文档内容
2019年黑龙江省哈尔滨市中考物理试卷
一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）
1．（3分）下列物理量与测量仪器对应关系不正确的是（ ）
A．长度——刻度尺 B．电压——电压表
C．时间——停表 D．电阻——电能表
2．（3分）下面对哈尔滨美景描述中，属于熔化现象的是（ ）
A．初春，太阳岛上冰雪变成涓涓水流
B．盛夏，防洪纪念塔广场花朵上滚动着晶莹的露珠
C．深秋，中央大街的树上挂着洁白的雾淞
D．隆冬，松花江水变成剔透的冰
3．（3分）关于光学知识说法正确的是（ ）
A． 漫反射不遵从光的反射定律
B． 小猫叉不到鱼，是因为看到鱼变深的虚像
C． 白光通过三棱镜发生色散
D． 近视眼需要用凸透镜矫正
4．（3分）下图事例中，利用热传递改变物体内能的是（ ）
第1页（共40页）A． 晃动试管，沙子温度升高
B． 烧水使水变热
C． 汽油机汽缸内混合物被压缩，温度升高
D． 摩擦使笔杆变热
5．（3分）关于力学知识说法不正确的是（ ）
A． 手对钢片的力大于钢片对手的力
B． 重力的方向竖直向下
第2页（共40页）C． 急刹车时，乘客因具有惯性会向前倾倒
D． 磁悬浮列车利用分离接触面来减小摩擦
6．（3分）关于简单机械的使用，说法不正确的是（ ）
A． 使用撬棒可以省力
B． 使用定滑轮不能省距离
C． 利用斜面可以省功
D． 使用滑轮组可以改变动力方向
7．（3分）下列表述正确的是（ ）
第3页（共40页）A． 电视机正常工作电流约为1.57A
B． 电水壶电阻为4840
Ω
C． 同种电荷互相排斥
D． 磁极间在不接触时无法发生相互作用
8．（3分）下列涉及压强知识说法不正确的是（ ）
A． 海绵块的形变显示了压力作用效果
B． 用微小压强计可以研究液体压强
C． 托里拆利实验可以测出大气压值
第4页（共40页）D． 船闸不是连通器
9．（3分）下列现象中，电能转化为机械能的是（ ）
A． 磁场对电流作用
B． 通电导体具有磁性
C． 把声音信息转换成电信息
D． 电磁感应现象
10．（3分）下列关于安全用电的描述，不符合用电原则，需要改正的是（ ）
A． 发生触电事故时应立即切断电源
B． 使用验电笔检验插座的相线
C． 电水壶接电线路示意图
第5页（共40页）D． 家庭电路连接示意图
11．（3分）质地均匀杠杆，每个钩码重0.5N，下列操作中可以使杠杆在水平位置平衡的是（杠
杆上有等间隔的刻度）（ ）
A．
B．
C．
D．
12．（3分）如图甲，R 为定值电阻，R 为滑动变阻器，闭合开关，R 的滑片从一端移动到另一
1 p p
端，得到电压与电流图象如图乙，下列说法正确的是（ ）
第6页（共40页）A．电源电压为3V，R 阻值为1.8
1
B．电路消耗的最小功率为0.2WΩ
C．当R 总阻值的 接入电路时，它与定值电阻消耗的功率之比为6：5
p
D．当电流为0.4A时，R 与R 连入电路的阻值之比为1：2
1 p
二、填空题（共12小题，每小题2分，满分24分）
13．（2分）自然界中，能量的转化和转移过程遵守 定律。水能和风能都属于 能。
14．（2分）在研究“固体熔化过程的规律”和“沸腾的规律”实验中，共同需要的测量工具
是停表和 。晶体熔化和液体沸腾过程中的共同点是 。
15．（2分）在地球上，驾驶员利用“倒车雷达”来判断车与物体间的距离，利用了声可以传
播 。在月球上，表面为真空，真空不能传声，宇航员不能直接交流而要靠电磁波互
相联系，其中的道理是 。
16．（2分）如图，用2N的拉力匀速竖直向上拉绳子自由端，将重为3.5N物体提升0.1m，不计
绳重与摩擦，动滑轮机械效率为 ；若物体重力变大，则动滑轮机械效率将 。
第7页（共40页）17．（2分）把质量为2kg，温度为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量为 J，这些热量
相当于完全燃烧 m3的天然气所放出的热量。【c水 ＝4.2×103J/（kg•℃），q天然气 ＝
4.2×107J/m3】
18．（2分）如图，同一小车从同一斜面的同一高度由静止释放，分别滑至粗糙程度不同的三
个水平面上时速度为v ．（a）（b）图中小车最终停在图示位置，分析可知：在水平面上小车
0
所受阻力即为小车所受合力，因为力可以改变物体运动状态，所以小车在（a）图比在（b）
图受到的阻力大， 更明显；若（c）图水平面光滑，则小车在该水平面上将 。
19．（2分）在探究“影响电流热效应的因素”的实验中，要探究电流热效应与电流关系，应
控制的变量是 。如图所示，R ＝5 ，R ＝10 ，电源电压3V，则通电10s电流通过
1 2
R 、R 产生热量之比为 。 Ω Ω
1 2
第8页（共40页）20．（2分）如图，2018年10月24日，港珠澳大桥正式通车，大桥的海底隧道位于40米深的
海水下，海水在此深度处产生的压强为 Pa。若汽车重力为G ，车内人和物体的总
1
重为G ，车轮与桥面接触的总面积为S，当车在水平桥面行驶时，汽车对桥面压强p＝
2
。（
海水
＝1.03×103kg/m3，g＝10N/kg）
ρ
21．（2分）在安全工作条件下，将“2.5V 0.3A”小灯泡L 和“3.0V 0.3A”小灯泡L 串联在
1 2
电路中工作，通过两灯的电流之比为 ；若将L 和L 并联在另一电源下工作，则L
1 2 1
和L 能消耗的总功率最大值为 W。（设灯丝电阻不变）
2
22．（2分）如图，先将溢水杯装满水，然后用测力计拉着重为4N、体积为100cm3的石块，缓
慢浸没在水中，溢出的水全部收集到小空桶中，桶中水重为 N，石块静止时，测力
计示数为 N。（
水
＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
ρ
第9页（共40页）23．（2分）如图所示，请你画出静止在水平桌面上的茶壶所受力的示意图。（画图时用实心点
O表示力的作用点）
24．（2分）如图所示，请你画出烛焰上A点经平面镜MN所成的像A'。（保留作图痕迹）
三、解答题（共4小题，满分22分）
25．（5分）“创新”小组在某次实践活动中，采集了一块矿石（矿石不吸水），测量它的密度。
（1）在测量之前，要观察量筒的 。
（2）测量过程的情景如图，正确且合理测量质量的操作顺序为 ，测出矿石的密度
为 g/cm3。
（3）永深同学继续如下操作：
将矿石从量筒中取出，直接放在天平上测质量记为m测 ，并记下此时量筒中水面的刻度
①值V 。
3
第10页（共40页）测量体积时，才发现矿石有变化了，将它处理复原后，浸没在量筒的水中，记下此时水
②面的刻度值V ，从而求出矿石的体积并算出密度。
4
这样的操作可能对实验结果产生影响，请你写出产生的影响及原因。
26．（5分）在探究“凸透镜成像规律”实验中，已知凸透镜焦距为10cm。所用光源为新型
“蜡烛”。（新型“蜡烛”薄且烛焰稳定）
（1）调整好器材后，进行实验，某次实验结果如图1，凸透镜成这种像的条件是 。将
“蜡烛”A从此位置在光具座上逐渐靠近透镜，发现经过图中 位置后，无论怎样
调节光屏都无法承接到像，只能透过透镜观察到正立、放大的虚像，如图2。
（2）“蜡烛”移到距透镜二倍焦距处，观察光屏上的像感觉与物等大，请你简述证明像与
物等大的办法。（器材足够用）
（3）君妍同学用凸透镜观察书上的字，如图3，她换用不同焦距的凸透镜放在原位置再次
观察，发现像发生变化，便萌生了探究凸透镜所成像与焦距关系的想法，请写出需要收集
的证据。
第11页（共40页）27．（6分）用标有“2.5V”小灯泡，进行“研究小灯泡的电功率”实验。（允许加在小灯泡两
端的最大电压为1.2U额 ）
（1）进行实验：
如图1是未连接好的电路，请你用笔画线代替导线，正确连接图中实物电路。
①如图2，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示数是 A，灯泡额定功率是
②W。
（2）通过实验得到：灯泡实际功率越大，灯越亮。试从能量转化角度解释“灯泡实际功率
越大，灯越亮”的原因。
（3）以小灯泡为例，用数据说明选用电流表0.6A而不用3A量程的理由。
28．（6分）随着智能化的普及，机器人在人类的生活中扮演着重要的角色。在图书管理领域
机器人可以辅助或替代管理员整理图书，表中所列数据是某新型图书智能管理机器人工
作的部分技术参数。
参数 工作电压/V 工作功率/W 最大负重/N 提升重物最大高
度/m
第12页（共40页）数据 48 40 200 0.6
现在智能机器人以最大负重将图书匀速竖直提升至最大高度，用时5s。则此次提升过程中：
（1）机器人提升图书速度是多少？
（2）机器人对书做功是多少？
（3）机器人的电动机工作电流是多少（结果保留两位小数）？电动机做功是多少？
第13页（共40页）2019 年黑龙江省哈尔滨市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）
1．（3分）下列物理量与测量仪器对应关系不正确的是（ ）
A．长度——刻度尺 B．电压——电压表
C．时间——停表 D．电阻——电能表
【分析】对每个选项分别分析，明确每种测量工具的用途，就能确定符合题意的选项。
【解答】解：
A、刻度尺是测量长度的工具，故A不符合题意；
B、电压的测量仪器电压表，故B不符合题意；
C、停表是测量时间的仪表，故C不符合题意；
D、电阻用电流表和电压表测，不能用电能表测，故D符合题意。
故选：D。
【点评】刻度尺、电压表、电流表、停表是初中物理的常用测量工具，使用前要先观察其量
程和分度值，注意各种测量仪器的正确使用方法和注意事项，才能去使用各种仪器。
2．（3分）下面对哈尔滨美景描述中，属于熔化现象的是（ ）
A．初春，太阳岛上冰雪变成涓涓水流
B．盛夏，防洪纪念塔广场花朵上滚动着晶莹的露珠
C．深秋，中央大街的树上挂着洁白的雾淞
D．隆冬，松花江水变成剔透的冰
【分析】熔化是指物质从固态变为液态的过程，它需要吸热；
液化是指物质从气态变为液态的过程，它需要放热；
凝华是指物质从气态直接变为固态的过程，它需要放热；
凝固是指物质从液态变为固态的过程，它需要放热。
【解答】解：A、春天，冰雪消融，它是物质从固态变为液态的过程，是熔化现象，故A符合
题意；
B、夏天，露珠晶莹，露珠是液体，它是由空气中的水蒸气放热液化后形成的，故B不符合
题意。
C、秋天，雾淞是固体，它是由空气中的水蒸气放热凝华后形成的，故C不符合题意。
D、冬天，松花江水变成剔透的冰，冰是固体，它是由液态的水放热凝固后形成的，故D不
第14页（共40页）符合题意。
故选：A。
【点评】要判断各选项的物态变化是否相对应，首先要弄清楚各选项的物态变化特点，然
后根据变化前后的物态特征来判断属于哪种物态变化。
3．（3分）关于光学知识说法正确的是（ ）
A． 漫反射不遵从光的反射定律
B． 小猫叉不到鱼，是因为看到鱼变深的虚像
C． 白光通过三棱镜发生色散
D． 近视眼需要用凸透镜矫正
【分析】解答此题从以下知识点入手：
（1）漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。
（2）从鱼身上反射出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，
折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了。
（3）太阳光经过三棱镜折射后可以分散成七种颜色的光，分别是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，
这就是光的色散现象。
（4）近视眼是晶状体会聚能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正；远视眼是
第15页（共40页）晶状体会聚能力减弱，像呈在视网膜的后方，应佩戴凸透镜矫正。
【解答】解：A、漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。故A错误；
B、水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，光由水斜射入空气时发生折射，折射角大于
入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像。
故B错误；
C、棱镜对不同色光的偏折程度不同，其中对红光的偏折程度最小，对紫光的偏折程度最
大；所以白光经三棱镜后，光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，红光在
最上面，紫光在最下方，故C正确；
D、由题干图可知：像呈在视网膜的前方，所以该模型是近视眼，近视眼是由于晶状体曲度
变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴具有发散作用的凹透镜，使光线推迟会聚。
故D错误。
故选：C。
【点评】此题涉及到光的漫反射、光的折射、光的色散、近视眼的成因，以及矫正方法等知
识点，是一道综合性较强的题目，也是中考的热点。
4．（3分）下图事例中，利用热传递改变物体内能的是（ ）
A． 晃动试管，沙子温度升高
B． 烧水使水变热
第16页（共40页）C． 汽油机汽缸内混合物被压缩，温度升高
D． 摩擦使笔杆变热
【分析】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是
能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：A、晃动试管，沙子与试管之间发生摩擦，克服摩擦做功，沙子的内能变大，故
A错误；
B、烧水使水变热是通过热传递改变了物体的内能，故B正确；
C、气缸内气体被压缩，机械能转化为气体的内能，故C错误。
D、摩擦笔杆，克服摩擦做功，笔杆变热，是通过做功改变了物体的内能，故D错误。
故选：B。
【点评】此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
5．（3分）关于力学知识说法不正确的是（ ）
A． 手对钢片的力大于钢片对手的力
B． 重力的方向竖直向下
第17页（共40页）C． 急刹车时，乘客因具有惯性会向前倾倒
D． 磁悬浮列车利用分离接触面来减小摩擦
【分析】（1）物体间力的作用是相互的，一对相互作用力间的大小相等。
（2）重力方向始终竖直向下；
（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
（4）减小摩擦了的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、让两接触面分离、变滑动为滚
动。
【解答】解：
A、物体间力的作用是相互的，一对相互作用力间的大小相等，所以手对钢片的力等于钢
片对手的力，故A错误；
B、重力方向始终竖直向下，故B正确；
C、公共汽车紧急刹车时，乘客会向前倾倒，这是由于乘客具有惯性，故C正确；
D、磁悬浮列车利用了磁极间的相互作用使接触面分离来减小摩擦力，但列车仍然受到阻
力作用，故D正确。
故选：A。
【点评】本题围绕一些常见的力学现象，考查了重力方向、减小摩擦力的方法、惯性、相互
作用力的特点等，综合性强，要求我们对基本的概念的规律要熟练掌握。
6．（3分）关于简单机械的使用，说法不正确的是（ ）
A． 使用撬棒可以省力
第18页（共40页）B． 使用定滑轮不能省距离
C． 利用斜面可以省功
D． 使用滑轮组可以改变动力方向
【分析】（1）动力臂大于阻力臂的杠杆，可以省力、但费距离；
（2）定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力，也不省距离；
（3）利用机械可以省力，但费距离，但不能省功；
（4）使用定滑轮可以改变力的方向，但不能省力；用动滑轮可以省力，但不能改变力的方
向；使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向。
【解答】解：
A、撬棒在使用时，动力臂大于阻力臂，可以省力，故A正确；
B、定滑轮实质是等臂杠杆，不能省力，也不省距离，故B正确；
C、利用斜面可以省力，但费距离，但不能省功，故C错；
D、使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了杠杆、定滑轮、斜面、滑轮组的特点，要知道：使用机械时，可以省力、可
以省距离，但不能省功。
7．（3分）下列表述正确的是（ ）
第19页（共40页）A． 电视机正常工作电流约为1.57A
B． 电水壶电阻为4840
Ω
C． 同种电荷互相排斥
D． 磁极间在不接触时无法发生相互作用
【分析】（1）已知电视机额定电压和额定功率，利用公式I＝ 得到正常工作的电流；
（2）已知电水壶额定电压和额定功率，利用公式R＝ 得到电阻；
（3）电荷间相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（4）磁体周围空间存在磁场，磁体间的相互作用是通过磁场发生的。
【解答】解：
A、由P＝UI可得，电视机正常工作的电流：I＝ ＝ ≈0.64A，故A错误；
B、由P＝ 可得，电水壶的电阻为R＝ ＝ ＝48.4 ，故B错误；
Ω
C、由图知，两个小球都带正电，彼此远离，说明同种电荷互相排斥，故C正确；
D、磁极间没有直接接触，通过周围的磁场也可以发生相互作用，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了电功率变形公式的应用、电荷间相互作用及磁场的作用，包含的知识
第20页（共40页）点较多，难度不大，熟练掌握基础知识就能正确解答。
8．（3分）下列涉及压强知识说法不正确的是（ ）
A． 海绵块的形变显示了压力作用效果
B． 用微小压强计可以研究液体压强
C． 托里拆利实验可以测出大气压值
D． 船闸不是连通器
【分析】（1）在探究压力的作用效果时，通过海绵的凹陷程度来表现压力作用效果，这叫
做转换法；
（2）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压力时，U形管内两边液面出现高度差，两边高度
差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；
（3）托里拆利实验最早测出了大气压的值；
（4）连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征。
【解答】解：A、在压力作用下，海绵发生形变，故我们可以通过观察实验时海绵的凹陷程度
来显示压力的作用效果。故A正确；
B、压强计的工作原理是；橡皮膜受到压强时，U形管内两边液面出现高度差，两侧液面高
度差反映了探头受到的压强大小，采用的是转换法；液体压强越大，两侧液面高度差也越
大。故用微小压强计可以研究液体压强。故B正确；
C、托里拆利最早精确地测出了大气压的值，故C正确；
D、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连
第21页（共40页）通器，故D错误。
故选：D。
【点评】此题涉及到压力的作用效果，探究液体压强的特点实验，连通器原理，大气压的测
量方法等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
9．（3分）下列现象中，电能转化为机械能的是（ ）
A． 磁场对电流作用
B． 通电导体具有磁性
C． 把声音信息转换成电信息
D． 电磁感应现象
【分析】分别分析该题中各个选项所提到的能量的形式的变化，看哪种形式的能量增加了，
那种形式的能量减小了，进而判断出能量的转化过程，从而确定是机械能转化为电能的答
案。
【解答】解：A、磁场对电流作用是电动机的原理，消耗电能，得到机械能，是电能转化为机
械能，故A符合题意。
B、通电导体具有磁性属于电流的磁效应，即消耗电能产生磁能，故B不符合题意。
C、把声音信息转换成电信息，消耗机械能，得到电能，即将机械能转化为电能，是电磁感
应现象，故C不符合题意；
D、电磁感应现象将机械能转化为电能，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查电动机、发电机、奥斯特实验的工作时能的转化，是一道基础题。
第22页（共40页）10．（3分）下列关于安全用电的描述，不符合用电原则，需要改正的是（ ）
A． 发生触电事故时应立即切断电源
B． 使用验电笔检验插座的相线
C． 电水壶接电线路示意图
D． 家庭电路连接示意图
【分析】（1）发生触电，应先切断电源；
（2）使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属体；
（3）对于三线插头和三孔插座的连接，带保险丝的线应与火线连接，才能起到保护作用，
另一条与零线连接，才能形成通路，地线应与电水壶的金属外壳连接；
（4）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
【解答】解：
A、发生触电事故时，必须先切断电源，然后再救人，否则会因电源不断开而发生触电事故，
故A符合用电原则；
B、使用测电笔检验插座的相线时，手要接触笔尾金属体，故B符合用电原则；
C、带保险丝的一端与火线连接，中间一条与零线连接，接电水壶外壳的一条与地线连接，
故C符合用电原则；
D、灯泡的正确接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺
旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故；图中开关接在零线上，
是错误接法，需要改正，故D不符合用电原则。
故选：D。
第23页（共40页）【点评】本题考查安全用电知识，记住相应的规则是关键。
11．（3分）质地均匀杠杆，每个钩码重0.5N，下列操作中可以使杠杆在水平位置平衡的是（杠
杆上有等间隔的刻度）（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】动力和阻力应使杠杆转动的方向相反；根据杠杆的平衡条件动力×动力臂＝阻力×
阻力臂进行判断。
【解答】解：AC、由图知动力和阻力使得杠杆转动的方向相同，故AC错误；
B、左边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N，杠杆上一格长L，弹簧秤的示数为1.5N，
0.5N×2×4L≠1.5N×5L，故杠杆不平衡，故C错误；
D、由边悬挂2个钩码时，若一个钩码重0.5N，杠杆上一格长L，弹簧秤的示数为2N，
0.5N×2×6L＝2N×3L，故杠杆平衡，故D正确。
第24页（共40页）故选：D。
【点评】本题考查杠杆的平衡条件动力×动力臂＝阻力×阻力臂，难度不大。
12．（3分）如图甲，R 为定值电阻，R 为滑动变阻器，闭合开关，R 的滑片从一端移动到另一
1 p p
端，得到电压与电流图象如图乙，下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为3V，R 阻值为1.8
1
B．电路消耗的最小功率为0.2WΩ
C．当R 总阻值的 接入电路时，它与定值电阻消耗的功率之比为6：5
p
D．当电流为0.4A时，R 与R 连入电路的阻值之比为1：2
1 p
【分析】定值电阻R 和滑动变阻器R 串联，电流表测电路中的电流，电压表测R 两端的
1 P 1
电压。
（1）当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0，此时电流表和电压表的示数最大，根据图
乙读出电源的电压和电路中的电流，根据欧姆定律求出R 的阻值；
1
（2）当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，
根据图乙读出电路中的最小电流和R 两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变
1
阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，利用P＝UI求出电路消耗的
最小功率；
（3）当R 总阻值的 接入电路时，根据串联电路的电流特点和P＝UI＝I2R求出R 与定值
p p
电阻消耗的功率；
（4）当电流为0.4A时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出R 连入电
p
路的阻值，进一步得出R 与R 连入电路的阻值之比。
1 p
【解答】解：
第25页（共40页）由电路图可知，定值电阻R 和滑动变阻器R 串联，电流表测电路中的电流，电压表测R
1 P 1
两端的电压。
（1）当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0，此时电流表和电压表的示数最大，
由图乙可知，电源的电压U＝3V，电路中的电流I＝0.6A，
由I＝ 可得，R 的阻值：
1
R ＝ ＝ ＝5 ，故A错误；
1
Ω
（2）当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I′＝0.2A，R 两端的电压U ＝1V，
1 1
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U ＝U﹣U ＝3V﹣1V＝2V，
P 1
则滑动变阻器的最大阻值：
R ＝ ＝ ＝10 ，
P
Ω
电路消耗的最小功率：
P小 ＝UI′＝3V×0.2A＝0.6W，故B错误；
（3）因串联电路中各处的电流相等，
所以，当R 总阻值的 接入电路时，R 与定值电阻消耗的功率：
p p
＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ，故C正确；
（4）当电流为0.4A时，电路的总电阻：
R总 ＝ ＝ ＝7.5 ，
Ω
R 连入电路的阻值：
p
R
P
″＝R总 ﹣R
1
＝7.5 ﹣5 ＝2.5 ，
所以，R
1
与R
p
连入电Ω路的Ω阻值之Ω比R
1
：R
P
″＝5 ：2.5 ＝2：1，故D错误。
故选：C。 Ω Ω
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用
的信息是关键。
第26页（共40页）二、填空题（共12小题，每小题2分，满分24分）
13．（2分）自然界中，能量的转化和转移过程遵守 能量守恒 定律。水能和风能都属于
机械 能。
【分析】能量守恒定律：是各种形式能量互相转换是有方向和条件限制的，能量互相转换
时其量值不变，表明能量是不能被创造或消灭的。能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，
它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的
过程中，能量的总量不变；
根据能源的实质，不同能源的分类可判断水能和风能的类型。
【解答】解：自然界中，能量的转化和转移过程都遵守能量守恒定律。
水能和风能的本质都属于机械能，同时也都属于可再生能源，还是一次能源。
故答案为：能量守恒；机械（或可再生、一次）。
【点评】本题主要考查了对能量守恒定律的了解，以及对水能和风能的认识，属基础知识
的考查。
14．（2分）在研究“固体熔化过程的规律”和“沸腾的规律”实验中，共同需要的测量工具
是停表和 温度计 。晶体熔化和液体沸腾过程中的共同点是 吸收热量，温度不变 。
【分析】（1）“固体熔化的规律”和“液体沸腾的规律”的实验都要用到温度计；
（2）液体沸腾和晶体熔化时都要吸收热量，温度不变。
【解答】解：
（1）“固体熔化的规律”和“液体沸腾的规律”的实验都要用到温度计和停表；
（2）晶体熔化和液体沸腾过程中的共同点是吸收热量，温度不变。
故答案为：温度计；吸收热量，温度不变。
【点评】本题考查熔化和凝固的实验，解答此题的关键是知道熔化和凝固的特点。
15．（2分）在地球上，驾驶员利用“倒车雷达”来判断车与物体间的距离，利用了声可以传
播 信息 。在月球上，表面为真空，真空不能传声，宇航员不能直接交流而要靠电磁波
互相联系，其中的道理是 电磁波可以在真空中传播 。
【分析】（1）声音既可以传递信息，也可以传递能量；
（2）声音的传播需要介质，真空不能够传声；电磁波可以在真空中传播。
第27页（共40页）【解答】解：
（1）驾驶员利用“倒车雷达”来判断车与物体间的距离，利用了声可以传播信息。
（2）在月球上，表面为真空，真空不能传声，而电磁波可以在真空中传播，所以宇航员不能
直接交流而要靠电磁波互相联系。
故答案为：信息；电磁波可以在真空中传播。
【点评】本题考查了声音的作用、电磁波的传播特点，属于基础题目。
16．（2分）如图，用2N的拉力匀速竖直向上拉绳子自由端，将重为3.5N物体提升0.1m，不计
绳重与摩擦，动滑轮机械效率为 87.5% ；若物体重力变大，则动滑轮机械效率将 变
大 。
【分析】（1）由图知n＝2，根据 ＝ ＝ ＝ ＝ 求出机械效率。
η
（2）根据 ＝ ，分析额外功、有用功的变化判定机械效率的变化。
η
【解答】解：
（1）由图知n＝2，不计绳重与摩擦，则动滑轮的机械效率：
＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ×100%＝87.5%；
η
（2）若物体重力变大，根据W＝Gh知，有用功增加，额外功不变，根据 ＝ ＝
η
第28页（共40页）＝ 可知，滑轮组的机械效率变大。
故答案为：87.5%；变大。
【点评】本题考查了使用动滑轮机械效率的计算以及影响机械效率的因素，理解相关信息
是关键。
17．（2分）把质量为2kg，温度为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量为 4.2×1 0 5 J，这些
热量相当于完全燃烧 0.0 1 m3的天然气所放出的热量。【c水 ＝4.2×103J（/ kg•℃），q天然气
＝4.2×107J/m3】
【分析】（1）已知水的比热容、质量和温度变化，可利用Q吸 ＝cm△t计算水吸收热量；
（2）由题知，Q吸 ＝Q放 ，可利用Q放 ＝qV的变形公式求出需要天然气的体积。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸 ＝cm△t＝4.2×103 J/（kg•℃）×2kg×（75℃﹣25℃）＝4.2×105J；
（2）由题知，Q吸 ＝Q放 ，则由Q放 ＝qV可得需要天然气的体积：
V＝ ＝ ＝0.01m3。
故答案为：4.2×105；0.01。
【点评】本题综合考查了水吸收热量的计算、燃料燃烧放出热量的计算公式的应用，因条
件已给出，难度不大。
18．（2分）如图，同一小车从同一斜面的同一高度由静止释放，分别滑至粗糙程度不同的三
个水平面上时速度为v ．（a）（b）图中小车最终停在图示位置，分析可知：在水平面上小车
0
所受阻力即为小车所受合力，因为力可以改变物体运动状态，所以小车在（a）图比在（b）
图受到的阻力大， 力的作用效果 更明显；若（c）图水平面光滑，则小车在该水平面上
将 将以 v 的速度永远运动下去 。
0
第29页（共40页）【分析】接触面越光滑，小车受到的摩擦力越小，小车速度减小得越慢，运动得越远；根据
现象推理，若小车不受摩擦力，将做匀速直线运动。
【解答】解：力是改变物体运动状态的原因，（a）（b）两图相比，（a）图中小车运动的距离短，
说明小车在（a）图比在（b）图受到的阻力大，力的作用效果更明显；
小车原来处于运动状态，若（c）图水平面光滑，则小车在水平方向上不受力的作用，根据
牛顿第一定律可知，小车该水平面上将以v 的速度永远运动下去。
0
故答案为：力的作用效果；将以v 的速度永远运动下去。
0
【点评】此题考查学生对牛顿第一定律的理解和掌握，本实验应用了控制变量法与科学推
理法，掌握该方法的应用是正确解题的关键。
19．（2分）在探究“影响电流热效应的因素”的实验中，要探究电流热效应与电流关系，应
控制的变量是 电阻和通电时间 。如图所示，R ＝5 ，R ＝10 ，电源电压3V，则通电
1 2
10s电流通过R 、R 产生热量之比为 1 ： 2 。 Ω Ω
1 2
【分析】 电流产生的热量与电流、电阻和通电时间都有关系，要研究电流热效应与电流
关系，要①保持电阻和通电时间相同；
由图知，两只电阻串联，通过的电流和通电时间都相同，已知电阻阻值，利用Q＝I2Rt比
②较产生热量关系。
【解答】解：由公式Q＝I2Rt知，要探究电流热效应与电流的关系，需要控制的条件是电阻
第30页（共40页）和通电时间，改变的是电流大小；
由图知，R 、R 串联，所以I ＝I ，t ＝t ，
1 2 1 2 1 2
由公式Q＝I2Rt知通电10s电流通过R 、R 产生热量之比：
1 2
＝ ＝ ＝ ＝ 。
故答案为：电阻和通电时间；1：2。
【点评】此题考查了焦耳定律的应用，注意探究过程中控制变量法和转换法的应用。
20．（2分）如图，2018年10月24日，港珠澳大桥正式通车，大桥的海底隧道位于40米深的
海水下，海水在此深度处产生的压强为 4.12×1 0 5 Pa．若汽车重力为G ，车内人和物体
1
的总重为G ，车轮与桥面接触的总面积为S，当车在水平桥面行驶时，汽车对桥面压强p
2
＝ 。（
海水
＝1.03×103kg/m3，g＝10N/kg）
ρ
【分析】本题应使用液体压强公式p＝ gh和压强公式p＝ 进行求解。
ρ
【解答】解：（1）海水在此深度处产生的压强p＝ gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×40m＝
4.12×105Pa。 ρ
（2）汽车对桥面压强p'＝ ＝ 。
故答案为：4.12×105Pa， 。
【点评】本题考查液体压强与固体压强的计算，使用相关公式直接求解即可，属于简单题。
21．（2分）在安全工作条件下，将“2.5V 0.3A”小灯泡L 和“3.0V 0.3A”小灯泡L 串联在
1 2
电路中工作，通过两灯的电流之比为 1 ： 1 ；若将L 和L 并联在另一电源下工作，则L
1 2 1
和L 能消耗的总功率最大值为 1.37 5 W。（设灯丝电阻不变）
2
【分析】（1）将小灯泡L 和L 串联在电路中工作时，根据串联电路的电流特点可知通过
1 2
两灯的电流之比；
第31页（共40页）（2）将L 和L 并联在另一电源下工作时它们两端的电压相等，电路的最大电压等于两灯
1 2
泡额定电压中较小的，根据欧姆定律求出不能正常发光灯泡的电阻和此时通过的电流，根
据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P＝UI求出L 和L 能消耗的总功率最大值。
1 2
【解答】解：（1）将小灯泡L 和L 串联在电路中工作时，
1 2
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过两灯的电流之比为1：1；
（2）将L 和L 并联在另一电源下工作时，
1 2
因并联电路中各支路两端的电压相等，且U ＝2.5V，U ＝3.0V，
1 2
所以，电路两端的最大电压U＝U ＝2.5V，此时小灯泡L 正常发光，通过的电流I ＝
1 1 1
0.3A，
由I＝ 可得，小灯泡L 的电阻：
2
R ＝ ＝ ＝10 ，
2
Ω
则通过灯泡L 电流：I ′＝ ＝ ＝0.25A，
2 2
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路中的电流：
I＝I +I ′＝0.3A+0.25A＝0.55A，
1 2
则L 和L 能消耗的总功率最大值：
1 2
P＝UI＝2.5V×0.55A＝1.375W。
故答案为：1：1； 1.375。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡并
联时电路的最大电压为两灯泡额定电压中较小的。
22．（2分）如图，先将溢水杯装满水，然后用测力计拉着重为4N、体积为100cm3的石块，缓
慢浸没在水中，溢出的水全部收集到小空桶中，桶中水重为 1 N，石块静止时，测力计
示数为 3 N。（ 水 ＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）
ρ
第32页（共40页）【分析】（1）由阿基米德原理知，物体受到的浮力等于它排开液体所受的重力；
（2）石块静止时，由称重法求测力计示数。
【解答】解：
（1）石块缓慢浸没在水中，V排 ＝V＝100cm3＝1×10﹣4m3，
石块受到的浮力：F浮 ＝ 水gV排 ＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣4m3＝1N，
根据阿基米德原理知，桶ρ中水重（排开水的重）：G排 ＝F浮 ＝1N。
（2）石块静止时，测力计示数：F＝G﹣F浮 ＝4N﹣1N＝3N。
故答案为：1；3。
【点评】本题考查阿基米德原理和称重法的应用，关键理解称重法的原理。
23．（2分）如图所示，请你画出静止在水平桌面上的茶壶所受力的示意图。（画图时用实心点
O表示力的作用点）
【分析】静止在水平桌面上茶壶，受到了平衡力的作用，即受到了竖直向下的重力和竖直
向上的支持力是一对平衡力，大小相等，方向相反。
【解答】解：过重心O沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分
别表示重力和支持力，如图所示：
第33页（共40页）【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表
示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
24．（2分）如图所示，请你画出烛焰上A点经平面镜MN所成的像A'。（保留作图痕迹）
【分析】平面镜成像的特点是：像与物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、
左右互换，即像、物关于平面镜对称。
【解答】解：过平面镜作A点的对称点，即为烛焰上A点在平面镜中所成的像A′．如图所
示：
【点评】本题的关键是抓住平面镜成像特点是像物关于平面镜对称。
三、解答题（共4小题，满分22分）
25．（5分）“创新”小组在某次实践活动中，采集了一块矿石（矿石不吸水），测量它的密度。
（1）在测量之前，要观察量筒的 量程和分度值 。
（2）测量过程的情景如图，正确且合理测量质量的操作顺序为 ，测出矿石的
密度为 2. 6 g/cm3。 ④①③
（3）永深同学继续如下操作：
第34页（共40页）将矿石从量筒中取出，直接放在天平上测质量记为m测 ，并记下此时量筒中水面的刻度
①值V 。
3
测量体积时，才发现矿石有变化了，将它处理复原后，浸没在量筒的水中，记下此时水
②面的刻度值V ，从而求出矿石的体积并算出密度。
4
这样的操作可能对实验结果产生影响，请你写出产生的影响及原因。
【分析】（1）在测量体积之前，要观察量筒的量程和分度值；
（2）先调零，再调节横梁平衡，由此可知合理测量质量的操作顺序；读出矿石的质量和体
积，利用密度公式计算密度；
（3）将矿石从量筒中取出，矿石上沾有水，并记下此时量筒中水面的刻度值V ；
3
直接放在天平上测质量记为m测 ，导致质量偏大，根据密度公式分析。
【解答】解：（1）在用量筒测量矿石的体积时，首先要观察量筒的量程和分度值；
（2）正确且合理测量质量的操作顺序为现将游码归零，然后调节横梁平衡，将矿石放在左
盘，右盘放砝码，此时横梁不平衡，应增减砝码或移动游码，不能再调节平衡螺母，故 是
错误的， 正确； ②
故正确且③合理测量质量的操作顺序 ；
（3）由图 可得，矿石质量m＝5④2g，①由③ 可知，矿石的体积V＝60ml﹣40ml＝20ml＝
20cm3， ③ ⑤
矿石的密度 ＝ ＝ ＝2.6g/cm3，
ρ
将矿石从量筒中取出，矿石上沾有水，并记下此时量筒中水面的刻度值V ；
3
第35页（共40页）直接放在天平上测质量记为m测 ，导致质量偏大，测量体积时，才发现矿石有变化了，将它
处理复原后体积无影响，由 ＝ 可知，密度偏大。
ρ
故答案为：（1）量程和分度值；（2） ；2.6；（3）见解答部分。
【点评】本题是有关固体密度的测量实验④，①测③量密度的实验题是常规性实验题，要掌握天
平、量筒的正确使用及密度的计算公式。
26．（5分）在探究“凸透镜成像规律”实验中，已知凸透镜焦距为10cm。所用光源为新型
“蜡烛”。（新型“蜡烛”薄且烛焰稳定）
（1）调整好器材后，进行实验，某次实验结果如图1，凸透镜成这种像的条件是 物距大于
2f 。将“蜡烛”A从此位置在光具座上逐渐靠近透镜，发现经过图中 40cm 位置后，
无论怎样调节光屏都无法承接到像，只能透过透镜观察到正立、放大的虚像，如图2。
（2）“蜡烛”移到距透镜二倍焦距处，观察光屏上的像感觉与物等大，请你简述证明像与
物等大的办法。（器材足够用）
（3）君妍同学用凸透镜观察书上的字，如图3，她换用不同焦距的凸透镜放在原位置再次
观察，发现像发生变化，便萌生了探究凸透镜所成像与焦距关系的想法，请写出需要收集
的证据。
【分析】（1）解决此题需掌握凸透镜成像的特点：
物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像，像距f和2f之间，照相机根据这个原理制成；
物距等于2f，凸透镜成倒立等大的实像，据此可以确定凸透镜的焦距；
物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立缩小的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个
原理制成；
物距小于f，凸透镜成正立放大的虚像，放大镜根据这个原理制成；
第36页（共40页）（2）可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度，然后进行比较。
（3）在物距大于二倍焦距时（或物距大于一倍焦距小于二倍焦距时），当物距相等时，采用
不同焦距的凸透镜进行实验，分别记录像距和像的性质，然后进行比较。
【解答】解：（1）物体成倒立缩小的实像，凸透镜成这种像的条件是物距大于2f；
凸透镜成像时，在一倍焦距以内成虚像，虚像都不能呈现在光屏上，所以50cm﹣40cm＝
10cm 即40cm 处；
（2）可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度，当蜡烛和蜡烛的像高度相等时可以判断像与
物等大。
（3） 在物距大于二倍焦距时，当物距相等时，采用不同焦距的凸透镜进行实验，分别记
录像①距和像的性质，然后进行比较。
在物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，当物距相等时，采用不同焦距的凸透镜进行实
②验，分别记录像距和像的性质，然后进行比较。
故答案为：（1）物距大于2f；40cm；（2）可以用刻度尺测量蜡烛和蜡烛像的高度，当蜡烛和
蜡烛的像高度相等时可以判断像与物等大；
（3）在物距大于二倍焦距时，当物距相等时，采用不同焦距的凸透镜进行实验，分别记录
像距和像的性质，然后进行比较。
【点评】掌握凸透镜成像的几种成像情况是解决此题的关键。
27．（6分）用标有“2.5V”小灯泡，进行“研究小灯泡的电功率”实验。（允许加在小灯泡两
端的最大电压为1.2U额 ）
（1）进行实验：
如图1是未连接好的电路，请你用笔画线代替导线，正确连接图中实物电路。
①如图2，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示数是 0.3 2 A，灯泡额定功率是 0. 8
②
第37页（共40页）W。
（2）通过实验得到：灯泡实际功率越大，灯越亮。试从能量转化角度解释“灯泡实际功率
越大，灯越亮”的原因。
（3）以小灯泡为例，用数据说明选用电流表0.6A而不用3A量程的理由。
【分析】（1） 变阻器按一上一下接入电路中，电压表与灯并联；
根据电流表选①用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求出灯泡额定功率；
②（2）电流做功的过程就是电能转换为其它形式能的过程，结合电功率定义分析；
（3）由欧姆定律求出灯正常发光时的电阻为，根据题意求出加在小灯泡两端的最大电压，
因灯的电阻随温度的升高而变大，得出3V电压下通过灯的电流分析回答。
【解答】解：（1） 变阻器按一上一下接入电路中，电压表与灯并联，如下所示：
①
如图2，电流表选用小量程，分度值为0.02A，当小灯泡两端电压为2.5V时，电流表示
②数是0.32A，灯泡额定功率是：
P＝UI＝2.5V×0.32A＝0.8W；
（2）电流做功的过程就是电能转换为其它形式能的过程，灯泡实际功率越大，表示单位时
间电流做的功越多，即转化成的光能越大，故灯越亮；
（3）由欧姆定律，灯正常发光时的电阻为：
R＝ ＝ ＝ A，允许加在小灯泡两端的最大电压为1.2U额 ＝3V，因灯的电阻随
温度的升高而变大，故在3V电压下通过灯的电流小于：
I′＝ ＝ ≈0.384A＜0.6A。
故用电流表0.6A而不用3A量程。
故答案为：
（1） 如上所示； 0.32；0.8；
第38页（共40页）
① ②（2）电流做功的过程就是电能转换为其它形式能的过程，灯泡实际功率越大，表示单位时
间电流做的功越多，即转化成的光能越大，故灯越亮；
（3）由欧姆定律，灯正常发光时的电阻为：R＝ ＝ ＝ A，在3V电压下通过灯
的电流小于I′＝ ＝ ≈0.384A＜0.6A．故用电流表0.6A而不用3A量程。
【点评】本题考查欧姆定律和电功率公式的运用及电流做功的实质和影响电阻大小的因素。
28．（6分）随着智能化的普及，机器人在人类的生活中扮演着重要的角色。在图书管理领域
机器人可以辅助或替代管理员整理图书，表中所列数据是某新型图书智能管理机器人工
作的部分技术参数。
参数 工作电压/V 工作功率/W 最大负重/N 提升重物最大高
度/m
数据 48 40 200 0.6
现在智能机器人以最大负重将图书匀速竖直提升至最大高度，用时5s。则此次提升过程中：
（1）机器人提升图书速度是多少？
（2）机器人对书做功是多少？
（3）机器人的电动机工作电流是多少（结果保留两位小数）？电动机做功是多少？
【分析】（1）根据v＝ 求出速度；
（2）机器人对书的作用力F＝G＝200N，根据W＝Fs求出机器人对书做功；
（3）根据P＝UI求出工作电流；根据W＝Pt求出电动机做的功。
【解答】解：（1）机器人提升图书速度：
v＝ ＝ ＝0.12m/s；
（2）机器人对书的作用力F＝G＝200N，
第39页（共40页）机器人对书做功：
W＝Fs＝200N×0.6m＝120J；
（3）由P＝UI得，机器人的电动机工作电流：
I＝ ＝ ≈0.83A；
电动机做功：
W＝Pt＝40W×5s＝200J。
答：（1）机器人提升图书速度是0.12m/s；
（2）机器人对书做功为120J；
（3）机器人的电动机工作电流是0.83A；电动机做功为200J。
【点评】此题主要考查的是学生对速度、功、电功率和电功计算公式的理解和掌握，难度不
大。
第40页（共40页）
