柳铁一中2025届高考适应性训练物理答案_2025年6月_250603广西省柳铁一中2025届高考适应性训练（全科）

柳州铁一中学2025届高考物理适应性测试 5.24 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C A B D D C C AC AB BD 1.【答案】C【详解】根据x−t图像的切线斜率表示速度，可知0~t 时间内，汽车向正方向做加速直线运 1 动，加速度方向与速度方向相同，为正方向；t ~t 时间内，汽车向正方向做匀速直线，加速度为零；t ~t 1 2 2 3 时间内，汽车向正方向做减速直线，加速度方向与速度方向相反，为负方向。故选C。 2．A【详解】A．图甲是粒子散射实验，卢瑟福据此提出了原子的核式结构模型，A 正确； B．图乙是光电效应实验，张开的验电器指针和锌板都带正电，B错误； C．图丙是放射源放出三种射线在磁场中的运动轨迹，由左手定则可知1粒子带负电，为β射线，C错误； D．图丁是核反应堆示意图，它是利用重核裂变反应释放能量，D 错误。故选A。 3．B【详解】A．如图甲使光信号在光导纤维中发生全反射，内芯的折射率大于外套的折射率，故A错误； B．观看3D 电影时需要佩戴特殊的眼镜，此过程利用了光的偏振现象，光是横波，故B正确； C．图丙是双缝干涉图样，让激光束通过一个狭缝，不可能观察到光屏上出现丙图，故C错误； D．在丁图中激光束沿液流传播，若改用折射率更大的液体，光发生全反射时，临界偏角越小，光在液体 中的路程更长，实验现象更明显，故D 错误。故选B。 4．【答案】D【详解】A．第一宇宙速度是最大的环绕速度，当主舱室在半径为r的轨道上稳定运行时，其 轨道半径大于地球半径，则速度应小于7.9km/s，A 错误； B．返回器跳出大气层后想第二次再入大气层则半径减小，需要减小速度，即向前喷气，B错误； M GMm 42r = 42r3 3r3 C．由万有引力提供向心力有 =m 密度为 4 联立解得M = ,= C错误； r2 T2 R3 GT2 GT2R3 3 Mm v2 42r3 D．由万有引力提供向心力有G =m 可知第一宇宙速度为v= D 正确。故选D。 R2 R RT2 5．D【详解】A．由图（b）可知t =0.1s时Q沿y轴负方向振动，由上、下坡法判定简谐波沿x轴负方向 1  8 传播，A错误；B．由题图可知，该波波长为=8m，周期T =0.2s，故波速为v= = m/s=40m/sB T 0.2 错误。C．简谐波向x轴负方向传播，可知质点P沿y轴正方向振动，质点Q沿y轴负方向振动，因此质 点P先达到正向最大位移处，C错误；D．t =0.1s时，平衡位置为x =1.0m的质点P沿y轴正方向振动， 1 1 1 可知经t = T =0.025s时振动到正向最大位移处，再经t = T =0.05s时质点P振动到平衡位置，因此 1 8 2 4 在t=t +t +t =0.1s+0.025s+0.05s=0.175s时刻质点P恰好位于平衡位置，D 正确。故选D。 0 1 2 6．C【详解】A．由于线圈有内阻则交流电压表测量的是发电机电源的路端电压，故A 错误； B．该发电机产生的电源电动势的最大值为E =nBS=1000.020.20.4100V=16V max I 1 U 1 U 3U R 故B错误；C．将变压器等效为一电阻，有 1 = 则 1 =  2 得R' = 1 =9R I 3 R' 3 R U 2 2 等效电路即为线圈与一个阻值为9R的电阻串联，调节电阻箱阻值，当R=5Ω时，等效电阻的功率为 答案第1 页，共4 页E2   max  2 P= 9R=2.304W由于变压器原副线圈功率相等，则R消耗的电功率为2.304W，故C正确；  R+r      5 D．当电源内阻与外电路电阻相等时，等效电阻的功率最大，则有9R=5Ω即R= Ω故D错误。故选 C。 9 7.【答案】C【详解】A．结点受到三个力的作用处于平衡状态，则三个力的合力为零，所以F 和F 的合 1 3 力大小一定等于F 的大小，又由于两个力的夹角为锐角时，合力大于任意一个分力，则F 一定大于 F ， 2 2 3 故A 错误；B．将力F 和F 沿水平方向与竖直方向分解，如图设F 和F 与竖直方向的夹角分别为α、β， 2 3 1 2 则F =F sin=F =F sin因当速度变大时，空气阻力变大，即F 的水平分量 1x 1 2x 2 2 F 变大，竖直分量不变，则F 变大，β变大，F 也一定变大，故B错误； 2x 2 1 C．人的脚尖触及海面时，F 方向水平向左，结点在三力作用下仍能保持平衡， 1 所以，人的脚尖可以接触海面，故C正确； D．结点受到三个力的作用处于平衡状态，则三个力的合力为零，所以F 和F 2 3 的合力大小一定等于F 的大小，方向与F 相反，方向一定不能沿水平方向向右， 1 1 故D 错误。故选C。 8.【答案】AC【详解】A．连接接线柱后会形成闭合回路，指针晃动产生感应电流，而感应电流所受的安 培力起到阻碍作用，使指针摆动变缓， A 正确； B．乙虽然是有竖直裂缝的铝管，但是强磁小圆柱在铝管中下落时，在侧壁也产生涡流，对小圆柱产生向 上的阻力，所以强磁体不是做自由落体运动，则B错误； C．图（c）中这种动圈式扬声器，若有声音使得纸盆振动，从而带动线圈振动切割磁感线产生感应电流， 所以这样的扬声器也能当作话筒，选项C正确； D．当转动铜盘时，导致铜盘的一部分切割磁感线，从而产生感应电流，此时机械能转化为电能最终转化 为内能；把铜盘换成塑料盘，不会产生感应电流，则不会消耗机械能，即不会看到同样的现象，选项D错 误。故选AC。 9.AB【详解】A. 若r=2R，粒子在磁场中运动的时间最长时，磁场区域的直 径是轨迹的一条弦，作出轨迹如图， 因为r=2R，圆心角α=60°，粒子在磁场中运动的最长时间 60 1 2m m t = T =  = 故A 正确； max 360 6 qB 3qB B. 若r =R，即粒子的轨迹半径等于圆形磁场的半径，轨迹“磁聚焦”原理逆向 分析可知，沿着不同方向射入磁场的粒子，出磁场时的速度方向相同，均垂 直于OA方向，如图所示，故B正确； C. 若r =2R，粒子沿着各个方向射入磁场，能打在整个圆周上，故C错误； 1 D. 若r= R，粒子打到圆周上的最远位置距离入射点为s=2r=R 2 该段圆弧所对的圆心角为60°，即能打在圆形磁场圆周上的范围是六分之一个圆周 长，选项D 错误。 故选AB。 10．BD【详解】A．运动员静止时，根据胡克定律得mg =kx 解得k =5000N/m故A 错误； 0 1 B．根据竖直上抛运动的对称性，知运动员下落的时间为1s。则上升的最大高度h= gt2 =5m 2 1 故B正确；C．运动员从最大高度运动至最低点过程，由能量守恒可得 kx2 =mg(h+x )解得x 1.1m故 2 m m m 答案第2 页，共4 页1 C错误；D．在预备运动中，运动员所做的总功设为W，则有W + kx2 =mg(h+x )解得W =2525J故D 正 2 0 0 确。故选BD。 1 2 2 1 1 2 1 2 11．（8 分）m x =m x +m x , m x2 =m x2+m x2 , − = − , + = + A 2 A 1 B 3 A 2 A 1 B 3 t t t t (t)2 (t )2 (t )2 (t )2 1 2 4 3 1 2 3 4 【详解】（1）[1]采用图甲所示装置，小球碰后做平抛运动，由于落地的高度都相同，则落地的时间相同， 则小球落地的水平位移与速度成正比，则实验中通过仅测量小球做平抛运动的水平位移，可间接得到小球 碰撞前后的速度关系。碰前入射球A 水平距离为OE，两球相碰后，入射球A水平距离为OD，B球水平 距离为OF，则根据动量守恒定律有m v =m v +m v 因下落时间相同则两端同时乘以t后有 A 0 A 1 B 2 m OE=m OD+m OF即m x =m x +m x A A B A 2 A 1 B 3 第一组实验，当表达式m x =m x +m x 成立时，即说明A 球和B球在碰撞过程中动量守恒。 A 2 A 1 B 3 1 1 1 （2）[2]若碰撞中动能守恒，则 m v2 = m v2+ m v2即m x2 =m x2+m x2 2 A 0 2 A 1 2 B 2 A 2 A 1 B 3 （3）[3]第二组实验，设滑块M和N 质量分别为m和2m；碰撞前M、N 的速度大小分别为 d d d d v = ， v = 碰撞后M、N 的速度大小分别为v = ， v = M t N t M t N t 1 2 3 4 1 2 2 1 设碰前M的速度为正方向，则mv −2mv =−mv +2mv 带入整理得 − = − M N N M t t t t 1 2 4 3 1 2 2 1 即第二组实验，当表达式 − = − 成立时，即说明滑块M和N 在碰撞过程中动量守恒。 t t t t 1 2 4 3 1 1 1 1 1 2 1 2 （4）[4]第二组实验，当表达式 mv2 + 2mv2 = mv2+ 2mv2即 + = + 2 M 2 N 2 M 2 N (t )2 (t )2 (t )2 (t )2 1 2 3 4 成立时，即说明滑块M和N 在碰撞过程中发生的是弹性碰撞。 12. （8 分）（1）最大 （1分）最小 （1分） （2）4.9/5.0/5.1都给分（1分） 0.9/1.0/1.1都给分（1分） （3）C（2 分） 偏小（2 分） 解析：（1）实验前，应该把电阻箱R 的阻值调至最大，使电流表支路电阻最大 1 1 1 (R +r) 1 6−1 (R +r) （2）根据闭合电路欧姆定律E=I(R +R +r)整理得 = R + 0 所以 = V−1， 0 =1A−1 1 0 I E 1 E E 25 E 解得E=5.0V，r=1.0 （3）把S 闭合于2处，多次调节电阻箱的选择旋钮，同时记录下每次电阻箱的阻值R 和电压表V 的示数 2 2 U U，则实验数据应采用电压表示数和R 的阻值，根据闭合电路欧姆定律E=U + (R +r) 整理得 2 R 0 2 1 1 1 (R +r) 1 1 = +  0 为使图像更直观应以 为纵轴、 为横轴进行计算。此时忽略了电压表内阻的分流 U E R E U R 2 2 作用，内阻测量值偏小。 13.【详解】（1）对车胎内气体分析，出发前压强为p =2.8bar=2.8105Pa 1 温度为t =27C，到服务区时压强为p =3.36bar=3.36105Pa温度为t ，车胎的容积可视为不变，根据查 1 2 2 p p 理定律，得 1 = 2 （3 分）代入数据解得t =87C（1 分） 273+t 273+t 2 1 2 （2）设轮胎容积为V，放气后压强为p = p =2.8bar=2.8105Pa设在该压强下体积变为V，放气前后轮 3 1 答案第3 页，共4 页胎内气体的温度不变，根据玻意耳定律，得pV = pV（2 分）代入数据解得V=1.2V（1分）从后轮胎内 2 3 m 1.2V−V 1 放出气体的质量m，占后轮胎内气体总质量m 的百分比为 = = 100%16.7%（3 分） m 1.2V 6 4 14．（1）40kg；（2） m/s；（3）1.6m≤h≤5.6m 9 【详解】（1）要求A不动时需满足mg(m+M)g（1分）解得m40kg（1分）即包裹的质量不能 1 2 1 超过40kg；（2）包裹在光滑曲面下滑，有 mv 2 =mgh（1 分）解得v =4m/s 2 1 0 1 0 由于包裹质量m =60kg 大于40kg，则装置A 带动B车运动， 1 mg−(m +M)g 1 加速度为a= 1 2 1 = m/s2（1 分）包裹加速度为a =g =4m/s2（1 分） 2 1 2M 2 8 4 当三者以v共速，则有v −a t=at =v（1 分）解得t= s，v= m/s（1 分） 0 2 1 9 9 （3）由于包裹质量m =10kg小于40kg，则装置A 始终静止不动，所以A释放高度最小时，包裹恰好滑上 2 B车，则有m gh =m gL（1 分）解得h =1.6m 2 1 1 2 1 A 释放高度最大时，则包裹滑上B车与挡板碰撞后返回B车最左端时二者恰好共速， 1 下滑至B车时有m gh = m v '2+m gL（1 分） 2 2 2 2 0 1 2 与B车相互作用过程满足m v ' =(M +m )v （1 分） 2 0 2 共 1 1 由能量守恒得 m v2 = (M +m )v2 +m g2L（1 分）解得h =5.6m 2 2 0 2 2 共 1 2 2 综上：包裹静止释放时的高度h应满足1.6mh5.6m（1 分） 15.【详解】(1)由题意知小球做匀速直线运动 ，受力分析如图 2mg f =qvB= 2mg（2 分）匀速直线运动速度大小v= （1 分） qB 方向如图，斜向下与x 轴方向夹角45°（1 分） (2)小球做直线运动的条件为：洛仑兹力与电场力和重力的合力为一对平衡力。当电场在xOy平面内方向任 意时，电场力与重力合力最大值为2mg，最小值为零。则 2mg Bqv =2mg（1 分），Bqv =0（1 分）得0v （2 分） max min Bq (3)设小球运动到最低位置时下落高度为H，此时速度最大为v ，方向水平，任意时刻v沿x轴正向、y轴 0 负向的分速度分别为v ，v 。与v 对应的洛仑兹力水平分力方向沿x 轴正向 f =Bqv x y。 y x y 小球由静止释放到最低点的过程中，应用动量定理得：  f t=Bqv t=Bqv t=BqH =mv −0 （3 分） x y y 0 1 4m2g 小球由静止释放到最低点的过程中，由动能定理得mgH+qEH = mv2−0（3 分）解得H = （2 分） 2 0 B2q2 答案第4 页，共4 页