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学年度高二年级第一学期期中测评考试试题
2024-2025
物理参考答案及评分参考
一、单项选择题：本题共 小题，每小题 分，共 分。
7 4 28
题号
1 2 3 4 5 6 7
答案
D B C A B C D
【解析】等势面与电场线处处相互垂直，选项 正确。
1.D D
E
【解析】电势φ p ，由电场本身决定，与试探电荷无关，所以选项 正确。
2.B = q B
−
【解析】负电荷的受力方向与电场强度的方向相反，所以仅在静电力作用下从静止开始运动，静电力做正功，
3.C
负电荷逆着电场线运动，电场电势升高，选项 正确。
C
【解析】静电飞花现象是因为纸花带同种电，互相排斥，选项 正确。
4.A A
【解析】带正电的离子向带负电的金属球移动，即向左运动；带负电的离子在运动过程中电场力做正功，电势
5.B
能减小；两金属球带等量异号电荷，连线上中点场强最小，因此经过中点时受到的电场力最小；两金属球离得越
近，两球间场强越大，越容易击穿空气形成电火花，选项 正确。
B
【解析】电源的作用是提供稳定的电势差；电子发生定向移动，其速率小于光速；断开开关电流为 ，两鳄鱼夹
6.C 0
的电势差为 ；金属丝电阻还与材料、长度等有关，选项 正确。
0 C
【解析】j x图像的斜率表示电场强度，x 处图线的斜率大小等于 ，即电场强度的大小等于 ；
7.D - =1m 1V/m 1V/m
斜率的大小先减小后增大，因此加速度先减小后增大；沿着电场线的方向电势降低，x> 的区间，电场强度的
3m
方向沿x轴负方向；滑块从x = 1 m 运动至x = 3 m 的过程中，根据动能定理，q（j A -j P ） = 1 mv 2P - 1 mv 2A ，代入数
2 2
据可得：v ，选项 正确。
P = 2m/s D
二、多项选择题：本题共 小题，每小题 分，共 分。
3 6 18
题号 8 9 10
答案 AD BD BC
【解析】云层与大地间电势小于 ，因此P处的正电荷电势能小于 ；云层带负电，根据近反远同的特点可
8.AD 0 0
知，大地表面感应出正电荷；云层形状及带电量不变，因此上升或下降时，电场强度不变，P点电势不变，选项
AD
正确。
【解析】小球悬浮在C点，受到竖直向上的静电力，说明A、B处的点电荷电性相同；在C点的合场强大小
9. BD
kQ mgl 2
E 3 ，根据qE mg，得小球的带电量大小为 3 ；因两点电荷电性不确定，所以电场的电势变化不确
= l = kQ
2 3
定；C球一直受排斥力作用，静电力做负功，选项 正确。
BD
U
【解析】电流越大，说明单位时间内通过的电荷量越大；根据I ，并联电路电压相等，说明R 与R 的电阻
10.BC = R 1 2
R
之比为 ∶，因此给R 并联一个阻值为 1的电阻后，两个支路电阻相等，电流相等，选项 正确。
3 2 1 BC
2
高二物理试题答案 第 页（共 页）
1 3三、非选择题：本大题共 小题，共 分。
5 54
（ 分）
11. 6
（）（ 分） （ 分） 从上往下（ 分）
1 1 1 2 1 2
（） ～ 均可（ 分）
-3 -3
2 1.68 × 10 1.95× 10 2
（ 分）
12. 11
（） （ 分） （ 分）
1 CABD 1 ×1 1
（） （ 分） （ 分） R（ 分）
2 ①V1 1 A2 1 1 1
（ 分） ～ 内均可（ 分） 或 （ 分）
-6 -6
②6.9 2 ③0.396 0.399 2 ④8.5×10 8.6×10 2
（ 分）
13. 10
（）粒子在A点的瞬时加速度
1
v v
a A - 0 ………………………………………………………………………………………………………（ 分）
= t 2
A
对粒子在A点瞬间，根据牛顿第二定律
qE ma …………………………………………………………………………………………………………（ 分）
= 2
( )
m v v
解得：E A - 0 ……………………………………………………………………………………………（ 分）
= qt 1
A
（）从A点到B点静电力对粒子做的功
2
W AB = 1 mv 2B - 1 mv 2A ……………………………………………………………………………………………（ 2 分）
2 2
W qU ………………………………………………………………………………………………………（ 分）
AB = AB 2
mv mv
解得：U
2B
-
2A
…………………………………………………………………………………………（ 分）
AB = q 1
2
（ 分）
14. 12
（）小球受绳子拉力F，重力，静电力F，小球静止时
1 1 2
F mg F ………………………………………………………………………………………（ 分）
1cos37° = + 2cos53° 2
F F ……………………………………………………………………………………………（ 分）
1sin37° = 2sin53° 2
解得：F F
1 = 0.4N 2 = 0.3N
静电力F 大小
2
F qE …………………………………………………………………………………………………………（ 分）
2 = 2
解得：E …………………………………………………………………………………………（ 分）
5
= 1.5× 10 N/C 1
（）剪断细线后，小球只受重力，静电力F ，小球将沿与竖直方向成 向右下方做匀加速直线运动，根据牛顿
2 2 37°
第二定律
F ma …………………………………………………………………………………………………………（ 分）
1 = 2
根据匀变速直线运动规律
h
v a ……………………………………………………………………………………………………（ 分）
2
= 2 2
cos37°
解得：v …………………………………………………………………………………………………（ 分）
= 2m/s 1
高二物理试题答案 第 页（共 页）
2 3（ 分）
15. 15
（）滑块在水平方向的电场中做匀速直线运动时
1
qE μmg ………………………………………………………………………………………………………（ 分）
= 2
滑块在倾斜方向的电场中做匀速直线运动时
qE f ……………………………………………………………………………………………………（ 分）
cos37° = 1
qE N mg………………………………………………………………………………………………（ 分）
sin37° + = 1
f μN……………………………………………………………………………………………………………（ 分）
= 1
解得：μ 1………………………………………………………………………………………………………（ 分）
= 1
3
（）离开桌面后，对滑块在竖直方向，根据牛顿第二定律
2
mg qE ma ……………………………………………………………………………………………（ 分）
- sin37° = y 2
根据匀变速直线运动规律
h = 1 a y t 2 ………………………………………………………………………………………………………（ 1 分）
2
h
解得：t 5 …………………………………………………………………………………………………（ 分）
= g 1
2
对滑块，在水平方向，根据牛顿第二定律
qE ma …………………………………………………………………………………………………（ 分）
cos37° = x 1
根据匀变速直线运动规律
h = v 0 t + 1 a x t 2 …………………………………………………………………………………………………（ 1 分）
2
gh
解得：v 8
0 =
45
对滑块，从A点到B点据动能定理
qEh
cos37°-
qEh
sin37°+
mgh
=
1 mv 2B
-
1 mv 2
0
………………………………………………………………（
2
分）
2 2
gh
解得：v 104 ……………………………………………………………………………………………（ 分）
B = 1
45
高二物理试题答案 第 页（共 页）
3 3
