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2024—2025学年度下学期高三第二次模拟考试试题
物理参考答案
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合
题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对
但不全的得3分，有选错的得0分。
1.C 2.B 3.D 4.B 5.D 6.C 7.A 8.BC 9.AC 10.ACD
二、非选择题：本题共5小题，共54分。
11．（每空2分，共6分）
（1）BC
（2）11.1mm，6.4?10-7
12．（每空2分，共8分）
（1）R；
2
（2）2500；大于；当断开S，微安表半偏时，滑动变阻器的分压值大于之前微安表满偏时的
2
分压值。
（当断开S，微安表半偏时，由于该支路电阻增加，电压略有升高，根据欧姆定律，总电阻比
2
原来2倍略大，也就是电阻箱的阻值略大于热敏电阻与微安表的总电阻，而认为电阻箱的阻值
等于热敏电阻与微安表的总电阻，因此热敏电阻的测量值比真实值偏大；）
（其它说法只要合理就给满分）
13（.9分）
（1）由题图知，C与A碰前速度为v=12m/s，碰后速度为v=3m/s，
1 2
C与A碰撞过程动量守恒，以C的初速度方向为正方向，由动量守恒定律
mv=（m+m）v， ……2分
C1 A C 2
解得m=2kg ……1分
C
1 1
（2）E= mv2- (m +m)v2 ……2分
1 2 c1 2 A c 2
E=108J ……1分
1
（3）由题图知，12s末A和C的速度为v=-3m/s，
3
4s到12s过程中弹簧对A的冲量I=（m+m）v-（m+m）v ……2分
A C 3 A C 2
解得I=-48N?s 故冲量大小为48N?s……1分
14．（14分）
解析：（1）电子在匀强磁场中运动时，将其分解为沿x轴的匀速直线运动和在yOz平面内的
匀速圆周运动，设电子入射时沿y轴的分速度大小为v，由电子在x轴方向做匀速直线运动得
y
L＝vt ……1分
0
在yOz平面内，设电子做匀速圆周运动的半径为R，周期为T，
v2
由牛顿第二定律知Bev＝m y ……1分
y R
2πR
T＝ ……1分
v
y
由题意可知所有电子均能经过O进入电场，则有t＝nT（n＝1，2，3，…） ……1分
2πnmv
联立得B＝ 0（n＝1，2，3，…）
eL
2πmv
当n＝1时，B有最小值，可得B ＝ 0 ……1分
min eL
高三物理（二模答）— 1
{#{QQABYQQ84giQgFbACJ4KQw2UCQgQsIAgJeoEgUCdqAwLAYFABIA=}#}（2）将电子的速度分解，v最大，R最大，此时R＝r ……1分
y
2πmv mv
又B ＝ 0， R＝ y ……1分
min eL Be
2πvr
可得v＝ 0 ……1分
ym L
沿y轴正、负方向射入电场的电子
x=vt ……1分
o
1
y=?vt- at2（说明：正负号各得1分） ……2分
ym 2
Ee
a=- ……1分
m
2πr 1eE
y=? x+ x2（说明：正负号各得1分） ……2分
L 2mv2
0
15（.17分）
（1）2s前cd达到匀速直线运动时的速度为v，cd棒受平衡力
1
BIL=mgsinθ ……1分
1
解得I=0.5A
1
E
由感应电流I= 1 ……1分
1 2R
感应电动势E=BLv ……1分
1 1
解得v=1m/s ……1分
1
a =40m/s2 ……2分
max
（2）对cd棒在0~2s的运动过程，由动量定理得
mgsinθ?t-∑BiLΔt=mv ……1分
1 1
又q=∑iΔt
0~2s内通过导体cd的电荷量q=Iˉt……1分
1
由Iˉ=
Eˉ
……1分
2R
BLx
Eˉ= cd ……1分
2Rt
1
BLx
可得q= cd ……1分
2R
解得0~2s时间内cd棒下滑的位移大小为x=1.8m ……1分
cd
（3）ab棒先做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得mgsinθ=ma ……1分
2s时ab棒刚好进入磁场，其速度大小v=at ……1分
a 1
设ab棒进入磁场后经过时间t与cd棒速度相等，一起做匀加速直线运动，
2
则对cd棒有mgsinθ?t+∑BLi′Δt=mv-mv ……1分
2 2 2 1
对ab棒有mgsinθ?t-∑BLi′Δt=mv-mv ……1分
2 2 2 a
由q=∑i′Δt 可得2BLq=mv-mv
1 2 1 a 1
q=0.45C ……1分
1
高三物理（二模答）— 2
{#{QQABYQQ84giQgFbACJ4KQw2UCQgQsIAgJeoEgUCdqAwLAYFABIA=}#}
