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2019 年山东省淄博市中考物理试卷
一、选择
1．（2分）音乐会上，小提琴曲让人如痴如醉，钢琴演奏让人心旷神怡。关于声音的说法正确
的是（ ）
A．调节琴弦松紧可以改变声音的响度
B．用力拉琴可以改变声音的音调
C．小提琴和钢琴发出的声音传播速度相同
D．禁止听众喧哗是从传播过程中减弱噪声
2．（2分）小明在湖边树萌下乘凉，想到了所学的物理知识。其中合理的是（ ）
A．树下的圆形光斑，是光沿直线传播形成的
B．看到池水“变”浅，是光的反射引起的
C．水中出现树的倒影，水中的“树”比岸上的树小
D．阳光中的紫外线可以灭菌，也可以用来遥控
3．（2分）物理与生活密切相关，下列数据符合实际的是（ ）
A．人体的安全电压不高于220V
B．人体感觉舒适的环境温度约为37℃
C．中学生从二楼走到三楼做功约为200J
D．光在真空中的传播速度为3×105km/s
4．（2分）图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，图乙是描绘的温度随时间变
化的图象。下列说法错误的是（ ）
A．加热过程中，水含有的热量增加
B．沸腾过程中，水吸收热量，温度不变
C．烧杯上方带孔的纸板可以减少热量散失D．水的沸点是99℃，此时大气压低于标准大气压
5．（2分）下列运动项目涉及的物理知识描述正确的是（ ）
A．三级跳远﹣﹣快速助跑是为了增大惯性
B．划船比赛﹣﹣船桨和水之间力的作用是相互的
C．引体向上﹣﹣人对单杠的拉力与单杠对人的拉力是一对平衡力
D．百米赛跑﹣﹣裁判员通过相同时间比较路程的方法判断运动快慢
6．（2分）关于下面四幅图的说法正确的是（ ）
A．甲图：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，此过程与热机的压缩冲程原理相同
B．乙图：瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是汽化现象
C．丙图：抽出玻璃板，下瓶中出现红棕色二氧化氮气体，表明气体间可以发生扩散现象
D．丁图：悬挂重物不能把两块铅块分开，说明分子间存在引力，没有斥力
7．（2分）下列有关生产和生活中的应用解释正确的是（ ）
A．斧头具有很薄的刃，是为了增大压力
B．用吸管吸饮料，利用了大气压
C．风筝能在空中飞行，是因为受到空气的浮力
D．拉杆箱下安装轮子，是通过减小受力面积减小摩擦
8．（2分）如图所示，小球沿轨道由静止从A点向D点运动的过程中（小球和轨道间存在摩
擦），下列说法错误的是（ ）
A．小球在A点的重力势能最大B．小球在B点的速度最大
C．小球在C点和B点的机械能相等
D．小球不能到达D点
9．（2分）如图是一款太阳能LED灯，下列相关说法错误的是（ ）
A．LED灯是由半导体材料制成的
B．LED灯可以把太阳能转化为电能
C．太阳能是可再生能源
D．太阳能是太阳内部发生核裂变释放的能量
10．（2分）共享电动汽车通过刷卡开锁，实现循环使用。租赁者将带有磁条的租车卡靠近电
动汽车的感应器，检测头的线圈中就会产生变化的电流，读取解锁信息。图中能反应刷卡
读取信息原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．11．（2分）如图所示，电源电压为5V，闭合开关S，电压表的示数为1V．则（ ）
A．通过灯泡L 的电流比L 的电流大
1 2
B．灯泡L 两端的电压是1V
1
C．灯泡L 和L 的电阻之比是4：1
1 2
D．若灯泡L 灯丝烧断，电压表示数为零
2
12．（2分）新型PTC发热材料可以自动调节电路的电功率，在生活中广泛应用，图甲是PTC
调试工作电路，R 是保护电阻，阻值恒定；R 是PTC电阻，阻值随温度变化的图象如图乙
0 1
所示。闭合开关S，当温度从20℃升高到120℃的过程中（ ）
A．电流表示数先变小后变大
B．电压表示数先变大后变小
C．电压表与电流表示数的比值先变小后变大
D．保护电阻R 消耗的功率先变小后变大
0
13．（2分）有一种插线板，当开关断开时，指示灯不亮，插孔无法正常工作；当开关闭合时，如
果指示灯损坏，插孔也能正常工作。图既能满足控制要求，又符合安全用电原则的是（
）
A． B．C． D．
14．（2分）把木块放入装满水的溢水杯中，溢出水的体积为V（如图甲）；用细针将该木块全
1
部压入水中，溢出水的总体积为V（如图乙），忽略细针的体积。则（ ）
2
A．木块的质量为 V
水 2
B．缓慢下压木块的ρ过程中，溢水杯底部受到水的压强变大
C．木块全部压入水中静止时，细针对木块的压力大小为 gV
水 2
ρ
D．木块的密度为
水
15．（2分）如图所示，电ρ源电压为12V，滑动变阻器的规格为“50 2A”，L 和L 分别标有
1 2
“6V 3W”和“6V 9W”的字样，闭合开关S后，调节滑动变阻Ω器的滑片，在保证电路安
全的情况下（不考虑温度对灯丝的影响），下列说法正确的是（ ）
A．L 能正常发光
2
B．滑动变阻器接入电路的最小阻值是8
C．电流表示数的变化范围是0﹣0.5A Ω
D．电路消耗的最大功率是12W
二、理解与应用
16．（3分）春节是中华民族的传统节日，年夜饭“吃饺子”是一种习俗。包饺子时，用力捏出
褶边，说明力可以 ；刚下锅的饺子沉在锅底，加热一段时间会上浮，在上浮过程中，
转化为机械能；出锅后的饺子变瘪了，饺子内气体密度 。
17．（3分）如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关S 和S 时，小磁针N极指向右端，则电磁铁的左端为 极，电源右端为 极。
1 2
要使指示灯变亮，滑动变阻器的滑片应向 滑动。
18．（3分）2019年1月3日，嫦娥四号探测器在月球背面成功着陆，并通过“鹊桥”中继星
传回了世界上第一张近距离拍摄的月背景影像图，传输过程中利用了 ；嫦娥四号
的巡视器﹣﹣﹣玉兔二号质量为135g，与月球表面的接触面积约为0.8m2，玉兔二号对月
球表面的压强为 pa，（g取10N/kg，物体在月球上的重力为地球上的 ）：玉兔二号
移动很慢，速度约为250m/h，累计在月球表面行驶了120m，用时约为 h。
19．（3分）灯泡L的电流随电压变化的图象如图甲所示，将此灯泡与定值电阻R接入图乙所
示的电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为0.5W，则电源电压是 V；再闭合
开关S，电流表的示数变化了0.1A，则R的阻值是 ；通电1min，定值电阻R消耗
1
Ω
的电能是 J．
20．（3分）如图是小明起跑时的背景，请画出小明所受重力（点O为重心）和右脚所受摩擦力
的示意图。三、实验与探究
21．（6分）小明在“探究凸透镜成像规律”的实验中，所用凸透镜的焦距为 15cm。
（1）如图甲所示，移动光屏找到清晰的蜡烛的像，这个像是图乙中的 ，利用此原理
可以制成 。（选填“照相机”、“幻灯片”、“放大镜”）
（2）小明把蜡烛依次放在A、B位置，在坐标纸上记录了光屏上像的大小。如图丙所示
（A′、B′分别表示蜡烛在A、B处所成的像）。跟同学们交流后发现：
成倒立放大像的条件是
①成实像时，物距减小，像距
（②3）保持凸透镜位置不动，小明又把蜡烛放在距凸透镜18cm处，在光具座上无论怎样移
动光屏，都找不到清晰的像，原因可能是 。聪明的小明拿起一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜处，在光具座上移动光屏，光屏上出现了清晰的像，则小明拿起的眼
镜是 。（选填“近视镜”或“远视镜”）
22．（9分）在日常生活和工农业生产中，提高机械效率有着重要的意义。提高机械效率，要从
研究影响机械效率的因素出发，寻求办法。
（1）为了探究影响机械效率的因素，小明选取了大小相同的滑轮，利用图甲和图乙装置进
行实验，并把数据整理记录在下表中。
实验 滑轮 钩码重 提升的高 有用功 拉力 绳端移动 总功 机械效率。
G/N
次数 材质 度h/m W /J F/N 的距离s/m W /J
有用 总 η
1 铝 1 0.1 0.1 0.6 0.3 0.18 56%
2 铝 2 0.1 0.2 1.0 0.3 0.3 67%
3 铝 2 0.2 0.4 1.0 0.6 0.6 67%
4 塑料 2 0.2 0.4 0.8 0.6 0.48 83%
5 塑料 2 0.2 0.4 2.1 0.2 0.42 95%
比较1和2两次实验发现：在所用滑轮组一定时，提升的钩码 ，机械效率越高。
①比较3和4两次实验发现：滑轮组的机械效率还与 有关。
②比较 两次实验发现：在所用滑轮组一定时，机械效率与提升钩码的高度无关。
③第5次实验室利用了图 的装置完成的，判断依据是 。
④利用图甲的装置，把重4N的物体用2.5N的拉力迅速拉起，滑轮组的机械效率为
⑤。可见如果没有刻度尺，只有测力计，也可以测量出滑轮组的机械效率。
（2）小明利用图丙装置实验发现：斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关，与物重
无关。保持斜面倾斜程度不变，可以采用 的方法减小摩擦，从而提高斜面的机械效
率。
（3）实验表明：额外功越小，总功越接近有用功：进一步推理得出：假设没有额外功，总功
等于有用功；可见使用任何机械都 。下列物理规律的得出运用了这种研究方法的是 。
A、焦耳定律
B、牛顿第一定律
C、阿基米德原理
D、欧姆定律
23．（3分）在“探究并联电路中的电流关系”实验中
（1）小明想测量干路电流，连接的电路如图甲所示，检查电路发现只有一根导线接错了，
请在这根导线上打上“×”，并改正。
（2）连接正确的电路后，闭合开关，电流表的示数为0.46A，请在图乙中画出指针的位置
（O为指针转轴）。
（3）小明换用不同规格的灯泡，多次改变电表位置，将测量数据记录在下表中。
实验次数 支路电流I/A 支路电流I2/A 干路电流l总/A
1
1 0.30 0.16 0.46
2 0.20 0.20 0.40
3 0.24 0.34 0.58
分析数据得出结论：在并联电路中， 。
（4）第1次实验发现，灯泡L 比L 亮，则灯泡L 的电阻 灯泡L 的电阻；若两灯泡
1 2 1 2
灯丝长度相同， 的灯丝更细。
四、分析与计算
24．（9分）2019年4月23日，在庆祝中国人民解放军海军成立70周年海上阅兵活动中，055
大型驱逐舰接受检阅，向世界展示了我国大型驱逐舰的发展规模和强大实力。驱逐舰长
174m，宽23m，吃水深度8m，满载排水量12300t，最大航速32节（1节＝0.5m/s，海水密度
为1.03×103kg/m3，g取10N/kg）。求：
（1）驱逐舰行驶到某海域时，舰底受到的海水压强为7.21×104Pa，此时舰底所处的深度；（2）驱逐舰满载时受到的浮力；
（3）驱逐舰满载时，以最大航速匀速直线航行，若所受海水阻力是其总重的0.1倍，它的动
力功率。
25．（8分）表为一台饮水机的铭牌，其内部简化电路如图所示，R 和R 均为电热丝且阻值不
1 2
变。
XX牌饮水机
额定电压 220V
额定功率 加热 1000W
保温 22W
加热效率 80%
（1）该饮水机处于加热状态时，正常工作3min，在1标准大气压下能否把0.5kg的水从
20℃加热至沸腾？【c ＝4.2×103J/（kg•℃）】
水
（2）保温功率是指S断开时电路消耗的总功率。该饮水机正常保温时，R 实际消耗的电功
1
率是多少？2019年山东省淄博市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择
1．（2分）音乐会上，小提琴曲让人如痴如醉，钢琴演奏让人心旷神怡。关于声音的说法正确
的是（ ）
A．调节琴弦松紧可以改变声音的响度
B．用力拉琴可以改变声音的音调
C．小提琴和钢琴发出的声音传播速度相同
D．禁止听众喧哗是从传播过程中减弱噪声
【分析】（1）对于弦乐，弦的粗细、松紧和长短都影响音调；拨动弦的力度影响响度。通过
音色来辨别是什么物体。
（2）声传播速度跟介质的种类和温度有关。
（3）减弱噪声的途径在声源处、在传播过程中、在人耳处。
【解答】解：
A、调节琴弦松紧可以改变琴弦的振动快慢，从而改变声音的音调，故A说法错误。
B、用力拉琴可以改变弦的振动幅度，从而改变声音的响度，故B说法错误。
C、小提琴和钢琴发出的声音在空气中传播速度是相同的，故C说法正确。
D、禁止听众喧哗是从声源处减弱噪声的，故D说法错误。
故选：C。
【点评】声音的三个特征音调、响度和音色是经常考查的内容，也是容易混淆的问题。
2．（2分）小明在湖边树萌下乘凉，想到了所学的物理知识。其中合理的是（ ）
A．树下的圆形光斑，是光沿直线传播形成的
B．看到池水“变”浅，是光的反射引起的
C．水中出现树的倒影，水中的“树”比岸上的树小
D．阳光中的紫外线可以灭菌，也可以用来遥控
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、
影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒
影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。物体在平面镜中成倒立等大
的虚像；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射
现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
（4）根据紫外线有杀菌作用制成消毒灯；根据紫外线能使荧光物质发光制成验钞机；紫外
线能促使人体合成维生素D促进钙的吸收。
【解答】解：A、浓密的树荫下出现很多圆形的光斑，这是由于光的直线传播引起的。故A
合理；
B、池水看起来比实际浅，这是由于光的折射引起的。故B错误；
C、水中出现树的倒影，是平面镜成像现象，水中的“树”是岸上的树的虚像，两者大小相
等。故C错误；
D、紫外线具有杀菌作用，遥控器利用的是红外线。故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了几种光现象及紫外线的应用，注重了物理和生活的联系，考查了学生
应用物理知识解决实际问题的能力，属于基础知识的考查
3．（2分）物理与生活密切相关，下列数据符合实际的是（ ）
A．人体的安全电压不高于220V
B．人体感觉舒适的环境温度约为37℃
C．中学生从二楼走到三楼做功约为200J
D．光在真空中的传播速度为3×105km/s
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单
位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：A、对人体的安全电压不高于36V，故A不符合实际；
B、人的正常体温是36.5℃，人感到比较舒适的温度为23℃，故B不符合实际；
C、中学生的体重在500N左右，二楼到三楼的高度在3m左右，所以中学生从二楼走到三
楼所做的功约为W＝Gh＝500N×3m＝1500J，故C不符合实际；
D、真空中的光速约为3×105千米/秒，故D符合实际。
故选：D。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种
能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
4．（2分）图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，图乙是描绘的温度随时间变
化的图象。下列说法错误的是（ ）A．加热过程中，水含有的热量增加
B．沸腾过程中，水吸收热量，温度不变
C．烧杯上方带孔的纸板可以减少热量散失
D．水的沸点是99℃，此时大气压低于标准大气压
【分析】（1）热量指在热传递的过程中传递能量的多少。
（2）水在沸腾过程中的特点：吸热，但温度保持不变；
（3）烧杯上方带孔的纸板可以减少热量散失；
（4）根据沸点的概念判断出水的沸点；气压越低，沸点越低；
【解答】解：A、加热过程中，水吸收热量，其温度升高，内能增加；热量是一个过程量，不能
说物体含有多少热量，故A错误；
B、水在沸腾过程中，仍然要吸收热量，由图可知其温度保持99℃不变，故B正确；
C、烧杯上方带孔的纸板可以减少热量散失，能缩短把水加热到沸腾的时间，故C正确；
D、由图可知，水的沸点是99℃，沸点低于100℃，此时大气压低于标准大气压，故D正确；
故选：A。
【点评】此题是探究“水的沸腾”的实验，考查了水沸腾过程中的特点，同时考查沸腾图
象的分析，常见题目。
5．（2分）下列运动项目涉及的物理知识描述正确的是（ ）
A．三级跳远﹣﹣快速助跑是为了增大惯性
B．划船比赛﹣﹣船桨和水之间力的作用是相互的
C．引体向上﹣﹣人对单杠的拉力与单杠对人的拉力是一对平衡力
D．百米赛跑﹣﹣裁判员通过相同时间比较路程的方法判断运动快慢
【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；
（2）物体间力的作用是相互的；
（3）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；（4）比较物体运动快慢的方法：
通过相同的路程，比较时间的多少，用时越多，运动越慢。
①利用相同的时间，比较路程的长短，经过路程越长，运动越快。
【②解答】解：A、跳远运动员在起跳前要助跑是为了利用惯性，但惯性的大小只与物体的质
量有关，所以快速助跑不能增大惯性，故A错误；
B、运动员用桨向后划水，对水施加力的作用，由于物体间力的作用是相互的，水就会对船
桨产生向前的反作用力使龙舟前进，故B正确；
C、引体向上﹣﹣人对单杠的拉力与单杠对人的拉力作用在不同的物体上，是相互作用力，
不是一对平衡力，故C错误；
D、百米赛跑﹣﹣裁判员是在路程相同的情况下，比较时间判断运动快慢，谁用时间少，谁
跑得快，故D错误。
故选：B。
【点评】本题以体育运动为背景，考查了不同运动项目中所涉及的多个物理知识点，有一
定综合性，体现了物理知识的无处不在。
6．（2分）关于下面四幅图的说法正确的是（ ）
A．甲图：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，此过程与热机的压缩冲程原理相同
B．乙图：瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是汽化现象
C．丙图：抽出玻璃板，下瓶中出现红棕色二氧化氮气体，表明气体间可以发生扩散现象
D．丁图：悬挂重物不能把两块铅块分开，说明分子间存在引力，没有斥力
【分析】（1）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，
物体对外做功，其内能会减小；四冲程汽油机的做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；
压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。
（2）汽化是从液态变为气态；液化是从气态变为液态；（3）扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
（4）分子同时存在相互作用的引力和斥力。
【解答】解：
A、图甲所示，在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压
缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，故是将机械能转化为内能
的过程，故与内燃机的压缩冲程相类似，故A正确；
B、乙图中，瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是水蒸气遇冷液化现象，故B
错误；
C、丙图中，上方的二氧化氮气体密度大，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，可能是
扩散现象，但也可能是重力的作用，故不能表明气体间可以发生扩散现象，故C错误；
D、图中两个压紧的铅块能吊起钩码而不分开，是由于分子间存在引力，但也有斥力，故D
错误。
故选：A。
【点评】知道做功可以改变物体的内能，了解液化现象，熟知扩散现象的实验，了解分子间
作用力的特点等，可顺利解答此题。
7．（2分）下列有关生产和生活中的应用解释正确的是（ ）
A．斧头具有很薄的刃，是为了增大压力
B．用吸管吸饮料，利用了大气压
C．风筝能在空中飞行，是因为受到空气的浮力
D．拉杆箱下安装轮子，是通过减小受力面积减小摩擦
【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定
时，增大压力来增大压强。
（2）利用大气压往往是物体的一个位置和空气接触，另一个位置没有空气或空气减少，大
气压是利用内外压强差的原理。
（3）风筝是利用流体压强产生的升力升空的。
（4）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力
一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动
摩擦。
【解答】解：A、斧头具有很薄的刃，是在压力一定时，减小受力面积来增大斧头对物体的压
强，故A错误；
B、用吸管吸饮料时是在大气压的作用下把饮料吸入人的口腔，是利用了大气压，故B正确；
C、风筝是利用风筝上下方空气的流速不同产生的升力升空的，不是因为受到空气的浮力，
故C错误；
D、拉杆箱下安装轮子，是用滚动代替滑动来减小摩擦力，故D错误。
故选：B。
【点评】生活处处有物理，我们要能够从生活现象找出用到的物理知识。联系生活实际出
题，这是中考出题最常见的一种方式，需要引起注意。
8．（2分）如图所示，小球沿轨道由静止从A点向D点运动的过程中（小球和轨道间存在摩
擦），下列说法错误的是（ ）
A．小球在A点的重力势能最大
B．小球在B点的速度最大
C．小球在C点和B点的机械能相等
D．小球不能到达D点
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：A、小球在A时，高度最高，重力势能最大，速度增大，动能增大，由于存在摩擦，
减小的重力势能转化为动能和内能；故A正确。
B、小球在B时，小球的质量不变，高度最小，势能最小，动能最大，速度最大，故B正确；
C、小球和轨道间存在摩擦，小球需要克服摩擦做功，故小球从B点到C点的机械能减小，
故C错误；
D、因为小球需要克服摩擦做功，在运动过程中有一部分机械能转化为内能，故小球不能
到达D点，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了影响动能和势能大小的因素以及能量的转化知识的应用，知道动能和
重力势能之间的相互转化是解决该题的关键。
9．（2分）如图是一款太阳能LED灯，下列相关说法错误的是（ ）A．LED灯是由半导体材料制成的
B．LED灯可以把太阳能转化为电能
C．太阳能是可再生能源
D．太阳能是太阳内部发生核裂变释放的能量
【分析】（1）二级管主要有半导体材料制成；
（2）它为LED灯提供电能；
（3）可再生能源是短时间内可以从自然界得到补充的能源；
（4）太阳内部不断发生着氢核聚变成氦核的反应，又称热核反应；
【解答】解：A、LED灯主要工作原件是发光二极管，二级管主要有半导体材料制成；故A
正确。
B、太阳能板把太阳能转化为电能，而LED灯要消耗电能发光，把电能转化为光能，所以
过程中有太阳能变成电能；故B正确。
C、可再生能源是短时间内可以从自然界得到补充的能源；故C正确。
D、太阳内部不断发生着氢核聚变成氦核的反应，又称热核反应；故D错误。
故选：D。
【点评】改题目考查了半导体的特点与应用、太阳能、能量转化等知识，难度不大。
10．（2分）共享电动汽车通过刷卡开锁，实现循环使用。租赁者将带有磁条的租车卡靠近电
动汽车的感应器，检测头的线圈中就会产生变化的电流，读取解锁信息。图中能反应刷卡
读取信息原理的是（ ）
A．
B．C．
D．
【分析】（1）通电导体周围存在磁场，应用于电磁起重机、电磁继电器、电磁铁等。
（2）电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动原理制成的。
（3）电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流
产生。
【解答】解：租赁者将带有磁条的租车卡靠近电动汽车的感应器，检测头的线圈中就会产
生变化的电流，说明这是电磁感应现象。
A、如图是奥斯特实验，反映通电导体周围存在磁场。不符合题意。
B、如图是通电螺旋管，反映通电导体周围存在磁场。不符合题意。
C、因为电路中有电源，这是电动机的工作原理图，不符合题意。
D、闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这是
电磁感应现象，符合题意。
故选：D。
【点评】电动机和发电机的原理图非常相似，重要区别在于电动机电路中有电源，发电机
电路中没有电源。
11．（2分）如图所示，电源电压为5V，闭合开关S，电压表的示数为1V．则（ ）
A．通过灯泡L 的电流比L 的电流大
1 2
B．灯泡L 两端的电压是1V
1
C．灯泡L 和L 的电阻之比是4：1
1 2
D．若灯泡L 灯丝烧断，电压表示数为零
2【分析】（1）由图知两灯串联，电压表测L 两端电压，由此可知L 两端的电压；由串联电
1 1
路的电流特点可知两灯电流关系；
（2）由串联电路电压特点和欧姆定律可得两灯电阻关系；
（3）串联中，一处断路则整个电路断路，由此根据电路图分析电压表示数情况。
【解答】解：
AB、由图知，两灯串联在电路中，电压表测L 两端电压，即L 两端的电压是1V，故B正确；
1 1
串联电路中电流处处相等，所以通过灯泡L 的电流和L 的电流相等，故A错误；
1 2
C、由串联电路的电压特点知，U＝U﹣U＝5V﹣1V＝4V，
2 1
通过两灯电流相等，由欧姆定律有： ＝ ，即： ＝ ＝ ＝ ，故C错误；
D、由图知，若灯泡灯丝烧断，则整个电路断路，所以电压表示数为0，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了串联电路电流、电压特点、欧姆定律的应用以及电路故障的问题，正确
分析电路是解题的关键。
12．（2分）新型PTC发热材料可以自动调节电路的电功率，在生活中广泛应用，图甲是PTC
调试工作电路，R 是保护电阻，阻值恒定；R 是PTC电阻，阻值随温度变化的图象如图乙
0 1
所示。闭合开关S，当温度从20℃升高到120℃的过程中（ ）
A．电流表示数先变小后变大
B．电压表示数先变大后变小
C．电压表与电流表示数的比值先变小后变大
D．保护电阻R 消耗的功率先变小后变大
0
【分析】A、甲中，两电阻串联，电压表测R 的电压，电流表测电路的电流，由图乙知，温度
1
升高时电阻R 先变小后变大，根据串联电阻的规律和欧姆定律分析电流表示数变化；
1B、根据U＝IR，确定定值电阻的电压变化，由串联电路电压的规律得出电压表示数变化；
C、根据欧姆定律，电压表与电流表的比值即热敏电阻大小，据此分析；
D、根据P＝I2R分析R 消耗的功率变化。
0
【解答】解：
A、甲中，两电阻串联，电压表测R 的电压，电流表测电路的电流，
1
由图乙知，当温度从20℃升高到100℃的过程中电阻R 变小，从100℃升高120℃的过程
1
中电阻R 变大，则根据串联电阻的规律，总电阻先变小后变大，由欧姆定律可知，电路中
1
的电流先变大后变小，即电流表示数先变大后变小，故A错误；
B、电路中的电流先变大后变小，根据U＝IR可知，定值电阻R 的电压先变大后变小，由
0
串联电路电压的规律可知，R 的电压先变小后变大，即电压表示数先变小后变大，故B错
1
误；
C、根据欧姆定律可知，电压表与电流表的比值等于PTC电阻R 的阻值，所以电压表与电
1
流表的比值先变小后变大，故C正确；
D、因电路中的电流先变大后变小，根据P＝I2R 可知，R 消耗的功率先变大后变小，故D
0 0
错误。
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键明确R温度的变化规律。
13．（2分）有一种插线板，当开关断开时，指示灯不亮，插孔无法正常工作；当开关闭合时，如
果指示灯损坏，插孔也能正常工作。图既能满足控制要求，又符合安全用电原则的是（
）
A． B．
C． D．
【分析】干路开关控制所有的用电器。并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电
器互相影响。据此判断插线板的连接情况。
【解答】解：插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯
泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路
上；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接
在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全，故只有D正确。
故选：D。
【点评】根据用电器之间是否相互影响是判断用电器串联和并联的方法之一；家庭电路中，
开关控制用电器，开关一定接在用电器和火线之间，既能控制用电器，又能保证使用安全。
14．（2分）把木块放入装满水的溢水杯中，溢出水的体积为V（如图甲）；用细针将该木块全
1
部压入水中，溢出水的总体积为V（如图乙），忽略细针的体积。则（ ）
2
A．木块的质量为 V
水 2
B．缓慢下压木块的ρ过程中，溢水杯底部受到水的压强变大
C．木块全部压入水中静止时，细针对木块的压力大小为 gV
水 2
ρ
D．木块的密度为
水
【分析】（1）木块漂浮ρ在水面上时，对木块进行受力分析，由平衡条件求出木块所受的重
力，然后由浮力公式的变形公式求出木块的质量，根据木块完全浸入水中时排出水的总体
积求出木块的体积，然后根据密度公式求出木块的密度表达式。
（2）缓慢下压木块的过程中，溢水杯中水的深度不变，由p＝ gh分析压强变化；
（3）当木块刚好全部没入水中时，木块受到的浮力等于木块重加ρ上对木块的压力，据此求
出对木块的压力。
【解答】解：（1）木块静止地漂浮在水面上时，F ＝G；
浮
因为木块所受到的浮力F ＝ gV，所以 gV＝mg，
浮 水 1 水 1
木块的质量m＝ 水 V 1 ； ρ ρ
木块完全浸入水ρ中时所排开水的体积等于木块的体积，
由题意知木块的体积V＝V，
2
则木块的密度： ＝ ＝ ；故A错误，故D正确；
（2）缓慢下压木块ρ 的过程中，溢水杯中水的深度不变，由p＝ gh可知，溢水杯底部受到水
ρ的压强不变，故B错误；
（3）木块完全浸没后的浮力：
F ′＝ gV，
浮 水 2
木块完全ρ浸没时，由力的平衡条件可得：
F ′＝F +G ，
浮 压 木
所以手对木块的压力（最大压力）：
F ＝F ′﹣G ＝ gV﹣mg＝ gV﹣ Vg＝ g（V﹣V），故C错误；
压 浮 木 水 2 水 2 水 1 水 2 1
故选：D。 ρ ρ ρ ρ
【点评】本题是一道力学综合题，考查了密度的计算、浮力的计算、知识点多、综合性强，属
于难题。本题关键有二：一是阿基米德原理和漂浮条件的联合使用，二是两个过程中压力
的求解。
15．（2分）如图所示，电源电压为12V，滑动变阻器的规格为“50 2A”，L 和L 分别标有
1 2
“6V 3W”和“6V 9W”的字样，闭合开关S后，调节滑动变阻Ω器的滑片，在保证电路安
全的情况下（不考虑温度对灯丝的影响），下列说法正确的是（ ）
A．L 能正常发光
2
B．滑动变阻器接入电路的最小阻值是8
C．电流表示数的变化范围是0﹣0.5A Ω
D．电路消耗的最大功率是12W
【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流
表测电路中的电流。
（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求
出灯泡的电阻，比较灯泡的额定电流和、滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最
大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出数滑动变
阻器两端的最小电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据串联电路的电压特点
和欧姆定律求出电路中的最小电流；
（3）根据P＝UI求出电路消耗的最大电功率。【解答】解：
由电路图可知，滑动变阻器与灯泡L、L 串联，电流表测电路中的电流。
1 2
（1）由P＝UI可得，灯泡的额定电流分别为：
I ＝ ＝ ＝0.5A，
额1
I ＝ ＝ ＝1.5A，
额2
滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的最大电流为I ＝I ＝0.5A，则L 能正
最大 额1 1
常发光；故A错误；
此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
根据I＝ 可得，最小总电阻：
R ＝ ＝ ＝24 ；
总小
Ω
灯泡的电阻分别为：
R ＝ ＝ ＝12 ；
1
Ω
R ＝ ＝ ＝4 ；
2
因串联电路的总电阻等Ω于各电阻之和，
所以变阻器接入电路中的最小阻值：R ＝R ﹣R ﹣R ＝24 ﹣12 ﹣4 ＝8 ；故B正
滑小 总小 1 2
确； Ω Ω Ω Ω
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
则R ＝R +R +R ＝50 +12 +4 ＝66 ；
总大 滑 1 2
Ω Ω Ω Ω
电路中的最小电流：I ＝ ＝ ＝ A，
最小
所以，电流表示数的变化范围是 ～0.5A，故C错误；
（3）电路消耗的最大功率：P ＝UI ＝12V×0.5A＝6W，故D错误。
最大 最大故选：B。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是会根据电路
中的电流确定滑动变阻器接入电路中的最小阻值。
二、理解与应用
16．（3分）春节是中华民族的传统节日，年夜饭“吃饺子”是一种习俗。包饺子时，用力捏出
褶边，说明力可以 改变物体的形状 ；刚下锅的饺子沉在锅底，加热一段时间会上浮，
在上浮过程中， 内能 转化为机械能；出锅后的饺子变瘪了，饺子内气体密度 变大 。
【分析】（1）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
（2）根据饺子在热水中吸收热量，饺子内的气体膨胀对外做功，据此分析能量的转化；
（3）根据密度公式分析饺子内气体密度的变化。
【解答】解：
（1）包饺子时用手捏饺子可捏出漂亮的褶边，这是力使饺子皮的形状发生了改变；
（2）饺子下锅后，在热水中吸收热量，饺子内的气体膨胀对饺子做功，饺子会上浮，此时内
能转化为机械能；
（3）出锅后的饺子变瘪了，饺子内空气的质量不变，内部空气的体积减小，根据密度公式
可知，饺子内气体密度变大。
故答案为：改变物体的形状；内能；变大。
【点评】本题涉及问题多、综合性强，但问题简单，要求灵活运用所学知识解释实际问题，
体现了新课标的要求，属于中考热点题目。
17．（3分）如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关
S 和S 时，小磁针N极指向右端，则电磁铁的左端为 N 极，电源右端为 正 极。要
1 2
使指示灯变亮，滑动变阻器的滑片应向 左 滑动。
【分析】（1）根据根据磁极间的相互作用得出电磁铁的两极，利用安培定则可知电源的正
负极；
（2）根据灯泡亮度的变化可知，电流大小变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化，
进一步得出滑动变阻器的滑片移动方向。【解答】解：已知小磁针N极指向右端，根据磁极间的相互作用可知，电磁铁的左端N极，
右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指指向电流的方向，则电源右端为正极，左端为负
极，
闭合开关S 和S，要使指示灯变亮，则电路电流变大，巨磁电阻的阻值减小，磁场的磁性
1 2
增强，电流变大，电阻变小，则使滑片P向左滑动。
故答案为：N；正；左。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的关系等，判读出巨磁电
阻的变化是解题的关键。
18．（3分）2019年1月3日，嫦娥四号探测器在月球背面成功着陆，并通过“鹊桥”中继星
传回了世界上第一张近距离拍摄的月背景影像图，传输过程中利用了 电磁波 ；嫦娥四
号的巡视器﹣﹣﹣玉兔二号质量为135g，与月球表面的接触面积约为0.8m2，玉兔二号对
月球表面的压强为 0.2 8 pa，（g取10N/kg，物体在月球上的重力为地球上的 ）：玉兔
二号移动很慢，速度约为250m/h，累计在月球表面行驶了120m，用时约为 0.4 8 h。
【分析】（1）电磁波可以在真空中传播；
（2）根据P＝ ，求得压强；
（3）根据速度公式v＝ 求得时间。
【解答】解：（1）通过“鹊桥”中继星传回了世界上第一张近距离拍摄的月背景影像图，传
输过程中利用了电磁波；
（2）根据压强公式P＝ ＝ ＝ ≈0.28Pa；
（3）根据速度公式v＝ 得，t＝ ＝ ＝0.48h。
故答案为：电磁波；0.28；0.48。
【点评】本题考查电磁波，速度公式，以及压强公式的应用，是一道综合题。
19．（3分）灯泡L的电流随电压变化的图象如图甲所示，将此灯泡与定值电阻R接入图乙所
示的电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为0.5W，则电源电压是 2 V；再闭合开
关S，电流表的示数变化了0.1A，则R的阻值是 2 0 ；通电1min，定值电阻R消耗的
1
Ω电能是 1 2 J．
【分析】 由小灯泡中的电流随它两端电压变化的图象可知，随着灯两端的电压增大，通
过的电流①变大，当U＝2V时，I ＝0.25A，此时灯的电功率为0.5W，由此可知电源电压U；
L
当再闭合开关S 后，因为灯与电阻并联，电流表示数变化值就是此时通过电阻R的电
1
②流I ，利用欧姆定律求R的大小；
R
已知电阻两端电压、通过的电流及通电时间，利用W＝UIt得到消耗的电能。
③【解答】解：
由小灯泡的I﹣U图象可知，当灯泡的实际功率为0.5W时，U ＝2V，I ＝0.25A，
L L
由图甲所示电路图可知，只闭合开关S时，只有灯泡接入电路，灯泡两端电压等于电源电
压，则电源电压：U＝U ＝2V；
L
由图甲所示电路图可知，闭合开关S后再闭合开关S，灯泡与电阻R并联，电流表测干路
1
电流，电流表示数变大，
由题知，电流表示数变化了0.1A，则通过电阻R的电流：I ＝△I＝0.1A，
R
由I＝ 可得，电阻R的阻值：R＝ ＝ ＝20 ；
Ω
通电1min，定值电阻R消耗的电能：W ＝UI t＝2V×0.1A×1×60s＝12J。
R R
故答案为：2；20；12。
【点评】本题关键有二：一是从I﹣U图象得出电源电压，二是电阻R并联入电路，电路中
增加的电流即为通过电阻R的电流。
20．（3分）如图是小明起跑时的背景，请画出小明所受重力（点O为重心）和右脚所受摩擦力
的示意图。【分析】根据重力的方向总是竖直向下的，过重心表示出重力的方向即可。
摩擦力是由于物体相互接触，并且发生相对运动或者有相对运动的趋势而产生的，摩擦力
的方向与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反。
【解答】解：
过重心O画一条竖直向下的带箭头的线段，标上符号G，即为重力的示意图；
人走路时后脚蹬地面，脚有向后运动的趋势，则后脚受到的摩擦力向前，作用点在脚掌与
地面的接触面上，如图所示：
【点评】画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力
的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。
三、实验与探究
21．（6分）小明在“探究凸透镜成像规律”的实验中，所用凸透镜的焦距为 15cm。（1）如图甲所示，移动光屏找到清晰的蜡烛的像，这个像是图乙中的 D ，利用此原理可
以制成 照相机 。（选填“照相机”、“幻灯片”、“放大镜”）
（2）小明把蜡烛依次放在A、B位置，在坐标纸上记录了光屏上像的大小。如图丙所示
（A′、B′分别表示蜡烛在A、B处所成的像）。跟同学们交流后发现：
成倒立放大像的条件是 f ＞ u ＞ 2 f
①成实像时，物距减小，像距 增大
（②3）保持凸透镜位置不动，小明又把蜡烛放在距凸透镜18cm处，在光具座上无论怎样移
动光屏，都找不到清晰的像，原因可能是 像在 100cm 之外 。聪明的小明拿起一副眼镜
放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜处，在光具座上移动光屏，光屏上出现了清晰的像，则
小明拿起的眼镜是 远视镜 。（选填“近视镜”或“远视镜”）
【分析】（1）本题应用凸透镜成像的规律：u＞2f，成倒立缩小的实像，照相机就是利用这一
原理制成的；
（2）本题应用凸透镜成像的规律：2f＞u＞f，成倒立放大的实像；
（3）在光屏上得不到清晰像的可能有多种：物体是否成像；若成像，是否成的是实像；即使
成的是实像，三者的中心是否在同一高度。从以上几个方面考虑去解决此题。要解决此题，
需要知道远视镜是凸透镜，凸透镜有会聚光线的作用。
【解答】解：
（1）已知凸透镜的焦距为15cm，由图甲可知，物距为40cm，则u＞2f，所以，凸透镜成倒立
缩小的实像，这个像是图乙中的D，利用此原理可以制成照相机；
（2） 成倒立放大像的条件是：2f＞u＞f；
①由图丙可知，凸透镜成实像时，物距减小，像距增大；
（②3）把蜡烛放在距凸透镜18cm处（即u＝18cm），物距在一倍焦距与二倍焦距之间，凸透
镜成实像，根据图丙可知，像可能在100cm之外，所以在光具座上无论怎样移动光屏，都
找不到清晰的像。
实验中，小明拿起一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜处，在光具座上移动光屏，
光屏上出现了清晰的像，即说明该眼镜对光线有会聚作用（使光线提前会聚而成像在光屏
上），故这副眼镜是凸透镜，即是远视眼镜。
故答案为：（1）D；照相机；（2） 2f＞u＞f； 增大；（3）像在100cm之外；远视镜。
【点评】此题探究了凸透镜成像的①规律，考查了②学生对实验操作的要求。一定要注意实验
前的调整工作。为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度
处。同时考查了凸透镜成像的规律，要熟记规律，特别注意成像特点与物距之间的关系。
22．（9分）在日常生活和工农业生产中，提高机械效率有着重要的意义。提高机械效率，要从
研究影响机械效率的因素出发，寻求办法。
（1）为了探究影响机械效率的因素，小明选取了大小相同的滑轮，利用图甲和图乙装置进
行实验，并把数据整理记录在下表中。
实验 滑轮 钩码重 提升的高 有用功 拉力 绳端移动 总功 机械效率。
G/N
次数 材质 度h/m W /J F/N 的距离s/m W /J
有用 总 η
1 铝 1 0.1 0.1 0.6 0.3 0.18 56%
2 铝 2 0.1 0.2 1.0 0.3 0.3 67%
3 铝 2 0.2 0.4 1.0 0.6 0.6 67%
4 塑料 2 0.2 0.4 0.8 0.6 0.48 83%
5 塑料 2 0.2 0.4 2.1 0.2 0.42 95%
比较1和2两次实验发现：在所用滑轮组一定时，提升的钩码 重力越大 ，机械效率
①越高。比较3和4两次实验发现：滑轮组的机械效率还与 动滑轮的重力 有关。
②比较 2 、 3 两次实验发现：在所用滑轮组一定时，机械效率与提升钩码的高度无关。
③第5次实验室利用了图 乙 的装置完成的，判断依据是 绳子的效段数为 1 。
④利用图甲的装置，把重4N的物体用2.5N的拉力迅速拉起，滑轮组的机械效率为 80%
⑤。可见如果没有刻度尺，只有测力计，也可以测量出滑轮组的机械效率。
（2）小明利用图丙装置实验发现：斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关，与物重
无关。保持斜面倾斜程度不变，可以采用 减小接触面粗糙程度 的方法减小摩擦，从而
提高斜面的机械效率。
（3）实验表明：额外功越小，总功越接近有用功：进一步推理得出：假设没有额外功，总功
等于有用功；可见使用任何机械都 不省功 。下列物理规律的得出运用了这种研究方法
的是 B 。
A、焦耳定律
B、牛顿第一定律
C、阿基米德原理
D、欧姆定律
【分析】（1） 比较1和2两次实验找出相同的量和不同的量，分析得出机械效率与变化
量的关系； ①
根据G＝mg＝ Vg，比较3和4两次实验找出相同的量和不同的量，分析得出机械效率
②与变化量的关系；ρ
比较 2、3两次实验找出相同的量和不同的量，分析得出机械效率与变化量的关系；
③
根据n＝ 确定绳子的效段数分析；
④
根据 ＝ ＝ ＝ ＝ ×100%求出滑轮组的机械效率；
⑤（2）通η过减小接触面粗糙程度的方法可减小摩擦；
（3）物理学中，常常有难以达到条件的时候，这时，我们常常需要借助将实验想象为理想
情况下来达到我们的目的，在实验基础上经过概括、抽象、推理得出规律，这种研究问题
的方法就叫科学推理法。
【解答】解：（1） 比较1和2两次实验发现：在所用滑轮组相同，提升物体的重力越大，机
械效率越高，即①所用滑轮组一定时，提升的钩码重力越大，机械效率越高；
比较3和4两次实验知，提升物体的重力相同，两滑轮的材质不同，而体积相同，根据G
②＝mg＝ Vg，两滑轮的重力不同，发现：滑轮组的机械效率还与动滑轮的重力有关；
比较 ρ2、3两次实验发现：在所用滑轮组一定时，机械效率与提升钩码的高度无关。
③
第5次实验室利用了图乙的装置完成的，判断依据是n＝ ＝ ＝1，绳子的效段数
④为1；
利用图甲的装置，把重4N的物体用2.5N的拉力迅速拉起，滑轮组的机械效率为：
⑤
＝ ＝ ＝ ＝ ＝ ×100%＝80%；
η可见如果没有刻度尺，只有测力计，也可以测量出滑轮组的机械效率。
（2）小明利用图丙装置实验发现：斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关，与物重
无关。保持斜面倾斜程度不变，可以采用 减小接触面粗糙程度的方法减小摩擦，从而提高
斜面的机械效率。
（3）实验表明：额外功越小，总功越接近有用功：进一步推理得出：假设没有额外功，总功
等于有用功；可见使用任何机械不省功（采用了理想化推理法）：
ACD、焦耳定律、阿基米德原理、欧姆定律可通过实验直接验证，
B、而牛顿第一定律不能用实验直接验证，是在实验的基础下推理得出的，
故选B。
故答案为：（1） 重力越大； 动滑轮的重力； 2、3； 1、绳子的效段数为1；
80%；（2）减①小接触面粗糙程②度；（3）不省功③；B。 ④
⑤
【点评】本题考查控制变量法、数据分析、n＝ 的运用、滑轮组的机械效率的求法和减小
摩擦的方法及实验推理法的运用。
23．（3分）在“探究并联电路中的电流关系”实验中
（1）小明想测量干路电流，连接的电路如图甲所示，检查电路发现只有一根导线接错了，请在这根导线上打上“×”，并改正。
（2）连接正确的电路后，闭合开关，电流表的示数为0.46A，请在图乙中画出指针的位置
（O为指针转轴）。
（3）小明换用不同规格的灯泡，多次改变电表位置，将测量数据记录在下表中。
实验次数 支路电流I/A 支路电流I2/A 干路电流l总/A
1
1 0.30 0.16 0.46
2 0.20 0.20 0.40
3 0.24 0.34 0.58
分析数据得出结论：在并联电路中， 干路电流等于各支路电流之和 。
（4）第1次实验发现，灯泡L 比L 亮，则灯泡L 的电阻 小于 灯泡L 的电阻；若两灯泡
1 2 1 2
灯丝长度相同， L 的灯丝更细。
2
【分析】（1）原电路中，两灯短路了，据此改正；
（2）电流表分度值为0.02A，画出示数为0.46A指针的位置；
（3）分析测量数据得出结论；
（4）根据并联电路各支路电压相等和P＝ 分析；
在材料和长度相同的条件下，横截面积越小，电阻越大。
【解答】解：（1）原电路中，两灯短路了，改正后如下左所示：
（2）电流表分度值为0.02A，连接正确的电路后，闭合开关，电流表的示数为0.46A，指针
的位置如上右所示；
（3）分析数据得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
（4）第1次实验发现，灯泡L 比L 亮，根据并联电路各支路电压相等和P＝ ，则灯泡L
1 2 1
的电阻小于灯泡L 的电阻；由影响电阻大小的因素，若两灯泡灯丝长度相同，L 的灯丝更
2 2
细。故答案为：（1）如上左所示；（2）如上右所示；（3）干路电流等于各支路电流之和；（4）小于；
L。
2
【点评】本题探究并联电路中的电流关系”实验，考查电路连接、电流表读数、数据分析和
电功率公式的运用及影响电阻大小的因素。
四、分析与计算
24．（9分）2019年4月23日，在庆祝中国人民解放军海军成立70周年海上阅兵活动中，055
大型驱逐舰接受检阅，向世界展示了我国大型驱逐舰的发展规模和强大实力。驱逐舰长
174m，宽23m，吃水深度8m，满载排水量12300t，最大航速32节（1节＝0.5m/s，海水密度
为1.03×103kg/m3，g取10N/kg）。求：
（1）驱逐舰行驶到某海域时，舰底受到的海水压强为7.21×104Pa，此时舰底所处的深度；
（2）驱逐舰满载时受到的浮力；
（3）驱逐舰满载时，以最大航速匀速直线航行，若所受海水阻力是其总重的0.1倍，它的动
力功率。
【分析】（1）根据舰底受到的海水压强大小利用p＝ gh计算舰底所处的深度；
（2）利用漂浮条件确定浮力与总重力的关系；利用阿ρ基米德原理计算浮力大小；
（3）根据1节＝0.5m/s得出最大速度，根据漂浮条件和二力平衡计算动力的大小，再根据
P＝Fv计算它的动力功率。
【解答】解：
（1）根据p＝ gh可得此时舰底所处的深度：
ρ
h＝ ＝ ＝7m。
（2）由阿基米德原理可得，驱逐舰满载时受到的浮力：
F ＝G ＝m g＝12300×103kg×10N/kg＝1.23×108N；
浮 排 排
（3）驱逐舰满载时，以最大航速匀速直线航行，则速度v＝32节＝32×0.5m/s＝16m/s，
因为驱逐舰处于漂浮状态，则驱逐舰的总重力：G＝F ＝1.23×108N；
浮
由二力平衡条件可得，驱逐舰受到的动力：F＝f＝0.1G＝0.1×1.23×108N＝1.23×107N；
以最大航速匀速直线航行，它的动力功率：P＝Fv＝1.23×107N×16m/s＝1.968×108W。
答：（1）驱逐舰行驶到某海域时，此时舰底所处的深度为7m；
（2）驱逐舰满载时受到的浮力为1.23×108N；
（3）驱逐舰满载时，以最大航速匀速直线航行，它的动力功率为1.968×108W。
【点评】本题考查的知识较多，难度不大，结合具体实例理解相关的知识点解答简单。25．（8分）表为一台饮水机的铭牌，其内部简化电路如图所示，R 和R 均为电热丝且阻值不
1 2
变。
XX牌饮水机
额定电压 220V
额定功率 加热 1000W
保温 22W
加热效率 80%
（1）该饮水机处于加热状态时，正常工作3min，在1标准大气压下能否把0.5kg的水从
20℃加热至沸腾？【c ＝4.2×103J/（kg•℃）】
水
（2）保温功率是指S断开时电路消耗的总功率。该饮水机正常保温时，R 实际消耗的电功
1
率是多少？
【分析】（1）在1标准大气压下水的沸点为100℃，根据Q ＝cm（t﹣t）求出把0.5kg的水
吸 0
从20℃加热至沸腾需要吸收的热量，利用 ＝ ×100%求出需要消耗的电能，利用P＝
η
求出需要加热的时间，然后与实际加热时间相比较得出答案；
（2）由题意可知，开关S闭合时，电路为R 的简单电路，电路的总电阻最小，饮水机的功率
1
最大，处于加热状态，根据P＝UI＝ 求出R 的阻值，由表格数据可知该饮水机正常保
1
温时的功率，由题意可知，开关S断开时，R 与R 串联，电路的总电阻最大，饮水机的功率
1 2
最小，处于保温状态，根据P＝UI求出电路的电流，利用P＝UI＝I2R求出R 实际消耗的
1
电功率。
【解答】解：（1）在1标准大气压下水的沸点为100℃，
则把0.5kg的水从20℃加热至沸腾需要吸收的热量：Q ＝c m（t﹣t）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（100℃﹣20℃）＝1.68×105J，
吸 水 0
由 ＝ ×100%可得，需要消耗的电能：
η
W＝ ＝ ＝2.1×105J，
由P＝ 可得，需要加热的时间：
t＝ ＝ ＝210s＝3.5min＞3min，
1
所以，该饮水机正常加热3min不能把1标准大气压下0.5kg的水从20℃加热至沸腾；
（2）由图可知，开关S闭合时，电路为R 的简单电路，电路的总电阻最小，饮水机的功率最
1
大，处于加热状态，
由P＝UI＝ 可得，R 的阻值：
1
R ＝ ＝ ＝48.4 ，
1
由表格数据可知，该饮水机正常Ω保温时的功率P ＝22W，
保温
由题意可知，开关S断开时，R 与R 串联，电路的总电阻最大，饮水机的功率最小，处于保
1 2
温状态，
由P＝UI可得，此时电路中的电流：
I＝ ＝ ＝0.1A，
该饮水机正常保温时，R 实际消耗的电功率：
1
P＝I2R ＝（0.1A）2×48.4 ＝0.484W。
1 1
答：（1）该饮水机正常加Ω热3min不能把1标准大气压下0.5kg的水从20℃加热至沸腾；
（2）该饮水机正常保温时，R 实际消耗的电功率是0.484W。
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【点评】本题考查了电功率公式和吸热公式、电功公式的综合应用，正确的判断饮水机处
于不同档位时电路的连接方式是关键，要注意在1标准大气压下水的沸点为100℃。
