文档内容
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巴蜀中学2023届高考适应性月考卷(七)
物理参考答案
选择题：本大题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题
目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的得5分，选对
但不全的得3分，有选错的得0分。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D A C D C B C CD BC AB
【解析】
1.下落时，雨滴速度增加，阻力增加，加速度减小，速度增加。当阻力等于重力时，雨滴达到
收尾速度，匀速下落，动能不变。整个下落过程中，雨滴均受阻力，机械能减小。
2.有主动降噪功能的耳机是通过波的干涉来消音的，播放与噪声相位相反、振幅、频率相同的
降噪声波来抵消噪声的作用。由图可知，噪声波的振幅为A，波长为3.4m，频率为100Hz。故降
噪声汹泊旅福也为A，频率也为100Hz。降噪声波与噪声波叠加后，振幅为0。
3 指针指在刻度C时,弹力为0.8N,重1N,合力向下,为0.2N,加速度为+2m/r²,可向下加速或向
上减速。0刻度下方弹力大于1N，合力向上，加速度向上，电梯处于超重状态。规定向下为
正，mg-kx=ma，加速度与形变量x成线性关系，所以刻度均匀。由A、C选项知，每个小刻度加
速度值为0.2m/s²，故加速度测量仪的量程为±3m/s²。
4.原线圈两端电压的最大值为NBSω，仅有一半时间在磁场中，其有效值为 。图示位置
1
2
磁通量最大，磁通量变化率最小，瞬时电动势为( 。 滑片P下滑时，原线圈匝数N₁ 变
1 1
0 2= 2,
小，副线圈电压U₂ 变大，而容抗和电阻不变，电流变大，灯泡变亮。电容器电容变大，容抗
变小，灯泡变亮。
5.分析可知，当粒子平行于A板射出时，发光面积最大，为圆的面积。平行A板方向，半
径:R=vt,垂直A柘方向: 知最大速度为 。
2 π
1 2 1 2 2 22
=2 =2 , = = , 2 d 2
物理参考答案·第1页(共5页)□■□■■■■
6.石片第一次做平抛运动，时间为 此后做斜上抛，高度为原来的 时间变为；
2ℎ 1
0 = , 4,
依次类推。总时间 。石片水
总
1 2ℎ 2ℎ 1 1 2ℎ
1 =2×2 0, = 0+ 1+ 2⋯ = + 1+2+4··· =3
平方向为匀速直线运动，故石片弹跳时水平总位移为 。
2ℎ
3
7.设单位时间内喷漆的质量为m₀ ，这些油漆所带电荷量为q₀ ，油漆喷到零件上时的速度大小
为v，则根据动能定理有 其中 油漆喷到零件上时的动量
1 2
0 = 2 0 , 0 = , = 0 =
。 由于油漆喷到零件上后便附着在其上，即末速度为零，根据动量定理可知
2 0 0 = ,
得单位时间内油漆对零件的平均作用力为 根据 在单位时间内得I=q₀ ,因
= 2 0 0 , = ,
此 。
2
= 2 0 0 = 2 0 =
8.水星半径无法求出，若地球轨道半径为r，则水星公转半径为rsinθ，由开普勒第三定律有
可求水星的公转周期为 。据此可以求出1年中，水星比地球多转的圈
3 3
sin r 2 3
2 2
TS = , sin
数，每多转1圈，就会2次大距。
9.由左手定则知，该粒子带负电。将速度分解为 垂直B 方
= cos ≈ , ⊥= θ≈ ,
向做匀速圆周运动， 半径不同， 沿磁场方向做匀速直线运动，有
⟂ 2
= , = , ℎ=
该粒子荷质比 。
2 2
// ≈ , = ℎ
10.未加磁场时，导体棒机械能随下降高度的变化： 故斜率大小为
ℎ
= 0− cos sin , =
故导体棒与导轨的动摩擦因数为 。 加磁场时，导体棒：
tan
tan , sin − cos −
导体棒做加速度减小的加速运动，当匀速时， 。
2 2
2 sin − cos 2 − sin
2 2 2 2
2 = , = =
放入磁场后，导体棒从释放到离开斜面,流过电阻R的电量 全程用动量定理：
=2 =2 sin .
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导体棒从释放到离开斜面的时间 为
2 2 2 2
2
θ− cos −∑ 2 = , 2 − sin +
。
2
2 2
非选择 题：共5小题，共57分。
11.(每空2分,共6分)
( 1) BCD
(2) AB
(3) ①
【解析】(1)要想使电流计指针发生偏转，即螺线管B与电流计构成的闭合电路产生感应电
流，螺线管B的磁通量发生变化。闭合开关，螺线管A和螺线管B相对静止向上运动，螺线管B
的磁通量不变，故不产生感应电流，故A错误。闭合开关，螺线管B不动，螺线管A相当于电磁
铁，插入或拔出螺线管B过程，螺线管B磁通量发生变化，产生感应电流，故B正确。闭合开
关，螺线管A、B不动，移动滑动变阻器的滑片，螺线管A的电流发生变化，产生的磁场变化，
螺线管的磁通量发生变化，产生感应电流，故C正确。螺线管A、B和滑动变阻器的滑片不动，
螺线管A中插入铁芯，螺线管B的磁通量发生变化，产生感应电流，故D正确。
(2)将条形磁铁N极朝下拔出螺线管B，磁通量变化与插入的变化相反，产生的感应电流方向相
反，观察到灵敏电流计G的指针向左偏。将条形磁铁S极朝下插入螺线管B，穿过螺线管B的磁
场方向与N极朝下插入的磁场方向相反，产生的感应电流的方向相反，观察到灵敏电流计G的
指针向左偏。条形磁铁S极朝下拔出螺线管B，灵敏电流计G的指针向右偏。保持条形磁铁在螺
线管B中不动，磁通量不变，指针不动。
(3)由于把条形磁铁插入线圈时，磁通量向下增大，则螺线管产生的感应电流的磁场向上，由
二极管A发光，可知电流方向为顺时针，可得线圈缠绕方向为图乙中的①。
12.(除特殊标注外，每空2分，共9分)
(1)1.9 偏小
(2)1.8(3分)
【解析】（1）P 电流表外接，电流测量值偏大，电阻测量值偏小。
U
= I =1.9 ,
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(2)由欧姆定律可得E=I( R₁ +R₂ ),U=IR₂ ,代入数据解得固定电阻R₂ =1.8kΩ,电源电压变大，报警时R₁ 变大，温度
更低。
13.(12分)
解：(1)企鹅向上“奔跑”时，有 ①
1
1 = 2
解得t=ls ②
(2)向上滑行时： mgsinθ+μmg cosθ=ma₁ ③
④
2
0− 1=−2 1 2
向下滑行时：mg sinθ-μmg cosθ=ma₂ ⑤
⑥
2
2 =2 2 1+ 2
解得 ⑦
2 =2 6 /
评分标准：本题共12分。正确得出②、⑦式各给1分，其余各式各给2分。
14.(12分)
解:(1)对小球从A到B，由动能定理得 ①
1 2
⋅2 =2 0
小球撞击C瞬间，由动量守恒定律得mv₀ =(m+m)v ②
对小球和C组成的系统： ③
1 2
22 =2 ℎ1
解得 ④
ℎ1 =2
(2)小球向下时由系统水平动量守恒，有mv₁ =3mv₂ ⑤
由能量守恒，有 ⑥
1 2 1 2
2 1+23 2 = ℎ2
小球和 C:mv₁ =(m+m)v₃ ⑦
受力： ⑧
2
3
−2 =2 2
对E: ⑨
2.5 + − =
解得 ⑩
2
ℎ2 =3
评分标准，本题共12分。正确得出④、⑩式各给2分，其余各式各给1分。
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15.（18分）
解：(1)根据洛伦兹力提供向心力
2
=
①
半径 ②
3−1
= 2
解得 ③
=500 3−1 /
(2)由 得r=lm ④
2
=
粒子的运动轨迹恰好与圆相切时可知。d²+r²=(R+r)² ⑤
当粒子恰好向左射出时，进入B₂ 区域前的路程最大 解得圆心角为
sin 360°− 1 = +
θ₁ =300° ⑥
当粒子从S右侧进入B区域时，进入B₂ 区域前的路程最小， 解得圆心角θ=43°
2
2 −
sin2 = 2
⑦
所求最大路程和最小路程之比为 ⑧
1 300
2 = 43
(3)粒子先经B₁ 区域偏转后，经过半周从虚线圆的最低点P进入B₂ 区域偏转， 粒子与水
平方向成60°角进入B₂ 区域，则在B₁ 区域中运动的圆心角为180°，t ⑨
1
⋅
=
在B₂ 区域中运动的圆心角为
⋅
60°, 2=3
离开B₂ 区域到进入电场前
− sin60°
3 =
进入电场后，带电粒子做类斜抛运动，qE=ma
⑬
4
sin45°= ⋅2
发射到C点的时间t=t₁ +t₂ +t₃ +t₄ ⑭
解得 ⑮
评分标 准=：5.7本×题1⁻共01³ 8分。正确得出①、②、⑧式各给2分，其余各式各给1分。
物理参考答案·第5页(共5页)
