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2015 年全国统一高考化学试卷（新课标Ⅱ）
一、选择题（共7 小题，每小题6 分，满分42 分）
1．（6 分）食品干燥剂应无毒、无味、无腐蚀性及环境友好．下列说法错误的
是（ ）
A．硅胶可用作食品干燥剂
B．P2O5 不可用作食品干燥剂
C．六水合氯化钙可用作食品干燥剂
D．加工后具有吸水性的植物纤维可用作食品干燥剂
2．（6 分）某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol 该酯完全水解可得到1mol 羧
酸和2mol 乙醇，该羧酸的分子式为（ ）
A．C14H18O5
B．C14H16O4
C．C16H22O5
D．C16H20O5
3．（6 分）原子序数依次增大的元素a、b、c、d，它们的最外层电子数分别为
1、6、7、1．a﹣的电子层结构与氦相同，b 和c 的次外层有8 个电子，c﹣和
d+的电子层结构相同．下列叙述错误的是（ ）
A．a 和其他3 种元素均能形成共价化合物
B．元素的非金属性次序为c＞b＞a
C．d 和其他3 种元素均能形成离子化合物
D．元素a、b、c 各自最高和最低化合价的代数和分别为0、4、6
4．（6 分）NA 代表阿伏加德罗常数的值．下列叙述正确的是（ ）
A．60g 丙醇中存在的共价键总数为10NA
B．1L 0.1mol•L﹣1 的NaHCO3 溶液中HCO3﹣和CO32﹣离子数之和为0.1NA
C．钠在空气中燃烧可生成多种氧化物．23g 钠充分燃烧时转移电子数为
1NA
D．235g 核素92235U 发生裂变反应：92235U+01n
3890Sr+54136Xe+1001n 净产生
的中子（01n）数为10NA
5．（6 分）分子式为C5H10O2 且可与碳酸氢钠溶液反应放出气体的有机化合物
有（ ）
A．3 种
B．4 种
C．5 种
D．6 种
6．（6 分）海水开发利用的部分过程如图所示．下列说法错误的是（ ）
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A．向苦卤中通入Cl2 是为了提取溴
B．粗盐可采用除杂和重结晶等过程提纯
C．工业生产常选用NaOH 作为沉淀剂
D．富集溴一般先用空气和水蒸气吹出单质溴，再用SO2 将其还原吸收
7．（6 分）用图所示装置进行下列实验：将①中溶液滴入②中，预测的现象与
实际相符的是（ ）
选项
①中物质
②中物质
预测②中的现象
A
稀盐酸
碳酸钠与氢氧化钠的混合溶液
立即产生气泡
B
浓硝酸
用砂纸打磨过的铝条
产生红棕色气体
C
氯化铝溶液
浓氢氧化钠溶液
产生大量白色沉淀
D
草酸溶液
高锰酸钾酸性溶液
溶液逐渐褪色
A．A
B．B
C．C
D．D
二、解答题
8．（14 分）酸性锌锰干电池是一种一次电池，外壳为金属锌，中间是碳棒，
其周围是有碳粉，二氧化锰，氯化锌和氯化铵等组成的填充物，该电池在放
电过程产生MnOOH，回收处理该废电池可以得到多种化工原料，有关数据
下表所示：
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溶解度/（g/100g 水）
温度/℃
化合物
0
20
40
60
80
100
NH4Cl
29.3
37.2
45.8
55.3
65.6
77.3
ZnCl2
343
395
452
488
541
614
化合物
Zn（OH）2
Fe（OH）2
Fe（OH）3
Ksp 近似值
10﹣17
10﹣17
10﹣39
回答下列问题：
（1）该电池的正极反应式为 ，电池反应的离子方程式为： 。
（2）持续电流强度为0.5A，电池工作五分钟，理论消耗锌 g．（已经
F=96500C/mol）
（3）废电池糊状填充物加水处理后，过滤，滤液中主要有ZnCl2 和NH4Cl，两
者可以通过 分离回收，滤渣的主要成分是MnO2、
和 ，欲从中得到较纯的MnO2，最简便的方法是 ，其原理
是 。
（4）用废电池的锌皮制作ZnSO4•7H2O 的过程中，需除去铁皮中的少量杂质
铁，其方法是：加入稀H2SO4 和H2O2，溶解，铁变为 加碱调节pH
为 时，铁刚好沉淀完全（离子浓度小于1×10﹣5mol•L﹣1 时，即可认
为该离子沉淀完全）。继续加碱调节pH 为 时，锌开始沉淀（假定
Zn2+浓度为0.1mol•L﹣1）。若上述过程不加H2O2 的后果是 ，原因
是 。
9．（14 分）甲醇既是重要的化工原料，又可作为燃料。利用合成气（主要成
分为CO、CO2 和H2）在催化剂的作用下合成甲醇，发生的主要反应如下：
①CO（g）+2H2（g）⇌CH3OH（g）△H1
②CO2（g）+3H2（g）⇌CH3OH（g）+H2O（g）△H2
③CO2（g）+H2（g）⇌CO（g）+H2O（g）△H3
回答下列问题：
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化学键
H﹣H
C﹣O
C≡O
H﹣O
C﹣H
E/
（kJ．mol﹣1
）
436
343
1076
465
413
（1）已知反应①中的相关的化学键键能数据如下：
由此计算△H1= kJ．mol﹣1，已知△H2=﹣58kJ．mol﹣1，则△H3=
kJ．mol﹣1
（2）反应①的化学平衡常数K 的表达式为 ；图1 中能正确反映平衡常
数K 随温度变化关系的曲线为 （填曲线标记字母），其判断理由
是 。
（3）合成气的组成n（H2）/n（CO+CO2）=2.60 时体系中的CO 平衡转化率
（a）与温度和压强的关系如图2 所示。a（CO）值随温度升高而
（填“增大”或“减小”），其原因是 。图2 中的压强由大到小
为 ，其判断理由是
10．（15 分）二氧化氯（ClO2，黄绿色易溶于水的气体）是高效、低毒的消毒
剂，回答下列问題：
（1 ）工业上可用KClO3 与Na2SO3 在H2SO4 存在下制得ClO2，该反应氧化剂
与还原剂物质的量之比为 ．
（2）实验室用NH4Cl、盐酸、NaClO2（亚氯酸钠）为原料，通过以下过程制
备ClO2：
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①电解时发生反应的化学方程式为 ．
②溶液X 中大量存在的阴离子有 ．
③除去ClO2 中的NH3 可选用的试剂是 （填标号）a．水b．碱石灰
c．浓硫酸d．饱和食盐水
（3）用如图装置可以测定混合气中ClO2 的含量：
Ⅰ．在锥形瓶中加入足量的碘化钾，用50mL 水溶解后，再加入3mL 稀硫酸：
Ⅱ．在玻璃液封装置中加入水．使液面没过玻璃液封管的管口；
Ⅲ．将一定量的混合气体通入锥形瓶中吸收；
Ⅳ．将玻璃液封装置中的水倒入锥形瓶中：
Ⅴ．用0.1000mol•L﹣1 硫代硫酸钠标准溶液滴定锥形瓶中的溶液（I2+2S2O32﹣═
2I﹣+S4O62﹣），指示剂显示终点时共用去20.00mL 硫代硫酸钠溶液．在此过
程中：
①锥形瓶内ClO2 与碘化钾反应的离子方程式为
②玻璃液封装置的作用是
③V 中加入的指示剂通常为 ，滴定至终点的现象是
④测得混合气中ClO2 的质量为 g．
（4）用ClO2 处理过的饮用水会含有一定最的亚氯酸盐．若要除去超标的亚氯
酸盐，下列物质最适宜的是 （填标号）a．明矾b．碘化钾c．盐酸
d．硫酸亚铁．
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三、化学——选修2：化学与技术。（满分15 分）
11．（15 分）苯酚和丙酮都是重要的化工原料，工业上可用异丙苯氧化法生产
苯酚和丙酮，其反应和工艺流程示意图如图：
相关化合物的物理常数
物质
相对分子质量
密度（g/cm﹣3）
沸点/℃
异丙苯
120
0.8640
153
丙酮
58
0.7898
56.5
苯酚
94
1.0722
182
回答下列问题：
（1）在反应器A 中通入的X 是 。
（2）反应①和②分别在装置 和 中进行（填装置符号）。
（3）在分解釜C 中加入的Y 为少置浓硫酸，其作用是 ，优点是用量
少，缺点是 。
（4）反应②为 （填“放热”或“吸热”）反应。反应温度控制在
50﹣60℃，温度过高的安全隐患是 。
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（5）中和釜D 中加入的Z 最适宜的是 （填编号。已知苯酚是一种弱
酸）。
a．NaOHb．CaCO3c．NaHCO3d．CaO
（6）蒸馏塔F 中的馏出物T 和P 分别为 和 ，判断的依据
是 。
（7）用该方法合成苯酚和丙酮的优点是 。
四、化学-选修3：物质结构与性质。（满分15 分）
12．（15 分）A、B、C、D 为原子序数依次增大的四种元素，A2﹣和B+具有相
同的电子构型；C、D 为同周期元素，C 核外电子总数是最外层电子数的3
倍；D 元素最外层有一个未成对电子．回答下列问题：
（1）四种元素中电负性最大的是 （填元素符号），其中C 原子的核外
电子排布式为 ．
（2）单质A 有两种同素异形体，其中沸点高的是 （填分子式），原因
是 ；A 和B 的氢化物所属的晶体类型分别为 和 ．
（3）C 和D 反应可生成组成比为1：3 的化合物E，E 的立体构型为 ，
中心原子的杂化轨道类型为 ．
（4）化合物D2A 的立体构型为 ，中心原子的价层电子对数
为 ，单质D 与湿润的Na2CO3 反应可制备D2A，其化学方程式
为 ．
（5）A 和B 能够形成化合物F，其晶胞结构如图所示，晶胞边长a=0.566nm，
F 的化学式为 ；晶胞中A 原子的配位数为 ；列式计算晶体F
的密度（g•cm﹣3 ） （保留小数点后两位数字）．
五、化学一选修5：有机化学基础（满分15 分）
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13．（15 分）聚戊二酸丙二醇酯（PPG）是一种可降解的聚酯类高分子材料，
在材枓的生物相容性方面有很好的应用前景． PPG 的一种合成路线如下：
已知：
①烃A 的相对分子质量为70，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢
②化合物B 为单氯代烃：化合物C 的分子式为C5H8
③E、F 为相对分子质量差14 的同系物，F 是福尔马林的溶质
④
冋答下列问题：
（1）A 的结构简式为 ．
（2）由B 生成C 的化学方程式为 ．
（3）由E 和F 生成G 的反应类型为 ，G 的化学名称为 ．
（4）①由D 和H 生成PPG 的化学方程式为：
②若PPG 平均相对分子质量为10000，则其平均聚合度约为 （填标
号）．
a． 48b． 58c． 76 d．122
（5）D 的同分异构体中能同时满足下列条件的共有 种（不含立体异
构）：
①能与饱和NaHCO3 溶液反应产生气体②既能发生银镜反应，又能发生水解反
应
其中核磁共振氢谱显示为3 组峰，且峰面积比为6：1：1 的是 （写结构
简式）
D 的所有同分异构体在下列一种表征仪器中显示的信号（或数据）完全相同，
该仪器是 （填标号）．
a．质谱仪 b．红外光谱仪c．元素分析仪d．核磁共振仪．
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2015 年全国统一高考化学试卷（新课标Ⅱ）
参考答案与试题解析
一、选择题（共7 小题，每小题6 分，满分42 分）
1．（6 分）食品干燥剂应无毒、无味、无腐蚀性及环境友好．下列说法错误的
是（ ）
A．硅胶可用作食品干燥剂
B．P2O5 不可用作食品干燥剂
C．六水合氯化钙可用作食品干燥剂
D．加工后具有吸水性的植物纤维可用作食品干燥剂
【考点】KF：常见的食品添加剂的组成、性质和作用．菁优网版权所有
【分析】A．硅胶具有吸水性，无毒；
B．P2O5 吸水转化为酸；
C．六水合氯化钙不能吸水；
D．具有吸水性的植物纤维无毒．
【解答】解：A．硅胶具有吸水性，无毒，则硅胶可用作食品干燥剂，故A 正
确；
B．P2O5 吸水转化为酸，导致食品变质，则P2O5 不可用作食品干燥剂，故B 正
确；
C．六水合氯化钙不能吸水，则不能作食品干燥剂，故C 错误；
D．具有吸水性的植物纤维无毒，则可用作食品干燥剂，故D 正确；
故选：C。
【点评】本题考查物质的性质及食品干燥剂，为高频考点，把握物质的性质、
化学与生活的关系为解答的关键，侧重分析与应用能力的综合考查，题目难
度中等．
2．（6 分）某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol 该酯完全水解可得到1mol 羧
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酸和2mol 乙醇，该羧酸的分子式为（ ）
A．C14H18O5
B．C14H16O4
C．C16H22O5
D．C16H20O5
【考点】1B：真题集萃；H3：有机物实验式和分子式的确定；M8：有关有机
物分子式确定的计算．菁优网版权所有
【分析】1mol 该酯完全水解可得到1mol 羧酸和2mol 乙醇，则说明酯中含有2
个酯基，结合酯的水解特点以及质量守恒定律判断。
【解答】解：某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol 该酯完全水解可得到1mol
羧酸和2mol 乙醇，说明酯中含有2 个酯基，设羧酸为M，
则反应的方程式为C18H26O5+2H2O→M+2C2H6O，
由质量守恒可知M 的分子式为C14H18O5，
故选：A。
【点评】本题为2015 年高考题，考查有机物的推断，为高频考点，把握酯化反
应中碳原子个数变化、官能团的变化为推断的关系，侧重酯的性质的考查，
题目难度不大。
3．（6 分）原子序数依次增大的元素a、b、c、d，它们的最外层电子数分别为
1、6、7、1．a﹣的电子层结构与氦相同，b 和c 的次外层有8 个电子，c﹣和
d+的电子层结构相同．下列叙述错误的是（ ）
A．a 和其他3 种元素均能形成共价化合物
B．元素的非金属性次序为c＞b＞a
C．d 和其他3 种元素均能形成离子化合物
D．元素a、b、c 各自最高和最低化合价的代数和分别为0、4、6
【考点】8F：原子结构与元素周期律的关系．菁优网版权所有
【分析】原子序数依次增大的元素a、b、c、d，它们的最外层电子数分别为
1、6、7、1，a﹣的电子层结构与氦相同，则a 为H 元素；b 和c 的次外层有
8 个电子，原子只能有3 个电子层，则b 为S 元素，c 为Cl，c﹣和d+的电子
层结构相同，则d 为K 元素．
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A．H 元素与K 元素形成的化合物为KH，属于离子化合物；
B．同周期自左而右非金属性增强，氢化物中H 元素为正价，其非金属性最
弱；
C．K 元素与其它元素可以形成KH、K2S、KCl；
D．H 元素最高正化合价为+1、最低负化合价为﹣1，S 元素最高正化合价为
+6、最低负化合价为﹣2，Cl 元素最高正化合价为+7、最低负化合价为﹣1．
【解答】解：原子序数依次增大的元素a、b、c、d，它们的最外层电子数分别
为1、6、7、1，a﹣的电子层结构与氦相同，则a 为H 元素；b 和c 的次外层
有8 个电子，原子只能有3 个电子层，则b 为S 元素，c 为Cl，c﹣和d+的电
子层结构相同，则d 为K 元素。
A．H 元素与S 元素、Cl 元素放出形成H2S、HCl，二者属于共价化合物，但与
K 元素形成的化合物为KH，属于离子化合物，故A 错误；
B．同周期自左而右非金属性增强，氢化物中H 元素为正价，其非金属性最
弱，故非金属性Cl＞S＞H，故B 正确；
C．K 元素与其它元素可以形成KH、K2S、KCl，均属于离子化合物，故C 正
确；
D．H 元素最高正化合价为+1、最低负化合价为﹣1，S 元素最高正化合价为
+6、最低负化合价为﹣2，Cl 元素最高正化合价为+7、最低负化合价为﹣1，
最高和最低化合价的代数和分别为0、4、6，故D 正确，
故选：A。
【点评】本题考查结构性质位置关系应用，推断元素是解题关键，侧重对元素
周期律的考查，题目涉及金属氢化物是中学知识的盲点，难度不大．
4．（6 分）NA 代表阿伏加德罗常数的值．下列叙述正确的是（ ）
A．60g 丙醇中存在的共价键总数为10NA
B．1L 0.1mol•L﹣1 的NaHCO3 溶液中HCO3﹣和CO32﹣离子数之和为0.1NA
C．钠在空气中燃烧可生成多种氧化物．23g 钠充分燃烧时转移电子数为
1NA
D．235g 核素92235U 发生裂变反应：92235U+01n
3890Sr+54136Xe+1001n 净产生
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的中子（01n）数为10NA
【考点】1B：真题集萃；4F：阿伏加德罗常数．菁优网版权所有
【专题】518：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律．
【分析】A．丙醇中含7 个C﹣H 键、2 个C﹣C 键、1 个C﹣O 键和1 个O﹣H
键；
B．HCO3﹣水解生成碳酸，结合原子守恒分析；
C．钠发生氧化反应后，Na 元素的化合价由0 升高为+1 价；
D．92235U+01n
3890Sr+54136Xe+1001n 净产生的中子为10﹣1=9 个．
【解答】解：A.60g 丙醇为1mol，丙醇中含7 个C﹣H 键、2 个C﹣C 键、1 个
C﹣O 键和1 个O﹣H 键，存在的共价键总数为11NA，故A 错误；
B.1L 0.1mol•L﹣1 的NaHCO3 溶液中HCO3﹣和CO32﹣离子数之和小于0.1NA，碳
酸分子中含C 原子，故B 错误；
C.23g 钠充分燃烧时转移电子数为
×（1﹣0）×NA=1NA，故C 正确；
D．92235U+01n
3890Sr+54136Xe+1001n 净产生的中子为10﹣1=9 个，则235g 核素
92235U 发生裂变反应净产生的中子（01n）数为9NA，故D 错误；
故选：C。
【点评】本题考查阿伏伽德罗常数及计算，为高频考点，把握物质中的化学
键、物料守恒、盐类水解、氧化还原反应中转移电子计算等为解答的关键，
侧重分析与应用能力的综合考查，综合性较强，题目难度中等．
5．（6 分）分子式为C5H10O2 且可与碳酸氢钠溶液反应放出气体的有机化合物
有（ ）
A．3 种
B．4 种
C．5 种
D．6 种
【考点】H6：有机化合物的异构现象．菁优网版权所有
【专题】532：同分异构体的类型及其判定．
【分析】分子式为C5H10O2 且可与碳酸氢钠溶液反应放出气体，则该有机物中
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含有﹣COOH，所以为戊酸，戊酸的种类等于丁基的种类，写出丁基的种类
即可．
【解答】解：分子式为C5H10O2 且可与碳酸氢钠溶液反应放出气体，则该有机
物中含有﹣COOH，所以为戊酸，戊酸的种类等于丁基的种类，丁基
（﹣C4H9）的异构体有：﹣CH2CH2CH2CH3，﹣CH（CH3）CH2CH3，
﹣CH2CH（CH3）CH3，﹣C（CH3）3，故戊酸的有机物的异构体数目为4，
故选B。
【点评】本题主要考查同分异构体书写、官能团的性质与确定等，难度中等，
注意利用丁基异构判断．
6．（6 分）海水开发利用的部分过程如图所示．下列说法错误的是（ ）
A．向苦卤中通入Cl2 是为了提取溴
B．粗盐可采用除杂和重结晶等过程提纯
C．工业生产常选用NaOH 作为沉淀剂
D．富集溴一般先用空气和水蒸气吹出单质溴，再用SO2 将其还原吸收
【考点】1B：真题集萃；E7：海水资源及其综合利用．菁优网版权所有
【分析】A．向苦卤中通入Cl2 置换出溴单质，分离得到溴；
B．粗盐中含有Ca2+、Mg2+、SO42﹣等杂质，精制时应加入试剂进行除杂，过滤
后向滤液中加入盐酸至溶液呈中性，再进行重结晶进行提纯；
C．工业常选用生石灰或石灰水作沉淀剂；
D．先用空气和水蒸气吹出单质溴，再用SO2 将其还原吸收转化为HBr，达到
富集的目的．
【解答】解：A．向苦卤中通入Cl2 置换出溴单质，分离得到溴，通入Cl2 是为
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了提取溴，故A 正确；
B．粗盐中含有Ca2+、Mg2+、SO42﹣等杂质，精制时通常在溶液中依次中加入过
量的BaCl2 溶液、过量的NaOH 溶液和过量的Na2CO3 溶液，过滤后向滤液
中加入盐酸至溶液呈中性，再进行重结晶进行提纯，故B 正确；
C．工业常选用生石灰或石灰水作沉淀剂，故C 错误；
D．海水提取溴一般用氯气置换溴离子转化为溴单质，用空气和水蒸气吹出单
质溴，再用SO2 将其还原吸收转化为HBr，达到富集的目的，故D 正确，
故选：C。
【点评】本题考查海水资源的综合利用，注意掌握中学常见的化学工业，侧重
对化学与技术的考查，难度不大．
7．（6 分）用图所示装置进行下列实验：将①中溶液滴入②中，预测的现象与
实际相符的是（ ）
选项
①中物质
②中物质
预测②中的现象
A
稀盐酸
碳酸钠与氢氧化钠的混合溶液
立即产生气泡
B
浓硝酸
用砂纸打磨过的铝条
产生红棕色气体
C
氯化铝溶液
浓氢氧化钠溶液
产生大量白色沉淀
D
草酸溶液
高锰酸钾酸性溶液
溶液逐渐褪色
A．A
B．B
C．C
D．D
【考点】U5：化学实验方案的评价．菁优网版权所有
【分析】A．先发生盐酸与NaOH 的反应；
B．常温下，Al 遇浓硝酸发生钝化；
C．NaOH 过量，开始不生成沉淀；
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D．发生氧化还原反应．
【解答】解：A．先发生盐酸与NaOH 的反应，然后盐酸与碳酸钠反应生成碳
酸氢钠，最后盐酸与碳酸氢钠反应生成气体，则现象不合理，故A 错误；
B．常温下，Al 遇浓硝酸发生钝化，则不能观察到红棕色气体，现象不合理，
故B 错误；
C．NaOH 过量，开始不生成沉淀，反应生成偏铝酸钠和氯化钠，开始无现象，
故C 错误；
D．草酸与高锰酸钾发生氧化还原反应，溶液褪色，现象合理，故D 正确；
故选：D。
【点评】本题考查物质的性质及实验装置的综合应用，为高频考点，为2015 年
高考真题，把握物质的性质、发生的反应、反应与现象的关系为解答的关
键，侧重分析与实验能力的综合考查，综合性较强，题目难度中等．
二、解答题
8．（14 分）酸性锌锰干电池是一种一次电池，外壳为金属锌，中间是碳棒，
其周围是有碳粉，二氧化锰，氯化锌和氯化铵等组成的填充物，该电池在放
电过程产生MnOOH，回收处理该废电池可以得到多种化工原料，有关数据
下表所示：
溶解度/（g/100g 水）
温度/℃
化合物
0
20
40
60
80
100
NH4Cl
29.3
37.2
45.8
55.3
65.6
77.3
ZnCl2
343
395
452
488
541
614
化合物
Zn（OH）2
Fe（OH）2
Fe（OH）3
Ksp 近似值
10﹣17
10﹣17
10﹣39
回答下列问题：
（1）该电池的正极反应式为 MnO2+H++e﹣=MnOOH ，电池反应的离子方程
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式为： 2MnO2+Zn+2H+=2MnOOH+Zn2+ 。
（2）持续电流强度为0.5A，电池工作五分钟，理论消耗锌 0.05 g．（已经
F=96500C/mol）
（3）废电池糊状填充物加水处理后，过滤，滤液中主要有ZnCl2 和NH4Cl，两
者可以通过 加热浓缩 冷却结晶 分离回收，滤渣的主要成分是
MnO2、 碳粉 和 MnOOH ，欲从中得到较纯的MnO2，最简便的方法
是 空气中加热 ，其原理是 碳粉转变为二氧化碳，MnOOH 氧化为二氧
化锰 。
（4）用废电池的锌皮制作ZnSO4•7H2O 的过程中，需除去铁皮中的少量杂质
铁，其方法是：加入稀H2SO4 和H2O2，溶解，铁变为 Fe3+ 加碱调节pH
为 2.7 时，铁刚好沉淀完全（离子浓度小于1×10﹣5mol•L﹣1 时，即可认
为该离子沉淀完全）。继续加碱调节pH 为 6 时，锌开始沉淀（假定Zn2+
浓度为0.1mol•L﹣1）。若上述过程不加H2O2 的后果是 Zn2+和Fe2+分离不
开 ，原因是 Zn（OH）2、Fe（OH）2 的Ksp 相近 。
【考点】1B：真题集萃；BH：原电池和电解池的工作原理；P8：物质分离和
提纯的方法和基本操作综合应用．菁优网版权所有
【分析】（1）该电池的正极发生还原反应，MnO2 被还原生成MnOOH；负极
锌被氧化生成Zn2+，以此书写电池总反应式；
（2）持续电流强度为0.5A，电池工作五分钟，则电量为0.5A×300s=150C，转
移电子的物质的量为
，以此计算消耗锌的质量、物质的量；
（3）填充物含有碳粉、二氧化锰，且生成MnOOH 等，在空气中加热时，碳
粉、MnOOH 可被氧化；
（4）铁加入稀H2SO4 和H2O2，可被氧化生成Fe3+，铁刚好沉淀完全时离子浓
度小于1×10﹣5mol•L﹣1，结合Ksp=10﹣39 计算pH，并根据Ksp 计算锌开始
沉淀的pH。
【解答】解：（1）该电池的正极发生还原反应，MnO2 被还原生成MnOOH，
电极方程式为MnO2+H++e﹣=MnOOH，负极锌被氧化生成Zn2+，电池总反应
式为2MnO2+Zn+2H+=2MnOOH+Zn2+，
第18 页（共34 页）
故答案为：MnO2+H++e﹣=MnOOH；2MnO2+Zn+2H+=2MnOOH+Zn2+；
（2）持续电流强度为0.5A，电池工作五分钟，则电量为0.5A×300s=150C，转
移电子的物质的量为
，则消耗Zn 的质量为
×
×
65g/mol=0.05g，
故答案为：0.05；
（3）滤液中主要有ZnCl2 和NH4Cl，可通过加热浓缩、冷却结晶得到晶体，填
充物含有碳粉、二氧化锰，且生成MnOOH 等，在空气中加热时，碳粉、
MnOOH 可被氧化，分别生成二氧化碳和二氧化锰，故答案为：加热浓缩；
冷却结晶；碳粉；MnOOH；空气中加热；碳粉转变为二氧化碳，MnOOH
氧化为二氧化锰；
（4）铁加入稀H2SO4 和H2O2，可被氧化生成Fe3+，铁刚好沉淀完全时离子浓
度小于1×10﹣5mol•L﹣1，因Ksp=10﹣39，
则c（OH﹣）=
mol/L≈0.5×10﹣11mol/L，此时pH=2.7，
如锌开始沉淀，则c（OH﹣）=
mol/L=10﹣8mol/L，此时pH=6，
由表中数据可知Zn（OH）2、Fe（OH）2 的Ksp 相近，如不加H2O2，则Zn2+
和Fe2+分离不开，
故答案为：Fe3+；2.7；6；Zn2+和Fe2+分离不开；Zn（OH）2、Fe（OH）2 的
Ksp 相近。
【点评】本题为2015 年新课标卷考题，考查原电池知识以及物质的分离、提
纯，侧重于原电池的工作原理以及实验基本操作和注意问题，题目难度中
等，有利于培养学生良好的科学素养。
9．（14 分）甲醇既是重要的化工原料，又可作为燃料。利用合成气（主要成
分为CO、CO2 和H2）在催化剂的作用下合成甲醇，发生的主要反应如下：
①CO（g）+2H2（g）⇌CH3OH（g）△H1
②CO2（g）+3H2（g）⇌CH3OH（g）+H2O（g）△H2
③CO2（g）+H2（g）⇌CO（g）+H2O（g）△H3
第19 页（共34 页）
回答下列问题：
化学键
H﹣H
C﹣O
C≡O
H﹣O
C﹣H
E/
（kJ．mol﹣1
）
436
343
1076
465
413
（1）已知反应①中的相关的化学键键能数据如下：
由此计算△H1= ﹣99 kJ．mol﹣1，已知△H2=﹣58kJ．mol﹣1，则△H3= +41
kJ．mol﹣1
（2）反应①的化学平衡常数K 的表达式为
；图1 中能正
确反映平衡常数K 随温度变化关系的曲线为 a （填曲线标记字母），其
判断理由是 反应①正反应为放热反应，平衡常数随温度升高而减小 。
（3）合成气的组成n（H2）/n（CO+CO2）=2.60 时体系中的CO 平衡转化率
（a）与温度和压强的关系如图2 所示。a（CO）值随温度升高而 减小
（填“增大”或“减小”），其原因是 反应①正反应为放热反应，升高温度，
平衡向逆反应方向移动，平衡体系中CO 的量增大，反应③为吸热反应，升
高温度，平衡向正反应方向移动，又使平衡体系中CO 的增大，总结果，随
温度升高，CO 的转化率减小 。图2 中的压强由大到小为 P3＞P2＞P1 ，
其判断理由是 相同温度下，反应③前后气体分子数不变，压强改变不影响
其平衡移动，反应①正反应为气体分子数减小的反应，增大压强，有利于平
衡向正反应方向移动，CO 的转化率增大，故增大压强有利于CO 的转化率
升高
第20 页（共34 页）
【考点】BB：反应热和焓变；CB：化学平衡的影响因素．菁优网版权所有
【分析】（1）反应热=反应物总键能﹣生成物总键能；根据盖斯定律：反应②
﹣反应①=反应③，反应热也进行相应的计算；
（2）化学平衡常数指可逆反应得到平衡时，各生成物浓度的化学计量数次幂的
乘积除以各反应物浓度的化学计量数次幂的乘积所得的比值；
化学平衡常数只受温度影响，根据温度对平衡移动的影响，进而判断温度对平
衡常数影响；
（3）由图可知，压强一定时，随温度的升高，CO 的转化率降低，根据升高温
度对反应①、③的影响，进行分析CO 转化率变化原因；
相同温度下，反应③前后气体分子数不变，压强改变不影响其平衡移动，反应
①正反应为气体分子式减小的反应，增大压强，有利于平衡向正反应方向移
动，CO 的转化率增大。
【解答】解：（1）反应热=反应物总键能﹣生成物总键能，故△
H1=1076kJ．
mol﹣1+2×
436kJ．
mol﹣1﹣（
3×
413+343+465）
kJ．mol﹣1=﹣99kJ．mol﹣1；
根据盖斯定律：反应②﹣反应①=反应③，故△H3=△H2﹣△H1=﹣58kJ．mol﹣1﹣
（﹣99kJ．mol﹣1）=+41kJ．mol﹣1，
故答案为：﹣99；+41；
（2）反应①CO（g）+2H2（g）⇌CH3OH（g）的平衡常数表达式K=
；
第21 页（共34 页）
反应①正反应为放热反应，升高温度，平衡向逆反应方向移动，平衡常数减
小，曲线a 正确反映平衡常数K 随温度变化关系，
故答案为：
；a；反应①正反应为放热反应，平衡常数随温度
升高而减小；
（3）由图可知，压强一定时，随温度的升高，CO 的转化率减小，反应①正反
应为放热反应，升高温度，平衡向逆反应方向移动，平衡体系中CO 的量增
大，反应③为吸热反应，升高温度，平衡向正反应方向移动，又使平衡体系
中CO 的增大，总结果，随温度升高，CO 的转化率减小；
相同温度下，反应③前后气体分子数不变，压强改变不影响其平衡移动，反应
①正反应为气体分子数减小的反应，增大压强，有利于平衡向正反应方向移
动，CO 的转化率增大，故增大压强有利于CO 的转化率升高，故压强：P3
＞P2＞P1，
故答案为：减小；反应①正反应为放热反应，升高温度，平衡向逆反应方向移
动，平衡体系中CO 的量增大，反应③为吸热反应，升高温度，平衡向正反
应方向移动，又使平衡体系中CO 的增大，总结果，随温度升高，CO 的转
化率减小；
P3＞P2＞P1；相同温度下，反应③前后气体分子数不变，压强改变不影响其平
衡移动，反应①正反应为气体分子数减小的反应，增大压强，有利于平衡向
正反应方向移动，CO 的转化率增大，故增大压强有利于CO 的转化率升
高。
【点评】本题考查反应热有关计算、平衡常数及其影响因素、化学平衡的影响
因素、化学平衡图象综合应用等，侧重考查学生分析计算能力，需要学生具
备扎实的基础，难度中等。
10．（15 分）二氧化氯（ClO2，黄绿色易溶于水的气体）是高效、低毒的消毒
剂，回答下列问題：
（1 ）工业上可用KClO3 与Na2SO3 在H2SO4 存在下制得ClO2，该反应氧化剂
与还原剂物质的量之比为 2：1 ．
第22 页（共34 页）
（2）实验室用NH4Cl、盐酸、NaClO2（亚氯酸钠）为原料，通过以下过程制
备ClO2：
①电解时发生反应的化学方程式为 NH4Cl+2HCl
NCl3+3H2↑ ．
②溶液X 中大量存在的阴离子有 Cl﹣、OH﹣ ．
③除去ClO2 中的NH3 可选用的试剂是 c （填标号）a．水b．碱石灰c．浓
硫酸d．饱和食盐水
（3）用如图装置可以测定混合气中ClO2 的含量：
Ⅰ．在锥形瓶中加入足量的碘化钾，用50mL 水溶解后，再加入3mL 稀硫酸：
Ⅱ．在玻璃液封装置中加入水．使液面没过玻璃液封管的管口；
Ⅲ．将一定量的混合气体通入锥形瓶中吸收；
Ⅳ．将玻璃液封装置中的水倒入锥形瓶中：
Ⅴ．用0.1000mol•L﹣1 硫代硫酸钠标准溶液滴定锥形瓶中的溶液（I2+2S2O32﹣═
2I﹣+S4O62﹣），指示剂显示终点时共用去20.00mL 硫代硫酸钠溶液．在此过
程中：
①锥形瓶内ClO2 与碘化钾反应的离子方程式为 2ClO2+10I﹣+8H+═
2Cl﹣+5I2+4H2O
②玻璃液封装置的作用是 吸收残留的ClO2 气体（避免碘的逸出）
③V 中加入的指示剂通常为 淀粉溶液 ，滴定至终点的现象是 溶液由蓝色
变为无色，且半分钟内不变色
④测得混合气中ClO2 的质量为 0.02700 g．
（4）用ClO2 处理过的饮用水会含有一定最的亚氯酸盐．若要除去超标的亚氯
酸盐，下列物质最适宜的是 d （填标号）a．明矾b．碘化钾c．盐酸
d．硫酸亚铁．
第23 页（共34 页）
【考点】RD：探究物质的组成或测量物质的含量；U3：制备实验方案的设
计．菁优网版权所有
【专题】18：实验分析题．
【分析】（1）KClO3 在H2SO4 存在下与Na2SO3 反应，SO32﹣被氧化成SO42﹣，
由电子、电荷守恒可知该离子反应为2ClO3﹣+SO32﹣+2H+═
2ClO2+SO42﹣+H2O；
（2）由生产流程可知氯化铵在盐酸溶液中进行电解，阴极生成氢气，阳极生成
NCl3，电解方程式为NH4Cl+2HCl
NCl3+3H2↑，在NCl3 溶液中加入
NaClO2，可生成ClO2、NH3 和X，X 中含Cl﹣、OH﹣；由信息可知，ClO2 易
溶于水，所以不能利用水溶液吸收，氨气为碱性气体，利用性质差异分离提
纯；
（3）①由题目信息可知，ClO2 通入锥形瓶与酸性碘化钾溶液反应，氧化I﹣为
I2，自身被还原为Cl﹣，同时生成水；
②玻璃液封装置可防止有害气体逸出；
③淀粉遇碘单质变蓝；
④根据关系式2ClO2～5I2～10Na2S2O3 计算n（ClO2），再根据m=nM 计算m
（ClO2）；
（4）亚氯酸盐具有氧化性，Fe2+将ClO2﹣还原成Cl﹣，Fe2+ 被氧化为铁离子．
【解答】解：（1）KClO3 在H2SO4 存在下与Na2SO3 反应制得ClO2，可知
SO32﹣被氧化成SO42﹣，由电子、电荷守恒可知该离子反应为
2ClO3﹣+SO32﹣+2H+═2ClO2+SO42﹣+H2O，氧化剂为KClO3，还原剂为
第24 页（共34 页）
Na2SO3，由离子反应可知该反应氧化剂与还原剂物质的量之比为2：1，故
答案为：2：1；
（2）①由生产流程可知氯化铵在盐酸溶液中电解，阴极生成氢气，阳极生成
NCl3，电解方程式为NH4Cl+2HCl
NCl3+3H2↑，
故答案为：NH4Cl+2HCl
NCl3+3H2↑；
②在NCl3 溶液中加入NaClO2，可生成ClO2、NH3 和X，发生
NCl3+NaClO2+H2O→ClO2+NH3+NaOH+NaCl，溶液X 中大量存在的阴离子有
Cl﹣、OH﹣，
故答案为：Cl﹣、OH﹣；
③a．ClO2 易溶于水，不能利用饱和食盐水吸收氨气，故错误；
b．碱石灰不能吸收氨气，故错误；
c．浓硫酸可以吸收氨气，且不影响ClO2，故正确；
d．ClO2 易溶于水，不能利用水吸收氨，故错误；
故答案为：c；
（3）①由题目信息可知，ClO2 通入锥形瓶与酸性碘化钾溶液反应，氧化I﹣为
I2，自身被还原为Cl﹣，同时生成水，反应离子方程式为2ClO2+10I﹣+8H+═
2Cl﹣+5I2+4H2O，
故答案为：2ClO2+10I﹣+8H+═2Cl﹣+5I2+4H2O；
②玻璃液封装置的作用是吸收残留的ClO2 气体（避免碘的逸出），故答案为：
吸收残留的ClO2 气体（避免碘的逸出）；
③V 中加入的指示剂通常为淀粉溶液，滴定至终点的现象是溶液由蓝色变为无
色，且半分钟内不变色，故答案为：淀粉溶液；溶液由蓝色变为无色，且半
分钟内不变色；
④含有Na2S2O3 物质的量为0.02 L×0.1mol/L=0.002 mol，则：
根据关系式：2ClO2～5I2～10Na2S2O3，
2
10
n（ClO2）
0.002mol
所
以
n（
ClO2）
=0.0004mol，
所
以
m（
ClO2）
=0.0004
mol×
67.5g/mol=0.02700g，
第25 页（共34 页）
故答案为：0.02700；
（4）若要除去超标的亚氯酸盐，ac 均不能还原亚氯酸盐，b 中KI 具有还原性
但氧化产物不适合饮用水使用，只有d 中Fe2+将ClO2﹣还原成Cl﹣，Fe2+ 被
氧化为铁离子，且铁离子水解生成胶体可净化饮用水，则最适宜的是d，故
答案为：d．
【点评】本题考查物质含量的测定，为高频考点，为2015 年高考真题，把握物
质的性质、制备流程、发生的反应为解答的关键，侧重分析与实验、计算能
力的综合考查，综合性较强，题目难度中等．
三、化学——选修2：化学与技术。（满分15 分）
11．（15 分）苯酚和丙酮都是重要的化工原料，工业上可用异丙苯氧化法生产
苯酚和丙酮，其反应和工艺流程示意图如图：
相关化合物的物理常数
物质
相对分子质量
密度（g/cm﹣3）
沸点/℃
异丙苯
120
0.8640
153
丙酮
58
0.7898
56.5
苯酚
94
1.0722
182
回答下列问题：
第26 页（共34 页）
（1）在反应器A 中通入的X 是 氧气或空气 。
（2）反应①和②分别在装置 A 和 C 中进行（填装置符号）。
（3）在分解釜C 中加入的Y 为少置浓硫酸，其作用是 催化剂 ，优点是用
量少，缺点是 腐蚀设备 。
（4）反应②为 放热 （填“放热”或“吸热”）反应。反应温度控制在
50﹣60℃，温度过高的安全隐患是 可能会导致（过氧化物）爆炸 。
（5）中和釜D 中加入的Z 最适宜的是 c （填编号。已知苯酚是一种弱
酸）。
a．NaOHb．CaCO3c．NaHCO3d．CaO
（6）蒸馏塔F 中的馏出物T 和P 分别为 丙酮 和 苯酚 ，判断的依据是
丙酮的沸点低于苯酚 。
（7）用该方法合成苯酚和丙酮的优点是 原子利用率高 。
【考点】U3：制备实验方案的设计．菁优网版权所有
【专题】18：实验分析题；25：实验评价题；43：演绎推理法；547：有机实验
综合．
【分析】用异丙苯氧化法生产苯酚和丙酮，由给予的反应信息，异丙苯与氧气
在反应器A 中发生氧化反应生成
，在蒸发器中分离出
，未反应的异丙苯进行循环利用，
在分解
釜中在浓硫酸作催化剂条件下分解得到
、
，在中和釜
中加入Z，目的是中和硫酸，且不能与苯酚反应，可以是碳酸氢钠，然后用
水洗涤，再经过蒸馏，由于丙酮的沸点低于苯酚，则T 为丙酮、P 为苯酚。
（1）在反应器A 发生信息中的反应①，应通入氧气或空气；
（2）由上述分析可知，反应①在A 中发生，反应②在C 中发生；
（3）浓硫酸起催化剂作用，浓硫酸腐蚀性强，会腐蚀设备；
（4）反应②的△H＜0，为放热反应，含有过氧化物，温度过高，容易发生爆
第27 页（共34 页）
炸，
（5）加入的Z 中和硫酸，且不能与苯酚反应；
（6）沸点越低越先蒸出，处于蒸馏塔的上部；
（7）由异丙苯最终得到苯酚和丙酮，原子利用率高。
【解答】解：用异丙苯氧化法生产苯酚和丙酮，由给予的反应信息，异丙苯与
氧气在反应器A 中发生氧化反应生成
，在蒸发器中分离出
，未反应的异丙苯进行循环利用，
在分解
釜中在浓硫酸作催化剂条件下分解得到
、
，在中和釜
中加入Z，目的是中和硫酸，且不能与苯酚反应，可以是碳酸氢钠，然后用
水洗涤，再经过蒸馏，由于丙酮的沸点低于苯酚，则T 为丙酮、P 为苯酚。
（1）在反应器A 发生信息中的反应①，故需要氧气或空气，所以X 为氧气或
空气，
故答案为：氧气或空气；
（2）由上述分析可知，反应①在反应器中发生，即A 装置，反应②在分解釜
中进行，即C 装置，
故答案为：A；C；
（3）
在浓硫酸作条件下分解得到
、
，浓
硫酸作作催化剂，浓硫酸腐蚀性强，容易腐蚀设备，
故答案为：催化剂；腐蚀设备；
（4）反应②的△H＜0，为放热反应，有过氧化物存在，温度过高会导致爆
炸，反应温度控制在50﹣60℃，
故答案为：放热；温度过高会导致爆炸；
（5）加入Z 的目的是中和硫酸，且不能与苯酚反应，
a．NaOH 能与硫酸、苯酚反应，故不选；
b．CaCO3 为固体，且与硫酸反应生成的硫酸钙微溶，会阻止碳酸钙与硫酸的反
第28 页（共34 页）
应，故b 不选；
c．NaHCO3 能与硫酸反应，不与苯酚反应，故c 选；
d．CaO 能与苯酚反应，且与硫酸反应生成的硫酸钙微溶，会阻止氧化钙与硫酸
的反应，故d 不选；
故选：c；
（6）由于丙酮的沸点低于苯酚，沸点越低越先蒸出，处于蒸馏塔的上部，则
T 为丙酮、P 为苯酚，
故答案为：丙酮；苯酚；丙酮的沸点低于苯酚；
（7）由异丙苯最终得到苯酚和丙酮，整个过程原子利用率高，
故答案为：原子利用率高。
【点评】本题考查有机物的制备实验方案，涉及对化学工艺流程、装置及试剂
的分析评价等，关键是根据实验目的与给予的反应信息理解工艺流程原理，
是对学生综合能力的考查，难度中等。
四、化学-选修3：物质结构与性质。（满分15 分）
12．（15 分）A、B、C、D 为原子序数依次增大的四种元素，A2﹣和B+具有相
同的电子构型；C、D 为同周期元素，C 核外电子总数是最外层电子数的3
倍；D 元素最外层有一个未成对电子．回答下列问题：
（1）四种元素中电负性最大的是 O （填元素符号），其中C 原子的核外电
子排布式为 1s22s22p63s23p3 ．
（2）单质A 有两种同素异形体，其中沸点高的是 O3 （填分子式），原因
是 O3 相对分子质量较大，范德华力较大 ；A 和B 的氢化物所属的晶体
类型分别为 分子晶体 和 离子晶体 ．
（3）C 和D 反应可生成组成比为1：3 的化合物E，E 的立体构型为 三角锥
形 ，中心原子的杂化轨道类型为 sp3 ．
（4）化合物D2A 的立体构型为 V 形 ，中心原子的价层电子对数为 4 ，
单质D 与湿润的Na2CO3 反应可制备D2A，其化学方程式为
2Cl2+2Na2CO3+H2O=Cl2O+2NaHCO3+2NaCl ．
（5）A 和B 能够形成化合物F，其晶胞结构如图所示，晶胞边长a=0.566nm，
第29 页（共34 页）
F 的化学式为 Na2O ；晶胞中A 原子的配位数为 8 ；列式计算晶体F
的密度（g•cm﹣3 ） 2.27g•cm﹣3 （保留小数点后两位数字）．
【考点】9I：晶胞的计算．菁优网版权所有
【专题】51B：原子组成与结构专题；51D：化学键与晶体结构．
【分析】A、B、C、D 为原子序数依次增大的四种元素，C、D 为同周期元
素，C 核外电子总数是最外层电子数的3 倍，则C 为P 元素；D 元素最外层
有一个未成对电子，D 为Cl 元素；
A2﹣和B+具有相同的电子构型，则A 为O 元素、B 为Na 元素；
（1）四种元素电负性最大的为O 元素，C 为P 元素；
（2）A 为O 元素，有O2、O3 两种同素异形体，O3 相对分子质量较大，沸点较
高，B 的氢化物为NaH，为离子晶体；
（3）C 和D 反应可生成化合物为PCl3，为sp3 杂化；
（4）化合物D2A 为Cl2O，立体构型为V 形，氯气与湿润的Na2CO3 反应的方
程式为2Cl2+2Na2CO3+H2O=Cl2O+2NaHCO3+2NaCl；
（5）A 和B 能够形成化合物F 为离子化合物，阴离子位于晶胞的定点和面
心，阳离子位于晶胞的体心，则Na 的个数为8，O 的个数为8×
+6×
=4，
N（Na）：N（O）=2：1，则形成的化合物为Na2O，计算质量和体积，可计算
密度．
【解答】解：A、B、C、D 为原子序数依次增大的四种元素，C、D 为同周期
元素，C 核外电子总数是最外层电子数的3 倍，则C 为P 元素；D 元素最外
层有一个未成对电子，D 为Cl 元素；
A2﹣和B+具有相同的电子构型，则A 为O 元素、B 为Na 元素；
（1）四种元素分别为O、Na、O、Cl，电负性最大的为O 元素，C 为P 元素，
第30 页（共34 页）
核外电子排布为1s22s22p63s23p3，
故答案为：O；1s22s22p63s23p3；
（2）A 为O 元素，有O2、O3 两种同素异形体，二者对应的晶体都为分子晶
体，因O3 相对分子质量较大，则范德华力较大，沸点较高，A 的氢化物为
水，为分子晶体，B 的氢化物为NaH，为离子晶体，
故答案为：O3；O3 相对分子质量较大，范德华力较大；分子晶体；离子晶体；
（3）C 和D 反应可生成组成比为1：3 的化合物为PCl3，P 形成3 个δ 键，孤
电子对数为
=1，则为sp3 杂化，立体构型为为三角锥形，
故答案为：三角锥形；sp3；
（4）化合物D2A 为Cl2O，O 为中心原子，形成2 个δ 键，孤电子对数为
=2，则中心原子的价层电子对数为4，立体构型为V 形，
氯气与湿润的Na2CO3 反应可制备Cl2O，反应的方程式为
2Cl2+2Na2CO3+H2O=Cl2O+2NaHCO3+2NaCl，
故答案为：V 形；4；2Cl2+2Na2CO3+H2O=Cl2O+2NaHCO3+2NaCl；
（5）A 和B 能够形成化合物F 为离子化合物，阴离子位于晶胞的顶点和面
心，阳离子位于晶胞的体心，则Na 的个数为8，O 的个数为8×
+6×
=4，
N（Na）：N（O）=2：1，则形成的化合物为Na2O，
晶胞中O 位于顶点，Na 位于体心，每个晶胞中有1 个Na 与O 的距离最近，每
个定点为8 个晶胞共有，则晶胞中O 原子的配位数为8，
晶胞的质量为
g，
晶胞的体积为（0.566×10﹣7）3cm3，
则晶体F 的密度为
g•cm﹣3=2.27 g•cm﹣3，
故答案为：Na2O；8；2.27g•cm﹣3．
【点评】本题考查物质结构和性质，为高频考点，侧重考查学生空间想象能
力、知识运用能力，涉及晶胞计算、原子结构等知识点，采用均摊法、价层
电子对互斥理论等理论分析解答，难点是晶胞计算，题目难度中等．
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五、化学一选修5：有机化学基础（满分15 分）
13．（15 分）聚戊二酸丙二醇酯（PPG）是一种可降解的聚酯类高分子材料，
在材枓的生物相容性方面有很好的应用前景． PPG 的一种合成路线如下：
已知：
①烃A 的相对分子质量为70，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢
②化合物B 为单氯代烃：化合物C 的分子式为C5H8
③E、F 为相对分子质量差14 的同系物，F 是福尔马林的溶质
④
冋答下列问题：
（1）A 的结构简式为
．
（
2）
由
B 生
成
C 的
化
学
方
程
式
为
．
（3）由E 和F 生成G 的反应类型为 加成反应 ，G 的化学名称为 3﹣羟基
丙醛 ．
（
4）
①
由
D 和
H 生
成
PPG 的
化
学
方
程
式
为
：
②若PPG 平均相对分子质量为10000，则其平均聚合度约为 b （填标号）．
a． 48b． 58c． 76 d．122
（5）D 的同分异构体中能同时满足下列条件的共有 5 种（不含立体异
构）：
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①能与饱和NaHCO3 溶液反应产生气体②既能发生银镜反应，又能发生水解反
应
其中核磁共振氢谱显示为3 组峰，且峰面积比为6：1：1 的是
（写结构简式）
D 的所有同分异构体在下列一种表征仪器中显示的信号（或数据）完全相同，
该仪器是 c （填标号）．
a．质谱仪 b．红外光谱仪c．元素分析仪d．核磁共振仪．
【考点】HC：有机物的合成．菁优网版权所有
【分析】烃A 的相对分子质量为70，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的
氢，
=5…10，则A 为C5H10，结构为
；A 发生光照下取代反应生
成B 为
，B 发生消去反应生成C 为
，化合物C 的分子
式为C5H8；C 发生氧化反应生成D 为HOOC（CH2）3COOH，E、F 为相对
分子质量差14 的同系物，F 是福尔马林的溶质，则F 为HCHO，可知E 为
CH3CHO，由信息④可知E 与F 反应生成G 为OHCH2CH2CHO，G 与氢气
发生加成反应生成H 为OHCH2CH2CH2OH，D 与H 发生缩聚反应生成PPG
（
），以此来解答．
【解答】解：烃A 的相对分子质量为70，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境
的氢，
=5…10，则A 为C5H10，结构为
；A 发生光照下取代反应
生成B 为
，B 发生消去反应生成C 为
，化合物C 的分
子式为C5H8；C 发生氧化反应生成D 为HOOC（CH2）3COOH，E、F 为相
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对分子质量差14 的同系物，F 是福尔马林的溶质，则F 为HCHO，可知E
为CH3CHO，由信息④可知E 与F 反应生成G 为OHCH2CH2CHO，G 与氢
气发生加成反应生成H 为OHCH2CH2CH2OH，D 与H 发生缩聚反应生成
PPG（
），
（1）A 的结构简式为
，故答案为：
；
（
2）
由
B 生
成
C 的
化
学
方
程
式
为
，
故答案为：
；
（3）由E 和F 生成G 的反应类型为加成反应，G 的化学名称为3﹣羟基丙醛，
故答案为：加成反应；3﹣羟基丙醛；
（
4）
①
由
D 和
H 生
成
PPG 的
化
学
方
程
式
为
，
故
答
案
为
：
；
②若PPG 平均相对分子质量为10000，则其平均聚合度约为
≈58，故答案为：b；
（5）D 的同分异构体中能同时满足①能与饱和NaHCO3 溶液反应产生气体，含
﹣COOH，②既能发生银镜反应，又能发生水解反应﹣COOCH，D 中共5 个
C，则含3 个C﹣C﹣C 上的2 个H 被﹣COOH、﹣OOCH 取代，共为3+2=5
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种，含其中核磁共振氢谱显示为3 组峰，且峰面积比为6：1：1 的是
，D 及同分异构体中组成相同，由元素分析仪显示的信号（或
数据）完全相同，故答案为：5；
；c．
【点评】本题考查有机物的推断，为高频考点，为2015 年高考真题，把握合成
中碳链变化、官能团变化及反应条件推断物质为解答的关键，侧重分析与推
断能力的综合考查，题目难度中等．
