文档内容
绝密★启用前
2025 年高考考前信息必刷卷 02（天津专用）
物 理
（考试时间：60分钟 试卷满分：100分）
考情速递
高考风向
天津高考物理试题以立德树人为目标，以核心素养为导向，注重知识结构化整合，融合高频考点，不
断增强试题的创新性与开放性。试题题型结构稳中求变，注重基础知识和应用能力的结合，考查知识迁移
能力，对数学工具的要求逐步升级。真实问题情境设计占比不断升高，且重点涉及到生活实践、科技前沿、
传统文化渗透；情境设计逐层进阶，从基础层→进阶层→创新层。
高考预测
2025年天津高考物理试题延续以往风格，重点考查力学：牛顿运动定律（连接体问题、斜面模型）；
能量与动量（碰撞、弹簧系统、功能关系）；圆周运动与万有引力（卫星变轨、天体密度计算）。电磁学
电场与磁场（叠加场中的粒子运动、复合场问题）；电磁感应（动生/感生电动势综合、含容电路分析）；
交流电与变压器（非理想变压器、动态电路）。选修内容：热学（理想气体状态方程与热力学第一定律结
合）；光学（干涉/衍射定量计算、折射率测量实验）；原子物理（能级跃迁、核反应方程与质能关系）；
实验（如“伏安法测电阻”“验证机械能守恒”），重点掌握实验设计、注意事项、数据处理、误差分析
（如系统误差与偶然误差的区分）、创新设计，例如：改进传统实验方案、分析非常规数据（如传感器采
集结果）、误差来源的多角度讨论。我们要关注天津本地科技资源如国家超级计算天津中心、"海燕"水下
滑翔机等本土科技项目以及"双碳目标下的新能源技术""人工智能中的传感器应用"等社会热点关联的物理
问题，结合科技热点（如航天工程、新能源技术）或生活场景（如智能设备、交通系统）等衍生的物理命
题素材。以及可能调整的考点范围（如增加“波粒二象性”“传感器”等内容）。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用
橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合
题目要求，第6~8题有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答
的得0分。
1.物理学家通过对实验的深入观察和研究，获得正确的科学认知，推动物理学的发展，关于原子核的认识
中，下列说法正确的是（ ）
A．卢瑟福通过对 粒子散射实验的研究，提出了原子的“枣糕模型”
B．原子核衰变过程中，电荷数和质量数都守恒
C．已知 的半衰期是87.7年，1000个 经过87.7年后一定还剩余500个
D．原子核的结合能越大，表示核子结合得越牢固，原子就越稳定
【答案】B
【详解】卢瑟福通过对 粒子散射实验的研究，提出了原子的“核式结构模型”，原子核衰变过程中，电
荷数和质量数都守恒，故B正确；半衰期是一个统计规律，只针对大量的原子核才成立，对少数、个别原
子核不成立，故C错误；原子核的比结合能越大，表示核子结合得越牢固，原子就越稳定，故D错误。故
选B。
2.如图是一种用折射率法检测海水盐度装置的局部简化图。让光束从海水射向平行空气砖（忽略薄玻璃壁
厚度）再折射出来，通过检测折射光线在不同盐度溶液中发生的偏移量d，进而计算出海水盐度。已知某
一温度下，海水盐度变大引起折射率变大。下列说法正确的是（ ）
A．一束复色光透过平行空气砖分成1、2两束光，则两束光不一定平行
B．一束复色光透过平行空气砖分成1、2两束光，则1光的频率更高
C．一束单色光射向平行空气砖后偏移量变大，说明海水的盐度变大
D．一束单色光射向平行空气砖后偏移量变小，说明海水的盐度变大
【答案】C
【详解】光线经过玻璃砖上下两个表面两次折射后，出射光线与入射光线平行，故A错误；由图可知，光
线在左侧面折射时，光线1的折射角小，根据折射定律可知，光线1的折射率较小，频率较小，故B错误；
由图可知，光线1的折射率小，偏移量小，所以若一束单色光射向平行空气砖后偏移量变大，说明折射率变大，即海水的盐度变大，若偏移量变小，说明海水的盐度变小，故C正确，D错误。故选C。
3.利用静电纺丝技术制备纳米纤维材料是近年来材料领域的重要技术。如图所示，初始时无电场，喷嘴处
的球形液滴保持静止；随着高压电场逐渐增强，液滴带上正电荷且由球形变为圆锥形（即“泰勒锥”）；
当电压增至某个临界值时（假设此后电压保持不变），液滴从尖端喷出，在非匀强电场的作用下向下方运
动，M、N为直线路径上的两点。以下说法正确的是（ ）
A．喷嘴处的球形液滴在无电场的情况下只受重力
B．液滴从M到N的过程做匀加速直线运动
C．液滴从M到N的过程电场力做负功
D．液滴向下做螺旋运动时电势能减小
【答案】D
【详解】喷嘴处的球形液滴在无电场的情况下受重力和表面张力，A错误；液滴在非匀强电场中运动，电
场力是变力，则加速度是变化的，所以液滴从 到 的过程做变加速直线运动，B错误；液滴带正电，从
到 的过程中电场力方向竖直向下，与位移方向相同，则电场力做正功，C错误；液滴向下做螺旋运动
时电场力做正功，电势能减小，D正确。故选D。
4.某科技公司设计的一套多用途城市无人驾驶系统如图所示，由乘客舱和三角形支架组成，支架的四条完
全相同带轮触脚可绕轴转动。先将乘客舱悬空固定于支架顶部，再利用自身的动力系统调节触脚与竖直方
向的夹角 以升高乘客舱，然后利用自动驾驶系统，将乘客舱运送至相应地点。已知三角形支架和乘客舱
的总质量为m，重力加速度为g，则下列说法正确的是（ ）A．乘客舱被缓慢吊起过程中，夹角 逐渐增大
B．乘客舱被缓慢吊起过程中的某个时刻，地面对每个轮子的支持力为
C．乘客舱被缓慢吊起过程中，地面对每个轮子的作用力发生了变化
D．该装置在平直公路上加速行驶时，支架对乘客舱的作用力等于乘客舱的重力
【答案】C
【详解】触脚与竖直方向的夹角 ，设左右两个轮子之间的距离为 ，乘客舱的高度为 ，三角形支架如下
图
由 ，当 变小， 变大时， 变小，故A错误；设地面对每个轮子的支持力为 ，乘客舱被缓慢
吊起过程中可以看成匀速运动，根据平衡条件得 ，解得 ，故B错误；设每个触角对乘客
舱的作用力为 ，对乘客舱受力分析，如下图
根据平衡条件，可得 ，解得 ，根据牛顿第三定律，可知触角对轮子的作用力和地面
对每个轮子的作用力的大小为 ，可得 与 有关，乘客舱被缓慢吊起过程中， 发生了变
化，因此地面对每个轮子的作用力发生了变化，故C正确；当该装置在平直公路上加速行驶时，根据牛顿
第二定律，乘客舱受到的合力不等于零，因此支架对乘客舱的作用力不等于乘客舱的重力，故D错误。故
选C。
5.2024年11月中旬，“天舟八号”货运飞船由“长征七号”遥九运载火箭发射入轨。“天舟八号”除了承担了向空间站运送货物的运输使命，还肩负着一次“特殊”的科学任务——把我国科研人员根据月壤样品
所研究出来的月壤砖送到月球上，这样人们就能够在月球上如愿建立属于地球人的月球基地。“天舟八
号”多次变轨简化示意图如图所示。从近地轨道1的P点变轨到椭圆轨道2，在远地点Q再次变轨转移到
330千米的圆轨道3，在距天宫一号目标飞行器后下方约52千米处，飞船采用快速交会对接模式对接于中
国空间站“天和”核心舱后向端口。对“天舟八号”此次变轨及对接过程，下列说法中正确的是（ ）
A．“天舟八号”在近地轨道1的速度大于轨道2在P点的速度
B．“天舟八号”在椭圆轨道2上任何一点的速度一定小于7.9km/s
C．“天舟八号”需在轨道3再次加速才能到达天宫一号所在轨道与之对接
D．“天舟八号”在轨道3稳定运行时，经过Q点的加速度小于轨道2上经过Q点的加速度
【答案】C
【详解】“天舟八号”在近地轨道1需要加速才能变轨到轨道2，故“天舟八号”在近地轨道1的速度小
于轨道2在P点的速度，“天舟八号”在近地轨道的线速度为7.9km/s，故“天舟八号”在椭圆轨道2上经
过P点的速度大于7.9km/s，故AB错误；“天舟八号”需在轨道3再次加速才能到达天宫一号所在轨道与
之对接，故C正确；“天舟八号”在轨道3稳定运行时，根据万有引力提供向心力有 ，可知，
经过Q点的加速度等于轨道2上经过Q点的加速度，故D错误。故选C。
6.如图所示，一杯未开封的加冰奶茶静置在桌上一段时间后，冰未完全融化，密封气体体积增大，不考虑
水分子汽化、液化和气体溶解的影响，气体与奶茶的温度相同，密封气体可视为理想气体，下列关于密封
气体的说法正确的是（ ）
A．从外界吸热 B．分子平均动能增大C．单位时间内撞击器壁的分子数减少 D．压强增大
【答案】AC
【详解】由于冰（晶体）未完全融化，还处于冰水混合物，温度不变，分子平均动能不变，冰融化过程中，
气体体积增大，对外界做功，根据热力学第一定律可得 ，其中 ，因此 ，
气体从外界吸热，故A正确，B错误；根据玻意耳定律 ，可知压强减小，气体体积增大，分子总
数不变，单位体积的分子数变少，又分子平均速率不变（温度不变），故单位时间内撞击器壁的分子数减
少，故C正确，D错误；故选AC。
7.杜甫曾在《曲江》中提到：穿花蛱蝶深深见，点水蜻蜓款款飞。平静水面上的S处，“蜻蜓点水”时形
成一列水波向四周传播（可视为简谱波），A、B两点与S在同一条直线上，C、S在另外一条直线上。图
示时刻，A在波谷，B、C在不同的波峰上。已知波速为v，A、B连线在水平方向的距离为a，则不正确的
是（ ）
A．水波的波长为2a
B．A点振动频率为
C．到达第一个波峰的时刻，C比A滞后
D．从图示时刻起，经过 的时间，B、C之间的距离增大了
【答案】BD
【详解】由图可知，A在波谷，B在波峰上，A、B连线在水平方向的距离为a，可知波长为λ＝2a，A正确，
不符题意；根据v＝λfA点振动频率为 ，B错误，符合题意；由图可知，由于BC在不同的波峰，
且AB连线在水平方向的距离为a，则波从A传播到C相隔距离为Δx＝a+λ＝a+2a＝3a，所以到达第一个波
峰的时刻，C比A滞后 ，C正确，不符题意；由于质点只是上下振动，不随波传播方向迁移，则B、C之间的距离保持不变，D错误，符合题意。故选BD。
8.“西电东送”是我国实现经济跨区域可持续快速发展的重要保证，模拟远距离高压输电的示意图如图所示。
已知升压变压器原、副线圈两端的电压分别为 和 ，降压变压器原、副线圈两端的电压分别为 和 。
在输电线路的起始端分别接入电压互感器和电流互感器，两个互感器原、副线圈的匝数比分别为 和
，各互感器和电表均为理想状态。下列说法正确的是（ ）
A．电压互感器起降压作用，电流互感器起减小电流作用
B．若电压表的示数为200V，电流表的示数为5A，则线路的输电功率为800kW
C．若保持 和用户数不变，仅将滑片 下移，则输电线损耗功率减小
D．若保持 不变，仅增加用户数，为保持 不变，可将滑片 上移
【答案】AD
【详解】电压互感器起降压作用，电流互感器起减小电流作用，故A正确；电压互感器原线圈两端电压
，电流互感器原线圈中的电流 ，对于理想变压器，
线路输送电功率 ，故B错误；仅将滑片Q下移，相当于增加了升压变
压器副线圈的匝数 ，根据理想变压器的规律 ，升压变压器副线圈两端的电压增大；降压变压
器原线圈两端电压 增大，副线圈两端电压 增大，通过负载的电流 ，又用户数不变，即负载总
电阻R不变，则 增大，降压变压器原线圈中的电流 ，匝数比不变， 增大，根据 ，则
输电线上损耗功率增大，故C错误；仅增加用户数，即负载总电阻R减小，若降压变压器副线圈两端电压不变，则通过副线圈的电流 ，增大，降压变压器原线圈中的电流增大，输电线上的电压损失
可知输电线上的电压损失增大；原线圈两端电压 ，减小，根据 ，可知，当 减小
时，减小 可以使 不变，所以要将降压变压器的滑片P上移，故D正确。故选AD。
二、非选择题：共4题，共60分。
9（1）如图甲所示为验证机械能守恒定律的实验装置：
①实验操作如下：
用天平分别测出重物A和B的质量 和 （A的质量含挡光片、B的质量含挂钩，且 ），用
螺旋测微器测出挡光片的宽度d，测量结果如图乙所示，则 mm；
将重物A、B用绳连接后，跨放在轻质定滑轮上，用水平撑板托住重物B，将光电门固定在与重物B等高
处，测量挡光片中心到光电门中心的竖直距离h，打开水平撑板，重物B由静止开始下落；
③记录挡光片经过光电门的时间Δt。
②如果系统（重物A、B）的机械能守恒，应满足的关系式为 （以A所在初位置为零势能面，用
、 、重力加速度g、Δt、d和h表示）。
③改进实验，多次改变重物A的释放位置，测出多组h、Δt，并计算出重物A经过光电门时的速度v，以
为纵轴，以h为横轴，作出 图像，测得该图像的斜率为k。若A、B质量之比 （用g、k表示），则可得 ，即系统机械能守恒。
④为提高实验结果的准确程度，以下建议中确实对提高准确程度有作用的是________
A．绳的质量要轻且尽可能光滑
B．钩码质量越小越好
C．挡光片的宽度越大越好
D．尽量保证重物只沿竖直方向运动，不要晃动
【答案】①5.315/5.314/5.316 ② ③ ④AD
【详解】①螺旋测微器的精确值为 ，由图乙可知挡光片的宽度
②重物A经过光电门时的速度大小为 ，系统的重力势能减少量为 ，系统的动能
增加量为 ，联立可得如果系统（重物A、B）的机械能守恒，应满足的关系式为
③由 ，整理可得 ，则有
解得A、B质量之比
④绳的质量使得绳子具有一定的动能，绳和滑轮间的摩擦会产生一定的内能，所以绳的质量要轻且尽可
能光滑，故A正确；钩码的质量应大一些，使重物A经过光电门时的速度大一些，通过光电门的挡光时间
短一些，则计算出来的速度误差小一些，故B错误；挡光片的宽度越小，挡光时间越短，则计算出来的速
度误差就越小，故C错误；为了减小误差，应尽量保证重物只沿竖直方向运动，不要晃动，故D正确。故
选AD。
（2）同学们帮助老师整理实验室时，发现一个用电流表G改装的简易欧姆表（尚未重新标度），电流表
G表盘上的刻度值已经模糊不清，但是刻度线仍均匀且清晰，同学们通过实验测量该欧姆表的最大内阻。①如图1所示，将欧姆表内的滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，插入表笔，其中b应该是 表笔
（填“红”或“黑”）。
②将两表笔与电阻箱的两接线柱连接，调节电阻箱的阻值。当电流表G表盘上指针对准某条刻度线时，数
出指针偏转的小格数n，并记录下相应电阻箱的阻值R，某次电阻箱的阻值如图2所示，为 。
③改变电阻箱的阻值，重复步骤（2），读出多组小格数n和电阻箱的阻值R，作出 图像如图3所示，
图线的斜率为k，截距为b，则欧姆表的最大内阻为 （用k，b表示），若要用此图像计算出欧姆表
内部电源的电动势，还需要知道的物理量是 。
【答案】①黑 ②1969.2 ③ 每一格表示的电流大小
【详解】①多用电表使用欧姆挡时，使用内置电源，根据电流“红进黑出”原则，插入表笔，黑表笔与内
置电源正极相连，其中b应该是黑表笔。
②根据读数规则，电阻箱的阻值
③设每一小格代表的电流大小为 ，欧姆表的最大内阻为 ，根据闭合电路欧姆定律得解得 ，根据 图像，图线的斜率为k，截距为b，可知 ， ，联立解得
， ，则欧姆表的最大内阻为 ，若要用此图像计算出欧姆表内部电源的电动势，还需要
知道的物理量是每一格表示的电流大小。
10.如图所示，足够长“L”型平板B静置在光滑的水平地面上，其上表面光滑，物块A处于平板B上的
点，用长为 的轻绳将质量为 的小球悬挂在 点正上方的 点。轻绳处于水平拉直状态，小球可
视为质点，将小球由静止释放，下摆至最低点与小物块A发生弹性碰撞。物块A沿平板滑动直至与 右侧
挡板发生完全非弹性碰撞，所有碰撞时间忽略不计，不计空气阻力，已知A的质量为 的质量 ，
取 ，求：
(1)小球摆至最低点与小物块A发生弹性碰撞前，小球对轻绳的拉力；
(2)小物块A与平板B碰撞过程中，系统损失的动能。
【答案】(1) ，方向竖直向下 (2)
【详解】（1）小球由静止释放至最低点过程机械能守恒，有
得
在最低点由牛顿第二定律得
联立解得由牛顿第三定律可知
方向竖直向下。
（2）A与球发生弹性碰撞，根据动量守恒定律和机械能守恒定律有
解得
接着A与B发生完全非弹性碰撞，根据动量守恒定律和能量守恒定律有
解得
11.如图甲所示，间距为0.25m的平行虚线PQ与MN间有沿水平方向的匀强磁场，磁场磁感应强度大小随
时间变化规律如图乙所示，电阻为0.2Ω的矩形金属线框abcd竖直放置，ab边在磁场下方、cd在磁场上方，
磁场方向与线框平面垂直，在 时刻，由静止释放线框，线框运动过程中始终在同一竖直面内，且ab
边始终水平，线框cd边在 时刻进入磁场并刚好能匀速通过磁场，cd边长为0.2m，重力加速度g取
，求：
(1)线框的质量；
(2)整个过程线框中产生的焦耳热。
【答案】(1) (2)【详解】（1）已知平行虚线间距 ， ，cd边长 ，在 线框的速度
此时产生电动势
电流
由受力平衡得
代入数据得线框的质量
（2） 内线框中产生的电动势
内线框中产生的热量
线框cd边匀速通过磁场过程中，由能量守恒可知，重力势能的减少量转化为线框中的焦耳热
整个过程线框中产生的焦耳热
12.在xOy坐标系的第二象限内和第四象限内有如图所示的匀强电场，两电场的场强大小相等，方向分别与
x轴和y轴平行；第四象限内还存在垂直于纸面的匀强磁场（图中未画出）。将一个质量为m、电荷量为q
的微粒在第二象限内的 点由静止释放，之后微粒沿直线运动到坐标原点并进入第四象限，微粒在
第四象限内运动后从x轴上的 点进入第一象限，重力加速度为g。求：
（1）带电微粒运动到O点时的速度大小；
（2）匀强磁场的磁感应强度大小；
（3）带电微粒从P点运动到Q点所用的时间。【答案】（1） ；（2） ；（3）
【详解】（1）粒子在第二象限内做直线运动，因此电场力和重力的合力方向沿PO方向，可知粒子带正电，
且
粒子在第二象限内的加速度为
根据动力学公式
解得带电微粒运动到O点时的速度大小为
（2）根据
可知粒子从O点进入第四象限的速度方向与x轴正方向成 角，由于粒子在第四象限内受到电场力与重
力等大反向，因此粒子在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，由于粒子做匀速圆周运动后从x轴上的
点进入第一象限，根据左手定则可以判断，磁场方向垂直于纸面向里，根据题意做出粒子的轨迹图根据几何关系有，粒子做匀速圆周运动的轨迹半径为
根据洛伦兹力提供向心力
匀强磁场的磁感应强度大小
（3）粒子在第二象限内做直线运动的时间为
粒子在第四象限内做直线运动的时间为
带电微粒从P点运动到Q点所用的时间
