较大，故可得到的正确结论是：在
压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
（3）[5]图乙中，木块与测力计都相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到传送带施加的滑动摩
擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，测力计相对于地面静止更方便读数。
【即时检测2】（2023·河南濮阳·统考二模）实验小组的同学利用长方体木块、木板、砝码、弹簧测力计按
如图所示装置探究影响滑动摩擦力大小的因素。
（1）实验中要求必须 拉动木块；
（2）利用图乙和图丙两套装置可以探究滑动摩擦力大小与 的关系；在图甲实验中，将长方
体木块侧放，再次拉动木块，发现弹簧测力计示数与F 相同，说明滑动摩擦力大小与 无关；
1
（3）甲、乙、丙三次实验的弹簧测力计的示数由小到大的关系是 ；
（4）实验小组同学对实验装置进行了改进，如图丁所示，实验后发现效果更好，实验中，当木板的运动
速度增大时，弹簧测力计的示数 （选填“增大”“减小”或“不变”），木块对木板的摩擦
力方向是 。
【答案】 匀速直线 接触面的粗糙程度 接触面积 不变 水平向左
【详解】（1）[1]实验中要求必须匀速直线拉动木块，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平
衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。
（2）[2]图乙和图丙中压力大小相同，而接触面粗糙程度不同，利用图乙和图丙两套装置可以探究滑动摩
擦力大小与接触面的粗糙程度的关系。
[3]在图甲实验中，将长方体木块侧放，接触面积大小变化了，再次拉动木块，发现弹簧测力计示数与 相
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同，说明滑动摩擦力大小与接触面积无关。
（3）[4]根据图中甲、乙、丙三次实验的弹簧测力计的示数可知，由小到大的关系是
（4）[5]如图丁所示，木块相对木板处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为
一对平衡力，大小相等，方向相反。实验中，当木板的运动速度增大时，因压力大小和接触面的粗糙程度
不变，滑动摩擦力大小不变，故弹簧测力计的示数不变。
[6]因测力计的拉力方向为水平向左，故木块所受的摩擦力方向为水平向右；由力的相互性可知，木块对木
板的摩擦力方向是水平向左。
实验八 探究压力的作用效果与那些因素有关
1. 专项点拨：
压力的作用效果即压力使物体发生形变的作用效果，探究压力的作用效果，即探究压强。因此在实验
时常常选择海绵沙子等柔软易形变的物质来增加实验的效果，使实验现象更加明显。在验证压力作用效果
与压力、受力面积等因素的关系时，常用的器材为压力小桌加砝码，盛水的水瓶，方形物块等。在实验时
通过增加砝码个数，增减瓶中水量，堆叠方形物块等方法改变压力的大小。通过倒放小桌，倒放水瓶，侧
放或竖放物块改变受力面积。通过对比海面或沙子等形变或凹陷程度比较压力的作用效果。
2. 同类变式：
（1）除上述常见实验外还有通过双手按压铅笔或气球等验证压力作用效果与受力面积的关系，此时两手
对气球或铅笔压力大小相同，通过观察感受手指的形变，或两侧气球的形变也可比较压力的作用效果。
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（2）某些特殊情况下验证形状规则实心物体对地面的压强大小，此时由公式
可知密度与物块高度决定压强的大小。
【典例2】（2023·广东深圳·统考中考真题）琴琴同学探究压强与受力面积的关系，得出一个错误的结论。
（1）谁的压力大 ，谁的受力面积大 ；（选填“海绵的大”“沙坑的大”“两个相等”）
（2）改进这两个实验的意见： ；
（3）对比甲图选择下面一个 对比探究压强和压力大小的关系。
【答案】 两个相等 海绵的大 都用海绵（或沙坑）来进行实验 A
【详解】（1）[1]两个实验中都是同一个物体，对海绵或沙坑的压力一样大。
[2]海绵中物体横放，沙坑中物体竖放，由图可得，海绵的受力面积大。
（2）[3]实验为探究压强与受力面积，应只改变受力面积大小，下面的受力物体保持不变，故改进意见为：
甲、乙都用海绵进行实验或甲、乙都用沙坑进行实验。
（3）[4] 要探究压强和压力大小的关系，应保持受力面积相同，受力物体相同，只改变压力大小，对比甲
图，应该选择A。
【即时检测1】（2022·辽宁沈阳·统考二模）小小的蚊子能轻而易举地用口器把皮肤刺破，重重的骆驼却不
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会深陷沙中，这是为什么？压力的作用效果与哪些因素有关呢？小明同学猜想：
猜想1：压力的作用效果跟压力的大小有关；
猜想2：压力的作用效果跟受力面积的大小有关。
小明同学利用两个相同的铁块和一块海绵，进行了如图所示的实验。
（1）要探究猜想1，应比较图 ；
（2）对比甲、丁两图，同组的小苏同学认为压力的作用效果与压力大小无关，你认为他的观点是
（选填“正确”或“错误”）的，理由是 。
【答案】 甲、丙 错误 没有控制受力面积相同
【详解】（1）[1]要探究猜想1：压力的作用效果跟压力的大小有关，就要控制受力面积相同，压力不同，
如图所示，通过比较甲和丙的两组实验可以探究猜想1。
（2）[2][3]如甲、丁两图所示，两次实验中海绵受到的压力不同，受力面积也不同，通过比较这两次实验
不能得出压力的作用效果与压力大小无关，因为没有控制受力面积相同。
【即时检测2】（2023·广东东莞·东莞市竹溪中学校考模拟预测）如图所示，利用小桌、海绵、砝码探究影
响压力作用效果的因素。
（1）实验是通过观察 来比较压力的作用效果；
（2）通过比较图甲和图乙，说明 ；通过比较图乙和图 ，说明压力一定时，受力面积越小，
压力的作用效果越明显；
（3）实验中主要采用的研究方法是 ；（填“控制变量法”或“理想实验法”）
（4）将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，比较图丙中海绵受到的压强 和图丁中木板受到的压强
的大小关系为 ；（填“>”、“<”或“=”）
（5）实验时，小明将小桌换成砖块，并将砖块沿竖直方向切成大小不同的两块，如图戊所示，发现它们
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对海绵的压力作用效果相同。由此得出的结论是压力的作用效果与受力面积无关。你认为他在探究过程中
存在的问题是 。
【答案】 海绵的凹陷程度 受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显 丙 控
制变量法 = 没有控制压力的大小相同
【详解】（1）[1]根据转换法，图中压力的作用效果是通过观察海绵的凹陷程度来显示的。
（2）[2]压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控
制变量法。通过比较图甲和图乙知，受力面积一定，乙中压力大，压力的作用效果明显，说明受力面积一
定时，压力越大，压力的作用效果越明显。
[3]研究压力的作用效果与受力面积关系时，要控制压力一定，故通过比较图乙和图丙，说明压力一定时，
受力面积越小，压力的作用效果越明显。
（3）[4]实验中主要采用的研究方法是控制变量法。
（4）[5]将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，根据 ，因压力和受力面积相同，故图丙中海绵
受到的压强 等于图丁中木板受到的压强 的大小，即
（5）[6]研究压力的作用效果与受力面积的关系时，要控制压力相同，实验时，小明将小桌换成砖块，并
将砖块沿竖直方向切成大小不同的两块，即没有控制压力的大小相同，由此得出的结论“压力的作用效果
与受力面积无关”是错误的。
实验九 探究液体内部压强的规律
1. 专项点拨：
液体压强大小（ ）与液体密度、深度有关，密度越大、深度越深压强越大。一般情况下会探
究液体压强与密度，深度，方向的关系。其中液体压强的大小无法直接测量，因此要用转换法，转换为液
体压强计U型管液面的高度差，或液体内部橡皮膜的凹陷程度，或瓶壁不同位置喷出水柱的距离来体现。
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在设计实验时，通过选取不同种液体探究液体压强与密度的关系。通过改变探头的深度或观察不同深
度喷出水柱的距离探究液体压强与深度的关系。通过改变探头的方向探究液体压强与方向的关系。
2. 同类变式：
部分较难实验设计中会要求测量某种液体的密度，常常采用橡皮膜进行实验设计，当橡皮膜在待测液
体中相平，或堵住管口的薄片刚好脱落时，橡皮膜左右两侧压强相同，测得两种液体深度后利用压强公式
即可求得待测液体的密度。
【典例3】（2023·四川巴中·统考中考真题）下图是探究“影响液体内部压强大小因素”的实验过程。
（1）图中所示压强计中的U形管 （选填“是”或“不是”）连通器；使用前需检查装置是否漏
气，用手轻轻按压几下橡皮膜，观察到U形管中的液体能灵活升降，则说明 （选填“漏气”或
“不漏气”）；
（2）接着在烧杯中加入适量的水，将压强计的探头放入水中不同深度，如图甲、乙丙所示，可以初步得
出结论：当液体密度相同时， 越大，液体压强越大；
（3）除了上述探究（2）以外，你认为还有哪些因素可能会影响液体内部压强大小呢？请在下述选项中选
择合适的猜想和与之对应的实验方案： （填写猜想和实验方案对应的字母，只需选择一组）；
猜想：A．可能与液体的密度有关
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B．可能与液体的体积有关
实验方案：
C．分别装入体积相同的不同液体，将探头放入相同深度，观察U形管液面高度差
D．分别装入体积相同的同种液体，将探头放入不同深度，观察U形管液面高度差
E．分别装入体积不同的同种液体，将探头放入相同深度，观察U形管液面高度差
F．分别装入体积不同的不同液体，将探头放入相同深度，观察U形管液面高度差
（4）为了更好的探究“液体压强与液体密度的关系”，利用如图丁所示的装置进行改进实验，当注入水
和盐水的深度相同时，若橡皮膜向左凸起，则隔板左侧的液体是 。整个实验过程用到的实验方法
有 法和 法。
【答案】 不是 不漏气 深度 AC 水 控制变量 转换
【详解】（1）[1]图中所示压强计左边有橡皮密封，而连通器两端开口，所以图中的U形管不是连通器。
[2]使用前需检查装置是否漏气，用手轻轻按压几下橡皮膜，如果没有明显变化则表明漏气，如果观察到U
形管中的液体能灵活升降，则说明不漏气。
（2）[3]如图甲、乙丙所示，液体密度相同，深度越深，U形管液面高度差越大，可以初步得出结论：当
液体密度相同时，深度越大，液体压强越大。
（3）[4]根据控制变量法， 如果探究A．可能与液体的密度有关，则要求密度不同，深度和体积相同，实
验方案C符合；如果探究B．可能与液体的体积有关，则要求体积不同，深度和密度相同，实验方案E符
合。所以AC或BE均可。
（4）[5]当注入水和盐水的深度相同时，若橡皮膜向左凸起，表明右边的液体产生的压强大，根据液体压
强公式 可知，则隔板左侧的液体密度较小，左侧是水。
[6][7]由于液体内部压强不易直接观察，是通过U形管高度差来间接观察的，此处应用了转换法，液体内
部压强大小与液体密度、深度等因素有关，每次只能探究一个因素，此处应用了控制变量法。
【即时检测1】（2023·云南德宏·统考模拟预测）如图所示是用压强计“研究液体内部的压强”的实验装置。
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（1）在实验过程中，压强计上的U形管 （选填“属于”或“不属于”）连通器；
（2）在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲，其调节的方法是
（选填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平；
A．将右侧支管中高出的水倒出
B．取下软管重新安装
（3）比较图中的乙和丙图，可以得到：液体的压强与 有关。比较图中 两图，可以得液体的
压强与液体密度有关。
【答案】 不属于 B 液体的深度 丙、丁
【详解】（1）[1]上端开口，底部连通的容器是连通器，压强计上端不都是开口的，故不属于连通器；
（2）[2]进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相
等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故A不符合题意，B符
合题意。
故选B。
（3）[3]比较图乙和图丙两图知，液体的密度相同，深度不同，U形管液面的高度差不同，压强不同，故
可以得到：液体的压强与液体的深度有关。
[4]要探究液体的压强与液体密度的关系，需要控制液体的深度相同，改变液体的密度，图丙、丁符合题意。
【即时检测2】（2023·广东深圳·深圳市龙岗区香港中文大学（深圳）附属知新学校校考三模）如图是“探
究影响液体内部压强大小因素”的实验。
（1）图中压强计通过U形管两侧 反映橡皮膜所受压强的大小，这种研究方法叫 。实验前检
查实验装置，观察到如图甲所示的情景，应该进行以下哪项操作 ；
A．从U形管内向外倒出适量水B．拆除软管重新安装C．向U形管内添加适量水
（2）调整器材后小明充成了图乙、丙所示实验，分析可知液体的压强与 有关；
（3）为探究液体压强与液体密度的关系，小明又完成了丁图所示实验，对比丙、丁两次实验发现两次U
形管两侧水面高度差对比不明显，为使实验现象更加明显下列操作可行的是 ；
A．将丁图中金属盒下移
B．丁烧杯中换用密度更大的液体
C．将U形管中的水换成密度更小的酒精
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（4）如图戊所示，1、2是两根完全相同的细玻璃管，管的一端封有相同橡皮薄膜，在管中装入不等量的
水，薄膜鼓起的程度不同。据此小红猜想：液体的压强可能与管内液体的质量有关。小明将2号管
放置，直至 、对比1、2号管橡皮膜的鼓起程度可知小红的猜想错误；
（5）为了检验“液体内部的压强与液体密度有关”这一结论，在图己的装置中，容器的左右两侧分别装
入深度相同的水和酒精，看到橡皮膜向左侧凸起。由此你可以判断 （选填“左”或“右”）侧的液
体是水。
【答案】 高度差 转换法 B 液体深度 BC/CB 倾斜 1、2号管水柱高度相
同 右
【详解】（1）[1][2]压强计是通过U形管两侧液面的高度差来反映橡皮膜所受压强的大小，高度差越大，
说明橡皮膜受到的压强越大，这种研究方法叫转换法。
[3]观察图甲发现，组装器材时，U形管两侧液面不相平，为了使U形管两侧液面相平，应取下软管重新安
装，故选B。
（2）[4]对比乙、丙两图，金属盒没入水中的深度增大，U形管两边液面的高度差逐渐变大，所以在液体
密度一定时，液体越深，液体压强越大，所以液体压强跟液体深度有关。
（3）[5]A．探究液体压强与液体密度的关系，根据控制变量法原则要控制液体深度相同，因此不能单独改
变丁图中金属盒的位置，故A不符合题意；
B．根据p=ρgh可知，液体的密度越大，深度越大，压强越大，所以在“丁烧杯中换密度差更大的液体”U
形管左右两侧液面的高度差将变大，故B符合题意；
C．“将U形管中的水换成密度更小的酒精”，橡皮膜受到的压强不变时，则U形管左右两侧液面的高度
差将变大，C符合题意。
故选BC。
（4）[6][7]探究液体的压强可能与管内液体的质量有关，必须控制液体的深度相同，小明将2号管倾斜放
置，直至1、2号管水柱高度相同，对比1、2号管橡皮膜的鼓起程度可知小红的猜想错误。
（5）[8]在容器的左右两侧分别装入深度相同的不同液体，看到橡皮膜向左侧凸起，则右侧液体压强大，
根据p=ρgh可知，右侧液体的密度较大，则右侧是水，左侧是酒精
实验十 探究流体压强和流速的关系
1. 专项点拨
在流体中流速越大的位置压强越小。流体既可以为气流也可以为水流。验证流体压强与
流速的关系，本质上是在物体两侧通过改变一侧流体的流速，使物体两侧产生压强差，造成
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物体移动或偏转。经典的验证流体压强与流速关系的实验有吹纸，漏斗吹乒乓球，吹硬币，
飞机机翼升力模型，喷壶模型，水流水柱模型等。
2. 注意事项
验证流体压强与流速关系的实验设计较为简单，参照经典模型根据题目所给定的器材合
理设计即可。在叙述时详细描述出现了何种情况即可说明流体中流速越大的位置压强越小。
【典例4】（2021·江苏连云港·统考中考真题）在学习“流体压强与流速关系”后，同学们知道了当气流吹
向机翼时，飞机会获得升力，并且在相同条件下，气体的流速越大，飞机获得的升力也越大。为了探究飞
机获得的升力与其他因素的关系，研究人员利用3D打印机制作出大小不同的纸机翼模型进行风洞模拟实
验，如图甲所示。用传感器测量相关数据，进行分析研究。
（1）研究人员利用控制变量法探究飞机获得的升力与机翼投影面积的关系时，实验数据如下表所示。①
分析数据，你得出的初步结论是 。②此实验选用三组不同的风速分别进行是为了 。
机翼投影面积 风速为v 时飞机获得的升 风速为v 时飞机获得的升 风速为v 时飞机获得的升
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S/m2 力F/N 力F/N 力F/N
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0.01331 0.032 0.027 0.023
0.00998 0.023 0.021 0.017
0.00665 0.015 0.013 0.011
（2）通过上述信息分析可知：v v（选填“大于”或“小于”）。
1 2
（3）研究人员又探究了飞机获得的升力F与迎角α的关系，根据实验数据绘制的图像如图乙所示。分析
图像，你得出的结论是 。
【答案】 见解析 寻找普遍规律，避免偶然性 大于 见解析
【详解】（1）①[1]由实验数据可知，其它因素相同，机翼投影面积越大，飞机获得升力越大。
②[2]实验中为了寻找普遍规律，避免偶然性，选用三组不同的风速分别进行。
（2）[3]在相同条件下，气体的流速越大，飞机获得的升力也越大，由表中数据可知，机翼投影面积相同
时
F＞F
1 2
所以v＞v
1 2
（3）[4]由图乙可知，其它因素相同，飞机获得的升力随迎角增大先变大后变小。
【即时检测1】（2023·山东滨州·统考一模）在“小实验、小制作”比赛活动中，物理兴趣小组利用身边的
小玻璃瓶、单孔橡皮塞、两端开口的透明吸管、水，展示了如图实验。
（1）自制温度计。如图乙，将玻璃瓶放入热水中，观察到吸管中的液面 （选填“上升”“下降”
或“不变”），验证了温度计是根据液体的 规律制成的；
（2）自制水气压计。如图丙，提着瓶子从一楼走到四楼，观察到吸管中的液面上升，说明了大气压强随
海拔高度升高而 （选填“增大”“减小”或“不变”）；
（3）自制“喷雾器”，如图丁，往B管中吹气，可以看到A管中的液面 （选填“上升”“下降”
或“不变”），这表明：在气体中，流速越大的位置压强 （选填“越大”“越小”或“不变”）。
【答案】 上升 热胀冷缩 减小 上升 越小
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【详解】（1）[1][2]将玻璃瓶放入热水中，玻璃瓶中液体吸收热量，体积膨胀，所以吸管中的液面上升，
实验验证了温度计是根据液体的热胀冷缩的规律制成的。
（2）[3]大气压不是固定不变的，随着高度的升高而减小，所以提着瓶子从一楼走到四楼，外界气压减小，
瓶内的水被瓶内气压压出，观察到吸管中的液面上升。
（3）[4]往B管中吹气，可以看到A管中的水面上升，原因是：往B管中吹气，吸管A上方空气的流速变
大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，所以A管水上升。表明在气体中，流速越大
的位置压强越小。
【即时检测2】（2023·广东江门·统考二模）飞机在空中飞行时都有一定的迎角（机翼轴线与水平气流的夹
角），飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外是否还与迎角大小有关？为了研究这一问题，在老师的帮
助下，小明利用电风扇、升力测力计、飞机模型，按图甲方式进行如下实验。
步骤一：闭合电风扇的开关，调节挡位使其风速最大，并使飞机模型的迎角为0°，记录测力计的示数，重
复5次实验并计算升力平均值；
步骤二：改变迎角大小，使其分别为5°、10°、15°、20°，重复步骤一；
步骤三：处理相关数据得到“升力与迎角的关系”如图乙。
（1）飞机飞行时能够获得升力的原因是因为机翼的上表面受到的 比下表面小；
（2）由图乙可知，飞机飞行速度一定，迎角由0°逐渐增大到20°，升力的变化特点是：飞机所受升力随着
迎角的增大而 （选填序号：①增大，②减小，③先增大后减小）；
（3）小明若要进一步研究“飞机的升力与其飞行速度的关系”。利用现有器材，只需要控制 不变，
通过调节 来改变飞机模型的飞行速度即可获得结论；
（4）资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大。若某飞机以
500km/h做水平匀速直线飞行时的迎角为θ，而以800km/h做水平匀速直线飞行时的迎角为θ（θ、θ 均小
1 2 1 2
于15°），请比较θ、θ 的大小关系： 。
1 2
【答案】 压力 ③ 迎角 电风扇的转速
【详解】（1）[1]在流体中，流速越大的位置，压强越小；机翼上方空气流速大，压强小，下方空气流速
小，压强大，这样机翼的上表面受到的压力比下表面小，产生向上的升力。
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（2）[2]由图乙可知，飞机飞行速度一定，迎角由0°逐渐增大到20°，升力的变化特点是：飞机所受升力随
着迎角的增大，先增大后减小，故③符合题意，①②不符合题意。
故选③。
（3）[3][4]根据控制变量法的知识可知，利用现有器材，只需要控制迎角不变，通过调节电风扇的转速来
改变飞机模型的飞行速度即可获得结论。
（4）[5]根据题意，后一次的速度大，飞机水平做匀速直线运动，升力等于重力，重力不变，升力不变，
所以，以800km/h做水平匀速直线飞行时的迎角应该小一些，即
实验十一 探究浮力大小的影响因素
1. 专项点拨
由阿基米德原理（ ）可知，物体所受浮力与排开液体重力、排开液体质量、
排开液体密度与排开液体体积有关。与物体所在液体深度、物体体积、物体密度等无关。
2. 常见实验类型
在设计实验时要首先明确探究因素与浮力是否有关。无关因素在设计实验时要注意使其得出的结论与
猜想不相符。
①在探究浮力与排开液体重力、排开液体质量关系时可直接参考“探究浮力与排开液体重力的关系”实验
进行设计，注意实验设计中最简步骤的测量顺序为先测小空桶重力，再测物块重力，再测物块在水中受到
的拉力，最后测小桶与桶中排开液体的重力。
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②在探究浮力与排开液体密度与排开液体体积关系时，密度不同可采用两种不同液体进行实验。排开液体
体积若要得出定量关系，则应选择规则物块标记边长或相应刻度，方便计算排开液体体积。
【典例5】（2022·内蒙古包头·统考中考真题）兴趣小组利用弹簧测力计、物块、溢水杯、小桶、铁架台等
器材验证阿基米德原理。（细线的质量和体积均忽略不计）
（1）使用弹簧测力计前，要将指针调在 位置。
（2）实验中所用物块的重力为 N。
（3）同学们发现溢水杯中未装满水，如图甲所示，这样实验会使测得的溢出水的重力 （填“偏
大”或“偏小”）。
（4）溢水杯装满水后，将物块浸没在水中，如图乙所示，物块受到的浮力为 N，物块受到的浮力
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大小与它排开水所受的重力大小 。
（5）继续实验，将物块浸没在装满酒精的溢水杯中，如图丙所示，发现F>F，说明物块受到的浮力大小
5 3
与 有关。换用酒精再次实验的目的是 （填“减小误差”或“寻找普遍规律”）。
【答案】 零刻度线 4 偏小 1 相等 液体密度（液体种类） 寻找普遍规
律
【详解】（1）[1]使用弹簧测力计前，要先看测力计的指针是否指0，不指示零刻线，要将指针调在零刻度
线的位置。
（2）[2]由甲图可知，左侧弹簧测力计的示数为4N，实验中所用物块的重力弹簧测力计的示数，等于为
4N。
（3）[3]溢水杯中未装满水，当物块浸入时，水先要充满溢水杯才会溢出，这样溢出的水的体积小于物块
浸入液体的体积，实验会使测得的溢出水的重力偏小。
（4）[4]溢水杯装满水后，将物块浸没在水中， 如图乙所示，物块受到的浮力为
[5]它排开水所受的重力大小
物块受到的浮力大小与它排开水所受的重力大小相等。
（5）[6]将物块浸没在装满酒精的溢水杯中，由于酒精的密度小于水的密度，会发现 ，即物块在酒
精中受到的浮力变小，说明物块受到的浮力大小与液体的密度有关。
[7]换用酒精再次实验的目的是多次测量寻找浸在液体中的物体受到的浮力与它排开液体所受重力之间的普
遍规律，避免只用一种液体实验得到结论的偶然性。
【即时检测1】（2022·湖南长沙·校考二模）在验证阿基米德原理实验中。
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（1）方案一：按照如图甲所示的实验步骤依次进行实验；
由图甲可知，石块浸没在水中时，发现F ≠G ，造成这种结果的原因不可能是 ；
浮 排
A．最初溢水杯中的水未装至溢水口
B．整个实验过程中，弹簧测力计都没有校零
C．步骤C中，石块浸没后，碰触到溢水杯的底部
（2）方案二：如图乙所示，将装满水的溢水杯放在升降台C上，用升降台来调节溢水杯的高度，当逐渐
调高升降台时，随着重物浸入水中的体积变大，比较弹簧测力计A的示数变化量ΔF 和弹簧测力计B的示
A
数变化量ΔF ，它们的大小关系是ΔF ΔF，从而证明了F ＝G 。
B B A 浮 排
【答案】 B =
【详解】（1）[1]A．若最初溢水杯中的水未装至溢水口，放入石块后，石块排开水，只有一部分溢出到桶
中，溢出水的重力小于石块排开水的重力，由此可知，石块排开水的重力G 减小，即F ＞G ，故A不
排 浮 排
符合题意；
B．整个实验过程，弹簧测力计都没有校零，根据称重法测浮力F ＝G－F 可知，石块受到浮力的大小不
浮 拉
变，根据石块排开水的重力G ＝G －G 可知石块排开水的重力不变，由此可知，故B符合题意；
排 溢水和杯 杯
C．第三步骤操作中，石块碰触到溢水杯的底部，溢水杯底部对石块有支持力，会使第三步骤中的弹簧测
力计示数变小，根据称重法测浮力F ＝G－F 可知，会使所测量石块受到的浮力变大，故C不符合题意。
浮 拉
故选B。
（2）[2]根据重物浸入水中时，由F ＝G－F 可知弹簧测力计A的示数的变化量为浮力，重物浸入水中
浮 拉
时，弹簧测力计B的示数的变化量为重物排开水受到的重力，根据阿基米德原理可知，弹簧测力计A的示
数的变化量等于弹簧测力计B的示数的变化量，即：ΔF =ΔF。
B A
【即时检测2】（2023·重庆·重庆一中校考二模）如图所示，爱探究的小名在实验室做测量木块密度的实验。
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（1）将托盘天平放在 桌面上，移动 至零刻度线，此时指针如图乙所示，他应该
将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）移动，直至天平平衡；
（2）小名将木块放在托盘天平左盘，往右盘加减砝码和移动游码，天平再次平衡时，砝码和游码的位置
如图丙所示，则木块质量为 g；
（3）小名用图丁测量木块体积，弹簧测力计示数为0.1N，则木块所受浮力为 N，计算得木块
体积；
（4）小联认为弹簧测力计不够精确，改进设计了如图所示的实验。
①图甲电子秤示数为 ；
②图乙木块漂浮时，电子秤示数为 ；
③图丙用细针将木块压入水中，木块未触底，静止时电子秤示数为 ，则该实验测得木块密度为
；
（5）小名和小联兴趣正浓，继续探究盐水密度。
④图丁在烧杯中加入适量盐水，电子秤示数为 ；
⑤图戊用细针将木块压入盐水中，木块未触底，静止时电子秤示数为 ；则盐水密度
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（用字母 、 、 、 、 、 表示）；
（6）若图乙、丙中木块吸水，则该实验测得木块密度值 （选填“偏大”“偏小”或“准
确”）。
【答案】 水平 游码 右 12 0.22 0.8×103 偏大
【详解】（1）[1][2][3]实验前，应先把天平放在水平桌面上，然后将游码移到标尺左端零刻度线位置上，
此时指针偏向分度盘中线左侧，应将平衡螺母向右调，才能使天平平衡。
（2）[4]由图丙可知，标尺的分度值为0.2g，木块的质量为m=10g+2g=12g=0.012kg
（3）[5]木块的重力G=mg=0.012kg×10N/kg=0.12N
利用定滑轮改变力的方向的作用，测得木块在水中静止时测力计示数为0.1N，由此可得物体受到的浮力为
F =G+F =0.12N+0.1N=0.22N
浮 拉
（4）[6]木块的质量m =m-m=112g-100g=12g
木 1 0
木块的体积
木块密度为
（5）[7]排开盐水的质量m =m-m
排盐 4 3
排开盐水的体积等于木块的体积，即
盐水的密度
（6）[8]软木块浸入水中后会吸水，体积不变，排开水的质量不变，而容器及水（减小）的总质量减小，
丙图中电子秤的示数偏小，排开液体的质量偏小，求出软木块的体积偏小，由甲乙两图可知木块的质量不
变，根据 可知，测得的木块密度偏大。
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1．如图是小爱同学“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验，铁块和木块的大小和形状完全相同。
（1）小爱同学选择甲、乙两次实验，可以探究滑动摩擦力大小与 的关系，可以得出的结论是
；
（2）小爱同学要探究滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度的关系，应该选择 两次实验；
（3）如丁图所示，把弹簧测力计固定，小爱同学拉动木板进行实验，是为了 。
【答案】 压力 在其他条件相同时，压力越大，滑动摩擦力越大 乙、丙 不用匀速拉动
木块，也能方便准确的测出滑动摩擦力
【详解】（1）[1][2]本实验用弹簧测力计沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平
衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。小爱同学选择甲、乙两次实验，
接触面粗糙程度相同，乙中压力大，测力计示数也大，可以探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系，可以
得出的结论是：在其他条件相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（2）[3]探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力大小相同，应该选择乙、丙两次实
验。
（3）[4]如丁图所示，铁块相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到木板施加的滑动摩擦力为一
对平衡力，大小相等，把弹簧测力计固定，小爱同学拉动木板进行实验，是为了不用匀速拉动木块，也能
方便准确的测出滑动摩擦力。
2．下面是小明探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验过程
（1）实验过程中，为了能够测量出物体所受滑动摩擦力的大小，需要使物体做 运动；
（2）小明按照正确的方法进行了实验，发现F>F，由此可以得出的结论是：当压力相同时，
2 1
；
（3）当进行丙实验后，小明发现F>F，于是得出结论，压力越大，物体受到的滑动摩擦力越大。他得出
3 1
结论的方法正确吗？ ，因为 ；
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（4）小明想进一步探究：物体受到滑动摩擦力的大小与压力之间的具体数量关系。他利用图甲的装置和
钩码完成了实验，并得出了如图表的数据；
压力F/N 1 2 3 4
摩擦力f/N 0.2 0.4 0.6 0.8
由表中数据可知：当接触面粗糙程度一定时，物体A所受摩擦力与压力 。当物块A对木板表
面的压力为8N时，物块A所受摩擦力为 N。
【答案】 匀速直线 接触面越粗糙，摩擦力越大 不正确 没有控制接触面的粗糙程度相
同 正比 1.6
【详解】（1）[1]只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力
大小才等于摩擦力的大小，故实验过程中，为了能够测量出物体所受滑动摩擦力的大小，需要使物体做匀
速直线运动。
（2）[2]小明按照正确的方法进行了实验，甲、乙两图中，压力相同，乙中接触面粗糙些，发现
即乙中物体受到的摩擦力大一些，由此可以得出的结论是：当压力相同时，接触面越粗糙，摩擦力越大。
（3）[3][4]研究摩擦力与压力的关系，要控制接触面的粗糙程度相同，而甲丙实验中，接触面的粗糙程度
不同，即没有控制接触面的粗糙程度相同，故他得出结论的方法不正确。
（4）[5]由表格中的数据可知，当接触面粗糙程度一定时，当压力增大时，摩擦力也增大且压力增大几倍，
摩擦力也增大几倍，即摩擦力与压力成正比。
[6]当物块A对木板表面的压力为8N，压力为第4次实验的
故摩擦力为
3．如图所示，为小丽在“研究影响压力作用效果的因素”实验中所选用的器材在水平桌面上进行的实验
过程图示；
（1）本实验的科学探究方法是： 法和 法；
（2）小丽为了探究压力作用的效果跟压力大小的关系，应该通过图中的 两次实验进行比较得
出结论；为了探究压力作用的效果跟受力面积大小的关系，应该通过图中的 两次实验进行比
较得出结论；
（3）通过实验小丽得出结论：压力作用的效果不仅跟压力的大小有关，而且跟受力面积有关。小丽的结
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论 （选填“正确”或“不正确”）；
（4）图A和图D中小凳子对桌面和海绵的压力作用效果 （选填“相同”或“不同”）。
【答案】 转换 控制变量 D、E E、F 正确 相同
【详解】（1）[1][2]本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；压力的作用效果
与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法。
（2）[3] 小丽为了探究压力作用效果跟压力大小的关系，应控制受力面积一定，让压力大小不同，故应该
通过图中D、E两次实验进行比较。
[4] 为了探究压力作用的效果跟受力面积大小的关系，要控制压力大小相同，然受力面积不同，故应该通
过图中E、F的两次实验进行比较。
（3）[3] 通过图中D、E两次实验进行比较，得出结论受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越明显；
通过图中E、F的两次实验进行比较，得出结论压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显，即压
力作用的效果不仅跟压力的大小有关，而且跟受力面积有关。所以小丽的结论是正确的。
（4）[4] 图A和图D中，压力大小相等，受力面积大小相同，根据
则压强大小相同，故压力的作用效果相同。
4．如图所示，用一只矿泉水瓶和一块海绵等器材探究“影响压力作用效果的因素”。
（1）实验时，通过观察 来比较矿泉水瓶对海绵的压力作用效果；
（2）在图A、B、C的操作中，观察图A和图B可知：压力效果与 有关；观察图B和C可知：
压力效果与 有关；
（3）若将矿泉水瓶放在石块上，如图D所示。图D与图A比较，矿泉水瓶对石块和海绵的压强
（填“相同”或“不相同”）；
（4）如图甲所示，一质地均匀的长方体砖块放在水平地面上。现将砖块立起如图乙所示，此时砖块对地
面的压强将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；小明同学将砖块倒置后，如图丙所示
在一定高度释放，假设砖块竖直下落不翻转，试猜想砖块砸到地面的压强 图乙中砖块对水平
地面的压强（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
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【答案】 海绵的凹陷程度 接触面积 压力大小 相同 变大 大于
【详解】（1）[1]实验时，通过观察海绵的凹陷程度来比较矿泉水瓶对海绵的压力作用效果，这是利用了
转换法。
（2）[2]研究压力作用效果与受力面积大小关系，要控制压力大小一定，在图A、B、C操作中，观察图A
和B可知，压力大小相同，受力面积不同，海绵的凹陷程度不同，得到的结论是：压力一定时，受力面积
越小，压力的作用效果越明显。
[3]观察图B和C可知：受力面积的大小不变，只改变压力大小，海绵的凹陷程度不同，得到的结论为：受
力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显。
（3）[4]由（2）结论可知，压力的作用效果与压力和受力面积有关。若将矿泉水瓶放在石块上如图D，图
D与A比较，因压力和受力面积都相同，故对石块和海绵的压力作用效果相同，压强相等。
（4）[5]设如图甲所示，一质地均匀的长方体砖块放在水平地面上，现将砖块立起如图乙所示，此时砖和
地面的接触面积减小，由 可知，砖块对地面的压强将变大。
[6]如图丙所示在一定高度释放，假设砖块竖直下落不翻转，砖和地面接触时具有一定的速度，砖对地面的
瞬间作用力大于重力，速度越快作用力越大，由 可知，砖块砸到地面的压强大于图乙中砖块对水平
地面的压强。
5．学了液体压强知识后，同学们争先恐后地动手做实验探究液体压强的特点。
（1）组装好的完好的压强计中的U形管 （选填“是”或“不是”）连通器；
（2）把压强计的金属盒分别浸入同种液体中，如图甲和图乙，发现图乙中U形管两边的液柱高度差较大，
说明液体内部的压强随深度的增加而 ；
（3）如果所用的压强计的U形管可以选择染色的酒精、水、水银（ρ <ρ <ρ ）中的一种液体，为了
酒精 水 水银
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使实验现象更明显，他应该选用上述三种液体中的 装入U形管中；
（4）有同学选择如图丙的器材探究液体压强的特点，容器中间用隔板分成大小相同且互不相通的A，B两
部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭。橡皮膜两侧压强不相等时，会向压强小的一侧凸起。探究“液
体压强与液体密度的关系”时，左右两边液体应满足要求：深度 ，密度 （以上两空选填“相
同”或“不同”）；
（5）某同学在A，B两侧倒入深度不同的水后，实验现象如图丁。若橡皮膜破裂，则容器中的水会
（选填“从A流向B”或“从B流向A”）；
（6）实验中在A、B两侧分别倒入水和某种液体，当橡皮膜相平时，如图戊，橡皮膜到两侧液面的深度分
别为12cm、10cm，则该液体的密度为 g/cm3。
【答案】 不是 增大 酒精 相同 不同 从B流向A 1.2
【详解】（1）[1]压强计是上端开口，下端连通的容器，而U形管的上端只有一边是开口，不是连通器。
（2）[2]图甲、乙中，探头置于同种液体中的不同深度，U形管两侧液面高度差不同，乙中探头的深度比
甲的深度大，U形管两侧液面高度差更大，说明液体内部压强的压强随深度的增加而增大。
（3）[3]当压强相同时，据 知，液体的密度越小，深度越大，则密度小时，U形管中液面高度差大，
实验效果更明显，所以U形管中选择酒精装入。
（4）[4][5]要探究液体压强与液体密度的关系时，据控制变量法知，左右两边液体的密度应不同，深度应
相同。
（5）[6]图丁中，A、B两侧装入的都是水，B侧水的深度比A的大，橡皮膜破裂，则水由压强大的一侧流
向压强小的一侧，所以从B流向A。
（6）[7]橡皮膜相平，则A、B两侧液体对橡皮膜的压强相等，据 有
所以，该液体的密度
6．（1）实验室工作人员利用托里拆利实验测量大气压强的值，他分别将玻璃管竖直和倾斜放置，如图1
所示，则此时当地的大气压强等于 mm水银柱产生的压强。
（2）如图2所示，在同一水平面上，用弹簧测力计水平拉木块向右做匀速直线运动。木块所受摩擦力的大
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小为 N；若拉力增大。木块所受的摩擦力将 （选填“增大”、“不变”或“减
小”）。
（3）如图3，两只杯子分别盛有甲、乙两种密度不同的液体（ρ >ρ ），小刚利用微小压强计对它们进行
甲 乙
了区分。
①压强计中蒙有橡皮膜的金属盒放在空气中时，正常情况下，当没有对橡皮膜施加压力作用时，U形管中
两侧液柱高度是 的。
②本次实验前，当把压强计放在空气中时，小刚却观察到如图（a）所示的情景，出现这种现象的原因是：
U形管左侧玻璃管液面上方的气压 （选填“大于”“小于”或“等于”）当地环境大气压，
调节的方法是 （选填“A”或“B”）。
A．将此时右边支管中高出的液体倒出
B．取下软管重新安装
③压强计调节正常后，小刚将金属盒先后浸入到两杯液体中，如图（b）和（c）所示。他发现图（c）中U
形管两边的液柱高度差较大，于是认为图（c）杯子中盛的是甲液体。你认为，小刚的结论是
（选填“可靠的”或“不可靠的”）。
【答案】 750 2.4 不变 相平 大于 B 不可靠的
【详解】（1）[1]图中75cm=750mm是玻璃管内外水银面的高度差，它产生的压强与大气压大小相等。
（2）[2]该测力计的每一个大格是1N，每一个小格是0.2N，故此时的示数是2.4N；沿水平方向拉着物体
做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件可知，拉力大小等于摩擦力
的大小，故木块所受的滑动摩擦力大小为2.4N。
[3]当拉力增大后，因为木块对桌面的压力大小仍等于重力，没有变化，而且接触面的粗糙程度也不变，所
以摩擦力大小不变。
（3）①[4]实验前应调节好压强计，当调节好的压强计放在空气中时，U形管两边的液面应该相平。
②[5][6]当压强计的橡皮膜没有受到压强作用时，U形管中两侧液面应是相平的，而由图（a）可知，此时
U形管中左侧液面高度低于右侧液面高度，U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强，就说明U形
管左支管液面上方的气压大于大气压；只要取下软管重新安装，让U形管左端液面和大气相同，这样U形
管两端的液面就是相平的，故B正确。
③[7]因液体压强与液体密度与所处深度均有关，故探究液体压强与液体密度的关系时，应控制压强计的金
属盒所在液体中的深度相同，而由图中（b）和（c）可知，两次实验中压强计金属盒的深度不同，故无法
判断哪种液体的密度较大，故小刚的结论是不可靠的。
7．小华做了“探究浮力的大小与哪些因素有关”的实验中：
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（1）物体浸没在水中时受到的浮力F = N；
浮
（2）分析甲、乙、丙三次实验可知：浮力的大小与 有关；
（3）分析甲、丙、丁三次实验可知： ；
（4）实验所用盐水的密度为 kg/m3；
（5）小华又做了如图己的实验，若弹簧测力计的示数F、F、F 和F 的大小关系为 ，则验证了
1 2 3 4
“阿基米德原理”：浸入液体中的物体所受的浮力的大小等于物体排开液体所受的 的大小。
【答案】 物体排开液体的体积 见解析 重力
【详解】（1）[1]由甲可知物体重力为5N，由丙图可知此时弹簧测力计的示数为1N，根据称重法可得物
体浸没在水中受到的浮力为
（2）[2]分析甲、乙、丙，可以发现液体密度相同，物体排开液体的体积增大，测力计示数在变小，则受
到的浮力也在增大，故可以说明浮力大小跟物体排开液体的体积有关。
（3）[3]分析甲、丙、丁三次实验，液体密度和物体排开液体体积相同，物体浸没的深度不同，弹簧测力
计示数相同，由称重法可得物体受到的浮力相等，说明浮力的大小与物体浸没深度无关。
（4）[4]物体完全浸没在水中时所受的浮力为4N。物体浸没在水中，排开水的体积等于其自身的体积，所
以物体的体积为
由图甲戊可知，物体完全浸没在盐水中时所受的浮力为
物体浸没在盐水中，排开盐水的体积等于其自身的体积，所以盐水的密度为
（5）[5][6]小华又做了如图己的实验，F-F 求的是物体浸在液体中受到的浮力，F-F 求的是物体排开液体
1 3 4 2
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的重力，若弹簧测力计的示数大小关系为
则验证了“阿基米德原理”：浸入液体中的物体所受的浮力的大小等于物体排开液体所受的重力的大小。
【点睛】此题涉及探究影响浮力大小的因素、称重法测浮力、阿基米德原理、控制变量法，综合性较强。
8．小明利用如图所示的器材探究物体所受浮力的大小跟排开液体的重力的关系。
（1）图中的四个实验步骤（甲乙丙丁）的最佳顺序是 ；
（2）小明按照最佳的步骤顺序进行操作，并记录弹簧测力计的示数如图所示，由 两实验步骤可
以测出物块所受浮力为 N；由丙、丁两实验步骤可以测出物体排开水的重力为 N；
（3）分析数据，得出结论：物体所受浮力 排开的液体所受的重力（选填“大于”、“小于”或
“等于”）；
（4）在乙步骤的操作中，若只将物块的一部分浸在水中，其他步骤操作不变，则 （选填“能”
或“不能”）得到与（3）相同的结论；
（5）若甲图中的水未达到溢水口，会得到物体所受浮力 排开的液体所受的重力的结论；（选填
“大于”、“小于”或“等于”）
（6）用弹簧秤拉着物体从水面缓慢浸入水中，根据实验数据描绘的弹簧秤示数F随物体浸入深度h变化的
关系图像，最符合实际的是 。
A． B。 C。 D。
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【答案】 丁、甲、乙、丙 甲、乙 1 1 等于 能 大于 C
【详解】（1）[1]为了减小误差和弹簧测力计悬挂物体的次数，方便操作，最合理的实验顺序为：
丁.测出空桶的重力；甲.测出物体所受到的重力；乙.把物体浸在装满水的溢杯中，测出测力计的示数；丙.
测出桶和排开的水受到的重力。故正确顺序为：丁、甲、乙、丙。
（2）[2][3]由图甲可知，空气中物块的重力为G=2N；由图乙可知，物块浸没水中时弹簧测力计的示数为
F=1N，由称重法可得物体在水中受到的浮力为F =G-F=2N-1N=1N
浮
[4]由丁图可知，空桶的重力G =1.2N，由图丙可知，水和桶的总重力G =2.2N，所以物块排开水的重力
桶 总
为
G =G -G =2.2N-1.2N=1.0N
排 总 桶
（3）[5]根据（2）计算结果可知，F =G ，说明浸在液体中的物体受到的浮力等于它排开的液体受到的
浮 排
重力。
（4）[6]只将物块的一部分浸入水中，排开水的体积减小，排开水的重力减小，浮力减小，仍然能得出浮
力等于排开的液体到的重力。
（5）[7]若甲图中的水未达到溢水口，物块放入溢水杯时，先要使溢水杯满了后才可以向外排水，溢出水
的重力变小，而浮力不变，所以在此过程中，物体受到的浮力大于排出的水的重力。
（6）[8]用弹簧秤拉着物体从水面缓慢浸入水中，随着物体浸入水中深度增加，物体浸入水中的体积变大，
浮力变大，根据F =G-F =G-ρ gSh
浮 水 浸
可知，测力计示数F变小，且成线性变化；当物体全部浸没在水中时，V 不变，浮力不变，测力计示数不
排
变，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
9．生活中物理知识无处不在。夏天天热吹风扇时，小李观察到电风扇吹出的风有时大有时小，于是他想
到一个问题——电风扇吹出的风的强度与哪些因素有关。他在老师和同学的帮助下，进行了初步探究。
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猜想一：电风扇吹出的风的强度与扇叶转速有关。
猜想二：电风扇吹出的风的强度与距离电风扇的远近有关。
为证实上述猜想，小星同学设计了如图甲所示装置：纸板B固定在支架上，纸板A与轻杆固定后悬挂在纸
板B上的转轴O处，纸板A和轻杆可绕转轴O自由摆动，电风扇放在左侧正对纸板A。图中s是纸板A自
然下垂时（虚线）到电风扇的水平距离，θ是纸板A向右摆动稳定后轻杆与竖直方向的夹角；
（1）实验时小星保持电风扇的 不变，移动电风扇，使s分别等于0.3m、0.5m、0.7m、0.9m，
在纸板B上分别描下纸板A被电风扇吹动后稳定时轻杆的位置a、b、c、d，如图乙所示（轻杆和纸板A
未画出），分别连接Oa、Ob、Oc、Od，比较四次实验中θ的大小，可知电风扇吹出的风的强度与距离电
风扇的远近 （选填“有关”或“无关”）；
（2）实验中，θ越大表示电风扇吹出的风的强度越 （选填“大”或“小”）；
（3）本实验中用到的研究方法有转换法和 法；
（4）电风扇吹出的风的强度还可能与风扇叶片的 （答出一个即可）有关。
【答案】 转速 有关 大 控制变量 大小（或形状）
【详解】（1）[1]要探究电风扇吹出的风的强度与距离电风扇的远近的关系，根据控制变量法可知，需要
控制电风扇的转速不变。
[2]s分别等于0.3m、0.5m、0.7m、0.9m时，即s越来越大，对应θ的大小是越来越小的，说明电风扇吹出
的风的强度越来越小，可知电风扇吹出的风的强度与距离电风扇的远近有关。
（2）[3]风的强度越大，纸板A向右摆动稳定后轻杆与竖直方向的夹角越大。
（3）[4]本实验中，为了探究电风扇吹出的风的强度与距离电风扇的远近的关系，控制了电风扇的转速不
变，这是用到了控制变量法。
（4）[5]影响电风扇吹出的风的强度因素，还有风扇扇叶的大小和风扇扇叶的形状等等。
10．物理老师在实验室做“流体压强与流速关系”的演示实验：如图甲所示的是由粗细不同的三节塑料管
A、B、C连接而成的装置，三节管中分别接有三个相同传感器的探头，传感器与电脑相连。老师将抽气机
与C管右端相连后开始平稳抽气，电脑绘制出的三节管中的气体压强随时间变化的p—t图像如图乙所示。
已知①②③三条图线分别对应粗细不同的三节管中气体压强随时间变化的情况，则由图像可知：
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（1）在抽气过程中，实验室的大气压为 Pa；0~4s时， 塑料管中的气体流速最快，
图像①是 塑料管中的气体压强随时间变化的图像（后两空均选填“A”、“B”或“C”）；
（2）此实验说明了流动的气体，流速大处压强 （选填“大”或“小”）；当老师将抽气的吹
风机调换挡位后，图像中①②③三条图线出现了下移，由此可以判断三节管中气体的流速 （选
填“增大”或“减小”）；
（3）利用流体压强与流速的关系，解决某地下商城“工”字形通道中过道的通风问题，技术员设计了以
下几种方案；如图丙所示，黑色部分为墙面凸出部分，M是安装在过道顶的换气扇，其中既有效又节能的
是 （填字母序号）。
【答案】 1.013×105 A C 小 增大 B
【详解】（1）[1]由乙图可知，试验开始时检测的气压为实验室的气压，大小为101.3kPa，合
1.013×105Pa。
[2]由甲图可知，相同时间内流过三个管道的气体体积相同，由于A管道的横截面积最小，所以A管中的气
体流速最快。
[3]由乙图可知，当管中气压稳定后，图像①的气压最大，由流体流速快的地方，压强小可知，图像①是C
管中的气体压强随时间变化的图像。
（2）[4]观察乙图发现，管道的横截面积越小，管中空气流速越大，管内气体压强越小，所以可得，流体
流速大处压强小。
[5]图像中①②③三条图线出现了下移，即管中气体压强减小，由流体流速快的地方，压强小可以判断三节
管中气体的流速增大。
（3）[6]A．由流体流速快的地方，压强小可知，过道中墙面凸出，则过道空气流速大，压强小，两侧通道
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的气体都流向过道，减弱通风，故A不符合题意；
B．右侧通道墙面凸出，则右侧通道内空气流速大，压强小，则空气由左侧通道向右侧通道流动，加强过
道空气流速，故B符合题意；
C．两侧通道墙面凸出，则两侧通道内空气流速相同，压强相同，过道内空气流速不变，故C不符合题意；
D．过道中安装排气扇，不能节能，故D不符合题意。
故选B。
1．（2023·云南德宏·统考模拟预测）小慧用如图甲所示的装置在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实
验中，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块运动，小智记录的部分实验数据如表所示：
接触面情
序号 木块放置情况 接触面所受压力F /N 弹簧测力计示数F /N
况 压 拉
1 平放 木板 4 1.2
2 平放 木板 6 1.8
3 平放 木板 8 2.4
4 平放 棉布 6 2.4
5 平放 毛巾 6 2.8
（1）在实验操作中，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做 运动，这样做的目的是使滑动摩
擦力大小 弹簧测力计示数；
（2）分析序号为1、2、3的三组实验数据可得：滑动摩擦力f的大小与接触面所受压力F 大小的关系式
压
是 ；
（3）通过分析序号为 的三组实验数据可得：滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关；
（4）某次实验中拉动木块由静止到匀速直线运动的过程中，弹簧测力计对木块的拉力F随时间t的关系图
像如图乙所示，其中0∼3s木块处于静止状态。分析图像可知：要使木块由静止开始运动，至少要用
N的水平拉力拉木块；如果实验时木块受的拉力是1.8N，下列对木块所处状态的判断，正确的是 ；
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A．始终静止 B．始终做匀速直线运动 C．静止或匀速直线运动 D．条件不足，无法判断
（5）实验过程中，弹簧测力计的示数不容易稳定，可能的原因是 ；
（6）实验前，若小慧未对弹簧测力计调零，实验结束后发现弹簧测力计指针指在零刻度线下方一点，然
后按照上述操作要求进行实验，则测得的滑动摩擦力将 （选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【答案】 匀速直线 等于 2、4、5 2.0 C 没有匀速拉动木块
偏大
【详解】（1）[1][2]在实验操作中，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，此时拉力
与摩擦力平衡，根据二力平衡知识，滑动摩擦力等于测力计的拉力，读出拉力就测量出了摩擦力。
（2）[3]通过分析实验1、2、3可知，在接触面的粗糙程度相同时，滑动摩擦力f的大小与接触面所受压力
成正比，比值为 ，用关系式表达为： 。
（3）[4]要探究滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度的关系，需要保持压力的大小不变，改变接触面的
粗糙程度，因此应该分析序号2、4、5的三组实验数据。
（4）[5]分析图乙可知，前3s物体处于静止状态，拉力增大，静摩擦力增大，最大静摩擦力为2N，当拉力
达到最大静摩擦时物体开始运动，一旦开始滑动，摩擦力减小，因此滑动摩擦力小于最大静摩擦力。要使
木块由静止开始运动，需要克服木块和接触面之间的最大静摩擦力，由图一可知，至少要用 的力。
[6]如果实验时木块受的拉力是 ，可能木块还未被拉动，即木块静止；可能是拉着木块做匀速直线运
动状态，拉力等于摩擦力1.8N，故正确的是C。
（5）[7]弹簧测力计的示数不稳定，说明摩擦力是变化的，根据影响摩擦力的因素可知，在压力不变的情
况下，摩擦力大小不变，因此没有匀速拉动木块，会造成弹簧测力计的示数不容易稳定。
（6）[8]小慧未对弹簧测力计调零，弹簧测力计指针指在零刻度线下方一点，然后按照上述操作要求进行
实验，相当于实验前弹簧测力计就已经有示数，则测得的滑动摩擦力将偏大。
2．（2023·福建漳州·校联考模拟预测）同学们利用如图甲所示的实验装置，探究影响滑动摩擦力大小的因
素。
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（1）实验中，应在水平方向拉着木块做 运动，根据 可知滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
（2）第一组同学在同一木板上进行了多次实验，根据测量数据作出图乙的图像。分析图像可以得出的结
论是： ；
（3）如丙图，把完全相同的书叠放在水平桌面上，从这叠书中抽出书本B比抽出书本A需要的力更
；
（4）第二组同学设计了如丁图所示的实验改进方案，此方案的优点是： 。
【答案】 匀速直线 二力平衡原理 当接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力与压力成正比
大 读数更稳定（不用保持匀速直线运动）
【详解】（1）[1][2]实验中，应在水平方向拉着木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作
用，根据二力平衡的条件，滑动摩擦力大小等于拉力大小，即等于弹簧测力计示数。
（2）[3]根据测量数据作出了如乙图所示的图像知，摩擦力随压力的变化关系图像为过原点的直线，得出
的结论是：接触面粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与压力大小成正比。
（3）[4]滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，由图可知，A上面书的数量比B上面书
的数量少，即A受到的压力小，B受到的压力大，在接触面粗糙程度相同时，压力越大摩擦力越大，所以
从这叠书中抽出书本B时用的力要比A大。
（4）[5]丁图中木块相对地面是静止的，受到的测力计拉力和滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，不需
要匀速拉动木板，测力计示数稳定易读数，实验更容易操作。
3．（2023·福建福州·福建省福州延安中学校考二模）如图所示，小亮找来海绵和两个相同的瓶子，并在两
瓶中分别装入满瓶水和大半瓶水，来探究影响压力作用效果的因素（瓶子的底部和瓶盖都是平面）。
（1）小亮同学通过观察海绵的 来比较压力作用的效果；
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（2）通过比较 两次实验可知：受力面积相同时，压力越大， ；
（3）图乙、丙中，瓶中水对瓶底和瓶盖的压强分别为p 、p ，压力分别为F 、F ，则p p ，
乙 丙 乙 丙 乙 丙
F F 。
乙 丙
【答案】 凹陷程度 甲、乙 压力的作用效果越明显 = >
【详解】（1）[1]根据转换法，实验中通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用的效果。
（2）[2][3]比较甲、乙两次实验，受力面积相同，乙实验中压力大，海绵的形变程度大，由此可得出结论：
当受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显。
（3）[4]图乙、丙中，瓶中水对瓶底和瓶盖的压强分别为 、 ，压力分别为 、 ，则根据 ，
因深度相同，故液体对容器底的压强相等， ，根据 ，
可知 。
4．（2023·黑龙江牡丹江·统考二模）小明在家学做东北特色的“玉米面锅贴”时，一个饮料瓶不小心落到
了松软的玉米面团上，在面团上留下较深的痕迹，这是由于力改变了 ，痕迹的深浅可能与
有关（说出你的一个猜想）。小明利用软海绵和装有水的饮料瓶，依次做了如图所示的实验，对如下两个
问题进行了探究。
问题一：压力作用效果跟哪些因素有关。
问题二：重力势能大小跟哪些因素有关。
（1）小明在实验过程中，主要是通过观察 ，进行比较获得实验结论。
（2）做实验①②③是为了探究 （选填“问题一”或“问题二”）。为使实验②③获得的实验
结论更具有普遍性，利用现有实验器材还可以进行的操作是 。
（3）在生活中要杜绝“高空抛物”这种严重危害公共安全的行为，其危害性大的原因，可通过分析实验
（选填实验序号）得出的结论来解释。
【答案】 物体的形状 见解析 海绵的凹陷程度 问题一 见解析
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⑤⑥（或②⑤⑥）
【详解】[1]一个饮料瓶不小心落到了松软的玉米面团上，在面团上留下较深的痕迹，面团的形状发生了变
化，这是由于力改变了物体的形状。
[2]痕迹的深浅可能与瓶的重力（瓶与海绵的接触面积、瓶被举的高度、瓶与水的质量等）（说出其中一个
猜想即可）。
（1）[3]根据转换法可知，小明在实验过程中，主要是通过观察海绵的凹陷程度来进行比较获得实验结论。
（2）[4][5]实验①②受力面积相同，压力不同，所以探究的是压力的作用效果与压力大小的关系；②③的
压力相同，受力面积不同，探究的是压力的作用效果与受力面积的关系，所以①②③探究的是问题一。还
可进行的操作有将满瓶水平放在海绵上或将②③中的满瓶水同时减少相同的水重做实验。
（3）[6]实验⑤⑥或②⑤⑥中，物体的质量相同，物体落下的高度不同，高度越高，物体下陷的深度越深，
具有的重力势能越大。
5．（2023·江西上饶·统考一模）某实验小组“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验过程如图甲、乙、
丙、丁所示。
（1）若压强计的气密性很差，则用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，U形管两边液面的高度差变化
（选填“大”或“小”）。把调节好的压强计放在空气中时，U形管两边的液面应该 （选填“相
平”或“不相平”）。实验中通过U形管两边液面的高度差比较液体压强大小，这种科学探究方法称为
；
（2）比较图乙和图丙，可以得到：液体的压强与 有关；
（3）实验小组的小天和小红利用压强计来鉴别水和酒精，现有两只相同的烧杯A和B，分别盛有体积相
同的水和酒精。
①如图戊所示，小红先后将调节好的压强计的金属盒没入两种液体中，发现烧杯A的U形管两边液面的高
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度差较大，于是认为烧杯A装的是水，你认为她的结论是 （选填“可靠”或“不可靠”）的，理
由是 ；
②如图己所示，小天用自己改装并调试好的压强计进行实验，将压强计的两个金属盒分别没入两种液体中，
从而判断出图己中装水的是 （选填“A”或“B”）烧杯。
【答案】 小 相平 转换法 液体的深度 不可靠 没有控制金属盒在液体中的深
度相同 A
【详解】（1）[1]若装置气密性良好，按压橡皮膜，挤压空气，U形管中液面会有高度差；若装置气密性
不好，若轻按与重按金属盒的橡皮膜，U形管两边液面的高度差变化小。
[2]把调节好的压强计放在空气中时，橡皮膜不受液体的压强，因此U形管两边的液面应该相平。
[3]液体压强大小的比较可以通过U形管两边液面的高度差来比较，U形管两边液面的高度差越大，液体压
强就越大，这种科学研究方法称为转换法。
（2）[4]比较图乙、图丙，在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不
同，可得出液体的压强与液体的深度有关。
（3）①[5][6]液体内部的压强与液体的深度和液体的密度都有关系，而小红在实验时两杯中的液体密度、
金属盒的浸没深度均不相同，根据控制变量法，其结论是不可靠的；所以要想用压强计将它们区别开来，
根据控制变量法的要求，应该控制金属盒浸入的深度相同。
②[7]压强计两金属盒分别浸入两种液体中，U形管两边的高度差相同也就是压强相同，根据p=ρgh可知，
在压强相同的情况下，ρ与h成反比，即深度大的液体密度小，深度小的，密度大，因为A的深度小，所
以A的密度大，故A是水，B是酒精。
6．（2023·河南周口·淮阳第一高级中学校考三模）物理课上，同学们利用压强计“研究液体内部压强”，
进行了如下的操作。
（1）实验前，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置 （选填“漏气”或
“不漏气”）。如图1所示，小明没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，接下来的操作是
（选填字母）；
A．从U形管内向外倒出适量水
B．拆除软管重新安装
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C．向U形管内添加适量水
（2）如图2所示，将探头放入水中进行实验，分析图中信息可知：
①根据A、B、C图的实验现象，可得出 的结论；
②根据 三幅图的实验现象，可得出“水的压强随深度的增加而增大”的结论；
（3）以上实验探究过程中，运用的物理探究方法是 法和转换法；
（4）同学们交流后又设计了图F所示的装置，也可以用来“探究影响液体内部压强大小的因素”。在隔
板两侧分别加入相同深度的液体A、B，根据橡皮膜的凹凸情况，得出：ρ （选填“>”“=”或“<”）
A
ρ 。
B
【答案】 不漏气 B 液体内部向各个方向都有压强，同一深度向各个方向的压强大小相等
B、D、E 控制变量 <
【详解】（1）[1][2]实验前，用手指按压橡皮膜，发现U形管中的液面升降灵活，说明该装置不漏气；若
没有按压橡皮膜时，U形管两侧液面就存在高度差，说明两端气压大小不同，需要将软管取下，让U形管
左端液面和大气相通，再重新安装，U形管中的液面就是相平的，故选B。
（2）①[3]根据A、B、C图的实验现象，将压强计的探头放在水中的同一深度处，使橡皮膜朝向不同的方
向，会观察到U形管内液面高度差不改变，这说明液体内部向各个方向都有压强，而且同种液体同一深度，
液体向各个方向的压强大小相等。
②[4]要探究水的压强与深度的关系，应控制深度不变，只改变探头在水中的深度，观察压强的变化，可以
通过B、D、E分析可得，水的压强随深度的增加而增大。
（3）[5]液体压强跟液体密度和液体的深度有关，探究液体压强大小跟液体深度关系时，控制液体密度不
变，探究液体压强大小跟液体密度关系时，控制液体深度不变，这种方法是控制变量法。
（4）[6]如图F，橡皮膜向左凸，说明在同一深度，液体向左的压强大于液体向右的压强，所以 ，
根据 ，液体深度相同，所以 。
7．（2023·广东广州·校考一模）物理课上，王老师利用传感器为同学们做“探究流体压强与流速的关系”
的演示实验，装置如图甲所示。装置中A、B、C三节直径不同的塑料管连接在一起，右端与吹风机的尾
部相连，当用吹风机抽气时，同一时间内，通过每个管子的气体总量相同，则细管内气体流速比粗管内气
体流速大。
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（1）将三个气体压强传感器探头分别插入三节管中，传感器与电脑相连。打开吹风机抽气时，电脑屏幕
显示如图乙所示，已知①②③三条图线分别对应粗细不同的三节管中气体压强随时间变化的情况，由图像
可知：平稳流动的气体，流速大处压强 （选填“大”或“小”）。图线③反映的是装置中
塑料管的气体压强随时间变化的情况（选填“A”“B”或“C”）；
（2）当王老师将吹风机调换挡位后，图像中①②③三条图线出现了下移。由此可以判断三节管中气体的
流速 （选填“增大”或“减小”）；
【答案】 小 C 增大
【详解】（1）[1][2]流体的流速越大、压强越小，由图乙的①②③三条图线可知，③的压强最大，说明③
的流速最小，则对应塑料管的横截面积最大，所以图线③反映的是塑料管C的气体压强随时间变化的情况。
（2）[3]①②③三条图线出现了下移，说明气体的压强变小，气体的流速增大。
8．（2023·广东广州·广州四十七中校考三模）物理课上，植老师利用传感器为同学们做“探究流体压强与
流速的关系”的演示实验，装置如图甲所示。装置中A、B、C三节直径不同的塑料管连接在一起，右端
与吹风机的尾部相连，当用吹风机抽气时，同一时间内，通过每节管子的气体总量相同，则细管内气体流
速比粗管内气体流速大。如图乙所示，①、②、③三条图线分别对应粗细不同的三节管中气体压强随时间
变化的情况，由图像可知：
（1）在抽气过程中，实验室的大气压为 Pa；对1m2的物体表面施加的压力为 N。图像①是
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塑料管中的气体压强随时间变化的图像（选填“A”、“B”或“C”）；
（2）12.5s后，老师将抽气的吹风机调换挡位，图像中①②③三条图线出现了下移，由此可以判断三节管
中气体的流速 （选填“增大”或“减小”）；
（3）实验后，同学们研究了如图丙所示的实验装置，烧杯中的水足够多，仅打开阀门K，当水不流动时，
a管中液面的高度 （选填“大于”、“小于”或“等于”）b管内液面的高度。再将阀门T打开，在
水向外流的过程中，a管中液面的高度 （选填“大于”、“小于”或“等于”）b管中液面的高度。
【答案】 1.014×105 1.014×105 A 增大 等于 大于
【详解】（1）[1]由乙图可知，在抽气过程中，实验室的大气压为101.4kPa，即1.014×105Pa。
[2]对1m2的物体表面施加的压力
[3]由流体压强与流速的关系可知，流体流速快的地方，压强小；由甲图可知，A管的横截面积最小，相同
时间通过气体的体积一定，所以A管中气体流速最快，故A管中压强最小，由乙图可知，图像①的压强最
小，所以图像①是A塑料管中的气体压强随时间变化的图像。
（2）[4]图像中①②③三条图线出现了下移，即压强变小，由于流体流速快的地方，压强小，所以三节管
中气体的流速增大。
（3）[5]水不流动时，a管与b管上端开口，下端相连通，组成连通器，由连通器原理可知，a管与b管中
液面同样高。
[6]水向外流的过程中，由于相同时间流出水的体积一定，b管下端的横截面积较小，所以b管下端的水的
流速较大，由于流体流速快的地方，压强小，所以在大气压的作用下，b管中的液面下降，故a管中液面
的高度大于b 管中液面的高度。
9．（2023·湖北咸宁·统考三模）如图所示是“探究浮力的大小与排开水所受重力关系”的过程示意图。请
根据图示完成该实验。
（1）图B实验中存在的错误是 ；
（2）纠正错误后，继续实验，图C 实验中圆柱体受到的浮力 F = N ；
浮
（3）圆柱体排开水所受的重力 G = N；
排
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（4）实验结果表明：浸没在水中的物体受到的浮力 （选填“大于”“等于”或“小于”）物体排
开水所受的重力。为了 ，还需多次实验获得多组数据；
（5）实验交流中，甲同学说“承接溢出的水的杯子必须是干燥的”，乙同学说“该实验中圆柱体部分浸
入水也可以探究”，两人的说法 （选填“甲对乙错”、甲错乙对”、“都正确”或“都错误”）。
【答案】 溢水杯没有装满水 1.2 1.2 等于 寻找普遍规律 都正确
【详解】（l）[1]验证阿基米德原理实验要求溢水杯要装满水，故B图存在的错误是：溢水杯没有装满水；
（2）[2]由称重法得，图C中圆柱体受到的浮力F =F -F =4.2N-3N=1.2N
浮 B C
（3）[3]圆柱体排开的水所受的重力G =F -F=1.8N-0.6N=1.2N
水 D A
（4）[4][5]由上述（2）、（3）可知，浸在水中的物体受到的浮力等于物体排开水所受到的重力。多测几
次的目的是防止实验偶然性，寻找普遍规律。
（5）[6]小桶内有水，使得小桶和溢出水的总重力偏大，对实验有影响，故甲对；物体未全部浸没在水中，
物体排开液体的体积小，排开液体的重力小，浮力也小，仍然能得出浮力等于排开的液体受到的重力，对
实验没有影响，故乙对，所以甲乙说法都对。
10．（2023·湖北咸宁·统考一模）同学们在学习“阿基米德原理”这节课上，经过讨论，提出阿基米德原
理的成立是否一定要以物体全部浸入液体为前提条件，于是提出了一个新的实验方案，并动手制作了如图
所示实验装置，其中A、B为两个规格相同的弹簧测力计，C为重物，D为薄塑料袋（质量不计），E是自
制的溢水杯，F是升降平台（摇动手柄，可使平台高度缓慢上升、下降），G为铁架台。
（1）实验前溢水杯装满了水，然后逐渐调高平台F，使重物浸入水中的体积越来越大，观察到弹簧测力计
A的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”），此过程说明物体所受浮力与 有关；
（2）多次记录弹簧测力计A的示数变化量ΔF 和弹簧测力计B的示数变化量ΔF ，并比较物体不同程度浸
A B
入液体时，以上两个变化量之间的大小关系，发现ΔF ΔF （选填“>”“<”或“=”），由此证明了阿
A B
基米德原理的成立 （选填“需要”或“不需要”）以物体全部浸入液体为前提条件；
（3）若在实验中物体C接触水面前测力计A的示数为5N，物体C浸没后测力计A的示数为3N，则物体
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的密度为 kg/m3。（g取10N/kg）
【答案】 变小 排开液体的体积 = 不需要
【详解】（1）[1][2]浸在水中物体C受竖直向下的重力 和竖直向上的浮力 及弹簧测力计 的拉力 ，
则弹簧测力计 的示数 ，当物体浸入水中的体积越大，即 增大，由 可知， 增大，
则弹簧测力计 的示数 变小，此过程说明物体所受浮力与排开液体的体积有关。
（2）[3][4]弹簧测力计 示数的变化量ΔF 等于物体C所受浮力的变化量，弹簧测力计B示数的变化量
A
ΔF 等于排出水受重力的增大量，根据阿基米德原理可知ΔF = ΔF ，由此可知，阿基米德原理的成立不需
B A B
要以物体全部浸入液体为前提。
（3）[5]根据称重法可知完全浸没在水中的物体C所的浮力
由于物体C完全浸没，因此
则
物体的质量
则物体的密度
1．（2023·四川攀枝花·统考中考真题）小文同学在做“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，
进行了如下的改进。如图甲所示，长、宽、高均不相同的长方体木块，上表面比下表面更为粗糙，放在由
电机驱动的水平传送带上，通过水平细绳，绕过定滑轮与竖直悬挂的弹簧测力计相连。
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（1）请画出电机顺时针匀速转动后木块在水平方向上的受力示意图，并标注力的符号；
（2）若某次实验中，弹簧测力计的示数如图乙所示，则木块所受摩擦力的大小为 N；
（3）先后用上、下表面贴放在传送带上，在木块上放不同质量的砝码进行实验，绘制出摩擦力与压力之
间的关系图像如图丙所示。由图像可知，滑动摩擦力的大小不仅与压力大小有关，还与 有关；当较
粗糙的上表面贴放在传送带上进行实验时得到的实验图像应为 （选填图像编号）；
（4）本实验采用传送带的好处是 （答出一条即可）。
【答案】 1.2 接触面粗糙程度 ① 见详解
【详解】（1）[1]电机顺时针匀速转动后，木块相对于实验台处于静止状态，受平衡力作用，在水平方向
上的受到水平向左的拉力，则摩擦力水平向右，如图所示
（2）[2]如图乙所示，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为1.2N，则木块所受摩擦力的大小为1.2N。
（3）[3][4]由图像可知，在压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，由表明滑动摩擦力的大小不仅
与压力大小有关，还与接触面粗糙程度有关；当较粗糙的上表面贴放在传送带上进行实验时，摩擦力会更
大，所以得到的实验图像应为①。
（4）[5]弹簧测力计位置固定，示数更稳定，更有利用读数，可以较为准确的测出摩擦力大小。
2．（2023·山东济南·统考中考真题）小刚注意到很多公共场所都有类似图甲所示的提示牌。他想：摩擦力
的大小与接触面的潮湿程度有什么关系呢？
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为了探究这一问题，他找来长条形地板砖、运动鞋、弹簧测力计和喷雾器，设计了图乙所示的实验装置。
（1）为了测出鞋子与地板砖间滑动摩擦力的大小，小刚把长条形地板砖放在水平桌面上，用弹簧测力计
水平拉着鞋子在地板砖上做 运动。根据 可知，此时弹簧测力计的示数就等于滑动摩擦
力的大小；
（2）小刚用喷雾器向地板砖表面均匀喷雾改变地板砖的潮湿程度，通过实验得到下表中的数据。
喷雾次数 0 2 4 6 8 10 12
摩擦力f/N 3.2 3.6 4.0 3.0 2.8 2.6 2.6
请在答题卡相应位置的坐标纸上描点，并用平滑曲线画出摩擦力f与喷雾次数的关系图像 ；
（3）小刚分析数据得出结论：摩擦力的大小随接触面潮湿程度的增大 ；
（4）小强了解了小刚的实验结论后说：“我知道超市里的收银员清点钞票时为什么手边总放一块湿海绵
了。”小刚说：“你上次数作业本的页数时，还往手上沾唾液呢！”在这两个实例中，都是通过改变接触
面的潮湿程度来 的；
（5）驾车行驶在高速公路上，雨天因为摩擦减小容易造成交通事故。请针对这一现象为公路旁的警示牌
设计一条警示语以提醒驾驶员谨慎驾驶 。
【答案】 匀速直线 二力平衡 先增大后减小
增大摩擦力 见解析
【详解】（1）[1][2]只有鞋子在水平面上进行匀速直线运动，鞋子在水平方向上受到的拉力和滑动摩擦力
是一对平衡力，大小相等，所以用弹簧测力计水平拉着鞋子在地板砖上做匀速直线运动。
（2）[3]用描点法画出摩擦力f与喷雾次数的关系图象，如下图所示：
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（3）[4]结合图象，分析数据可以看出喷雾0~4次，摩擦力增大，喷雾4~12次，摩擦力减小，可以得出摩
擦力的大小随接触面潮湿程度的增大先增大后减小。
（4）[5]小强和小刚的两个实例中，都是通过改变接触面的潮湿程度来增大摩擦力的。
（5）[6]公路旁的警示牌警示语：雨天路滑，小心慢行。
3．（2023·陕西·统考中考真题）请完成下列填空。
（1）如图-1，用托盘天平测得一节5号干电池的质量为 g。
（2）如图-2，在“探究影响压力作用效果的因素”实验中，通过观察海绵的 来比较压力的作用
效果。由实验现象可知：当受力面积相同时，压力越 ，压力的作用效果越明显。
（3）如图-3，闭合开关，当部分导线在磁场中做切割磁感线运动时，灵敏电流计指针发生偏转，电路中产
生了感应电流。 （选填“电动机”或“发电机”）的工作原理与该现象原理相同。
【答案】 23.6 凹陷程度 大 发电机
【详解】（1）[1]由图1知，天平标尺分度值0.2g，金手镯的质量为
（2）[2][3]根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明
显，用到的科学实验方法是转换法；当受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显。
（3）[4]发电机是利用线圈在磁场中切割磁感线产生感应电流制成的，是电磁感应现象。
4．（2022·四川攀枝花·统考中考真题）为了估测小强同学双脚站立时对水平地面的压强，课外活动小组实
验过程如下：
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（I）用台秤称出小强同学的质量为 ；
（II）为了测量地面的受力面积，活动小组将小强同学的鞋底印在一张带有正方形方格的白纸上，通过鞋
底印占有方格的个数（大于半个方格面积的计数，小于半个方格面积的不计数）及每个方格的面积计算出
地面的受力面积；
（III）根据压强公式计算出小强同学双脚站立时对地面的压强；
请回答下列问题：
（1）步骤（II）中得到的鞋底印如图所示，图中每个方格的面积为 。小组同学在进行该步骤时发现
图中鞋底印占有的方格个数太多，计数比较麻烦，分析图后发现可以根据图中方格的行、列数计算出图中
全部方格的总数为 ，再用步骤（ⅱ）的方法找出鞋底印外的方格个数为 ，该鞋底印的面积为
cm2；
（2）为方便计算，取 ，小强同学双脚站立时对地面的压强为 Pa；
（3）为了使结果更加的精确，请提出你的建议 。
【答案】 260 37 223 选用边长更小的方格纸；取 （回答出
一条即可给分）
【详解】（1）[1]图中每个方格的面积为 ，则每个方格的边长为1cm，方格纸的长为26cm，长为
10cm，所以方格图中全部方格的总数为
[2]由图可知，若大于半个方格面积的计数，小于半个方格面积的不计数，则鞋底印外的方格个数为37个。
[3] 每个方格的面积为 ，所以鞋底印外的方格的总面积为
该鞋底印的面积为
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（2）[4]小强同学的重力为
小强同学双脚站立时对地面的压强为
（3）[5]在计算鞋底印的面积时，可能因为方格纸的每个小格的边长太大，导致计算面积时产生较大的误
差，为了使结果更加的精确，可以选用边长更小的方格纸。
5．（2023·四川甘孜·统考中考真题）小何同学用图甲所示的压强计探究液体内部压强特点。
（1）该压强计 （选填“是”或“不是”）连通器；
（2）实验前，若压强计两侧液面已有高度差，他首先应该 （填字母）；
A．拆除软管，待液面稳定后重新安装
B．直接从U形管右侧中倒出适量液体
C．往U形管右侧中加入密度更大的液体
（3）小何同学利用调试好的压强计进行实验，比较图乙、丙可得到：在同种液体中，液体内部压强随深
度的增加而 （选填“增大”或“减小”）；
（4）比较图丙和图 还可以得到：液体的压强与液体密度有关。
【答案】 不是 A 增大 丁
【详解】（1）[1]因为压强计左端未开口，所以不属于连通器。
（2）[2]实验前，若压强计两侧液面已有高度差，说明压强计软管的气密性不好，需要把软管取下重新组
装，故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
（3）[3]乙、丙两图中液体的种类相同，探头所处的深度不同，且深度越深，U形管液面的高度差越大，
说明：同种液体，深度越深，压强越大。
（4）[4]要探究液体的压强与液体密度之间的关系，需要控制探头所处的深度相同，改变液体的密度，所
以丙、丁两图符合题意。
6．（2023·山东东营·统考中考真题）如图是某兴趣小组“探究液体压强与哪些因素有关”的实验装置。
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容器液体种
序号 探头的朝向 探头在液体中深度/cm U形管两侧液面高度差/cm
类
1 水 向下 4 3.9
2 水 向右 4 3.9
3 水 向上 4 3.9
4 水 向左 4 3.9
5 水 向下 8 7.8
6 水 向下 12 11.7
7 浓盐水 向下 8 8.6
（1）组装好压强计，将探头放入液体之前，发现压强计U形管两侧液面已存在高度差，接下来的操作是
。
A从管中倒出适量液体 B．取下软管重新组装
（2）调试好压强计后开始实验，把探头放进液体中，进行不同操作，记录的相关数据如上表所示：
a.比较第1、2、3、4组数据，可得出结论： ；
b.比较第1、5、6组数据，可得出结论： ；
c.比较第 组数据，可得出结论：液体压强与液体的密度有关。
（3）有同学提出，如果不使用压强计，选用一个较深的容器，用隔板分成左右两部分，边缘密封好，在
隔板下部开一个圆孔并用薄橡皮膜密封，也可探究液体压强是否与液体的密度有关。请利用此装置设计实
验，写出实验步骤并完成分析与论证。
【实验器材】：自制的带隔板容器（如上图）、水、硫酸铜溶液
【实验步骤】：
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【分析与论证】：
【答案】 B 在同一液体的同一深度，向各个方向压强相等 同一液体，深度越深，压强越大
5、7 左右两侧分别倒入相同深度的水和硫酸铜溶液 观察橡皮膜的形变方向，橡皮膜向哪边凸，
说明哪边的压强小
【详解】（1）[1]压强计U形管两侧液面已存在高度差，说明里面气压不相等，可以拆了重装，使两侧气
体压强相等，故选B。
（2）[2]根据控制变量法，1、2、3、4次实验只有探头方向不同，故探究的是液体压强与方向的关系，根
据实验数据可知，在同一液体的同一深度，向各个方向压强相等。
[3]1、5、6次实验只有深度不同，故探究的是液体压强与深度的关系，根据实验数据可知，同一液体，深
度越深，压强越大。
[4]要探究体压强与液体的密度有关，则只改变液体密度，其他条件均保持不变，故应选择第5、7组数据。
（3）[5]利用题中所给实验仪器，为探究液体压强是否与液体的密度有关，则应使两侧液体不同，且保持
深度相同，故步骤为：左右两侧分别倒入相同深度的水和硫酸铜溶液。
[6]根据实验原理可知，可以根据橡皮膜形变方向判断液体压强大小，橡皮膜向哪边凸，说明哪边的压强小。
7．（2021·浙江温州·统考中考真题）离瘪塑料袋的袋口一定距离向袋内吹气，塑料袋会鼓起（如图甲）。
小明认为塑料袋中的气体都由口中吹出。为了验证猜想，他用瘪塑料袋做了如下实验：
①取口径相同、长度分别为30厘米、60厘米、90厘米的瘪塑料袋各两个，分别标为A、A，B 、B 和
1 2 1 2
C 、C 。
1 2
②微微张开塑料袋A 的袋口，将袋口紧贴嘴（如图乙），将口中的气体一次性吹入袋中，直至人不能吹气
1
时迅速扎紧袋口，塑料袋呈筒状（如图丙），过程中保证不漏气。用刻度尺粗略测量并估算袋中气体的体
积在塑料袋容积中的占比。
③微微张开塑料袋A 的袋口，将袋口距嘴10厘米，向袋内快速吹一口气，然后迅速扎紧袋口，用刻度尺
2
粗略测量并估算袋中气体的体积在塑料袋容积中的占比。
④换用塑料袋B 、B 和C 、C ，重复步骤②和③，获得结果如表所示。
1 2 1 2
吹气方式 实验组别
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第1组 第2组 第3组
嘴贴袋口吹气 A 中充满气体 B 中气体体积约占容积的1/2 C 中气体体积约占容积的1/3
1 1 1
嘴距袋口10厘米吹气 A 中充满气体 B 中充满气体 C 中充满气体
2 2 2
（1）根据实验结果，可以否定小明猜想的实验组别是 。
（2）实验中，塑料袋C 中的气体并未充满，如何用刻度尺粗略测量并估算袋中气体体积在C 容积中的占
1 1
比？ 。
（3）说明“嘴距袋口10厘米吹气，能使塑料袋充满气体”的原因： 。
【答案】 第2、3组 见解析 见解析
【详解】（1）[1]由实验数据表格可知，第1组实验结果相同，均充满气体，无法否定小明猜想，第2、3
组实验结果不同，可以否定小明猜想。
（2）[2]将袋内气体挤压到底部，用刻度尺测出鼓起部分的长度，计算出与袋子长度的比值。
（3）[3]吹出气体进入袋内，袋口内气体流速大于周围气体，气压小于外界气压，周围空气进入袋中。
8．（2010·山东德州·中考真题）小海发现电脑是利用风扇来降温的．他想知道风扇产生的空气流动强度与
哪些因素有关．他猜想可能与风扇的扇叶宽度、扇叶长度、扇叶倾斜角度都有关系．为此他制作了几个不
同的小风扇，并用一个转速为300转/分的电机分别带动这几个风扇转动，去吹动同一位置的同一纸片（如
图所示）．下表为实验记录的数据：
扇叶倾斜 纸片被吹起的
序号 扇叶宽度/cm 扇叶长度/cm
角度θ 角度α
1 3 7 30° 30°
2 2 7 30° 20°
3 3 4 30° 20°
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4 3 7 45° 40°
5 -
（1）他在分析空气流动强度与扇叶长度的关系时，应选用序号为 的两次实验数据，得出的结论为：
．
由于实验次数少，该结论的可信度令人怀疑．因此他想再制作一个小风扇，那么它的扇叶规格是怎样的？
请将你设计的扇叶的相关数据填在序号5的行内．
（2）小海的父亲对他说：“生活中电风扇转动的速度都比较快，因此空气流动强度应与风扇的转动速度
有关．”针对这个猜想，请你帮助小海设计一个实验方案加以验证 ．
【答案】 1、3 在其他条件相同时，扇叶越长，空气流动强度越大 3 5 30°
30° 利用同一个扇叶让几次转动的速度不同，观察纸片被吹起的角度是否相同（
【详解】无解析
9．（2023·湖北随州·统考中考真题）实验课上，老师和同学们测量盐水的密度，他们用弹簧测力计、烧杯、
水（密度用ρ 表示）、金属块A、盐水以及不吸水的细线等器材完成了图中实验。
水
（1）要测量金属块A浸没在水中的浮力，合理的测量顺序是 （选填“①→②”或“②→①”）；
（2）计算金属块A浸没在水中的浮力F= N；
（3）完成图中各项实验后分析可知：金属块A的浮力大小与 （选填“液体密度”或“金属密
度”）有关；
（4）请推导出盐水的密度表达式ρ = （用F、F、F、ρ 表示）。
盐水 1 2 3 水
【答案】 ①→② 1. 3 液体密度
【详解】（1）[1]要测量金属块A浸没在水中的浮力，先测量金属块A的重力,在测量金属块A浸没在水中
弹簧测力计的示数，合理的测量顺序是①→②。
（2）[2]计算金属块A浸没在水中的浮力为F=G-F = F -F=4.5N-3.2N=1.3N
示 1 2
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（3）[3]如图所示，改变了金属块A浸没入液体的密度，故金属块A的浮力大小与液体密度有关。
（4）[4]在水中金属块A受到的浮力为F =F-F
浮水 1 2
在盐水中金属块A受到的浮力为F =F-F
浮盐水 1 3
因为金属块A都是浸没在两种液体之中，排开液体的体积和金属块A的体积相同，即，V=V
A 排
根据公式F =ρ gV 可知，
浮 液 排
则盐水的密度为 。
10．（2022·山东威海·统考中考真题）在学习了浮力知识后，小明进一步探究浮力的有关问题：
实验一：探究漂浮物体受到的浮力大小与物体排开液体重力的关系。
（1）实验步骤如下：（ ，g取 ）
步骤1：如图甲所示，用弹簧测力计测量物体的重力为 ；
步骤2：如图乙所示，在量筒中倒入适量的水；
步骤3：如图丙所示，将物体轻轻放入量筒中，发现物体漂浮在水面上，由此可知物体所受浮力大小为
N；
步骤4：观察量筒中水面的变化情况，通过计算可知物体排开水的重力为 N；
综合分析实验数据可得到的结论是 。
实验二：探究浮力大小与液体密度的关系。
（2）小明又将该物体分别放入两种不同的液体中，得到的实验数据如表1所示，他分析数据得出结论：液
体密度越大，物体受到的浮力也越大。小红认为小明的实验不合理，她判断的理由是 ；
表1
物体排开液体的体积（
液体 液体的密度（ ） 物体状态 物体受到的浮力（ ）
）
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液体1 0.85 100 沉底 0.80
液体2 1.2 80 漂浮 0.96
（3）该物体在液体1中处于沉底状态，说明物体的密度 （选填“大于”“小于”或“等
于”）液体1的密度；若使该物体在液体1中上浮，你的方法是 （写出一种即可）。
【答案】 0.96 0.96 物体受到浮力大小等于物体排开液体的重力 没有控制物体排开液
体的体积相同 大于 见解析
【详解】（1）[1]由图甲可知物体的重力为0.96N，由图丙可知，物体漂浮在水中，处于平衡状态，浮力等
于重力，浮力的大小为0.96N。
[2]由乙、丙可知，物体浸在液体中的体积等于物体排开水的体积
物体排开水的重力
[3]分析以上实验可知，漂浮时物体受到的浮力等于物体排开水的重力，都等于0.96N；可以得到的结论是：
漂浮物体受到的浮力等于物体排开液体的重力。
（2）[4]小红的判断是正确的，要探究物体受到的浮力与液体密度的关系，需保持物体浸入液体的体积相
同，即物体排开液体的体积相同，改变液体的密度；实验中第一次物体沉底，第二次物体漂浮，物体排开
液体的体积不同，故小明的实验不合理。
（3）[5]该物体在液体1中处于沉底状态，说明物体受到的浮力小于重力，即
由物体在液体1中沉底可知， ，故物体的密度大于液体1的密度，即
[6]物体的密度大于液体1的密度，物体在液体中沉底，若使该物体在液体1中上浮，可以增大液体1的密
度，直到液体密度大于物体的密度时，即浮力大于物体的重力时，物体便可上浮。
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