2026高三仿真物理试题答案_2024-2027高三（6-6月题库）_2026年05月高三试卷_2605272026届山东省淄博市高三仿真考试（淄博三模）（全科）_淄博三模答案

2026 年高三仿真考试物理参考答案
2026.5
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每个题给出的四个选项中，只
有一项是符合题目要求的。
1 2 3 4 5 6 7 8
C B D C D A C B
二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每个题给出的四个选项中，有
多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
9 10 11 12
BD AC AD BC
三、非选择题：本题共6小题，共60分。
13．（6分） （1）A（2分）
（2）5×10-10（2分）
（3）多（1分）、大（1分）
14．（8分）（1）①R （2分）
A
② 右图（2分）
③越小（1分）、高（1分）
（2）0.90（2分）
15. 解：（1）A达到最大速度时，由受力分析得
F +mg =Mg①……………………………………（2分）
由瞬时功率表达式得
高三物理参考答案 第1页（共6页）
P = F v
m
②……………………………………………（1分）
联立方程①②得
v =3m/s………………… …………………………（1分）
m 公众号天海题库
（2）上升过程由动能定理得高三物理参考答案 第2页（共6页）
P t + m g h − M g h =
1
2
( M + m ) v 2m ……………………（3分）
解得： t = 1 1 .3 5 s ………………………………………（1分）
16. 解：（1）在五棱镜中由光路的几何关系得 4 C
1
= 9 0  ，在棱镜中发生全发射的临界
角为 C
1
= 2 2 .5  …………………（1分）
1
故，由sinC = ………………（1分）
1 n
1
1
得n = ………………（1分）
1 sin22.5
（2）在玻璃柱HG面，刚好发生全发射，则
s i n C
2
=
1
n
2
①…………………………（1分）
在圆弧面，由折射定律得
n
2
=
s i n
s
(
i n
− C
2
)

②……………………（2分）

由几何关系得
=
h
R
 s i n ③……………………………（1分）
联立方程①②③得
h
R
=
3
1
1
0
0
……………………………（1分）
17. 解：（1）粒子在PQ间加速，由动能定理得
q U
0
=
1
2
m v 2 ………………………………………（2分）
mv2
解得：U = ……………………………………（1分）
0 2q
（2）在磁场中，粒子做匀速圆周运动，设其半径为r，由几何关系得
R 2 + r 2 = ( 1 + 2 ) R − r ①………………………（2分）
洛伦兹力提供向心力高三物理参考答案 第3页（共6页）
q v B = m
v
r
2
②………………………………………（1分）
联立方程①②解得： B =
m
q
v
R
………………………（1分）
U
（3）电压为 0 时，由动能定理得
3
q
U
3
0 =
1
2
m v 21 ③………………………………………（1分）
洛伦兹力提供向心力
q v
1
B = m
2 v
1
r1
④………………………………………（1分）
联立方程③④解得： r1 =
3
3
R
其运动轨迹如右图，由几何关系得，此过程中
粒子由Q点出发到第一次回到圆Ⅱ上的a点，
对应圆Ⅱ的圆心角为
3

；………（1分）
电压为 U
0
时，半径为 R，此过程中粒子由 Q 点
出发到第一次回到圆Ⅱ上的b点，该两点对应圆
Ⅱ的圆心角为
2

；
故电压由
U
3
0 连续增加到 U
0
的过程中，所有粒子第一次回到圆Ⅱ，对应圆Ⅱ上的弧线 ab
的长度为
  
L =( − )R= R⑤…………………………………（1分）
1 2 3 6
同理，电压为
U
3
0 时，粒子第二次回到圆Ⅱ上的位置为 c 点，对应圆Ⅱ上 Qc 的圆心角为
2
；电压为U 时，粒子第二次回到圆Ⅱ上的位置为d点，对应圆Ⅱ上Qd的圆心角为；
3 0
U
故电压由 0 连续增加到U 的过程中，所有粒子第二次回到圆Ⅱ，对应圆Ⅱ上的弧线 cd
3 0
长度为高三物理参考答案 第4页（共6页）
L
2
(
2
3
) R
3
R
 
 = − = ⑥…………………………………（1分）
电压为
U
3
0 时，粒子第三次回到圆Ⅱ上的位置为d点，刚好与电压为 U
0
时粒子第二次回到
圆Ⅱ上的位置相同。则图中弧线dS上都有粒子穿越。对应圆Ⅱ上的弧线长度为
L
3
(
3
2
) R
2
R
 
 = − = ⑦…………………………………（1分）
故，有粒子穿越部分的弧长
L = L
1
+ L
2
+ L
3
⑧
联立方程⑤⑥⑦⑧得
L R  = ………………………………………………………（1分）
18. 解：（1）第一次碰撞前，对木板受力分析得
Mgsin=(M +m)gcos…………………………（1分）
即第一次碰撞前木板静止不动，碰撞后木板做匀速直线运动
对物块P受力分析，由牛顿第二定律得
m g = m a  s i n ①………………………………………（1分）
木块匀加速运动，由运动学公式得
v 20 = 2 a
2
3
L ②…………………………………………（1分）
联立方程①②解得： v
0
= 2 m / s …………………………（1分）
（2）P与挡板第一次碰撞，由动量守恒得
m v
0
= m v
1
+ M v 1 ③………………………………………（1分）
由机械能守恒得
1 1 1
mv2 = mv2 + Mv2④………………………………（1分）
2 0 2 1 2 1
在P与木板共速时，两者间距离最大
v =v +at ⑤………………………………………………（1分）
1 1 0
 x
m
= v t
1 0
−
v
1
+
2
v 1
t
0
⑥……………………………………（1分）
联立方程③④⑤⑥得
1
x = m…………………………………………………（1分）
m 3
第一次碰撞到第二次碰撞高三物理参考答案 第5页（共6页）
v
1
t1 +
1
2
a 2 t1 = v t
1 1
⑦………………………………………（1分）
摩擦产生的热量
  Q = ( M + m ) g x
1
c o s ⑧………………………………（1分）
x
1
= v t
1 1
⑨
联立方程⑦⑧⑨得
t1 =
2
3
s
x
1
=
2
3
m
Q=12J……………………………（1分）
（3）第二次碰撞前瞬间，P与木板速度分别为
v
2 0
= v
1
+ a t1 ⑩
v 2
0
= v 1 ⑪
第二次碰撞过程
m v
2 0
+ M v 2
0
= m v
2
+ M v 2 ⑫ ……………（1
分）
1
2
m v 22
0
+
1
2
M v 2 20 =
1
2
m v 22 +
1
2
M v 2 2 ⑫ …（1
分）
第二次碰撞到第三次碰撞
v 2 t
2
= v
2
t
2
+
1
2
a t 22 ⑭
x
2
= v 2 t
2
⑮
联立方程⑩⑪ ⑭⑮解得
4
x = m
2 3
，
t
2
=
2
3
s
2
做出P与木板v-t图像如右图，同理依次推出第三次到第四次碰撞x =2m t = s
3 ， 3 3
……2N
第N次到第N+1次碰撞x = m
N 3
木板开始运动到B到达底端过程中
高三物理参考答案 第6页（共6页）
d = x
1
+ x
2
+ x
3
+  x
N
=
2
3
N ( N
2
+ 1 )
……………………（1分）
解得N=5，
即 t = t1 + t
2
+ t
3
+ t
4
+ t
5
=
1 0
3
s ……………………………（1分）