广西壮族自治区“武鸣高中-贵百河”2025届高三下学期4月联考物理答案_2025年4月_250406广西壮族自治区“武鸣高中-贵百河”2025届高三下学期4月联考

2025 届“武鸣高中—贵百河”高三 4 月联考测试 物理 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A C B C D D B AB BC AD 1.【答案】A 【解析】A.小树叶开始振动的方向与浮漂开始向下振动的方向一致，故A正确； B.小树叶振动的快慢与其质量无关，与波源有关,故B错误； C.该简谐波的波长比石头的尺寸小时，也有衍射现象，只是不很明显而已,故C错误； D.简谐波的波速由介质决定，与振幅无关，故D错误。 2.【答案】C 【解析】在中心天体表面运行的卫星，由万有引力提供向心力，则有GMm m   2  2 R， R2  T  M  3 中心天体的平均密度 4 ，联立解得T  ，可得 R3 G 3 T  15 地  月  T  5 月 地 故C正确。 3.【答案】B 【解析】A.气体温度降低，内能减小，A错误； B.气体体积不变，温度降低，压强减小，受力面积不变，故气体对患者皮肤的作用力减小，B正确； C.气体体积不变，密度不变，温度降低，分子平均速率减小，故单位时间内撞击皮肤的分子数不会增多，C错误。 D.体积不变，压强与热力学温度成正比，不是与摄氏温度成正比，D错误。 4.【答案】C 【解析】设物理题典的质量为m，由平衡条件可知： A.题典对支架的压力大小为F =mgcosθ，倾角θ越大，压力越小，A错误； N B.题典受到的静摩擦力大小为F =mgsinθ，倾角θ越大，摩擦力越大，B错误； f C.支架对题典的作用力是支架对题典的支持力与摩擦力的合力，其与题典的重力mg等大反向，与倾角θ无关， 故C正确； D.当题典恰能静止在支架上或沿支架匀速下滑时，有mgsinθ=μmgcosθ，支架与题典间的动摩擦因数大小方为μ= tanθ，由题可知，D错误。 5.【答案】D 【解析】A.A做斜上抛运动，到最高点时竖直速度为零，而水平速度不为零，A错误； B.两球到达最高点时恰好相遇，则抛出时两球竖直方向上的分速度相等，A球还有水平分速度，由速度合成可 知v ＞ v ，故B错误； 1 2 C.从抛出到A、B相遇，B球只有重力做功，其机械能守恒，C错误； D.两球均只受重力作用，从抛出到相遇，用时相等，由动量定理可知，A、B动量的变化量均为pmvmgt ， D正确。 6.【答案】D 【解析】A.根据楞次定律可知，圆形线圈中产生顺时针方向的感应电流，通过电阻R的感应电流方向应为自下 而上，故A错误； BCD.线圈产生的电动势为 =9V，根据欧姆定律可知，电流为I= A， ab两端的电压等于电阻R两端的∆电∅压 ∆ V，在0.6 0~4s时间内，流经电阻R的电荷量为 C，线 = ∆ = ∆ s2 =200× 4 ×0.3V + =3 圈产生的热量为Q= ，故BC错误，D正确。 7.【答案】B 2 = =6 = =12 【解析】C.释放后瞬 间 ，=根36据J牛顿第二定律可得kx -μmg=ma 0 代入数据解得释放后瞬间物块的加速度大小为a=4.5m/s2 故C错误； D.设物块第一次向右运动最大距离时弹簧的伸长量为x ，根据功能关系可得 1 高三物理 第 1 页 共 4 页 {#{QQABRYYo4gAYgEbACY5KEwVUCUmQsIGiLWoEwRCZOAwLQJNABIA=}#}代入数据解得x = 1 7cm2 11 22 0+ 1 = 1 2 0−−22 11 则物块第一次向右运动的最大距离为x =x +x =18cm m 0 1 故D错误； AB.设物块向右运动达弹簧最大伸长量x 后，再向左的最大压缩量为x ，据功能关系可得 1 2 代入数据解得x = 1 3cm2 11 22 1+ 2 = 2 2 1−−22 22 由于kx ＞μmg，此时物块未能停下，将再向右运动。 2 设物块第二次向右运动到压缩量为x 时速度减为零，根据功能关系可得 3 代 入 数 2 据 − 解 得 3 = x 3 = 1 1 c m2 2 −− 11 3 2 3 2 由于kx ＜μmg可2知此后物22块静止，则物块最终停在压缩量为1cm位置。 3 从静止开始释放，到最终停下，物块运动的总路程为 S=x +2x +2x －x =30cm 0 1 2 3 故A错误，B正确。 8.【答案】AB 【解析】A.氢原子向低能级跃迁，离原子核的距离r减小，根据库仑定律公式可知， ，核外电子受到的 2 库仑力增大，A正确； = B.紫外线的频率比可见光的高，因此紫外线光子的能量大于3.11eV，处于n＝3能级的氢原子其电离能为1.51eV， 则紫外线光子的能量大于处于n＝3能级的氢原子的电离能，所以处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫 外线，并发生电离，故B正确； C.一个处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时可能辐射出最多三种不同频率的光子，故C错误； D.氢原子从高能级向n＝3能级跃迁时，发出的光子能量小于1.51eV＜1.62eV，即所发出的是有显著热效应的 红外线，而紫外线具有显著的消毒作用，D错误。 9.【答案】BC 【解析】A.30～40s材料直线减速上升至停止运动，由P=Fv可知其功率最后减为零，A错误； B．由图可知前15s内材料的加速度 ，由F﹣mg＝ma可知悬线的拉力为4530N，B正确； C．C.0～15s材料作匀加速直线运动，加1 速度2向上，处于超重状态，钢索最容易发生断裂，C正确； =15m/s D. 由V-t图象围成的面积可求运动过程中的位移大小，可知整个过程上升高度小于27.5m，具体数值不可求， D错误。 10.【答案】AD 【解析】因为t  21 T 5T  T ，t  T 时圆筒1相对圆板的电势差为正值，同理， t  21 T 时奇数圆筒相对偶数 4 4 4 4 圆筒的电势差为正值，A正确；由于静电屏蔽作用，圆筒内不存在电场，无电场力做功，电子的电势能不变，B 错误；电子每经过一个间隙，电场力做功eU，根据动能定理，neU  E 0，电子运动到第n个圆筒时动能为 k neU，C错误；根据动能定理得 eU  1 mv2，（n1)eU  1 mv2 ，电子在每个圆筒内匀速直线运动，第1个和第 2 1 2 n1 n+1个圆筒的长度之比为L :L  v :v ，解得L :L 1: n1，D正确。 1 n1 1 n1 1 n1 11.（6分，每空2分）【答案】（1）需要 （2）不一定 （3）m 1cos m 1cos m 1cos A 0 A A B B 1 【解析】（1）设悬挂点到A球心的距离为l，最低点的速度大小为v，由机械能守恒定律有mgl(1cos) mv2， 2 解得v 2gl(1cos)，故需要测量摆长。 （2）由于不知道碰撞过程中的机械能损失情况，故m m 时，碰撞后瞬时A球的速度方向无法判断。 A B （3）当m m 时，碰撞后瞬时A球的速度不会反向，若两球组成的系统在碰撞前、后动量守恒，则需要满足 A B m v m v m v ，结合（1）结果得m 1cos m 1cos m 1cos A 0 A A B B A 0 A A B B 12.（共10分，每空2分） 【答案】（1）见图 （2）R （3）c 0.2 （4）0.45（0.40～0.50均可得分） 2 高三物理 第 2 页 共 4 页 {#{QQABRYYo4gAYgEbACY5KEwVUCUmQsIGiLWoEwRCZOAwLQJNABIA=}#}【解析】（1）根据实验原理图（图乙）连接实物图如丙图所示 （2）由图甲可知传感器的阻值最小可达几欧姆左右，若选用R ，则电压表将超过 1 3V，故定值电阻应选R ； 2 （3）① 将电阻箱调为30.0Ω，此时应将电阻箱接入电路，即开关向c端闭合， 由图甲可知， 将电压表此时指针对应的电压刻度标记为0.2mg/mL； 10 （4）电压表指针位于中央刻度，根据闭合电路欧姆定律有1.5 4，解得 10R x 50 R  由图甲可知，这位饮酒者呼出的酒精气体浓度约为0.45mg/mL，没有达 x 3 到醉驾标准。 13.（10分）【答案】（1）t= （2）n = b 【解】 3 7 （1）依题意由数学几何知识可知，a光在玻璃中的折射角∠OQB=300， 由折射定律可得a光的折射率为 ………（1分） 0 sin60 【仅写出 =si 不 n30 给0 = 这1 3 分，须得出n a = 才给分】 a光在玻璃中的传播路程为 = 3 QB=2Rcos∠OQB= R………（1分） a光从Q点传播到B点的时间为 3 t= ………（1分） 又 ………（1分） 解得t= ………（1分） = （2）设∠OQ 3 P = ，根据正弦定理 sin sin60  ………（2分） OP OQ 可得sin 21 ………（1分） 14 玻璃砖对b光的折射率为 sin60 n   7………（2分） b sin 【角α可以用别的角度符号】 14.（12分）【答案】（1） （2） 【解】 3 0 3 E= 3 3 0 ≤ ≤ 0 （1）电子在磁场中运动时，由洛伦兹力提供向心力得 v2 ev B  m 0 ………（1分） 0 0 r 【速度v 也可用v等其它速度符号】 0 l 3 设OM与竖直方向夹角为α，则有tan  ………（1分） 3l 3 可得30 【角α可以用别的角度符号】 由几何关系得 r  Rtan30 ………（1分） 3eB R 解得v  0 ………（1分） 0 3m 电子穿过匀强电场过程中，由动量定理得 eEt mv ………（2分） 0 3B R 联立解得 E  0 ………（1分） 3t （2）当电子击中N点时，设ON与竖直方向夹角为β，则有 高三物理 第 3 页 共 4 页 {#{QQABRYYo4gAYgEbACY5KEwVUCUmQsIGiLWoEwRCZOAwLQJNABIA=}#}3l tan  3 ………（1分） 3l 可得60 由几何关系知电子在磁场中运动轨迹对应的圆心角为90°，则偏转半径为r Rtan45 ………（1分） 【以上给出圆心角为90°后，直接写r’=R也给这1分】 v2 ev B  m 0 ………(1分） 0 r 3 解得B  B ………（1分） 3 0 3 则磁感应强度的大小范围为 B  B  B ………（1分） 3 0 0 15.（16分）【答案】（1） ；（2） ；（3） 2 【解】 3 0 7 2 145 0 2 48 0 96 （1）对物块A，根据动量定理 ………（2分） 【等价式子： 0 和 各得1分】 − = 2 − ×2 0 解得 v0 = 2 =2v0− ………（1分） 3 0 （2）A、C构成的系统在绳子伸直之前动量守恒 =2 ………（1分） 解得 0 ×2 0 = 2 +3 ………（1分） C、B构成的系统在绳子拉断瞬间动量守 恒0 = 2 ………（1分） 解得 1 3 C =3 ×3 0+2 B ………（1分） 在绳子拉断瞬间损失的机械能为 1 B =4 0 ………（1分） 解得 1 2 1 1 2 1 2 Δ =2×3 C−2×3 3 0 −2×2 B ………（1分） （3）在绳子伸直之前，A、C构成的系统根据7 功能2 关系 Δ =48 0 ………（1分） 解得 1 2 1 0 2 1 2 1 =2 2 0 −2 ( 2 ) −2×3 ………（1分） 2 3 0 绳子拉断后直到A、C共速，A、C 1 构 = 成 2 的 系统动量守恒 ………（1分） 解得 0 1 2 +3 ×3 0 =( +3 ) ………（1分） 绳子拉断后，A、C系统根据功能关系3 =8 0 ………（1分） 得 1 0 2 1 1 2 1 2 2 =2 ( 2 ) +2×3 3 0 −2×( +3 ) ………（1分） 2 0 木板C的长度至少为 2 =96 ………（1分） 2 145 0 = 1+ 2 = 96 高三物理 第 4 页 共 4 页 {#{QQABRYYo4gAYgEbACY5KEwVUCUmQsIGiLWoEwRCZOAwLQJNABIA=}#}