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石嘴山市第一中学2024-2025学年第二学期高二6月月考
物理答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A C C A D A A C AD AC
1．A
【详解】AB．由题意可知两列波的周期为T=2s，则两列波的传播速度为
λ
v= =1m/s
T
可知S 振动第一次到达波峰的时刻为t =0.5s，S 振动第一次到达波峰的时刻为
1 1 2
3
t =1.5s+ T=3s
2 4
假设两列波的波峰在t时刻相遇，则有
v(t-t )+v(t-t )=7m
1 2
联立解得
t=5.25s
A正确，B错误；
CD．两列波从起振传到O点的时间都为
Δx
Δt= =3.5s
v
可知S 的振动刚传到O点的时刻为
2
t =1.5s+3.5s=5s
3
此时S 的振动已经使O点振动了1.5s，即处于波谷位置，可知两列波在O点的振动叠加不
1
是振动加强，也不是振动减弱，CD错误。
故选A。
2．C
【详解】A．在匀强电场中有关系式U=Ed，在沿电场方向距离d相等的两点，U一定相等，
A错误；
B． Q=I2Rt用来计算一段电路电流通过时产生的热量，此公式只适用于纯电阻电路，若这
段电路是纯电阻电路，也可以用来计算电流在这段电路做的功，若这段电路不是纯电阻电
路，不可以用来计算电流在这段电路做的功，B错误；
F
C．B= 是磁感应强度的定义式，是比值定义法，因此适用任何磁场，但电流元IL一定
IL
答案第1页，共10页
学科网（北京）股份有限公司要垂直磁场方向放置，C正确；
F Q U
D．E= 、C= 都用到了比值定义法，I= 是电流的决定式，不是比值定义，D错误。
q U R
故选C。
3．C
【详解】AB．红光照到狭缝上产生的衍射图样是红暗相间的直条纹，白光的衍射图样是彩
色条纹，A错误，B错误；
C．光照到不透明小圆盘上，在其阴影中心处出现亮点，是衍射现象，C正确；
D．光照到大圆孔上出现大光斑，大光斑的边缘模糊，正是光的衍射造成的，不能认为不
存在衍射现象，D错误。
故选C。
4．A
【详解】设L 中的电流在a、b两点产生的磁感应强度大小为B，L 中的电流在a、b两点
1 1 2
产生的磁感应强度大小为B，由安培定则可知L 中的电流在a点产生的磁场方向垂直于纸
2 1
面向里，L 中的电流在a点产生的磁场方向垂直于纸面向里；L 中的电流在b点产生的磁
2 1
场方向垂直于纸面向里，L 中的电流在b点产生的磁场方向垂直于纸面向外，所以根据已
2
知条件得到
B
B -(B +B )= 0
0 1 2 3
B
B -B +B = 0
0 1 2 2
解得
7B B
B = 0，B = 0
1 12 2 12
故选A。
5．D
【详解】A．光在不同介质中传播时频率不变，故A错误；
BC．由几何知识可得，光线在A点折射角等于它在B点入射角，根据光路可逆性，A点入
射角θ等于它在B点折射角α，由于入射角不可能为90∘，所以光线在A点折射角不可能为
临界角C，B点入射角也不可能为C，光线在圆柱体内不可能发生全反射，故BC均错误；
D．若θ增大，光线在A点折射角增大，根据几何知识可得，光线在玻璃内传播路程减小，
光线由A点至第一次射出时间变短，故D正确。
答案第2页，共10页故选D。
6．A
【详解】A球下落中只有重力做功，则落地时的动能等于mgh；B球下落时除了重力做功
外还有电场力做正功，则落地时的动能大于mgh；C球下落时只有重力做功，洛伦兹力不
做功，则落地时的动能仍为mgh，则三球落地时的速度关系为
v =v <v
a c b
故选A。
7．A
【详解】A．设粒子的入射点到磁场下边界的磁场宽度为d，画出粒子的运动轨迹如图所示
根据几何关系可得
R =d
1
R cos60°+d=R
2 2
解得
R =2d
2
则两粒子在磁场中运动的轨道半径之比为
R 1
1=
R 2
2
故A正确；
B．由洛伦兹力提供向心力可得
v2
qvB=m
r
可得
qBr
v= ∝r
m
答案第3页，共10页
学科网（北京）股份有限公司则两粒子的速度之比为
v R 1
1= 1=
v R 2
2 2
故B错误；
CD．粒子在磁场中运动的周期为
2πr 2πm
T= =
v qB
由此可知，粒子的运动的周期与粒子的速度的大小无关，所以粒子在磁场中的周期相同；
由粒子的运动的轨迹可知，两种速度的粒子的偏转角分别为90°、60°，则两粒子在磁场
中的运动时间之比为
90°
T
t 360° 3
1= =
t 60° 2
2 T
360°
故CD错误。
故选A。
8．C
【详解】发生明显衍射现象的条件是障碍物的尺寸比波长小或跟波长相差不多。
根据公式，有
v
λ=vT=
f
可知题中三种声波的波长分别为
1 v
λ =vT =340× m=17m，λ = =0.034m，λ =12m
1 20 2 f 3
它们传播时若遇到宽约为13m的障碍物，因为λ 大于障碍物的宽度，所以能发生明显的衍
1
射现象；λ 远小于障碍物的宽度，因而不能发生明显的衍射现象；λ 与障碍物的宽度相差
2 3
不多，也能发生明显的衍射现象。故能产生明显的衍射现象的是①和③。
故选C。
9．AD
【详解】A．根据楞次定律可知线框中的电流方向由d到c，故A正确；
B．由于da，ab，bc三个边串联之后再与dc并联，可知ab边与cd边电流不同，因此所受
安培力不同，B错误；
C．回路感应电动势
答案第4页，共10页ΔΦ ΔB
E=N =N 1 S=2000×5×60×10-4V=60V
Δt Δt
回路总电阻
3R·R
R =r+ =4Ω
总 3R+R
因此流过线圈的电流
E
I= =15A
R
总
故C错误；
D．根据平衡条件可知
I 3L
B L +B L =2kΔx
2 4 2 4
解得
B =2T
2
故D正确。
故选AD。
10．AC
【详解】AB．由左手定则可判断正离子受到向下的洛伦兹力，所以正电荷向下运动，负离
子受到向上的洛伦兹力而向上运动，故发电机下导体电极为正极、上导体电极为负极，开
关S断开时，电荷不再偏转时有
u
q =qv B a'b'c'd'和abcd间的电势差为Bl v ，所以A正确，B错误；
l 0 2 0
2
C．开关S闭合时，回路中电流为
Bl v Bl v Bl l l v
I= 2 0= 2 0 = 1 2 3 0
R+r l l l R+ρl
R+ρ 2 1 3 2
l l
1 3
所以C正确；
D．开关S闭合时，R中产生的热功率为
Bl l l v 2
( )
P=I2R= 1 2 3 0 R
l l R+ρl
1 3 2
选项D错误。
故选AC。
答案第5页，共10页
学科网（北京）股份有限公司11．(1)ABC
(2)0.892/0.893/0.894/0.895/0.896/0.897
(3)(x
2
-x
1
)d
6L
2
l
【详解】（1）根据双缝干涉条纹间距公式Δx= λ可知
d
A．将屏移近双缝，则l减小，所以干涉条纹间距变窄，故A正确；
B．将滤光片由蓝色的换成红色的，则波长λ变长，干涉条纹间距变宽，故B正确；
C．换一个两缝之间距离较大的双缝，则d增大，干涉条纹间距变窄，故C正确；
D．去掉滤光片后，出现白光干涉现象，故D错误。
故选ABC。
（2）螺旋测微器的精确度为0.01mm，根据螺旋测微器的读数规则，读数
x=0.5mm+39.4×0.01mm=0.894mm
1
x -x L
（3）依题意有Δx= 2 1= 2 λ
7-1 d
解得 λ=
(x
2
-x
1
)d
6L
2
12．(1)P 、P 的像和P
1 2 3
x ❑√x2+d2
(2) 2 1
x ❑√x2+d2
1 2
(3)远
(4)C
【详解】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播， 所以插大头针P 时，需要挡住P 、P 的
4 1 2
像和P 。
3
x
（2）入射角的正弦为sini= 2
❑√d2+x2
2
x
折射角的正弦为sinr= 1
❑√d2+x2
1
sini
由折射定律得n=
sinr
答案第6页，共10页x ❑√x2+d2
解得该玻璃砖的折射率n= 2 1
x ❑√x2+d2
1 2
（3）由于该玻璃砖的折射率很小，在实际测量中E、F两点离得很近不方便测量x 、x ，
1 2
那么可以采用等比例放大x 、x ，所以直线c离直线b的距离适当远一点好。
1 2
（4）A．将A图入射光线和折射光线补充完整如图所示
光路图中从玻璃砖出射时，不满足实际在空气中的折射角大于玻璃砖中的入射角，故A错
误；
B．将B图入射光线和折射光线补充完整如图所示
光路图虽然正确，但入射角和折射角均为零度，测不出折射率，故B错误；
C．将C图入射光线和折射光线补充完整如图所示
光路图中，光线可以满足从玻璃砖出射时，在空气中的折射角大于玻璃砖中的入射角，可
以比较准确地测定折射率，故C正确；
D．将D图入射光线和折射光线补充完整如图所示
答案第7页，共10页
学科网（北京）股份有限公司光路图中，光线不满足从玻璃砖出射时，在空气中的折射角大于玻璃砖中的入射角，故D
错误。
故选C。
EBL BEL
13．（1）F= ；（2）m=
2R Rg
【详解】（1）金属棒的电流为
E
I=
2R
金属棒所受安培力大小
F=BIL
解得
EBL
F=
2R
（2）根据平衡条件得
Fsinθ=μF
N
Fcosθ+F =mg
N
解得
BEL
m=
Rg
答案第8页，共10页E
14．(1)v =
0 2B
E
(2)（ ，0）
2kB2
【详解】（1）由题意可知粒子的运动轨迹如图所示
根据
v2
qv B=m 0
0 R
mv v
则OP=OM=R= 0= 0
qB kB
E
因为ON=
2B2k
在第二象限中粒子做类平抛运动有 ON E
t= =
v 2B2kv
0 0
Eq 1
由OP= t2= Ekt2
2m 2
E
解得v =
0 2B
（2）M点的水平位置 v E
x =R= 0 =
M kB 2kB2
E
M点的坐标为（ ，0）
2kB2
15．（1） ；（2）（ⅰ） ；（ⅱ）
gT sinθ 2gT2tan2θsinθ 2πgT2tan2θ
0 0 0
【详解】（1）小球释放后，沿斜面向下加速，洛伦兹力垂直斜面向上，小球脱离斜面前，
洛伦兹力不影响小球的加速度，沿斜面方向，由牛顿第二定律有
mgsinθ=ma
解得
答案第9页，共10页
学科网（北京）股份有限公司a=gsinθ
小球在斜面上做匀加速直线运动，由运动学公式有
v =aT
0 0
解得
v =gT sinθ
0 0
（2）小球刚要离开斜面时，垂直斜面方向，有
qv B=mgcosθ
0
设小球离开斜面后，在轨迹最低点的速度为v ，在轨迹最高点的速度为v ，分析可知，v 、
1 2 1
v 的方向都水平向右，且小球离开斜面后的加速度大小都等于刚脱离斜面时的加速度
2
a=gsinθ
（ⅰ）在最低点，小球加速度向上，由牛顿第二定律有
qv B-mg=ma
1
在最高点，小球加速度向下，由牛顿第二定律有
mg-qv B=ma
2
小球从最低点运动到最高点，只有重力做功，洛伦兹力不做功，由动能定理有
1 1
-mgh= mv2- mv2
2 2 2 1
解得
h=2gT2tan2θsinθ
0
（ⅱ）小球离开斜面后，从一个最高点向相邻最高点运动的过程中，设某一时刻速度为v，
方向与水平向右夹角为α，又经过一小段时间Δt，竖直方向速度变化量为Δv ，水平方向
y
分位移为∆x，竖直方向由动量定理有
qBvΔtcosα-mgΔt=mΔv
y
Δx=vΔtcosα
对小球从一个最高点到相邻最高点的整个过程求和，有
qBx-mg⋅2πT tanθ=0-0
0
解得
x=2πgT2tan2θ
0
答案第10页，共10页
