重点中学协作体2026届高三第二次联考物理答案_2024-2027高三（6-6月题库）_2026年05月高三试卷_260516江西省重点中学协作体2026届高三第二次联考（全科）

江西省重点中学协作体 2026 届高三第二次联考物理试卷
参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C D C A B B D BC BC AD
1.C
c v
v 
【详解】激光进入水中后，速度为 n，可见激光在水中的速度较小，根据 f ，可知
波长变小；故选C。
2. D
【详解】沿着电场线方向，电势降低， m处， 最低，在 到 m之间，电场强
度方向沿+x轴方向， m右侧，电  场 2 强=度1方向沿φ -x轴方向。0 E=  2 ，=1 m处，合场
kq
强为0，故选D。  2 =1 r 2  2 =1
3. C
【详解】AB．急动度在随时间变化，则加速度不均匀变化； j/
4
−3
(  ∙  )
2 4 t/s
0
-4
CD.由题意作出j-t图，j-t图线与t轴所围的面积表示加速度变化量，则t2s时，加速度最
大，且最大加速度为4 ，t=4s时， =0，速度达到最大。C正确，D错误。
故选C。 2
m/s a
4.A
【详解】A．导体板内产生的涡电流大小是变化的，因为摆锤的摆动情况在变化，导致磁通
量变化情况也在变化，并非恒定的涡电流，A错误；
B．摆锤摆动时，导体板内产生涡电流是利用电磁感应现象，不需要外接电源，依靠摆锤运
动时磁通量变化产生感应电流，B正确；
C．导体板的电阻率越大，产生涡电流越小，阻尼效果越差，阻尼器就越不容易停摆，C正
确；
答案第1页，共8页
{#{QQABYQi04wgQgIYACD46U0VqCEsYkIGRLMgORQCQqAwDiIFABAA=}#}D．阻尼器做受迫振动，其振动频率与驱动力（即大楼的振动频率）相同，D正确。
故选A。
5.B
【详解】A．第一宇宙速度（7.9km/s）是近地卫星绕地球做圆周运动的速度。由 =m ，
2

2

有 ，该卫星运行轨道半径大于近地卫星运行轨道半径，绕行速度小于7.9km/s，A
GM
错误v；= r
B．发射速度等于7.9km/s时，卫星仅能沿地表做圆周运动，要进入更高轨道需更大的发射
速度。该卫星在500km高空，发射速度必然大于7.9km/s，B正确；
r3
C．根据开普勒第三定律 k 可知，运行轨道半径越大，周期越大。该卫星运行轨道半径
T2
小于地球同步卫星运行轨道半径，其周期应小于24h，C错误；
D．由 =mg， =ma，得a= 5 ，D错误；
2
2
2 2 2
故选B。     > m/s
6.B
【详解】线圈在t= 时产生的感应电动势大小E= BSω，A错误；
π 2
6ω BS 2
BS
假设线圈产生的电动势有效值为E，则有 E2 1   2   解得E 
T   T 2
R 2 R
2
n 
将原副线圈、 整体等效为一个新电阻，R  1  R9R，
等
n 
2
2
等效电路中的电阻R 9RR10R ，
总
所以原线圈中的电流为 ，即为电流表的示数。
E总 BSω
I= R = 20R
分压， ，

1   1 =   1 = 20
原线圈接入电压有效值为 ，
9   
1 =  −   1 = 20
副线圈电压有效值为 = ，即为电压表的示数为 ，B正确，C错误；
2  1 3    3   
线圈转动一圈，通过 U R 2 = 的电  1 荷量为200，D错误； 20
1
故选B。
7.D
【详解】A．由图可知曲线I、Ⅱ的最大值不同，P柱受到的最大拉力不等于Q柱受到的最大
拉力，A错误；
答案第2页，共8页
{#{QQABYQi04wgQgIYACD46U0VqCEsYkIGRLMgORQCQqAwDiIFABAA=}#}B．由图可知，C初始位置离P点较近， 较大，曲线Ⅱ为 变化曲线。当PC=60cm时，此
时 最大，B错误；    
C．   曲线Ⅰ、Ⅱ相交处，此时PC、QC与竖直方向夹角相等，设为 ，延长QC线交于左边立
θ
柱上， = ，2T ，T =T= ，C错误；
Q
2 2 2 2
−      − 
cos   cos  =   2(  2 −  2 )
D．PC水平时，设QC和竖直方向夹角为 ，则
β   =   sinβ
=mg
cosβ
得 ，D正确；
(  −  )
故选   D=。cosβsinβ=   tanβ= (  −  )(  +  −2  )
8.BC
【详解】A．向心力是效果力，并不是小球实际受到的力，A错误；
B．根据受力分析可得mg ， ，B正确；
g
2
tan  =   (  0+  sin  ) ω= r0cotθ+Lcosθ
C.如图，对配重块分析：T= ，C正确；

D.mg cos，  若增大小球质量m，绳子与竖直方向
2
的夹角tan不  变=，   D错(  误0+；  sin  )
故选BC  。
9.BC
【详解】A．一群氢原子处于n3激发态，可能发生的跃迁有32、21、31，最多
能辐射出C2 3种频率光，A错误；
3
B．电子绕氢原子核做匀速圆周运动：k ，得 = k =
2 2 2 9 −19
1 2 1  1 9.0×10 ×1.6×10
e≈1.51eV，B正确；  2 =     =2   2  2× 4.77×10 −10
C．n=3能级跃迁到n=1能级时，辐射光子的能量 （ ）
8.15eV，能使基态硅原子电离，C正确；ε=ε3−ε1 =−1.51eV− −13.6eV =
12.09eV>
D． ，又P= ，λ=C 得P= = m s=1.0 m s，D错误；
−19
ℎ 1  1.89×1.6×10 −27
8
故选 ε B = C h 。   ∙   3.0×10 kg∙ / ×10 kg∙ /
10.AD
【详解】A．通过导体棒的电流 恒定，运动到距离MN为x处B(x)=B +kx，导体棒受到安
0
培力 F(x)=（ ） ，A正I确；
B0+kx IL
答案第3页，共8页
{#{QQABYQi04wgQgIYACD46U0VqCEsYkIGRLMgORQCQqAwDiIFABAA=}#}B．导体棒所受安培力
F(x)=（ ） 随位移 均匀变化，安培 F/N
力做功：
B0+kx IL x
=
0   +(  0+   )   1 (  0 +   )  
B错=误； 2  0 2    0(2  0+   0)
C．恒定电流通过导体棒，整个过程中导体棒
上产生热量Q= ，  0   0 x
2
若导体棒做匀加  速   运动， ，t=
0 2  0 0
题中导体棒 F(x)=（  0 ）= 2=  ma，  做0 加速度增大的加速运动，速度从0到v 过程，运 
0
动位移为 ，需要的B时0间+kx I，L故Q= > ，C错误；
2
' 2 ' 2I Rx0
0  >     v0
D．前一段0~d:做功
1
后一段d~ :安培力  =B 1 I=L，ILd  = 0 B+IL2kd
+ =W
0  1  2  0−d
得1  2 ，D正确；
1
故选
B
A
=
D

。
0+2k  0+d
11. (1)小球在斜槽末端Q点处球心在坐标纸上的投影点 (2)不是 2 gL (3)小于
【详解】（1）小球在斜槽末端Q点处球心在坐标纸上的投影点
（2）若位置a是小球的抛出点，则小球竖直方向的运动满足初速度为0的匀变速直线运动
的规律，竖直方向连续相等时间内的位移之比满足1∶3∶5，根据题图可知比例不满足1∶3∶5，
则位置a不是小球的抛出点；
竖直方向yLgT2
水平方向2LvT
0
联立可得v 2 gL
0
（3）斜槽末端切线不水平时，小球初速度不沿水平方向，上述推导得到的结果只是初速度
的水平分量，因此第(2)问中求得小球的初速度大小 小于小球离开斜槽末端时的速度大小。
12.(1) 红表笔 (2)x1 (3)150 (4)1.35 v0
【详解】（1）根据电流从黑表笔流出电表，从红表笔流入电表，故A端接黑表笔，B端接
红表笔；
（2）S接接线柱1时，干路最大电流 ，
(   +  2)
1 =   +  1
答案第4页，共8页
{#{QQABYQi04wgQgIYACD46U0VqCEsYkIGRLMgORQCQqAwDiIFABAA=}#}S接接线柱2时，干路最大电流

代入数据解 ，  2 =   +  1+  2
欧姆表调零后  1 ，=中10值0  电  阻R  2 =R10    E ，由于单刀双掷开关合向1比合向2时电路中
中 内
I
m
的最大电流大，因此合向1时欧姆调零后欧姆表的内阻小，倍率小，即倍率为“x1”；
（3）现将S接接线柱2时，由图示电路图可知，欧姆调零后干路电流
2 =10  
，其中
中

=R =  2
得
=150 
（4）当电动势E=1.5V时，欧姆调零：
内
E= I2∙R
测量时有：
内
E=I(R +Rx)
当电动势发生变化为 ，欧姆调零：
内
' ' '
E E =I2∙R
测量时有
内
' ' '
E =I(R +Rx)
=300Ω， =270Ω，联立可得 1.35V
' '
R13x.（1） Rx Pa；（2）11JE =
5
【详解】1（.21）×1状0态A时的压强
mg
p  p  1.0105Pa ........................................2分
A 0 S
体积V =600cm3；B态V 500cm3，状态A到状态B为等温变化过程，根据
A B
.............................................................2分
解得     =    
P = Pa.........................................................1分
B
5
（2）从状态A到状态C，气体吸1热.2×Q1=016J ,
W+Q…..............∆..U....=....2..7...J..................................2分
∆UW==11J
从状态B到状态C，外界对系统不做功，故从状态A到状态B外界对系统做的功
W =W=11J…..........................................................2分
AB
14.（1）v= 2BqL （2）（0， L+L） （3） 11 3L-19L
m
3
答案第5页，共8页
{#{QQABYQi04wgQgIYACD46U0VqCEsYkIGRLMgORQCQqAwDiIFABAA=}#}【详解】（1）通过作半径确定圆心，得微粒圆周运动的半径r= 3 L=2L....1分
cos30
v2
微粒在磁场中做匀速圆周运动Bvq=m ..........................................................1分
r
2BqL
得v= ..............................................................2分
m
（2）微粒通过磁场偏转第一次到y轴时,坐标为(0,L),速度斜向上，与水平方向成
60o夹角，把速度v沿x、y正交分解，v =vcos60o= v v =vsin60o= 3 v
x y
2 2
在x方向上，粒子先匀减速到0，后反向匀加速到达y轴
∆vx
这一过程所需的时间t= .........................................................1分
a
q
加速度 a= ........................................................1分
m
E
沿y轴方向，粒子匀速运动，经过t时间向上运动的位移s=v
y
t ..........1分
代入数据得s= 3 L
所以第二次到y轴的坐标为（0， 3L+L） .......................................................1分
(3)由磁场偏转，第三次到y 轴的坐标比第二次到y轴的坐标低2L的高度，
再次在电场中偏转到y轴时位置上升 L，随后重复上述过程，经过电场偏转到
3
y轴上时，纵坐标y=L+ 3L+n( 3L-2L) ...................................................2分
可知n=10 时，在y轴上时离原点O的最近距离为
∆h
2
=11 3L-19L ..................................................................................2分
7 2
15.(1)h=0.4m (2) m (3) x=1m x= m
30 3
【详解】（1）A、B弹性正碰，满足动量守恒和动能守恒，且m =m ,发生速度交
A B
换，碰后V
A
=0，V
B1
= -2 3 m/s 方向向左...............................................................1分
B、 C 组成的系统水平方向动量守恒、机械能守恒，当滑到最高点时，B、C 水
平方向共速，系统水平方向动量守恒：m BV B1 =(m B +m C) V 共 ........................1分
2 3
代入数据得：V = - m/s 方向向左
共
3
BC作用过程机械能守恒：1 2 m B V B1 2= 2 1（m B +m C ）V 共 2+m B gh ....................1分
答案第6页，共8页
{#{QQABYQi04wgQgIYACD46U0VqCEsYkIGRLMgORQCQqAwDiIFABAA=}#}得h=0.4m ......................................................................................2分
（2）由第一问知，B滑上圆弧最高点时，
可得到B、C水平方向的相对位移 ∆x= R2−(R−h)2= 4 m ...........................1分
5
由动量守恒m B V B +m c V C =m B V B1 得m B X B +m c X C =m BV B1 t .........................1分
x
又X
B
-X
C
=∆ ......................................................................................1分
联立方程得X
C
= 7 m ..............................................................................2分
30
（3）
①当B滑离C时，B、C的速度为V 、V
B2 C2
动量守恒: m BV
B1
=m BV
B2
+m BV
C2
机械能守恒：1
m V 2=
1
m V 2+
1
m V 2
B B1 B B2 B C2
2 2 2
解得B滑离C的速度V
B2
= 2 3 m/s 方向向右 ............................................1分
3
随后B 与A 发生弹性正碰，质量相等，发生速度交换，碰后A 的速度 VA1 = 2 3 m/s
3
物体A滑到O 处后，受到电场力和摩擦力
设滑到D点速度第一次减到0，位移为x。
由动能定理 W
f
+W
E
= 1 m
A
V
A1
2 .......................................................................1分
2
W=um gx
f A
W = qx
E
0+  1
得x=1m,所以A 物 2 体第一次速度减为0 时的坐标为x=1m ......................1分
②A物体由O 向右运动到最远点D的这一过程，可看作简谐运动的一部分，
- -
平衡位置满足mgμ=Eq 得x = m,即平衡位置坐标为x = m
1 1
1 1
该简谐运动的振幅为A 1 =1m -（-21 m）= m ....................... 2 ...............1分
2 2
3
则在t 时间内，A物体由O点（1振幅）到D点（简谐运动的最大位移处）
0
3
当A物体由D点向左返回时，可看成另一个简谐运动，
平衡位置x 满足mgμ=Eq ，得x = 1 m，即平衡位置坐标为x = 1 m
2 2 2
2 2
所以简谐运动的振幅A
2
=1m - 1 m= 1 m ..........................................1分
2 2
答案第7页，共8页
{#{QQABYQi04wgQgIYACD46U0VqCEsYkIGRLMgORQCQqAwDiIFABAA=}#}由于两次简谐运动的比例系数相同，周期不变，根据对称性：
t
0
—2t
0
内物体要从D点（简谐运动的最大位移处）到 1 振幅处， .........1分
3
所以2t 时，物体的位置为x= 1 × 1 m+ 1 m= 2 m
0
3 2 2 3
故2t
0
时，A物体的坐标为x= 2 m ........................................................1分
3
答案第8页，共8页
{#{QQABYQi04wgQgIYACD46U0VqCEsYkIGRLMgORQCQqAwDiIFABAA=}#}