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届高三三月联合测评
2025
物理试卷参考答案与解析
一、选择题:本题共10小题,每小题4分,共40分。在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符
合题目要求,第8~10题有多项符合题目要求。全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的
得0分。武汉乐学教育
题号
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案
A C B D A A D BC BC BD
答案
1.【 】A
解析 由质量数守恒和核电荷数守恒知 是
234
选项 正确γ射线穿透能力很强 但电离作用很
【 】 X 292U, A ; ,
弱 选项 错误 半衰期是大量原子核衰变的统计规律 对少量原子核不适用 选项 错误 的比
238
, B ; , , C ;294Pu
结合能大于 的比结合能 选项 错误 武汉乐学教育
234
292U , D 。
答案
2.【 】C
解析 第一宇宙速度 是卫星在地球发射的最小速度 也是卫星绕地球做圆周运动的最大环
【 】 7.9km/s ,
绕速度 月面上升阶段 上升器要脱离月球 其起飞速度至少要达到月球上的第一宇宙速度 并不是地
。 , , ,
球上的第一宇宙速度 选项 错误 上升器与轨返组合体交会对接后 组合体的轨道半径不
7.9km/s, A ; ,
变 故运动周期不变 选项 错误 第二宇宙速度 是卫星脱离地球引力束缚的最小发射速
, , B ; 11.2km/s
度 轨返组合体进入月地转移时 是从月球轨道向地球运动 其速度不能超过 否则会脱离
, , , 11.2km/s,
地球引力范围 无法回到地球 选项 正确 返回器采用半弹道跳跃式再入大气层方式返回 在大气层
, , C ; ,
中会受到空气阻力 空气阻力会对返回器做功 机械能不守恒 选项 错误
, , , D 。
答案
3.【 】B
解析 由原线圈电压表达式U tV 知交流电的频率f 理想变压器不改变交
【 】 =2202sin(100π), =50Hz,
U n
流电的频率 所以副线圈中电流的频率也为 选项 错误 由理想变压器电压比公式 1 1 副
, 50Hz, A ; U=n,
2 2
线圈上电压有效值为 选项 正确 已知充电功率P 副线圈电压有效值根据
48V, B ; =11kW=11000W,
n
P UI 解得副线圈电流I 11000 1375 由理想变压器电流比公式I 2I 解得原线圈电
= 2 2, 2= = A。 1=n 2,
48 6 1
U n
流 选项 错误 根据理想变压器电压比公式 1 1 增加原线圈匝数n 副线圈电压U 会减
50A, C ; U =n, 1, 2
2 2
小 充电功率会减小 选项 错误
, , D 。
答案
4.【 】D
解析 已知质点Q的振动方程为y πt 在t 时刻 质点Q沿y轴正方向振动 根据
【 】 =20sin( )cm, =0 , 。
6
上下坡法 可知该波沿x轴负方向传播 选项 错误 由质点Q的振动方程 可得ω π 周期T
“ ”, , A ; , = , =
6
物理试卷参考答案与解析 第 页 共 页
1 ( 6 )λ
2π 由波的图像可知波长 根据波速公式v 解得v 选项 错误 波沿x
=12s。 λ=12m, =T, =1m/s, B ;
ω
轴负方向传播t 时刻 质点P在平衡位置t y 所以P点未回到平衡位置 选
,=0 , ,=4s,=-10 3cm, ,
项 错误 从t 到t 质点Q通过的路程s 选项 正确
C 。 =0 =5s, =20+10=30cm, D 。
答案
5.【 】A
解析 如图所示AB为经玻璃砖上表面的反射光 FC为经玻璃砖下表面
【 】 , ,
的反射光 由反射定律 折射定律 有GF与BC平行且相等 GF BD
, 、 , , = -
GF
CD 所以AF 则光在A点的折射角
=2 3cm,tan30°=AF, =6cm, tanγ=
AF
2 解得γ 即 sin(90°-30°) 6 选项 正确
d , =45°, n= = , A 。
sinγ 2
答案
6.【 】A
解析 如图为玻璃杯受力 由平衡条件知mg F f 且F f 两个摩擦力都恰
【 】 , + 1= 2, 2= 1,
mg
好达到最大静摩擦力时f μF f μF 联立解得 μ 选项 正
,1= 1,2= 2, = 1+F >1, A
1
确 由平衡条件 拇指所受的摩擦力f 大于玻璃杯的重力mg 选项 错误 增加拇指
; , 2 , B ;
与杯的弹力F 食指所受的摩擦力f 变大 选项 错误 增加食指与杯的弹力F
2, 1 , C ; 1,
拇指所受的摩擦力f 变大 选项 错误 武汉乐学教育
2 , D 。
答案
7.【 】D
解析 金属棒沿顺时针匀速转动时 由右手定则 金属棒中的电流方向为A O 选项 错误 由左手
【 】 , , → , A ;
定则 金属棒受到的安培力沿逆时针方向 俯视 选项 错误 设每一极端小段的金属棒产生的感应电
, ( ), B ;
a
动势大小为e有e Brωr则整根金属棒的感应电动势的大小为E Bωr2dr 1Kωa3 选项 正
, = , =∫ = , D
0 3
E Kωa3
确 金属棒中电流的大小I 选项 错误 排除选项 的方法 若磁场为匀强磁场 设磁
; =R= R , C 。( C : ,
3
ωa Kωa3
感应强度大小为Ka 则E Kaa 而据题目描述的磁场 电动势应比之大 选项 错误
, = = , , , C )
2 2
答案
8.【 】BC
解析 空气阻力大小满足f kvk ah2a为常数 质量m bh3b为常数 由牛顿第二定律
【 】 = ,= ( ), = ( ),
av
mg θ mg θ f ma 解得a g θ g θ 显然 速度越大 加速度越大 选项 正确
sin- cos- = , = sin- cos-bh。 , , , A ,
选项 错误 质量越大h越大 加速度越大 选项 正确 选项 错误
B ; , , , C , D 。
答案
9.【 】BC
解析 等量同种正点电荷中垂线上由C O D 电场强度的分布规律 增大 减小O点为零 增大
【 】 → → , : → ( )→
减小 由Eq ma 小球的加速度大小变化 增大 减小O点为零 增大 减小 选项A错误 由对
→ , = , : → ( )→ → , ;
Qq
称性v v 选项 正确 移走A 小球竖直方向上受力N mg k θθ由 r
,D = c =0, B ; , = + r2sin( 45°→90°→45°,
先减小再增加 则杆对小球的作用力N先增大后减小 选项 正确 移走B 小球竖直方向上受力
), , C ; ,
Qq Qq
N k θ mgθ由 r先减小再增加 由于k 与mg的大小关系未知 则杆对小
+ r2sin= ( 45°→90°→45°, ), r2 ,
球的作用力N大小无法判断 选项 错误
, D 。
物理试卷参考答案与解析 第 页 共 页
2 ( 6 )答案
10.【 】BD
解析 位置 位置 初速度大小不同 水平方向匀速运动时间不同 在位置 就不会在位置 再次
【 】 2→ 3, , , 2, 3
相遇 选项 错误 小球a从 小球b从P t 相同 水平方向上x x 2L vt 小球
, A ; 1→3、 →3,1 , a 1- b 1= =6 o 1;
7
a从 小球b从Q t 相同 水平方向上x x 4L vt 小球a从 小球b从
1→5、 →5,2 , a 2- b 2= =6 o 2; 1→7、
7
M t 相同 水平方向上x x 6L vt 易得t t t 又t t所以t
→7,3 , a 3- b 3= =6 o 3; 1∶ 2∶ 3=1∶2∶3, 3= , 3=
7
L
2tx x x 又x L 所以x x x 选项BD正确 小球a从
,a 1∶ a 2∶ a 3=1∶2∶3, a 3= , 13= 35= 57= , 、 ; 1→2、
3 3
小球b从P t 相同 水平方向上2L vt 小球a从 小球b从Q t 相同 水平方向上
→2,4 , =8 o 4; 1→4、 →4,5 ,
7
4L vt 小球a从 小球b从M t 相同 水平方向上6L vt 易得t t t
=8 o 5; 1→6、 →6,6 , =8 o 6; 4∶ 5∶ 6=
7 7
L
所以x x x 又x x x x L 所以x x x 选项 错误
1∶2∶3, 12= 24= 46, 12+ 24+ 46+ 67= , 12= 24= 46< , C 。
3
二、非选择题:本题共5小题,共60分。
11 分
.(6 )
d
分
(1)Δt(2 )
mg km m d2
2 2 - (1+ 2) 分
(2) mg (2 )
2 1
偏大 分
(3) (2 )
解析
【 】
d
小车通过光电门时的速度大小v
(1) =Δt;
由运动规律 aL d 2 得 1 2 a L 图线斜率k 2 a 所以a kd2 由牛顿第二定律
(2) 2 =(Δt)-0 Δt2=d2 , =d2 , = ;
2
mg km m d2
mg μmg m m a 可得 μ 2 2 - (1+ 2)
2 - 1 =(1+ 2), = mg ;
2 1
(3)
设空气阻力
、
绳与滑轮间的摩擦力为f
,
由牛顿第二定律m
2
g
-
μ真m
1
g
-
f
=(
m
1+
m
2)
a得
mg km m d2 f
μ真
=
2 2 -
m
(
g
1+ 2)
-mg<
μ
=
μ测, 所以求出的动摩擦因数偏大
。
2 1 1
12 分
.(10 )
分 分 不扣分
(1)×1(2 ) 11.0(2 ,11 )
分 分 分
(2)A1(2 ) 10(2 ) 4.0(2 )
解析 武汉乐学教育
【 】
用多用电表的欧姆 挡位测量待测电阻 发现指针偏转角很大 应改用低倍率挡 挡测
(1) “×10” , , “×1”
量 表盘读数 则电阻R
; 11.0, x =11.0×1Ω=11.0Ω;
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3 ( 6 )I R r
由I I I Y表的量程应比X表的大 所以Y表应选A X表应选A I I 1( + )
(2) Y = X + Rx, , 2, 1;2= 1+ R x
I R r R r
得 2 1R x + 由图线知直线斜率k 1 1所以R 截距b . x + 所以r
I=R x + R x , = =R x x =10Ω, =14= R x =
1 10
4.0Ω。
13 分
.(10 )
初始时 活塞受力平衡 有
(1) , ,
pS pS mg 分
1 = 0 + …………………………………………………………………………………… (2 )
解得
p 5 分
1=1.25×10Pa ………………………………………………………………………………… (2 )
活塞达到卡槽前压强恒为p 气体等压变化
(2) 1,
H
3 S
· HS
4 分
T =T ……………………………………………………………………………………… (2 )
0 1
解得
T 4T T 分
1= 0<2 0 …………………………………………………………………………………… (1 )
3
活塞达到卡槽后体积不变 有
,
p p
1 2 分
T = T …………………………………………………………………………………………… (2 )
1 2 0
解得 武汉乐学教育
p 5 分
2=1.875×10Pa………………………………………………………………………………… (1 )
14 分
.(16 )
解 粒子在电场中做类平抛运动 从P点运动到Q点的时间为t 沿x轴正方向做匀速直线运
:(1) , 1。
动 有
,
L vt 分
= 01 ……………………………………………………………………………………………… (2 )
沿y轴负方向做匀加速直线运动 有
,
y 1vt 分
P = y 1 ………………………………………………………………………………………… (2 )
2
由题意
v
θ y 分
tan=v …………………………………………………………………………………………… (1 )
0
解得
y 3L 分
P = …………………………………………………………………………………………… (1 )
2
粒子在第四 三象限做匀速圆周运动 在第二象限做类斜抛运动 刚好能回到P点 由对称性可
(2) 、 , , 。
知 粒子在磁场中做圆周运动的半径
,
L
r 23 分
= …………………………………………………………………………………………… (2 )
3
由牛顿第二定律
物理试卷参考答案与解析 第 页 共 页
4 ( 6 )mv2
qvB 1 分
1 =r ………………………………………………………………………………………… (2 )
解得
mv
B 3 0 分
= qL …………………………………………………………………………………………… (2 )
粒子在第四 三象限做匀速圆周运动的时间为t 则有
(3) 、 2,
r
t 2 2π 分
2= ·v ………………………………………………………………………………………… (1 )
3 1
粒子在第二象限从N点到P点的运动的时间t 与粒子在第一象限运动的时间相等 有
3 。
t t t 分
=21+ 2 …………………………………………………………………………………………… (1 )
解得
L
t (18+43π) 分
= v …………………………………………………………………………………… (2 )
90
15 分
.(18 )
B沿斜面下滑 由牛顿第二定律
(1) ,
mg ma 分
sinθ= ………………………………………………………………………………………… (2 )
B运动至斜面底端 与A第 次碰撞前的速度大小为v 由运动学公式
, 1 '2,
v'2 v2 aL 分
2 - 2 =2 …………………………………………………………………………………… (2 )
解得
v' 分
2=8m/s ………………………………………………………………………………………… (1 )
A与B第 次碰撞后 速度大小分别为v v 由动量守恒定律和能量守恒定律 有 以向右为正
(2) 1 , A1、B1, , (
方向
)
mv mv mv mv 分
2 1+ '2=2 A1+ B1 ……………………………………………………………………… (2 )
1mv2 1mv 2 1mv 2 1mv 2 分
2 1 + 2'= 2 A1 + B1 ……………………………………………………… (2 )
2 2 2 2
解得
v 分
A1=-3m/s ……………………………………………………………………………………… (1 )
v 分
B1=12m/s………………………………………………………………………………………… (1 )
B以速度v 沿斜面上滑 由牛顿第二定律
(3) B1 ,
mg mg ma
sinθ+μ cosθ= '
由运动学公式
v2 as
B1=2'1
B运动至斜面底端 速度大小为v 由运动学公式
, 'B1,
v2 as
'B1=2 1
解得
v 1v
'B1= B1
2
以此类推 每次 滑下斜面的速度是其滑上斜面速度大小的1 分
, B 。……………………………… (2 )
2
因此 在第二次碰前
,
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5 ( 6 )v 1v 3 v 1v
'A1= A1= m/s,'B1= B1=6m/s。
2 2 2
第二次碰撞后
v 7
A2=- m/s
2
v
B2=4m/s
第三次碰前
v 7 v
'A2= m/s,'B2=2m/s
4
第三次碰撞后
v 3 1v
A3= m/s= A1
4 4
v 1v
B3=3m/s= B1
4
第四次碰前 武汉乐学教育
v 3 v 3
'A3= m/s,'B3= m/s
8 2
第四次碰撞后
v 7 1v
A4= m/s= A2
8 4
v 1v
B4=1m/s= B2
4
不难看出 第k次碰后二者速度均为第k 次碰后的1k 分
, -2 (≥3)。 …………………………… (2 )
4
而第一次碰后至第二次碰前 在斜面上经过路程
,B
s
v
B1
2
45
21=2× a = m
2' 4
第二次碰后至第三次碰前 在斜面上经过路程
,B
s
v
B2
2
5
22=2× a = m
2' 4
而第三次碰后第四次碰前 在斜面上经过路程
,B
s
v
B3
2
45
23=2× a = m
2' 64
第四次碰后至第五次碰前 在斜面上经过路程
,B
s
v
B4
2
5
24=2× a = m
2' 64
故第k次碰后至第k 次碰前B在斜面上运动的路程为第k 次碰后至第k 次碰前B在斜上
+1 -2 -1
经过路程的 1 2 1 分
( )= 。 …………………………………………………………………………… (2 )
4 16
所以A与B静止时B在斜面上运动的总路程
, ,
s L s s 1 55 分
= +(21+22)× = m ………………………………………………………………… (1 )
1 3
1-
16
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6 ( 6 )
