江苏2025年高考江苏卷物理高考真题文档版（含答案）_1.高考2025全国各省真题+答案_7.高考物理试题及答案更新中

2025 年普通高中学业水平选择性考试（江苏卷） 物理 本试卷满分 100分，考试时间 75分钟 一、单项选择题：共 10题，每题 4分，共 40分。每题只有一个选项最符合题 意。 1．新能源汽车在辅助驾驶系统测试时，感应到前方有障碍物立刻制动，做匀减速直线运动。 2s内速度由12m/s减至0。该过程中加速度大小为（ ） A．2m/s2 B．4m/s2 C．6m/s2 D．8m/s2 2．用图示可拆变压器进行探究实验，当变压器左侧的输入电压为2V时，若右侧接线柱选 取“0”和“4”，右侧获得4V输出电压．则左侧接线柱选取的是（ ） A．“0”和“2” B．“2”和“8” C．“2”和“14” D．“8”和“14” 3．某“冰箱贴”背面的磁性材料磁感线如图所示，下列判断正确的是（ ） A． a点的磁感应强度大于b点 B． b点的磁感应强度大于c点 C． c点的磁感应强度大于a点 D． a、b、c点的磁感应强度一样大 4．游乐设施“旋转杯”的底盘和转杯分别以O、O为转轴，在水平面内沿顺时针方向匀速转 试卷第1页，共8页动。O固定在底盘上。某时刻转杯转到如图所示位置，杯上A点与O、O恰好在同一条直 线上。则（ ） A．A点做匀速圆周运动 B．O点做匀速圆周运动 C．此时A点的速度小于O点 D．此时A点的速度等于O点 5．如图所示．将开关S由a拔到b，使电容器C与线圈L构成回路。以电容器C开始放电 取作0时刻，能正确反映电路中电流i随时间t变化关系的图象是（ ） A． B． C． D． 6．如图所示，取装有少量水的烧瓶，用装有导管的橡胶塞塞紧瓶口，并向瓶内打气。当橡 胶塞跳出时，瓶内出现白雾。橡胶塞跳出后，瓶内气体（ ） 试卷第2页，共8页A．内能迅速增大 B．温度迅速升高 C．压强迅速增大 D．体积迅速膨胀 7．如图所示，一束激光射入肥皂泡后（入射激光束未在图中标出），肥皂膜内出现一亮环。 肥皂膜内的激光（ ） A．波长等于亮环的周长 B．频率比在真空中的大 C．在肥皂膜与空气的界面上发生衍射 D．在肥皂膜与空气的界面上发生全反射 8．一定质量的理想气体，体积保持不变。在甲、乙两个状态下，该气体分子速率分布图像 如图所示。与状态甲相比，该气体在状态乙时（ ） A．分子的数密度较大 B．分子间平均距离较小 试卷第3页，共8页C．分子的平均动能较大 D．单位时间内分子碰撞单位面积器壁的次数较少 9．如图所示，平行金属板与电源连接。一点电荷由a点移动到b点的过程中，电场力做功 为W。现将上、下两板分别向上、向下移动，使两板间距离增大为原来的2倍，再将该电 荷由a移动到b的过程中，电场力做功为（ ） W A． B．W C．2W D．4W 2 10．如图所示，弹簧一端固定，另一端与光滑水平面上的木箱相连，箱内放置一小物块，物 块与木箱之间有摩擦。压缩弹簧并由静止释放，释放后物块在木箱上有滑动，滑动过程中不 与木箱前后壁发生碰撞，不计空气阻力，则（ ） A．释放瞬间，物块加速度为零 B．物块和木箱最终仍有相对运动 C．木箱第一次到达最右端时，物块速度为零 D．物块和木箱的速度第一次相同前，物块受到的摩擦力不变 二、非选择题：共 5题，共 60分。其中第 12题~第 15题解答时请写出必要的 文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计 算时，答案中必须明确写出数值和单位。 11．小明同学探究机械能守恒定律，实验装置如图。实验时，将小钢球在斜槽上某位置A 由静止释放，钢球沿斜槽通过末端O处的光电门，光电门记录下钢球的遮光时间t。用游标 d 卡尺测出钢球的直径d，由v 得出其通过光电门的速度v，再计算出动能增加量 t 1 E  mv2。用刻度尺测得钢球下降的高度h，计算出重力势能减少量E 。 k 2 p 试卷第4页，共8页(1)安装实验装置的操作有： ①在斜槽末端安装光电门 ②调节斜槽在竖直平面内 ③调节斜槽末端水平 ④将斜槽安装到底座上 其合理的顺序是__________（选填“A”“B”或“C”）。 A．①②③④ B．④②③① C．④①②③ (2)测量钢球直径的正确操作是图中 （选填“甲”或“乙”）所示的方式。 (3)在斜槽上5个不同的位置由静止释放钢球。测量得出的实验数据见表1。已知钢球的质量 m0．02kg，重力加速度g 9．80m/s2。请将下表的数据补充完整。 表1 h/  102m  4.00 5.00 6.00 7.00 8.00 ΔE /  103J  4.90 6.25 7.45 8.78 10.0 k ΔE /  103J  7.84 9.80 11.8 13.7 p (4)实验数据表明，E 明显小于E ，钢球在下降过程中发生机械能的损失。小明认为，机 k p 械能的损失主要是由于钢球受到的摩擦力做功造成的。 为验证此猜想，小明另取一个完全相同的斜槽按下图平滑对接。若钢球从左侧斜槽上A点 由静止释放，运动到右侧斜槽上，最高能到达B点，A、B两点高度差为H．则该过程中， 摩擦力做功大小的理论值W  （用m、g、H表示）。 理 试卷第5页，共8页(5)用上图的装置，按表1中所列部分高度h进行实验，测得摩擦力做功大小W 。由于观察 测 W 到H值较小，小明认为，AO过程摩擦力做功近似等于AB过程的一半，即W  测 。然后 f 2 通过表1的实验数据，计算出AO过程损失的机械能E E E 。整理相关数据，见表 p k 2。 表2 h/  102m  4.00 5.00 6.00 7.00 ΔE/  103J  2.94 3.55 4.35 4.92 W /  102J  0.98 1.08 1.18 1.27 f W 上表中E与W 相差明显。小明认为这是由于用 测 近似计算W 不合理。你是否同意他的 f f 2 观点？ 请根据表2数据简要说明理由。 12．江门中微子实验室使用我国自主研发的光电倍增管，利用光电效应捕捉中微子信息。光 电倍增管阴极金属材料的逸出功为W ，普朗克常量为h。 0 (1)求该金属的截止频率ν； 0 (2)若频率为的入射光能使该金属发生光电效应，求光电子的最大初动能E 。 k 13．如图所示，在电场强度为E，方向竖直向下的匀强电场中，两个相同的带正电粒子a、 b同时从O点以初速度v 射出，速度方向与水平方向夹角均为。已知粒子的质量为m。电 0 荷量为q，不计重力及粒子间相互作用。求： 试卷第6页，共8页(1)a运动到最高点的时间t； (2)a到达最高点时，a、b间的距离H。 14．如图所示，在光滑水平面上，左右两列相同的小钢球沿同一直线放置。每列有n个。在 两列钢球之间，一质量为m的玻璃球以初速度v 向右运动，与钢球发生正碰。所有球之间 0 的碰撞均视为弹性碰撞。 (1)若钢球质量为m，求最右侧的钢球最终运动的速度大小； (2)若钢球质量为3m，求玻璃球与右侧钢球发生第一次碰撞后，玻璃球的速度大小v ； 1 (3)若钢球质量为3m，求玻璃球经历2n次碰撞后的动能E 。 k 15．圆筒式磁力耦合器由内转子、外转子两部分组成。工作原理如图甲所示。内、外转子可 绕中心轴OO转动。外转子半径为r ，由四个相同的单匝线圈紧密围成，每个线圈的电阻均 1 为R，直边的长度均为L，与轴线平行。内转子半径为r ，由四个形状相同的永磁体组成， 2 磁体产生径向磁场，线圈处的磁感应强度大小均为B。外转子始终以角速度匀速转动， 0 某时刻线圈abcd的直边ab与cd处的磁场方向如图乙所示。 (1)若内转子固定，求ab边产生感应电动势的大小E； (2)若内转子固定，求外转子转动一周，线圈abcd产生的焦耳热Q； 试卷第7页，共8页(3)若内转子不固定，外转子带动内转子匀速转动，此时线圈中感应电流为I，求线圈abcd 中电流的周期T。 试卷第8页，共8页1．C 【详解】根据运动学公式vv at，代入数值解得a6m/s2 0 故加速度大小为6m/s2。 故选C。 2．A U n 2V n 【详解】根据可拆式变压器电压比与匝数比关系有 1  1 ，即  1 U n 4V 4 2 2 解得n 2 1 故原线圈接入的匝数是2匝，即左侧接线柱线圈选取的是“0”和“2”。 故选A。 3．B 【详解】磁感线越密集的地方磁感线强度越大，故可知B  B  B 。 b a c 故选B。 4．B 【详解】A．A点运动为A点绕O的圆周运动和O相对于O的圆周运动的合运动，故轨迹 不是圆周，故不做匀速圆周运动，故A错误； B．根据题意O固定在底盘上，故可知O围绕O点做匀速圆周运动，故B正确； CD．杯上A点与O、O恰好在同一条直线上时且A在OO'延长线上，A点和O'点运动运 动方向相同，又A点相对O点做圆周运动，故此时A的速度大于O的速度，故CD错误。 故选B。 5．A 【详解】根据题意可知，将开关由a调到b时，电容器和自感线圈组成回路，此回路为振荡 电路，产生周期性迅速变化的振荡电流。A图像正确：电容器开始放电，由于电容器上极板 带正电，则电流为逆时针，电场能向磁场能转化，电流越来越大，当电容电量为0时，电流 最大，其后磁场能向电场能转化，电容器充电，电流越来越小，电流为0时，充电完成，此 时，电容器下极板带正电，之后开始反向放电，电流为顺时针，电场能向磁场能转化，电流 越来越大，当电容电量为0时，电流最大，其后磁场能向电场能转化，电容器充电，电流越 来越小，电流为0时，充电完成，电场能转化为磁场能以及磁场能又再次转化为电场能的过 程中，电路向外辐射电磁波，电路中的能量在耗散，最大电流越来越小。 答案第1页，共6页故选A。 6．D 【详解】瓶塞跳出的过程中瓶内的气体对外做功，气体体积迅速膨胀，由于该过程的时间比 较短，可知气体来不及吸收热量，根据热力学第一定律可知，气体的内能减小，则温度降低， pV 由理想气体状态方程 C可知，气体压强减小。 T 故选D。 7．D 【详解】AB．激光在不同的介质中传播时，频率相同，波长不同，激光波长与亮环周长无 关，故AB错误； CD．一束激光打进一个肥皂泡（图中未画出入射光线），发现在肥皂泡内测出现一个亮环， 是因为激光在空气与肥皂膜分界面处发生了全反射，故C错误，D正确。 故选D。 8．C 【详解】AB．根据题意，一定质量的理想气体，甲乙两个状态下气体的体积相同，所以分 子密度相同、分子的平均距离相同，故AB错误； C．根据题图可知，乙状态下气体速率大的分子占比较多，则乙状态下气体温度较高，则平 均动能大，故C正确； D．乙状态下气体平均速度大，密度相等，则单位时间内撞击容器壁次数较多，故D错误。 故选C。 9．A 【详解】根据题意可知，电容器与电源保持连接，电容器两端电压不变，现将电容器两极板 间距增大至原来的两倍，由公式E  U 可知，极板间电场强度变为原来的 1 ，则有W Eqd d 2 1 W 可知，再把电荷由a移至b，则电场力做功变为原来的 ，即电场力做功为 。 2 2 故选A。 10．D 【详解】A．根据题意可知，释放时，物块与木箱发生相对滑动，且有摩擦力，根据牛顿第 二定律可知释放时物块加速度不为0，故A错误； B．由于物块与木箱间有摩擦力且发生相对滑动，所以弹簧的弹性势能会减少，直到弹簧的 最大弹力满足以下分析的F ：设物块与木箱之间的最大静摩擦力为 f ，物块质量为m，对 答案第2页，共6页物块根据牛顿第二定律 f ma 设木箱质量为M ，对物块与木箱整体，根据牛顿第二定律F (mM)a f 可得F (mM) m f 即弹簧的最大弹力减小到F (mM) 后，二者一起做简谐运动，故B错误； m C．根据AB选项分析可知只有当二者一起做简谐运动前，有相对滑动，滑块运动到最右端 后物块不会停止，当二者一起做简谐运动后，物块与滑块一起做周期性运动，也不会停止， 故C错误； D．开始滑块的加速度向右，物块与滑块第一次共速前，物块相对滑块向左运动，受到向右 的摩擦力，共速前二者有相对滑动，摩擦力恒为二者之间的滑动摩擦力，保持不变，故D 正确。 故选D。 11．(1)B (2)甲 (3)15.7 (4)mgH (5) 同意 小球减小的重力势能有一部分转化为小球的转动动能，相差很大的原因 是小球的转动动能没有计入 【详解】（1）正确步骤为将斜槽安置于底座，调节斜槽在竖直平面内，调节斜槽末端水平， 安装光电门，序号为④②③①。 故选B。 （2）测量小球直径的正确操作需要确保测量工具与小球接触良好，并且小球的位置不会导 致测量误差。在图中的情形中，甲图示显示出的卡尺测量方式更准确地使卡尺的两测量面与 小球的表面垂直接触，适合测量直径。而乙图因为夹持不住小球，使得小球并没有夹在量爪 之间，测量不准确。 故选甲。 （3）根据E mgh p 可知下降高度为8.0102m时减少的重力势能为下降高度为4.0102m的二倍，代入数据可 得E 15.7103J p 答案第3页，共6页（4）根据动能定理可得mgHW 0 测 可得W mgH 测 （5）[1][2]同意，原因是小球减小的重力势能有一部分转化为小球的转动动能，相差很大的 原因是小球的转动动能没有计入。 W 12．(1) 0 h (2)hW 0 【详解】（1）根据题意，由光电效应方程有E h W k 0 0 W 当E 0时，可得该金属的截止频率  0 k 0 h （2）根据题意，由光电效应方程可得，光电子的最大初动能为E hW km 0 mv sin 13．(1) 0 qE 2mv2sin2 (2) 0 qE 【详解】（1）根据题意，不计重力及粒子间相互作用，则竖直方向上，由对a球，根据牛顿 第二定律有qE ma a运动到最高点的时间，由运动学公式有v sinat 0 mv sin 联立解得t 0 qE （2）方法一、根据题意可知，两个小球均在水平方向上做匀速直线运动，且水平方向上的 初速度均为v cos，则两小球一直在同一竖直线上，斜上抛的小球竖直方向上运动的位移 0 v sin2 mv2sin2 为x  0  0 1 2a 2qE 1 mv2sin2 mv2sin2 斜下抛的小球竖直方向上运动位移为x v tsin at2 0  0 2 0 2 qE 2qE 2mv2sin2 则小球a到达最高点时与小球b之间的距离xx x  0 1 2 qE 方法二、两个小球均受到相同电场力，以a球为参考系，b球以2v sin的速度向下做匀速 0 2mv2sin2 直线运动，则a到达最高点时，a、b间的距离H 2v sint 0 0 qE 14．(1)v 0 答案第4页，共6页v (2) 0 2 4n1 1 (3)  mv2 2 0 【详解】（1）根据题意可知，所有碰撞均为弹性碰撞，由于钢球质量也为m，根据动量守恒 和机械能守恒可知,碰撞过程中，二者速度互换，则最终碰撞后最右侧钢球的速度大小等于 开始碰撞前玻璃球的初速度为v 。 0 （2）根据题意可知，所有碰撞均为弹性碰撞，则由动量守恒定律有mv mv 3mv 0 1 2 1 1 1 由能量守恒定律有 mv2  mv2 3mv2 2 0 2 1 2 2 m3m 1 2m 1 解得v  v  v ，v  v  v 1 m3m 0 2 0 2 m3m 0 2 0 1 负号表示速度反向，则玻璃球的速度大小为 v 2 0 （3）根据题意结合小问2分析可知，玻璃球与右侧第一个小球碰撞后反弹，且速度大小变 1 为碰撞前的 ，右侧第一个小球又与第二个小球发生弹性碰撞，速度互换，静止在光滑水平 2 面上，玻璃球反弹后与左侧第一个小球同样发生弹性碰撞，同理可得，碰撞后玻璃球再次反 2n 1 1 弹，且速度大小为碰撞前的 ，综上所述，玻璃球碰撞2n次后速度大小为v  v 2 2 0 4n1 1 1 则玻璃球碰撞2n次后最终动能大小E  mv2   mv2 k 2 2 0 15．(1)BLr 01 8B2L2r2 (2) 0 1 R 2BLr (3) 1 IR 【详解】（1）根据题意可知，ab转动时的线速度为vr 01 则ab产生的感应电动势E BLvBLr 1 01 （2）根据题意，由图可知，若内转子固定，外转子转动过程中，ab、cd 均切割磁感线， 且产生的感应电流方向相反，则转动过程中感应电动势为E 2BLv2BLr 2 01 E 感应电流为I  2 R 答案第5页，共6页2 转子转动的周期为T   0 8B2L2r2 则abcd转一圈产生的热量QI2RT  1 0 R 1 （3）结合图可知，转子转动 T 电流方向改变，大小不变，若内转子不固定，跟着外转子 4 一起转，且abcd中的电流为I，则感应电动势为EIR 又有E2BLv IR 解得v 2BL 1 2r 则电流改变方向的时间为 4 1 BLr t   1 v IR 2BLr 则电流的周期为T 2t  1 IR 答案第6页，共6页