辽宁省大连市2024-2025学年高三上学期期末双基测物理试卷及答案_2025年1月_250116辽宁省大连市2024-2025学年高三1月期末双基测试（全科）

{#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}{#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}{#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}{#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}{#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}{#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}{#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}{#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}2025 年大连市高三双基测试物理参考答案 一、选择题： 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B A C A C B D AD AC BCD 二、非选择题 11．（6 分） （1）10fL（1 分） 21mgL（1 分） 42mf2L2（2 分） （2）偏大（2 分） 12．（8 分） （1）9.0（2 分） （2）10（2 分） （3）如图所示（2 分） m /kg 10 5 0 1 2 3 U/V 图（b） （4）偏小（2 分） 物理答案 第 1 页 （共4页） {#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}13.（10 分） 解：（1）儿童经过 AB 部分时由牛顿第二定律 mgsinmgcosma （1 分） 1 解得a 2m/s2（1 分） 1 （2）儿童经过AB 部分 v2 2a L（1 分） 1 解得v2 3m/s vat （1 分） 11 解得t  3s 1 儿童经过BC 部分 mg ma （1 分） 2 解得a 2 3m/s2 2 va t （1 分） 2 2 解得t 1s 2 所以总时间t t t (1 3)s（1 分） 1 2 （3）整个过程对儿童由动能定理 mgLsinW 0（2 分） f 解得W 450J（1 分） f 物理答案 第 2 页 （共4页） {#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}14.（12 分） U 解：（1）E  （1 分） d U 2（1 分） 0 mg 解得E  （1 分） 电场强度的方向沿OA 方向（或水平向左）（1 分） q （2）小球所受合力（等效重力）大小F  (qE)2 (mg)2  2mg ，方向斜向左下方 合 与 OA 夹角为 45°（1 分） B 点为等效最低点，此处小球对圆环的压力最大，设小球在 B 点的速度大小为 v ， 1 小球从 A 点到 B 点过程由动能定理 1 1 F R1cos45 mv2  mv2（2 分） 合 2 1 2 0 O A 在 B 点对小球由牛顿第二定律 45° v2 qE F N F 合 m R 1 （1 分） B C C mg 解得圆环对小球的最大支持力F 3 2mg N F 合 由牛顿第三定律得小球对圆环的最大压力F 3 2mg （1 分） N （3）假设小球达到等效圆心等高点 C 的速度大小为 v 2 小球从 A 点到 C 点过程由动能定理 1 1 F Rcos45 mv2  mv2（1 分） 合 2 2 2 0 v 0（1 分） 2 说明小球刚好能到达等效圆心等高点，不脱离轨道，然后关于合力方向对称做周期性 的往复运动，所以一个周期内通过的弧长为 s2πR（1 分） 物理答案 第 3 页 （共4页） {#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}15.（18 分） 解：（1）设导体棒 a 到 AA'位置时速度为 v 0 1 mgR mv2 （1 分） 2 0 v 10m/s 0 E  BLv （1 分） 0 E I  （1 分） R R 1 2 F  BIL F ma （共 1 分，错一个不得分） A A 解得 a 刚进入磁场时的加速度a5m/s2 （1 分） （2）从 b 开始运动到出磁场过程中，ab 组成的系统动量守恒 mv mv m v v 4m/s （动量守恒表达式 1 分） 1 0 1 a1 2 b a1 1 1 1 Q  mv2  mv2  m v2 （1 分） 总 2 1 0 2 1 a1 2 2 b R Q  2 Q （1 分） b R R 总 1 2 Q 8.25J （1 分） b （3）2v  gtsin37 （1 分） b 解得 b 离开磁场的时间 t=1s 从 b 返回磁场到 ab 均静止，ab 组成的系统动量守恒 mv m v 0 （1 分） 1 a2 2 b v 6m/s a2 t 时间内对 a 导体棒由动量定理FtBILt mv mv （1 分） 1 a2 1 a1 E BLx I  E  2 （共 1 分，错一个不得分） R R t 1 2 BLv （或者 Ft B a Lt mv mv x v t ） R R 1 a2 1 a1 2 a 1 2 解得 t 时间内 a 的位移 x  2m 2 1 1 Fx  mv2  m v2 Q （1 分） 2 2 1 a1 2 2 b 2 解得 a、b 棒产生总的焦耳热 Q =23 J （1 分） 2 从 b 返回磁场到静止过程中 BLv BLv 对 b 导体棒 B a bLt m v R R 2 b 1 2 x v v t  x x 12m （1 分） 3 a b a b mv m v 0 1 a2 2 b mx m x （1 分） 1 a 2 b 解得 b 停下时与 DD'间的距离x 4m （1 分） b 物理答案 第 4 页 （共4页） {#{QQABBYaAggiAAhAAABhCEQGwCAOQkBGACSgGQBAYMAIAyAFABAA=}#}