2016年广东高考（文科）数学试题及答案_全国卷+地方卷_2.数学_1.数学高考真题试卷_2008-2020年_地方卷_广东高科数学（理+文）08-22_A3Word版

绝密★启封并使用完毕前 （5）直线l经过椭圆的一个顶点和一个焦点，若椭圆中心到l的距离为其短轴长的，则该椭圆的离心率为 （A）（B）（C）（D） 试题类型： （6）若将函数y=2sin (2x+)的图像向右平移个周期后，所得图像对应的函数为 2016年普通高等校招生全国统一考试 （A）y=2sin(2x+) （B）y=2sin(2x+) （C）y=2sin(2x–) （D）y=2sin(2x–) （7）如图，某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径.若该几何体的体积是，则它 文科数学 的表面积是 注意事项： 1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.第Ⅰ卷1至3页，第Ⅱ卷3至5页. 2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置. 3.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效. 4.考试结束后，将本试题和答题卡一并交回. 第Ⅰ卷 （A）17π （B）18π （C）20π （D）28π 一. 选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符 （8）若a>b>0，0cb 题目要求的. （9）函数y=2x2–e|x|在[–2,2]的图像大致为 A{1,3,5,7} B {x|2 x5} A B  （1）设集合 ， ，则  （A）{1,3}（B）{3,5}（C）{5,7}（D）{1,7} (12i)(ai) (2)设 的实部与虚部相等，其中a为实数，则a= （A） （B） （A）－3（B）－2（C）2（D）3 （3）为美化环境，从红、黄、白、紫4种颜色的花中任选2种花种在一个花坛中，余下的2种花种在另一个花 坛中，则红色和紫色的花不在同一花坛的概率是 1 1 5 （C） （D） （A）3（B）2 （C） （D）6 x0,y 1, x,y （10）执行右面的程序框图，如果输入的 n=1,则输出 的值满足 2 cosA （4）△ABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c.已知 a 5 ， c2 ， 3，则b= 2 3 （A） （B） （C）2（D）3题~第(24)题为选考题，考生根据要求作答. 二、填空题：本大题共3小题，每小题5分 （13）设向量a=(x，x+1)，b=(1，2)，且a b，则x=. π 3 π （14）已知θ是第四象限角，且sin(θ+ 4 )= 5，则tan(θ– 4 )=. （15）设直线y=x+2a与圆C：x2+y2-2ay-2=0相交于A，B两点，若 ，则圆C的面积为。 （16）某高科技企业生产产品A和产品B需要甲、乙两种新型材料。生产一件产品A需要甲材料1.5kg，乙材料 y 2x （A） 1kg，用5个工时；生产一件产品B需要甲材料0.5kg，乙材料0.3kg，用3个工时，生产一件产品A的利润为 2100元，生产一件产品B的利润为900元。该企业现有甲材料150kg，乙材料90kg，则在不超过600个工时的 y 3x （B） 条件下，生产产品A、产品B的利润之和的最大值为元。 y 4x （C） 三.解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤. y 5x （D） 17.（本题满分12分） 1 （11）平面  过正文体ABCD—A 1 B 1 C 1 D 1 的顶点A //平面CB 1 D 1,   平面ABCD m ， 已知 a n  是公差为3的等差数列，数列 b n  满足 b 1 =1，b 2 = 3 ，a n b n1 b n1 nb n ，.  平面ABB A n  1 1 ，则m，n所成角的正弦值为 a  （I）求 n 的通项公式； 3 2 3 1 b  （II）求 n 的前n项和. （A） 2 （B） 2 （C） 3 （D）3 18.（本题满分12分） 1 f(x) x- sin2xasinx , 如图，在已知正三棱锥P-ABC的侧面是直角三角形，PA=6，顶点P在平面ABC内的正投影为点D，D在平面 （12）若函数 3 在 单调递增，则a的取值范围是 PAB内的正投影为点E，连接PE并延长交AB于点G.  1  1 1  1 1,  , 1, 1,1   3     3 3     3   （A） （B） （C） （D） 第II卷 本卷包括必考题和选考题两部分.第(13)题~第(21)题为必考题，每个试题考生都必须作答.第(22) （I）证明G是AB的中点；（II）在答题卡第（18）题图中作出点E在平面PAC内的正投影F（说明作法及理由），并求四面体PDEF的体 OH ON 积． （I）求 ； （II）除H以外，直线MH与C是否有其它公共点？说明理由. （21）（本小题满分12分） （19）（本小题满分12分） 已知函数 . 某公司计划购买1台机器，该种机器使用三年后即被淘汰.机器有一易损零件，在购进机器时，可以额外购买这 种零件作为备件，每个200元.在机器使用期间，如果备件不足再购买，则每个500元.现需决策在购买机器时应 (I)讨论 的单调性； 同时购买几个易损零件，为此搜集并整理了100台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数，得下面柱状图： a (II)若 有两个零点，求 的取值范围. 请考生在22、23、24题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分,做答时请写清题号 （22）（本小题满分10分）选修4-1：几何证明选讲 如图，△OAB是等腰三角形，∠AOB=120°.以⊙O为圆心， OA为半径作圆. (I)证明：直线AB与O相切； 记x表示1台机器在三年使用期内需更换的易损零件数，y表示1台机器在购买易损零件上所需的费用（单位： (II)点C,D在⊙O上，且A,B,C,D四点共圆，证明：AB∥CD. n 元）， 表示购机的同时购买的易损零件数. n （I）若 =19，求y与x的函数解析式； n n （II）若要求“需更换的易损零件数不大于 ”的频率不小于0.5，求 的最小值； （III）假设这100台机器在购机的同时每台都购买19个易损零件，或每台都购买20个易损零件，分别计算这 100台机器在购买易损零件上所需费用的平均数，以此作为决策依据，购买 1台机器的同时应购买19个还是20 （23）（本小题满分10分）选修4—4：坐标系与参数方程 个易损零件？ 在直线坐标系xoy中，曲线C 的参数方程为 （t为参数，a＞0）。在以坐标原点为极点，x轴正 1 （20）（本小题满分12分） xOy y2 2px(p 0) 半轴为极轴的极坐标系中，曲线C ：ρ=4cosθ. 在直角坐标系 中，直线l:y=t(t≠0)交y轴于点M，交抛物线C： 于点P，M关于点P的对称 2 （I）说明C 是哪种曲线，并将C 的方程化为极坐标方程； 1 1 点为N，连结ON并延长交C于点H. （II）直线C 的极坐标方程为θ=α ，其中α 满足tanα=2，若曲线C 与C 的公共点都在C 上，求a。 3 0 0 0 1 2 3（24）（本小题满分10分），选修4—5：不等式选讲 已知函数f(x)= ∣x+1∣-∣2x-3∣. 第II卷 （I）在答题卡第（24）题图中画出y= f(x)的图像； 二、填空题：本大题共3小题，每小题5分. （II）求不等式∣f(x)∣﹥1的解集。 2 4   3 3 4π 216000 （13） （14） （15） （16） 三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤. 1 1 （17）（I）由已知， a 1 b 2 b 2 b 1 ,b 1 1,b 2  3 , 得 a 1 b 2 b 2 b 1 ,b 1 1,b 2  3 , 得 a 1 2 ，所以数列 a n  是首 a 3n1 项为2，公差为3的等差数列，通项公式为 n . b 1 （II）由（I）和 a n b n1 b n1 nb n ，得 b n1  3 n ，因此 b n  是首项为1，公比为3的等比数列.记 b n  n S 的前 项和为 n，则 1 1( )n 3 3 1 S    . n 1 2 23n1 1 3 （18）（I）因为P在平面 ABC 内的正投影为D，所以 AB  PD. 2016年普通高等校招生全国统一考试 文科数参考答案 第Ⅰ卷 一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. 因为D在平面PAB内的正投影为E，所以 AB  DE. （1）B (2) A （3）C （4）D （5）B （6）D （7）A （8）B （9）D （10）C （11）A （12）C所以AB平面PED，故 AB  PG. 19. （Ⅲ）若每台机器在购机同时都购买19个易损零件，则这100台机器中有70台在购买易损零件上的费用 为3800，20台的费用为4300，10台的费用为4800，因此这100台机器在购买易损零件上所需费用的平均 又由已知可得，PA PB，从而 G 是AB的中点. 1 (400090450010)4050 （II）在平面PAB内，过点E作PB的平行线交PA于点F ，F 即为E在平面 PAC 内的正投影. 100 数为 . 理由如下：由已知可得PB  PA， PB  PC ，又 EF //PB ,所以 EF  PC ,因此EF 平面 PAC ， 比较两个平均数可知，购买1台机器的同时应购买19个易损零件. t2 P( ,t) 即点F 为E在平面 PAC 内的正投影. （20）（Ⅰ）由已知得 M(0,t) ， 2p . 连接 CG ，因为P在平面 ABC 内的正投影为D ，所以D是正三角形 ABC 的中心. N( t2 ,t) y  p x 又 N 为 M 关于点 P的对称点，故 p ， ON 的方程为 t ，代入 y2 2px 整理得 2 CD CG. 由（I）知， G 是AB的中点，所以D在 CG 上，故 3 2t2 2t2 x  H( ,2t) px2 2t2x 0 x 0 2 p p 2 1 ，解得 1 ， ，因此 . PE  PG,DE  PC. 由题设可得 PC 平面PAB，DE 平面PAB，所以 DE//PC ，因此 3 3 |OH | 2 N OH |ON | 所以 为 的中点，即 . 由已知，正三棱锥的侧面是直角三角形且 PA6 ，可得 DE 2,PE 2 2. （Ⅱ）直线MH 与 C 除H 以外没有其它公共点.理由如下： 在等腰直角三角形EFP中，可得 EF  PF 2. p 2t yt  x x  (yt) V  1  1 222 4 . 直 线 MH 的 方 程 为 2t ， 即 p . 代 入 y2 2px 得 y2 4ty4t2 0 ， 解 得 所以四面体PDEF 的体积 3 2 3 （19）（I）分x  19及x.19，分别求解析式；（II）通过频率大小进行比较；（III）分别求出您9，n=20的所需 y 1  y 2 2t ，即直线MH 与 C 只有一个公共点，所以除H 以外直线MH 与 C 没有其它公共点. 费用的平均数来确定。 f 'xx1ex 2ax1x1 ex 2a  . x19 y 3800 x 19 y 3800500(x19)500x5700 （21） (I) 试题解析：（Ⅰ）当 时， ；当 时， ，所 x,1 f 'x0 x1, f 'x0 a0 (i)设 ，则当 时， ；当 时， . 3800, x19, y  (xN) ,1 1, 以 y 与x的函数解析式为 500x5700,x 19, . 所以在 单调递减，在 单调递增. （Ⅱ）由柱状图知，需更换的零件数不大于18的概率为0.46，不大于19的概率为0.7，故n的最小值为f 'x0 0, a0 (ii)设 ，由 得x=1或x=ln(-2a). 综上，a的取值范围为 . e （22）（Ⅰ）设E是AB的中点，连结 OE ， a  f 'xx1 ex e  f x , ①若 2，则 ，所以 在 单调递增. OAOB,AOB 120 OE  AB AOE 60 因为 ，所以 ， ． e a  x  ,ln2a 1, f 'x0 ②若 2，则ln(-2a)<1,故当  时， ； 1 OE  AO 在 RtAOE 中， 2 ，即 O 到直线AB的距离等于圆 O 的半径，所以直线AB与⊙ O 相切． x  ln2a,1  f 'x0 f x  ,ln2a ,1,  ln2a,1  当 时， ，所以 在 单调递增，在 单 调递减. D C e ③若 a 2，则 ln2a1 ，故当 x,1   ln2a,  时， f 'x0 ，当 x  1,ln2a O O' f 'x0 f x ,1,  ln2a,   1,ln2a A E B 时， ，所以 在 单调递增，在 单调递减. f x ,1 1, (II)(i)设 a0 ，则由(I)知， 在 单调递减，在 单调递增. （Ⅱ）因为 OA2OD ，所以 O 不是 A,B,C,D 四点所在圆的圆心，设 O' 是 A,B,C,D 四点所在圆的圆 b a f 1e，f 2a ln 又 ，取b满足b<0且2 2 ， 心，作直线 OO' ． f b a b2ab12 a  b3 3 b  0 由已知得 O 在线段AB的垂直平分线上，又 O' 在线段AB的垂直平分线上，所以 OO' AB ． 2   2   f x 则 ，所以 有两个零点. OO'CD AB //CD 同理可证， ．所以 ． f xx2ex f x (ii)设a=0，则 所以 有一个零点. xacost  a e f x 1, （23）⑴y1asint （t均为参数） (iii)设a<0，若 2，则由(I)知， 在 单调递增. x2 y12 a2 ∴ ① e f x f x a f x  1,ln2a 又当 x1 时， <0，故 不存在两个零点；若 2，则由(I)知， 在 单调 ∴ C 1为以 0，1 为圆心，a为半径的圆．方程为 x2  y2 2y1a2 0  ln2a,  f x f x ∵ x2  y2 2，ysin x1 递减，在 单调递增.又当 时 <0，故 不存在两个零点.2 2sin1a2 0 C f x 1 ∴ 即为 1的极坐标方程 当x≤1， x4 1 ，解得x5或x3 C ：4cos ⑵ 2 ∴x≤1 3 1  2 4cos 2 x2  y2，cosx 1x x 两边同乘 得  当 2， 3x2 1 ，解得x1或 3 1 3 x2  y2 4x ∴1x 1x 3或 2 3 即 x22  y2 4 ② 当 x≥ 2， 4x 1 ，解得x5或x3 3 ∴ ≤x3 C y2x 3：化为普通方程为 2 或x5 1 x 由题意： C 1和 C 2的公共方程所在直线即为 C 3 综上， 3或1x3或x5  1 ①—②得： 4x2y1a2 0 ，即为 C 3 ∴ f x 1 ，解集为   ， 3    1，3  5， ∴1a2 0 ∴a1 （24）⑴如图所示：  x4，x≤1   3 f x3x2，1x 2   3 4x，x≥  ⑵  2