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高三物理试题答案
一、单项选择题：
1、解析：D 照相机每隔0.1 s拍照一次，所以题图中0～8 cm 所用的时
间t＝0.4 s，照片与实物的比例为1∶10，所以题图中8 cm对应的实际位移x＝
80 cm＝0.8 m，则小球在通过题图中 8 cm 距离内的平均速度v＝＝ m/s＝2
m/s，A、B错误；题图中对应小球通过6 cm处的瞬时速度可用题图中3.5 cm
到7.5 cm这一段位移的平均速度表示，题图中3.5 cm 到7.5 cm这一段对应的
实际位移x′＝40 cm＝0.4 m，所用时间t′＝0.2 s，所以题图中6 cm 处的瞬时
速度v′＝＝ m/s＝2 m/s，C错误，D正确。
2、解析：D 取水面上质量为m的水滴，从小孔喷出时，由机械能守恒定
律可知mgy＝mv2，解得v＝，A错误；水从小孔P射出时做平抛运动，则 x＝
vt，h－y＝gt2，解得x＝v＝2，可知x与小孔的位置有关，由数学知识可知，当
y＝h－y，即y＝h时，x最大，最大值为h，并不是y越小x越大，B、C错误，
D正确。
3、解析：B 飞船上的观测者相对飞船静止，测得的长度仍为30 m，而地
球上的观测者观测高速飞行的飞船，长度缩短了，故A错误，B正确；根据狭
义相对论的基本假设可知，飞船和地球上的观测者测得光信号的速度均为 c，
C、D均错误。
4、解析：C 由题可知，振幅为A＝20 cm，频率为f＝0.5Hz，则ω＝2πf＝
π，由图可知波的波长为λ＝8 m，波向右传播，且v＝λf＝8×0.5 m/s＝4 m/s，
该时刻P点的振动方向沿y轴负方向，Q点的振动方向沿y轴正方向，故从该
时刻开始计时P点的振动方程为y＝20sin(πt＋) cm，故t＝0时P点的位移为y
＝10 cm，当t＝0.25 s时P点的位移为y＝0，P点到达平衡位置，故ABD正确，
C错误。本题选不正确的，故选C。
5、解析：A 根据电阻定律可知R＝ρ得ρ＝，故电流沿AB方向时有ρ＝，
AB错误；若电流沿 CD方向，样品的电阻 R′＝ρ＝R，A正确，D错误。故选
A。
6、解析：B 粒子a向上偏转，由左手定则可判断，粒子a带正电，而粒子
b向下偏转，则粒子b带负电，故A错误；如图所示，由几何关系可知，磁场宽度x＝R sin 60°＝R sin 30°，解得R ∶R ＝1∶，故B正确；由qvB＝m，可得
a b a b
v＝，比荷相同，磁场相同，则v ∶v ＝R ∶R ＝1∶，故C错误；粒子运动的周
a b a b
期T＝，则T＝T ，a运动的时间t ＝T＝T，b运动的时间t ＝T ＝T ，故t ∶t
a b a a a b b b a b
＝2∶1，故D错误。
7、解析：C 根据几何关系，光束边缘的光线进入半球时的入射角为30°，
根据折射定律可知 n＝，解得θ＝45°，到达底面时与 O点距离为L，则有＝，
解得L＝(－1)R，则能从底面透射出光的面积为 S＝π(－1)2R2，故C正确，A、
B、D错误。
8、解析：BD 将楔形物体、光滑球体视为一个整体可知，楔形物体对地板
的压力大小为(M＋m)g，故A错误；球体对AC面的弹力大小为F ＝＝mg，
NAC
当F＝F sin θ＝mg时，楔形物体水平方向上受到的合力为零，没有运动趋势，
NAC
摩擦力为零，故B正确；楔形物体受到的最大静摩擦力 F ＝μ(m＋M)g，当水
fm
平向右的外力最小(设为 F )时，楔形物体可能有向左运动趋势，当 μ(m＋
n
M)g≥mg 时，F ＝0；当μ(m＋M)g＜mg时，F ＝mg－μ(m＋M)g，故C错误；
n n
当水平向右的外力最大(设为F )时，楔形物体有向右运动趋势，由平衡条件有
m
F －F sin θ－F ＝0，解得F ＝mg＋μ(m＋M)g，故D正确。
m NAC fm m
9、解析：BCD 若A、B与C上表面间的动摩擦因数相同，弹簧被释放后，
A、B分别相对C向左、向右滑动，它们所受的滑动摩擦力 F 向右，F 向左，
A B由于m ∶m ＝3∶2，所以F∶F ＝3∶2，则A、B组成的系统所受的外力矢量
A B A B
和不为零，故A、B组成的系统动量不守恒，A错误；对A、B、C组成的系统，
A与C、B与C间的摩擦力为内力，该系统所受的外力为竖直方向的重力和支持
力，它们的合力为零，故该系统的动量守恒，和A、B与C间的动摩擦因数或
摩擦力大小是否相等无关，B、D正确；若A、B所受的摩擦力大小相等，则
A、B组成的系统所受的外力矢量和为零，故其动量守恒，C正确。
10、解析：AD 调制是把要发射的信号“加”到高频振荡电流上去，频率
越高，传播信息能力越强，A正确；电磁波在空气中的传播速度接近光速且恒
定不变，B错误；由v＝λf，知波长与波速和传播频率有关，C错误，D正确。
二、非选择题：（本大题共5小题，共60分）
11、(12分)
解析：(1)v-t图像中，图线斜率的绝对值表示加速度大小，根据图乙可知，
0～2 s内滑块Q的加速度大小
a ＝ m/s2＝4 m/s2
1
0～2 s内木板P的加速度大小
a ＝ m/s2＝2 m/s2
2
两物体一起做匀减速直线运动的加速度大小
a ＝ m/s2＝1 m/s2。
3
(2)v-t图像中，图线与时间轴所围几何图形的面积表示位移，则滑块Q运动
的总位移
x＝ m＋ m＝24 m。
(3)0～2 s内对滑块Q分析有μ mg＝ma
1 1
0～2 s内对木板P分析有
μ mg＋F－μ (mg＋Mg)＝Ma
1 2 2
两物体一起做匀减速直线运动，对PQ整体分析有
μ (M＋m)g＝(M＋m)a
2 3
解得F＝9 N。
答案：(1)4 m/s2 2 m/s2 1 m/s2 (2)24 m (3)9 N12、(12分)
解析：(1)小物体在E点处做圆周运动，当其恰好通过E点时，小物体速度
为零，从C到E的运动过程，根据动能定理有
0－mv 2＝－mg·2R
C
解得v ＝2 m/s
C
设小物体刚好反弹到E点，斜面长度为L，全过程对小物体运动，根据动能
定理有
0－mv ′2＝－mg·2R－2μmgLcos θ
C
L＝
解得v ′＝2 m/s
C
故小物体在水平面上的速度范围为
2 m/sμmgcos θ
故小物体最后停在H处，从小物体开始运动到小物体最后停止，全过程用
动能定理
－mgR－μmgscos θ＝0－mv 2
0
解得s＝1.8 m。
答案：(1)2 m/s
