开学考试物理2024秋参考答案_A1502026各地模拟卷（超值！）_9月_240910四川省成都市树德中学2024-2025学年高三上学期开学考试

参考答案： 单选题：1．D 2．A 3．D 4．B 5．D 6．A 7．D 【详解】A．手机与充电宝从静止开始，向下先做加速度增大的加速运动，从t 时刻向下做加速度减小的加速运动， 1 加速度减小到零时，速度达到最大；再向下做加速度增大的减速运动，t 时刻速度减小到零，此后做向上的加速度 2 减小的加速运动，加速度减减小到零时向上运动的速度达到最大，此后先向上做加速度增大的减速运动，从t 时刻 3 再向上做加速度减小的减速运动，最后速度为零，故A错误； B．充电宝在t 时刻加速度方向向上，所受的摩擦力方向向上； 2 充电宝在t 时刻加速度方向向下，由 mg f ma ，a 12m/s2 3 3 3 可知加速度方向向下，故B错误； C．在t 1 时刻充电宝向下的加速度为 10m/s2，充电宝与手机之间的摩擦力最小，值为零，故C错误； D．在t 时刻充电宝向上的加速度最大，充电宝与手机之间的摩擦力最大，由牛顿第二定律可得 2 f mg ma max 2 又 f F max 解得充电宝与手机之间的吸引力大小至少为 F 12N，故D正确。 多选题：8．BC 9．AC 10．BD 【详解】A．从图乙可知，摩擦力在x 处方向发生变化，在x 2x 区间工件的摩擦力大小发生变化，说明工件与传 0 0 0 送带相对静止，故工件先做加速运动后做匀速运动，故A错误； B．在x 2x 区间摩擦力大小等于弹簧弹力大小，2x 位置摩擦力为零，所以弹力为零，所以工件运动2x 后与弹簧 0 0 0 0 分离，故B正确； F C．由胡克定律得kx 0.5F ， 解得弹簧的劲度系数k  f0 ，故C错误； 0 f0 2x 0 D．摩擦力对工件先做正功后做负功，图乙图像与x轴围成的面积在数值上等于摩擦力对工件做的功，即 1 W F x  0.5F x 0.75F x ，故D正确。 f0 0 2 f0 0 f0 0 实验题：11． D CD/DC 不会 【详解】（1）[1]橡皮筋伸长后的拉力大小等于所挂钩码的重力，所以钩码的个数必须测量，又钩码质量相同，则 不用测量钩码的质量，橡皮筋的原长和伸长后的长度不用测量。 故选D。 （2）[2]A．连接橡皮筋两端点的细线长度不影响橡皮筋的拉力大小，故长度不用相同，A错误； B．细线OP上力的方向与细线OP、OP 上两力的合力方向相反，由于OP、OP 上两力的合力方向是任意的，故OP 1 2 3 2 3 1 不需要在角平分线上，B错误； C．实验中，需要测量OP、OP 和OP上力的大小和方向，故必须记录图中OP点的位置和OP、OP、OP的方向以 1 2 3 3 1 2 3 及结点O静止时三根细线所挂钩码的个数，C正确； D．不改变OP所挂钩码的个数和方向，改变OP 与OP的夹角重复实验，OP上的力大小保持不变，另两个力的合 1 2 3 1 力只要跟它等大反向即可保持O点平衡，故O点的位置可以改变，D正确。 故选CD。 （3）[3]若桌面不水平，三根线上的拉力大小也为各自所挂钩码重力大小，不会影响实验结论。 答案第1页，共4页1 E 1 1 12． （1）4 （2）小于 （3） =   36 8 R 3r U r 【详解】（1）[1]由于电压表的内阻不确定，所以不能采用教材提供的方法进行改装。但由于电压表的量程为15V， 所以要想将电压表改装成量程为45V的电压表，电位器承担的电压应该是电压表电压的两倍，由于二者之间是串联 关系，所以电位器的阻值应调节为电压表内阻的两倍因此，当电压表的示数为12V时，只需调节电位器，使电压表 的示数变为4V即可。 [2]电位器接入电路时，电压表的支路的电阻增大，和滑动变阻器并联部分阻值增大，分压变大，则电压表支路的电 压变大，电位器接入电路的阻值实际大于电压表内阻的两倍，则改装的电压表的内阻实际比理论值大，则改装的电 压表量程实际大于45V，故按45V读数时，每次测量的示数小于真实值。 [3]由闭合电路欧姆定律可知 3U 3U  E  r R 整理可得 1 E 1 1 =   R 3r U r [4][5]由图像可得,图线的纵截距为 1 1   r 8 图线的斜率为 E 3  3r 2 解得 E=36V r8 1 13．（1） p ；（2）1.9T ；（3）W 5 0 0 【详解】（1）由题可知，根据玻意耳定律可得 p V  p V A A B B 1 解得 p  p B 5 0 p V p V （2）根据理想气体状态方程可知 B B  C C T T B C 解得T 1.9T C 0 （3）根据热力学第一定律可知U W Q 其中Q0，故气体内能增加U W 1 1 v2  2 14．（1） 2 mv m 2  2 mgR；（2）mgm R m ；（3）   1 4    g，方向向下 【详解】（1）设小球从A点运动到C点的过程中，电场力做功为W，由动能定理可得 1 mgRsin30W  mv2 0 2 m 1 1 解得W  mv2  mgR 2 m 2 答案第2页，共4页（2）小球在C点速度最大，即此时沿速度方向（切线方向）合力为零，设此时的库仑力为F ，则有切线方向 c mgcos30F cos30 0 c v2 法线方向F mgsin30 F sin30 m m N c R v2 解得F mg F mgm m c N R v2 由牛顿第三定律可知，此时小球对轨道的压力大小为F F mgm m N N R 方向沿OC延长线； （3）由几何关系可知r R r  2R BC BA qq 1 设小球在A点时库仑力大小为F ，由F k 1 2 可知 F  F A r2 A 2 C 1 即F  mg A 2 小球在A点时速度为零，因此向心加速度为零即 a 0 n 沿切线方向 mgF cos45 ma A  又小球在A的加速度为 a  a2a2 A n   2 解得 a 1 g A   4   方向竖直向下。 15 15．（1）v 1m/s，方向向左；v 2m/s，方向向右；（2）L2.25m；（3） J A B 8 【详解】（1）爆炸过程，以AB为研究对象： 1 1 m v2  m v2 E 2 A A 2 B B m v m v 0 A A B B 得 v 1m/s，方向向左； A v 2m/s，方向向右； B （2）爆炸后一段时间对C m g m a C C C 得 a 2m/s2，方向向右； C 对B m gm a B B B 得 a 2m/s2，方向向左； B 答案第3页，共4页对A m gm g m a B C A A 得 a 0 A 设t 时刻A、C共速，则满足 1 v v a t A C C 1 解得 t 0.5s 1 此时 v 1m/s2 B 此后A、C相对静止一起减速、整体的加速度 m g 2 a  B  m/s2 AC m m 3 A C B的加速度不变 v a t v a t A AC 2 B1 B 2 得 t 0.75s 2 v 0.5m/s 2 作出vt如图 由图像可知板长 L2.25m （3）由图像可知对B，01s时间内 S 1m 1 W m gS 2J 1 B 1 11.25s时间内 1 S  m 2 16 1 W m gS  J 2 B 2 8 得总功 15 W W W  J 总 1 2 8 答案第4页，共4页