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2025-2026 学年度第一学期高中阶段联考（10 月阶段考）
高三物理答案详解及评分标准
一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有
一项是符合题目要求的。
1．答案 C 解析 由 x−t 图像切线的斜率表示速度可知，乙车做减速直线运动，甲车做匀速
直线运动，且甲车和乙车都不是从静止开始运动，A 错误；x−t 图像只能用来描述直线运
动，B错误；0～t 时间内，由v−t 图像与时间轴围成图形的面积表示位移可知，丙、丁两
2
车在 t 时刻面积差最大，所以相距最远，C 正确；在 0～t 时间内，丁车的速度大于丙车
2 2
的速度，两车间的距离一直增大，D错误。故选C。
2．答案 A 解析 从地面到海平面重力对小球做的功为mgh，故A正确；地面为零势能面，
1
所以小球在海平面上的重力势能为－mgh，故 B错误；小球在海平面上的动能为 mv 2－
2 0
1 1
（－mgh）＝ mv 2＋mgh，故C错误。小球在地面上的机械能为 mv 2，由机械能守恒
2 0 2 0
1
定律得，小球在海平面上的机械能也为 mv 2，故D错误；
2 0
3．答案 C 解析 以结点 O 为研究对象，其受重力 G、绳 OA 的拉力 F 和绳
OA
BO 的拉力 F ，如图所示，根据平衡条件知，两根绳子的拉力的合力与重
OB
力大小相等、方向相反，作出轻绳OB在不同位置时力的合成图，由图看出，
F 一直减小，F 先减小，后增大，当θ＝90°时，F 最小，故C正确。
OA OB OB
4．答案 C 解析 同体积的水比乒乓球的质量大，在乒乓球加速上升的过程中，水和乒乓球
系统的重心加速下降，处于失重状态，台秤示数变小。
1 1
5．答案 D 解析 时间 t 内，撞击到风力发电机上的空气的动能为E ＝ mv2＝ ρvtSv2，故
k
2 2
W ηE 1
风力发电机的功率为 P＝ ＝ k＝ ηρSv3，故D正确。
t t
2
1
6．答案 B 解析 由题意可知，水流出后做平抛运动的水平位移和下落高度均变为实际的 ，
16
1 2h 1 x
根据h＝ gt2，得t＝ ，所以时间变为实际的 ，水流出的速度 v＝ ，由于水平位移
t
2 g 4
1 1 1
变为实际的 ，时间变为实际的 ，则水流出的速度为实际的 ，B正确。
16 4 4
f
7．答案 C 解析 上升阶段，由牛顿第二定律得mg+f=ma ，解得a =g+ ，方向竖直向下
1 1 m
（a <0），沙包做匀减速直线运动；下降阶段，由牛顿第二定律得mg− f =ma ，解得
1 2
f
a =g− ，方向竖直向下（a <0），沙包做匀加速直线运动，且有 a > a ，故 A、B 错
2 m 2 1 2
误；由动能定理得−mah=E −E ，可知E −h图像的斜率绝对值为ma，故C正确，D错
k k0 k
误；由功能关系可知−fh=E−E ，可知E−h图像的斜率绝对值为f，故D错误。故选C。
0
高三物理试卷（答案） 第 1 页 共 5 页二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，有多
项符合题目要求。全部选对的得6 分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．答案 AB 解析 小物块绕OO'轴做匀速圆周运动，一定受重力、支持力，可能受摩擦力，
2g
若摩擦力为 0，由牛顿第二定律得mgtan 60°＝mω2Rsin 60°，解得ω＝ ，线速度大小
R
2g 3 3gR
为 v＝ωRsin 60°＝ · R＝ ，当小物块所受摩擦力不为 0 时，角速度不等于
R 2 2
2g 3gR
，小物块的线速度也不等于 ，A、B正确；当小物块所受摩擦力为0时，其所
R 2
受合力的大小为√3mg，所受弹力大小等于 2mg，当所受摩擦力不为0时不成立，C、D错
误。
9．答案 ACD 解析 探测器在地球表面附近做匀速圆周运动的周期为 T ，地球半径为 R ，
0 0
Mm 4π2 4π2R3
万有引力提供向心力有G =m R ，则M = 0 ，故 A 正确；行星的第一宇宙速
R2 T2 0 GT2
0 0 0
4πR3
Gρ
度 v= GM = 3 = 4πρGR2 ，由于小行星半径与地球半径不相等，且地球的第
R R 3
2πR
一宇宙速度为v= 0 ，故 B 错误；由于该小行星绕太阳运行的轨道半长轴大于地球公
T
0
转轨道半径，根据开普勒第三定律可知，小行星绕太阳运行周期大于地球公转周期，故C
4π2R3
正确；中心天体的密度为ρ=
M
=
GT2
=
3π
，由于小行星密度与地球密度相同，所以
V 4 GT2
πR3
3
探测器在二者表面运行的周期相等，均为T ，故D正确。故选ACD。
0
10．答案 CD 解析 两滑块到 B 点的动能相同，但质量不同，速度就不同，故 A 错误；两
滑块在斜面上运动时加速度相同，由于在 B 点时的速度不同，故上升的最大高度不同，
故B错误；两滑块上升到斜面最高点过程克服重力做的功为mgh，由能量守恒定律得 E
p
h E
＝mgh＋μmgcos θ· ，则mgh＝ p ，故两滑块上升到斜面最高点过程克服重力
sin θ μ
1＋
tan θ
h μmgh
做的功相同，故 C 正确；由能量守恒定律得 E ＝μmgcos θ· ＝ ，结合 C 可知
损 sin θ tan θ
D正确。
高三物理试卷（答案） 第 2 页 共 5 页三、非选择题：共54分，考生根据要求作答。
11．（6分）答案 （1）角速度ω （2分） （2）①初速度/轨迹（2分） ②1.6（2分）
解析（1）①变速轮塔半径不同，两轮转动的角速度不同，两球的角速度不同，A、B 两球的
质量相等、转动半径相同；则图中所示是在研究向心力的大小F与角速度ω的关系。
（2）①次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛运动的初速度相等。
1 2y 2×0.196
②根据 y＝ gt2得，运动时间为 t＝ ＝ s＝0.2 s，则小球平抛运动
2 g 9.8
x 0.32
的初速度为v ＝ ＝ m/s＝1.6 m/s。
0 t 0.2
12．（10分）答案（1）电火花（2分） （2）0.570 m/s（2分） （3）如图所示（2分）
（4）0.45（2分） 0.300（2分）
解析（1）利用家庭电源来做实验，电压为220 V，因此应该选择电火花计时器，工作电压为
220 V.
（2）根据表格中的数据可知，相邻计数点之间的时间间隔为T=0.1 s，匀变
速直线运动中，全程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则打下计
( 32.45−21.05 )×10−2
数点6 时小车的速度大小为v = m/s=0.570 m/s.
6 2×0.1
（3）根据表格中的v、t 数据，在坐标系中描点，用一条直线将点迹连接起来，使点迹均
匀分布在直线两侧.
（4）v−t 图像的斜率表示加速度，结合上述图像可知，小车的加速度大小为 a=
0.570−0.300
m/s2=0.45 m/s2，上述 v−t 图像纵轴的截距表示计时起点的速度，根据
0.6
图像可知v =0.300 m/s.
0
13．（10分）
解（1）小球从C点飞出后做平拋运动，则有
1
R＝ gt2 ------（1分）
2
s＝v t ------（1分）
C
解得v ＝1 m/s ------（1分）
C
在C点的速度 v ＝1 m/s＜ gR ,则有
C
v 2
mg－F＝m C ------（2分）
R
解得F＝2 N ------（1分）
根据牛顿第三定律，小球在C点对细管壁的压力F ＝2 N
N
方向竖直向下 ------（1分）
高三物理试卷（答案） 第 3 页 共 5 页（2）小球从A到C 过程，根据机械能守恒定律，有
1 1
mgR＝ mv 2－ mv 2 ------（2分）
0 C
2 2
解得v ＝ 5 m/s。 ------（1分）
0
14．（12分）
解（1）小车在AB段所受的弹力F =F ------（1分）
N1 0
小车在AB段所受的阻力f =0.8F ------（1分）
1 N1
小车在AB段上达到最大速度时P=（mg+f ）v ------（2分）
1 m
解得v =3 m/s ------（1分）
m
（2）小车在天花板上运动时F +mg=F ------（1分）
N2 0
小车在天花板上所受的阻力f =0.8F ------（1分）
2 N2
对小车做圆周运动时由牛顿第二定律得
v2
F2 − f 2 =m ------（2分）
2 r
3
解得r= m ------（1分）
8
小车运动一周过程中牵引力做的功 W=2πrf ------（1分）
2
解得W=37.7 J ------（1分）
15．（16 分）
解（1）由题图乙得弹簧弹力做功W ＝2 J
1
1
由W ＝ mv 2
1 A
2
解得v ＝4 m/s ------（2分）
A
（2）假设滑块在传送带上一直匀加速，由牛顿第二定律有
μ mg＝ma
1
μmg
解得a＝ 1 ＝μ g＝5 m/s2 ------（2分）
1
m
由运动学公式得v 2－v 2＝2aL
B A 1
解得v ＝5 m/s<6 m/s ------（2分）
B
v −v
可知假设合理，运动时间t＝ B A ＝0.2 s
a
此过程中传送带的位移x ＝1.2 m
带
滑块与传送带的相对位移x ＝x －L ＝0.3 m
相 带 1
滑块在传送带上因摩擦产生的热量 Q＝μ mgx ＝0.375 J ------（3分）
1 相
高三物理试卷（答案） 第 4 页 共 5 页v 2
（3）若滑块刚好过F点，mg＝m F
R
1 1
由动能定理得mg×2R＝ mv 2－ mv 2
2 E 2 F
解得v ＝2 m/s
E
1
若刚好能到Q点，有 mv '2＝μ mgL
E 2 2
2
解得v '＝1 m/s
E
所以v ≥2 m/s
E
滑块在摆渡车上时，由μ mg＝ma 得滑块加速度大小a ＝5 m/s2
1 m m
由μ mg＝Ma 得摆渡车加速度a ＝5 m/s2
1 M M
由v －a t'＝a t'＝v
B m M 共
滑块从滑上摆渡车到达到共速的过程中，
解得v ＝2.5 m/s，t'＝0.5 s
共
v ＋v v
此过程滑块相对摆渡车的位移x ＝ B 共 t'－ 共 t'＝1.25 m
1
2 2
所以s≥1.25 m ------（4分）
摆渡车碰到DI 侧壁停止后滑块继续匀减速，由动能定理有
1 1
－μ mgx ＝ mv 2－ mv 2
1 2 2 D 2 共
v ≥2 m/s时，滑块才能过F点，所以x ≤0.225 m
D 2
所以s＝x ＋x ≤1.475 m ------（2分）
1 2
即摆渡车长度的范围为1.25 m≤s≤1.475 m。 ------（1分）
高三物理试卷（答案） 第 5 页 共 5 页
