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第三周
[周一]
1．(2022·广州模拟)在△ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，已知acos C＋
ccos A＝，a＝b，记△ABC的面积为S.
(1)求a；
(2)请从下面的三个条件中任选一个，探究满足条件的△ABC的个数，并说明理由．
条件：①S＝(a2＋c2－b2)；②bcos A＋a＝c；③bsin A＝acos.
注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分．
解 (1)在△ABC中，因为acos C＋ccos A＝，
所以a·＋c·＝，
解得b＝，
所以a＝b＝.
(2)选择①，S＝(a2＋c2－b2)，
则acsin B＝(a2＋c2－b2)，
所以acsin B＝×2accos B，
化简得tan B＝.
又0b，所以A＝或A＝，
故满足条件的△ABC的个数为2.
选择②，bcos A＋a＝c，
则sin Bcos A＋sin A＝sin C，
即sin Bcos A＋sin A＝sin(A＋B)，
化简得sin A＝sin Acos B，
因为sin A≠0，
所以cos B＝，
解得B＝.
由＝，
得sin A＝＝1，
所以A＝，故满足条件的△ABC的个数为1.选择③，bsin A＝acos，
则sin Bsin A＝sin Acos.
又sin A≠0，所以sin B＝cos，
所以sin B＝cos B＋sin B，
化简得tan B＝.
又01，无解，不存在满足条件的三角形．
[周二]
2．“学习强国”学习平台采取积分制管理，内容丰富多彩，涉及政治、经济、文化、社会、
生态，表现形式有图片、文字、视频、考试、答题、互动等，让人们的生活充实而有质量．
某市为了了解教职工在“学习强国”平台的学习情况，从该市教职工中随机抽取了200人，
统计了他们在“学习强国”中获得的积分(单位：千分)，并将样本数据分成[1,3)，[3,5)，
[5,7)，[7,9)，[9,11)，[11,13]六组，绘制成如图所示的频率分布直方图．
(1)以样本估计总体，该市教职工在“学习强国”获得的积分近似服从正态分布N(μ，σ2)，其
中μ近似为样本的平均数(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表)，取σ＝2.3.若该市恰
有1万名教职工，试估计这些教职工中积分ξ位于区间[4.4,11.3]内的人数；
(2)若以该市样本的频率估计邻市的概率(邻市对教职工学习“学习强国”的要求与该市相同，
教职工的人数也与该市教职工的人数相同)，若从邻市教职工中随机抽取20人，设积分在3
千分至9千分内的教职工人数为X，求X的均值E(X)．
参考数据：若随机变量 ξ服从正态分布 N(μ，σ2)，则 P(μ－σ<ξ≤μ＋σ)≈0.682 7，P(μ－
2σ<ξ≤μ＋2σ)≈0.954 5，P(μ－3σ<ξ≤μ＋3σ)≈0.997 3.
解 (1)由题意知样本的平均数为 2×0.025×2＋4×0.075×2＋6×0.2×2＋8×0.125×2＋
10×0.05×2＋12×0.025×2＝6.7，∴μ≈6.7.
∵σ＝2.3，
∴P(4.4≤ξ≤11.3)＝P(μ－σ≤ξ≤μ＋2σ)
＝P(μ－σ<ξ≤μ＋σ)＋P(μ－2σ<ξ≤μ＋2σ)
≈×(0.682 7＋0.954 5)＝0.818 6.
又10 000×0.818 6＝8 186，
∴估计这些教职工中积分ξ位于区间[4.4,11.3]内的人数约为8 186.(2)该市样本在[3,9)内的频率为(0.075＋0.2＋0.125)×2＝0.8，则X～B(20,0.8)，
∴X的均值E(X)＝20×0.8＝16.
[周三]
3.(2022·德州模拟)如图所示，在三棱锥P－ABC中，AB＝BC＝2，PA＝PB＝PC＝AC＝4，O
为AC的中点．
(1)证明：PO⊥平面ABC；
(2)若点M在棱BC上，且二面角M－PA－C为30°，求三棱锥A－PMB的体积．
(1)证明 在三棱锥P－ABC中，
∵PA＝PC＝AC＝4，O为AC的中点．
∴PO⊥AC，且PO＝2，连接OB，如图，
∵AB＝BC＝2，AC＝4，
∴AC2＝AB2＋BC2，即AB⊥BC，
则OB＝AC＝2，又PB＝4，
∴BO2＋PO2＝PB2，即PO⊥BO，
∵AC∩BO＝O，AC，BO⊂平面ABC，
∴PO⊥平面ABC.
(2)解 如图，以O为坐标原点，分别以OB，OC，OP所在直线为x，y，z轴建立空间直角
坐标系．由已知得O(0,0,0)，B(2，0,0)，A(0，－2,0)，C(0,2,0)，P(0,0,2)，
AP＝(0,2,2)，
取平面PAC的一个法向量为OB＝(2,0,0)．
设M(a，2－a，0)(02＝|AB|，
∴点G的轨迹是一个椭圆，其焦点分别为A，B，长轴长为4，
设该椭圆的方程为＋＝1(a>b>0)，
则2a＝4,2c＝2，∴a＝2，c＝1，
∴b2＝a2－c2＝3，
故点G的轨迹E的方程为＋＝1.
(2)易知直线l的斜率存在，
设直线l：y＝kx＋t(k≠0，t≠0)，M(x，y)，
1 1
N(x，y)，Q(x，y)，
2 2 0 0
由得(4k2＋3)x2＋8ktx＋4t2－12＝0，
∵Δ＝(8kt)2－4(4k2＋3)(4t2－12)>0，
即4k2－t2＋3>0，①
又x＋x＝－，
1 2
xx＝，
1 2
故Q，
∵Q在抛物线y2＝4x上，
∴将Q点的坐标
代入y2＝4x，
得t＝－(k≠0)，②
将②代入①，得162k2(4k2＋3)<81，
4×162k4＋3×162k2－81<0，
即k4＋k2－2<0，
即<0，
即k2－<0，
∴－0恒成立，
所以f(x)在(0，＋∞)上单调递增；
当m>0时，令f′(x)>0，解得x>m，
令f′(x)<0，解得00时，f(x)的单调递增区间为(m，＋∞)，单调递减区间为(0，m)．
(2)若要ex－1－ax2≥－axln x，
只需≥a(x－ln x)，
即需要ex－ln x－1≥a(x－ln x)恒成立．
设t(x)＝x－ln x，x>0，由(1)知t(x)在(0,1)上单调递减，
在(1，＋∞)上单调递增，
所以t(x)≥t(1)＝1，
于是需要et－1≥at，t≥1恒成立，
即≥a，t≥1恒成立．
设h(t)＝，t≥1，
则h′(t)＝≥0恒成立，
所以h(t) ＝h(1)＝1，则a≤1，即a∈(－∞，1]．
min
[周六]
6．[坐标系与参数方程]
(2022·信阳模拟)已知圆C的直角坐标方程为x2＋y2－2x－2y－7＝0，直线l过坐标原点O，
以原点O为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系解答以下问题．
(1)求圆C的极坐标方程f(ρ，θ)＝0；
(2)设l与C交于A，B两点，当|AB|＝2时，求直线l的极坐标方程．
解 (1)圆C的直角坐标方程为x2＋y2－2x－2y－7＝0，
根据转化为极坐标方程为
ρ2－2ρcos θ－2ρsin θ－7＝0，
所以圆C的极坐标方程为ρ2－2ρcos θ－2ρsin θ－7＝0.
(2)因为直线l过坐标原点O，所以直线l的极坐标方程为θ＝α(ρ∈R)，其中α为直线l的倾
斜角，
由于直线l与圆C相交，故由
消去θ整理得，
ρ2－2(cos α＋sin α)ρ－7＝0, 设A，B两点所对应的极径分别为ρ，ρ，
1 2
则ρ＋ρ＝2(cos α＋sin α)，ρρ＝－7，
1 2 1 2
因为|AB|＝2，
所以|ρ－ρ|＝＝＝2，整理得sin 2α＝－1，
1 2
又0≤α<π，所以0≤2α<2π，所以2α＝，即α＝，
所以直线l的极坐标方程为θ＝(ρ∈R)．
6．[不等式选讲]
(2022·遂宁模拟)已知x，y为任意实数，有a＝2x＋y，b＝2x－y，c＝y－1.
(1)若4x＋y＝2，求a2＋b2＋c2的最小值；
(2)求|a|，|b|，|c|三个数中最大数的最小值．
解 (1)由题意知a＝2x＋y ，b＝2x－y，c＝y－1，∵4x＋y＝2 ，∴y＝2－4x，
则a2＋b2＋c2
＝4－8x＋4x2＋36x2－24x＋4＋1－8x＋16x2
＝56x2－40x＋9＝562＋ ，
∴当x＝时，a2＋b2＋c2 取得最小值为.
(2)由条件a＝2x＋y，b＝2x－y，c＝y－1，
可得a－b－2c＝2，
设M ＝{|a|，|b|，|c|} ，则M≥|a|，M≥|b|，M≥|c| ,4M≥|a|＋|b|＋2|c|≥|a－b－2c|＝2，
max
∴M≥，∴|a|，|b|，|c|三个数中最大数的最小值为.
