2025届重庆康德三诊物理+答案_2025年5月_250511重庆市2025年普通高等学校招生全国统一考试（康德三诊）（全科）

2025 年重庆市普通高中学业水平选择性考试 高三第三次联合诊断检测 物理 物理测试卷共4页，满分100分，考试时间75分钟。 一、选择题：共10题，共43分。 （一）单项选择题：共7题，每题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1． 科学家发现在月球上含有丰富的3He（氦3），它是一种高效、清洁、安全的核聚变燃料，其参与的一种核 2 聚变反应的方程式为 2 3He ＋ 2 3He21 1 H ＋ X。则下列关于该反应的说法，正确的是 A．该反应没有质量亏损 B．X为α粒子 C．X比β射线的穿透能力强 D．X的结合能小于3He 2 2． 中国高铁交通运行举世瞩目。设定某高铁运行时所受阻力大小f与车速v之间的关系为 f ＝ kv2（k为定值）， 在甲、乙两段水平轨道上匀速直线行驶的速度大小分别为300km/h、200km/h。则该高铁在甲、乙两段水 平轨道上匀速直线行驶时，其发动机的输出功率的比值为 3 9 27 81 A． B． C． D． 2 4 8 16 3． 某同学设计了如题3图所示装置：A为容积为V的导热气缸，通过阀门和细管（容积不计）与最大容积为 0.2V的导热气缸B相连。B内有一厚度不计、可上下运动的活塞，上提活塞时阀门a关闭、阀门b打开， 下压活塞时阀门b关闭、阀门a打开。外界大气压始终为p ，A中空气的初始压强也为p ，活塞每次上、下 0 0 运动均到达B的最高、最低处，整个过程中环境温度保持不变，空 气可视为理想气体。活塞从最低处开始先缓慢上提、再缓慢下压计为 1次，则5次后A中的气体压强为 A A．1.2p B．1.4p B 0 0 b C．2p 0 D．2.5p 0 题3图 a 4． 某同学把手机固定在身上蹦极，蹦极开始的瞬间打开手机中的加速度传感器。运动过程中，加速度传感器记 录了该同学的加速度a随时间t变化的部分关系图像如题4图所示。忽略空气阻力，则该同学处在最低点的 时刻是 a a A．t 0 2 B．t O t 1 t 2 t 3 t 4 t 5 t 3 C．t 4 －a 1 D．t 题4图 5 5．如题5图所示电路中，直流电源电动势为E、内阻r＝R，定值电阻R ＝R，可变电阻R 的阻值范围为0～2R。 1 2 闭合开关S，改变可变电阻R 接入电路的阻值，则R 的最大电功率为 2 2 R 2 E2 E2 A． B． R 4R R 1 E2 E2 C． D． E r S 6R 8R 题5图 第三次联合诊断检测（物理）第1页 共9页6． 卫星甲是定点于地球赤道平面的地球同步卫星，卫星乙是地球极地卫星，甲、乙均绕地球做匀速圆周运动。 已知乙的轨道半径为r，甲的轨道半径为4r。某时刻甲位于乙的正上方，则到下一次甲位于乙的正上方所经 过的最短时间为 A．24h B．12h C．6h D．3h 7． 如题7图所示，某理想变压器的原副线圈分别接有三个阻值相同的定值电阻R 、R 和R 。正弦交流电源的 1 2 3 输出电压有效值恒为U，当开关S闭合时，两理想交流电压表的读数均为U 。则下列说法正确的是 0 A．U＝2U 0 V 1 B．原副线圈匝数之比n 1 ∶n 2 ＝1∶2 R 1 S U~ n 1 n 2 R 2 V 2 C．若断开开关S，则R 、R 消耗的电功率之比为4∶1 R 1 2 3 D．若断开开关S，则流过R 1 、R 2 的电流之比为1∶2 题7图 （二）多项选择题：共3题，每题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选 对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8． 如题8图所示，一条含有两种单色光的细光束从水中O点射出，在水与空气的分界面上P点出射，分成a、 b两束单色光。已知OP与水面的夹角为θ，则下列说法正确的是 a A．从O点到P点，a光经过的时间比b光经过的时间长 空气 b B．从O点到P点，a光经过的时间比b光经过的时间短 水 θ P C．逐渐增大OP与水面的夹角θ，水面上b光最先消失 O D．逐渐减小OP与水面的夹角θ，水面上b光最先消失 题8图 9． 题9图是一半径为R的带正电的空心金属球壳，正电荷均匀分布在球壳上，球壳厚度不计。以球心为原点 建立O-xyz空间直角坐标系，A、B、C三点的坐标分别为（0，R，0）、（0，0，1.5R）、（0.5R，0，0）。已知 均匀带电的球壳在球壳内部产生的电场强度处处为零，在球壳外部产生的电场与一个位于其球心的电荷量相 同的点电荷产生的电场相同。下列说法正确的是 z B A．A点的电势大于B点的电势 B．A点的电势等于C点的电势 O A C y C．电子在O点的电势能比在其他点的电势能都低 x D．A、B、C三点的场强大小关系为E ＝E ＞E 题9图 A C B 10．如题10图1所示，足够长的水平地面上，一同学坐在木箱中，受到水平向右的拉力F作用从静止开始运动， 拉力F的冲量I随时间t变化的关系如题10图2所示。整个过程中，该同学和木箱始终保持相对静止。已 知该同学和木箱的总质量为50kg，木箱与水平地面间的动摩擦因数μ＝0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，则 I/(N·s) 700 A．t＝2s时刻，该同学的速度大小为8m/s F 400 B．0～2s内，该同学的位移大小为4m C．t＝8s时刻，该同学还在继续向右运动 题10图1 0 2 8 t/s 题10图2 D．0～8s内，木箱克服地面摩擦力做功为1200J 第三次联合诊断检测（物理）第2页 共9页二、非选择题：共5题，共57分。 11．（6分） 某学习小组利用如题11图所示装置，测量当地重力加速度大小。一半径为R的光滑圆弧槽固定在水平桌面 上，O点为其圆心，圆弧两端点A、C的连线水平，B点为圆弧最低点，且∠AOB＜5°。将一直径为d的光滑小 球从A点无初速度释放，小球随后的运动可等效为单摆摆球的运动。 O （1）该等效单摆的摆长L＝ （用R、d表示）。 R （2）从B点开始用秒表计时并计数为“0”，到小球第 “N”次经过B点的总时间为t。则该等效单摆的 A B C 周期T＝ （用N、t表示）。 题11图 （3）根据以上实验数据，计算得出当地重力加速度大小g＝ （用R、d、N、t表示）。 12．（10分） 某同学用题12图1所示电路，测量一组干电池的电动势和内阻。已知该干电池组的电动势约为3V，内阻 约为1Ω。为了使移动滑动变阻器的滑片时电压表的读数变化更加明显，在电路中串联了一个定值电阻R 。除待 0 测电源外，可供选择的实验器材如下： （a）电流表（量程0～0.6A，内阻忽略不计）； （b）电压表（量程0～3V，内阻很大）； （c）定值电阻（阻值4Ω，额定功率5W）； （d）定值电阻（阻值20Ω，额定功率5W）； （e）滑动变阻器（阻值范围0～40Ω，额定电流2A）； （f）滑动变阻器（阻值范围0～1000Ω，额定电流1A）； （g）开关S及导线若干。 a R U/V 2.00 A R R 0 b c 1.80 A V a － ＋ V － ＋ b c R 0 E r S S － ＋ 0 0.06 0.10 0.18 I/A 题12图1 题12图2 题12图3 请回答下列问题： （1）为使实验安全、操作方便并减小误差，定值电阻R 应选择 ，滑动变阻器R应选择 （选 0 填相应器材前的编号）。 （2）题12图2是该同学实际连接的实物图。移动滑动变阻器R的滑片位置，测得多组电压表读数U和对 应的电流表读数I，作出U-I图像如题12图3所示。通过对实物图的排查，发现U-I图像不是线性关 系的原因是多连接了一根导线，则题12图2中多连接的导线是 （选填“aa”“bb”或“cc”）。 通过分析发现，利用所测得的U-I图像也可以达到实验目的，则由题12图3可得，该干电池组的电动 势E＝ V，内阻r＝ Ω。（结果均保留两位小数） 第三次联合诊断检测（物理）第3页 共9页13．（10分） 一粗细均匀、总电阻为R、边长为L的正方形单匝闭合金属线圈，静置于与线圈平面垂直的匀强磁场中，该 磁场的磁感应强度B随时间t变化的关系如题13图所示，其中B 、t B 0 0 B 0 为已知量。整个过程中，线圈无形变。求在0～3t 时间段内： 0 O t （1）该线圈中产生的电热Q； t 0 3t 0 （2）通过该线圈截面的电量q。 －B 0 题13图 14．（13分） 某固定装置如题14图所示：AB段是半径R＝0.2m的1/4光滑圆弧，BC段为粗糙水平面并在B点与圆弧平 滑连接。一质量m＝0.2kg的1号物块锁定在水平固定的弹簧枪内（不计物块与枪间的摩擦），物块尺寸略小于 枪的内径。另一质量M＝1kg的2号物块静止于B点，两物块形状尺寸完全相同。现解除锁定，1号物块从C 点被水平弹出后，在B点与2号物块发生弹性碰撞，碰 A R 撞时间不计。2号物块第一次被碰后恰好能滑到圆弧顶端 弹簧枪 A点，两物块均可视为质点且与BC段间的动摩擦因数均 2 1 B C 为μ＝0.2，重力加速度g取10m/s2，弹簧始终在弹性限 题14图 度内，不计空气阻力。求： （1）两物块在B点发生第一次碰撞后瞬时，1号物块的速度； （2）若两物块恰好不能发生第二次碰撞，求1号物块被锁定时弹簧枪的弹性势能。 15．（18分） 如题15图所示，平面直角坐标系xOy中，Ⅰ区域（y＞3h）内充满沿－y方向的匀强电场，Ⅱ区域（0＜y＜3h） 内充满垂直xOy平面向外的匀强磁场，Ⅲ区域（y＜0）内充满垂直xOy平面的匀强磁场，所有电磁场均未在图 中画出。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从A y 点（0，4h）沿＋x 方向以大小为v 的速度射出，恰好 Ⅰ A v 0 0 N 8 经过Ⅱ区域上边界的N点（ h，3h）进入Ⅱ区域，之 3 Ⅱ 15 3 － 10 后又经过x轴上C点（ h，0）进入Ⅲ区域。 x 3 O C 已知sin37°＝0.6，不计粒子重力，忽略边界效应。 Ⅲ （1）求Ⅰ区域中匀强电场的场强大小E； （2）求Ⅱ区域中匀强磁场的磁感应强度大小B； 题15图 （3）若该粒子能再次回到N点，求它相邻两次经过N点的时间间隔。 第三次联合诊断检测（物理）第4页 共9页2025 年重庆市普通高中学业水平选择性考试 高三第三次联合诊断检测 物理参考答案 1～7BCCBDAD 8BD 9AB 10BD 解析： 1．B。核聚变反应会释放能量，有质量亏损，选项A错误；由质量数和电荷数守恒可知，X为4He，即α粒子， 2 选项B正确；α粒子的穿透能力比β射线的穿透能力弱，选项C错误；4He可以看作是3He再结合一个中 2 2 子形成的，故其结合能大于3He，选项D错误；故选B。 2 2．C。该高铁水平匀速直线行驶，其发动机的输出功率PFv fvkv3，因此在甲、乙两段水平轨道上匀速直 P v3 27 线行驶时，发动机的输出功率之比 甲  甲  ，选项C正确；故选C。 P v3 8 乙 乙 3．C。5次过程均为充气过程，由 pV  p 50.2V  pV 可得，5次后A中的气体压强 p2p ，选项C正确； 0 0 0 故选C。 4．B。由a-t图像可知，0～t 内，该同学向下加速运动，速度逐渐增大；t 时刻，速度达到最大值；t ～t 内， 2 2 2 3 继续向下运动，速度逐渐减小；t 时刻，速度减为零；t ～t 内，反向加速，向上运动。因此，t 时刻该 3 3 4 3 同学处于最低点，选项B正确，故选B。 E Rr R 5．D。R 和电源并联后可视为一个“等效电源”，新电源的电动势E 、内阻r  ，此时R 的电功 1 2 2 Rr 2 R 率就是新电源的输出功率，当外电阻等于电源内阻时电源的输出功率最大，可知当R r 时R 的电 2 2 2 E R E2 功率最大，其最大功率P ( )2  ，选项D正确；故选D。 max 2R 2 8R T R 6．A。由开普勒第三定律可知，甲、乙绕地运行的周期之比 甲  ( 甲)3 8，甲为地球同步卫星，故T 24h， 甲 T R 乙 乙 T 3h，由于甲、乙的运行轨道相互垂直，易知：经过12h，当甲第一次运动到原来位置的对面时，乙 乙 恰好回到原来的位置，此时甲不在乙的正上方，不符合题意；经过24h，当甲第一次回到原来的位置时， 乙正好也回到原来的位置，此时甲正好位于乙正上方，符合题意；可知选项A正确，故选A。 U 2U 7．D。设R R R R，开关S闭合时，通过原线圈的电流I  0 ，通过副线圈的电流I  0 ，可知原副 1 2 3 1 R 2 R n I n 线圈匝数之比 1  2 2，选项B错误；原线圈两端电压U  1U 2U ，因此交流电源的输出电压有 n I 1 n 0 0 2 1 2 I n 1 效值U U U 3U ，选项A错误；断开开关S后，流过R 、R 的电流之比 1  2  ，选项D正确， 0 1 0 1 2 I n 2 2 1 P I2R 1 R 、R 消耗的电功率之比 1  1  ，选项C错误；故选D。 1 2 P I2R 4 2 2 第三次联合诊断检测（物理）第5页 共9页8．BD。a、b两光在水中的入射角相同，但a光在空气中的折射角较小，由折射定律易知，水对a光的折射率较 c 小，又由v 知，a光在水中传播的速度较大，因此a光从O点运动到P点经过的时间较短，选项B n 正确，选项A错误；θ是入射角的余角，逐渐增大θ时，水面上a、b两光都不会消失，逐渐减小θ时，水 面上b光会最先消失，选项D正确，选项C错误；故选BD。 9．AB。球壳带正电，由分析知，A点的电势大于B点的电势，选项A正确；球壳内部产生的电场强度处处为零， Q 整个球是一个等势体，A点的电势等于C点的电势，选项B正确，选项C错误；由Ek 可知，A、B、 R2 C三点的场强大小关系为E ＞E ＞E ，选项D错误；故选AB。 A B C 400 10．BD。由I-t图像和牛顿第二定律易得，0～2s内，拉力F  N200N，该同学和木箱一起向右做匀加速 1 2 F mg 直线运动，加速度a  1 2m/s2，t2s时刻，速度v at4m/s，选项A错误；0～2s内， 1 m 1 1 v 700400 该同学的位移x  1t4m，选项B正确；2s后，拉力F  N50N，该同学和木箱一起向 1 2 2 82 F mg 右做匀减速直线运动，加速度a 2  2 m 1m/s2，经 v/(ms1) v 4 过t 1 4s停止运动（v-t图像如答图1），故t8s时 a 2 刻该同学静止不动，选项C错误；0～8s内，木箱的位移 t/s v 0 2 6 x  1(tt)12m ， 木 箱 克 服 地 面 摩 擦 力 做 功 2 2 答图1 W mgx 1200J，选项D正确；故选BD。 2 11．（6分） d （1）R （2分） 2 2t （2） （2分） N d π2N2(R ) （3） 2 （2分） t2 解析： d （1）由题易知，摆长LR 。 2 T 2t （2）由N t可得，周期T  。 2 N d π2N2(R ) （3）由单摆周期公式T 2π L 可得，当地重力加速度g 4π2L ，代入L、T，解得g 2 。 g T2 t2 12．（10分） （1）c（2分） e（2分） （2）bb（2分） 3.00（2分） 1.00（2分） 第三次联合诊断检测（物理）第6页 共9页解析： （1）实验过程中，为了保证实验安全、方便操作并减小误差，电流表的示数应超过1/3量程但不超过量程，因 3V 3V 此 ≤R r≤ ，可得5Ω≤R r≤15Ω，因此定值电阻R 应选c，滑动变阻器R应选e。 外 外 0 0.6A 0.2A （2）由电路图和实物图对比可知，多连接的导线是bb。实物图对应的电路图如答图2所示，结合U-I图像可知， 当电压表示数最大为U 2.00V时，滑动变阻器的滑片位于中间位 A m R 置，此时干路电流最小为I 20.10A0.20A，由闭合电路欧姆定 1 律可得EI (R r)U ，即E0.20(4r)2.00；当电压表示 1 0 m V 数U 1.80V时，干路电流I 2 (0.060.18)A0.24A，同理可得： R 0 E r S E0.24(4r)1.80，联立解得：r1.00，E3.00V。 答图2 13．（10分） Φ 解：（1）由法拉第电磁感应定律E 可知： t B B L2 0～t 时间段内，该线圈中产生的感应电动势：E  S  0 （2分） 0 1 t t 0 B L2 t ～3t 时间段内，该线圈中产生的感应电动势：E  0 （2分） 0 0 2 2t 0 E2 E2 3B2L4 因此，0～3t 时间段内，该线圈中产生的电热：Q 1 t  2 2t  0 （2分） 0 R 0 R 0 2Rt 0 E E （2）0～3t 时间段内，通过该线圈的电量：q 1t  2 2t （2分） 0 R 0 R 0 2B L2 联立解得：q 0 （2分） R 14．（13分） 解：（1）设两物块第一次碰撞前瞬时，1号物块的速度为v ，碰撞后瞬时，1、2号物块的速度分别为v 、v 0 1 2 1 碰撞后，对2号物块有：MgR Mv2（1分），解得：v 2m/s（1分） 2 2 2 以水平向左为正方向，碰撞过程中，由动量守恒和能量守恒可得： 1 1 1 mv mv Mv （1分）， mv2  mv2  Mv2（1分） 0 1 2 2 0 2 1 2 2 联立解得：v 6m/s，方向水平向左；v 4m/s（1分），方向水平向右（1分） 0 1 （2）由于两物块恰好不发生第二次碰撞，可知两物块最后都停止在同一位置。设BC段长度为L，从第一次 碰撞后到最终静止，1号物块在BC段上运动的路程为x ，2号物块在BC段上运动的路程为x 1 2 1 1 对1号物块有：mgx  mv2（1分）；对2号物块有：Mgx  Mv2（1分） 1 2 1 2 2 2 又x x 2L（1分），联立解得：L2.5m（1分） 1 2 第三次联合诊断检测（物理）第7页 共9页1 第一次碰撞前，1号物块从C点运动到B点过程中，有：E mgL mv2（1分） p 2 0 解得，1号物块锁定时弹簧枪的弹性势能E 4.6J（2分） p 15．（18分） 解：（1）该粒子从A点到N点做类平抛运动，设运动时间为t 8 1 qE 平行x轴方向，有： hv t（1分）；平行y轴方向，有：h  t2（1分） 3 0 2 m 9mv2 联立解得：E 0 （2分） 32qh （2）设该粒子从N点进入Ⅱ区域时的速度大小为v，速度方向与x轴正方向的夹角为θ 1 1 5 从A点到N点过程中，由动能定理有：qEh mv2  mv2，解得：v v （1分） 2 2 0 4 0 v 因此：cos 0 0.8，可得：37（1分） v 该粒子在Ⅱ区域中运动的轨迹如答图3所示，设该粒子在Ⅱ区域中做匀速圆周运动的半径为R，从C点 y 进入Ⅲ区域时的速度方向与x轴正方向的夹角为α Ⅰ A v 0 N 由分析和几何关系可得： θ 15 310 8 Ⅱ θ v RsinRsin h h（1分） 3 3 C x O α R RcosRcos3h（1分） α Ⅲ R v 联立解得：60，R10h（1分） v2 mv 又由qBvm ，联立解得：B 0 （1分） R 8qh 答图3 （3）如答图4所示，由分析可知，该粒子的运动轨迹可能为图中轨迹a、b两种情况 y ①对轨迹a： A Ⅰ v 0 设该粒子在Ⅲ区域中做匀速圆周运动的半径为R ， N 1 θ Ⅱ v 对应的Ⅲ区域中磁感应强度大小为B ， 1 C x O α 由分析和几何关系可得： Ⅲ α R 1 R 1 15 310 8 R 2 v R sin h h， α R 2 1 3 3 a 解得：R 2(52 3)h（1分） 1 v2 又qBvm （1分） 1 R b 1 答图4 第三次联合诊断检测（物理）第8页 共9页因此，该粒子相邻两次经过N点的时间间隔： 6037 2πm 360120 2πm t 2    （1分） 1 360 qB 360 qB 1 92πh 32(52 3)πh (572192 3)πh 联立解得：t    （1分） 1 45v 15v 45v 0 0 0 ②对轨迹b： 设该粒子在Ⅲ区域中做匀速圆周运动的半径为R ，对应的Ⅲ区域中磁感应强度大小为B ， 2 2 15 310 10(92 3) 由分析和几何关系可得：R sin h，解得：R  h（1分） 2 3 2 9 v2 又qB vm （1分），因此该粒子相邻两次经过N点的时间间隔： 2 R 2 6037 2πm 360120 2πm 8h t 2    2 （1分） 2 360 qB 360 qB 3v 2 0 92πh 32(92 3)πh 16h (1716320 3)πh 16h 联立解得：t      （1分） 2 45v 27v 3v 135v 3v 0 0 0 0 0 第三次联合诊断检测（物理）第9页 共9页