广西壮族自治区“武鸣高中-贵百河”2025届高三下学期4月联考物理答案_2025年4月_250406广西壮族自治区“武鸣高中-贵百河”2025届高三下学期4月联考

2025 届“武鸣高中—贵百河”高三 4 月联考测试
物理 参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A C B C D D B AB BC AD
1.【答案】A
【解析】A.小树叶开始振动的方向与浮漂开始向下振动的方向一致，故A正确；
B.小树叶振动的快慢与其质量无关，与波源有关,故B错误；
C.该简谐波的波长比石头的尺寸小时，也有衍射现象，只是不很明显而已,故C错误；
D.简谐波的波速由介质决定，与振幅无关，故D错误。
2.【答案】C
【解析】在中心天体表面运行的卫星，由万有引力提供向心力，则有GMm m   2  2 R，
R2  T 
M
 3
中心天体的平均密度 4 ，联立解得T  ，可得
R3 G
3
T  15
地  月 
T  5
月 地
故C正确。
3.【答案】B
【解析】A.气体温度降低，内能减小，A错误；
B.气体体积不变，温度降低，压强减小，受力面积不变，故气体对患者皮肤的作用力减小，B正确；
C.气体体积不变，密度不变，温度降低，分子平均速率减小，故单位时间内撞击皮肤的分子数不会增多，C错误。
D.体积不变，压强与热力学温度成正比，不是与摄氏温度成正比，D错误。
4.【答案】C
【解析】设物理题典的质量为m，由平衡条件可知：
A.题典对支架的压力大小为F =mgcosθ，倾角θ越大，压力越小，A错误；
N
B.题典受到的静摩擦力大小为F =mgsinθ，倾角θ越大，摩擦力越大，B错误；
f
C.支架对题典的作用力是支架对题典的支持力与摩擦力的合力，其与题典的重力mg等大反向，与倾角θ无关，
故C正确；
D.当题典恰能静止在支架上或沿支架匀速下滑时，有mgsinθ=μmgcosθ，支架与题典间的动摩擦因数大小方为μ=
tanθ，由题可知，D错误。
5.【答案】D
【解析】A.A做斜上抛运动，到最高点时竖直速度为零，而水平速度不为零，A错误；
B.两球到达最高点时恰好相遇，则抛出时两球竖直方向上的分速度相等，A球还有水平分速度，由速度合成可
知v ＞ v ，故B错误；
1 2
C.从抛出到A、B相遇，B球只有重力做功，其机械能守恒，C错误；
D.两球均只受重力作用，从抛出到相遇，用时相等，由动量定理可知，A、B动量的变化量均为pmvmgt ，
D正确。
6.【答案】D
【解析】A.根据楞次定律可知，圆形线圈中产生顺时针方向的感应电流，通过电阻R的感应电流方向应为自下
而上，故A错误；
BCD.线圈产生的电动势为 =9V，根据欧姆定律可知，电流为I= A，
ab两端的电压等于电阻R两端的∆电∅压 ∆  V，在0.6 0~4s时间内，流经电阻R的电荷量为  C，线
=  ∆  =  ∆  s2 =200× 4 ×0.3V  +  =3
圈产生的热量为Q= ，故BC错误，D正确。
7.【答案】B 2  =   =6  =   =12
【解析】C.释放后瞬  间   ，=根36据J牛顿第二定律可得kx -μmg=ma
0
代入数据解得释放后瞬间物块的加速度大小为a=4.5m/s2
故C错误；
D.设物块第一次向右运动最大距离时弹簧的伸长量为x ，根据功能关系可得
1
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{#{QQABRYYo4gAYgEbACY5KEwVUCUmQsIGiLWoEwRCZOAwLQJNABIA=}#}代入数据解得x = 1 7cm2 11 22
0+  1 = 1 2   0−−22     11
则物块第一次向右运动的最大距离为x =x +x =18cm
m 0 1
故D错误；
AB.设物块向右运动达弹簧最大伸长量x 后，再向左的最大压缩量为x ，据功能关系可得
1 2
代入数据解得x = 1 3cm2 11 22
1+  2 = 2 2   1−−22     22
由于kx ＞μmg，此时物块未能停下，将再向右运动。
2
设物块第二次向右运动到压缩量为x 时速度减为零，根据功能关系可得
3
代  入  数  2 据 − 解  得 3 = x 3 = 1 1  c  m2 2 −− 11     3 2 3 2
由于kx ＜μmg可2知此后物22块静止，则物块最终停在压缩量为1cm位置。
3
从静止开始释放，到最终停下，物块运动的总路程为
S=x +2x +2x －x =30cm
0 1 2 3
故A错误，B正确。
8.【答案】AB
【解析】A.氢原子向低能级跃迁，离原子核的距离r减小，根据库仑定律公式可知， ，核外电子受到的
2
库仑力增大，A正确；  
= 
B.紫外线的频率比可见光的高，因此紫外线光子的能量大于3.11eV，处于n＝3能级的氢原子其电离能为1.51eV，
则紫外线光子的能量大于处于n＝3能级的氢原子的电离能，所以处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫
外线，并发生电离，故B正确；
C.一个处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时可能辐射出最多三种不同频率的光子，故C错误；
D.氢原子从高能级向n＝3能级跃迁时，发出的光子能量小于1.51eV＜1.62eV，即所发出的是有显著热效应的
红外线，而紫外线具有显著的消毒作用，D错误。
9.【答案】BC
【解析】A.30～40s材料直线减速上升至停止运动，由P=Fv可知其功率最后减为零，A错误；
B．由图可知前15s内材料的加速度 ，由F﹣mg＝ma可知悬线的拉力为4530N，B正确；
C．C.0～15s材料作匀加速直线运动，加1 速度2向上，处于超重状态，钢索最容易发生断裂，C正确；
=15m/s
D. 由V-t图象围成的面积可求运动过程中的位移大小，可知整个过程上升高度小于27.5m，具体数值不可求，
D错误。
10.【答案】AD
【解析】因为t  21 T 5T  T ，t  T 时圆筒1相对圆板的电势差为正值，同理， t  21 T 时奇数圆筒相对偶数
4 4 4 4
圆筒的电势差为正值，A正确；由于静电屏蔽作用，圆筒内不存在电场，无电场力做功，电子的电势能不变，B
错误；电子每经过一个间隙，电场力做功eU，根据动能定理，neU  E 0，电子运动到第n个圆筒时动能为
k
neU，C错误；根据动能定理得 eU  1 mv2，（n1)eU  1 mv2 ，电子在每个圆筒内匀速直线运动，第1个和第
2 1 2 n1
n+1个圆筒的长度之比为L :L  v :v ，解得L :L 1: n1，D正确。
1 n1 1 n1 1 n1
11.（6分，每空2分）【答案】（1）需要 （2）不一定 （3）m 1cos m 1cos m 1cos
A 0 A A B B
1
【解析】（1）设悬挂点到A球心的距离为l，最低点的速度大小为v，由机械能守恒定律有mgl(1cos) mv2，
2
解得v 2gl(1cos)，故需要测量摆长。
（2）由于不知道碰撞过程中的机械能损失情况，故m m 时，碰撞后瞬时A球的速度方向无法判断。
A B
（3）当m m 时，碰撞后瞬时A球的速度不会反向，若两球组成的系统在碰撞前、后动量守恒，则需要满足
A B
m v m v m v ，结合（1）结果得m 1cos m 1cos m 1cos
A 0 A A B B A 0 A A B B
12.（共10分，每空2分）
【答案】（1）见图 （2）R （3）c 0.2 （4）0.45（0.40～0.50均可得分）
2
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{#{QQABRYYo4gAYgEbACY5KEwVUCUmQsIGiLWoEwRCZOAwLQJNABIA=}#}【解析】（1）根据实验原理图（图乙）连接实物图如丙图所示
（2）由图甲可知传感器的阻值最小可达几欧姆左右，若选用R ，则电压表将超过
1
3V，故定值电阻应选R ；
2
（3）① 将电阻箱调为30.0Ω，此时应将电阻箱接入电路，即开关向c端闭合，
由图甲可知， 将电压表此时指针对应的电压刻度标记为0.2mg/mL；
10
（4）电压表指针位于中央刻度，根据闭合电路欧姆定律有1.5 4，解得
10R
x
50
R  由图甲可知，这位饮酒者呼出的酒精气体浓度约为0.45mg/mL，没有达
x 3
到醉驾标准。
13.（10分）【答案】（1）t= （2）n =
b
【解】 3 
7
（1）依题意由数学几何知识可知，a光在玻璃中的折射角∠OQB=300，
由折射定律可得a光的折射率为
………（1分）
0
sin60
【仅写出   =si 不 n30 给0 = 这1 3 分，须得出n a = 才给分】
a光在玻璃中的传播路程为    
=     3
QB=2Rcos∠OQB= R………（1分）
a光从Q点传播到B点的时间为
3
t= ………（1分）

又 ………（1分）


解得t= ………（1分）
= 
（2）设∠OQ 3 P  = ，根据正弦定理

sin sin60
 ………（2分）
OP OQ
可得sin 21 ………（1分）
14
玻璃砖对b光的折射率为
sin60
n   7………（2分）
b sin
【角α可以用别的角度符号】
14.（12分）【答案】（1） （2）
【解】 3  0  3
E= 3  3  0 ≤  ≤  0
（1）电子在磁场中运动时，由洛伦兹力提供向心力得
v2
ev B  m 0 ………（1分）
0 0 r
【速度v 也可用v等其它速度符号】
0
l 3
设OM与竖直方向夹角为α，则有tan  ………（1分）
3l 3
可得30
【角α可以用别的角度符号】
由几何关系得 r  Rtan30 ………（1分）
3eB R
解得v  0 ………（1分）
0 3m
电子穿过匀强电场过程中，由动量定理得 eEt mv ………（2分）
0
3B R
联立解得 E  0 ………（1分）
3t
（2）当电子击中N点时，设ON与竖直方向夹角为β，则有
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{#{QQABRYYo4gAYgEbACY5KEwVUCUmQsIGiLWoEwRCZOAwLQJNABIA=}#}3l
tan  3 ………（1分）
3l
可得60
由几何关系知电子在磁场中运动轨迹对应的圆心角为90°，则偏转半径为r Rtan45 ………（1分）
【以上给出圆心角为90°后，直接写r’=R也给这1分】
v2
ev B  m 0 ………(1分）
0 r
3
解得B  B ………（1分）
3 0
3
则磁感应强度的大小范围为 B  B  B ………（1分）
3 0 0
15.（16分）【答案】（1） ；（2） ；（3）
2
【解】 3  0 7 2 145  0
2   48   0 96  
（1）对物块A，根据动量定理
………（2分）
【等价式子：  0 和 各得1分】
−     =  2 −  ×2  0
解得 v0
=   2 =2v0−  
………（1分）
3  0
（2）A、C构成的系统在绳子伸直之前动量守恒
=2  
………（1分）
解得  0
×2  0 =  2 +3   
………（1分）
C、B构成的系统在绳子拉断瞬间动量守  恒0
= 2
………（1分）
解得 1
3   C =3  ×3  0+2   B
………（1分）
在绳子拉断瞬间损失的机械能为 1
B =4  0
………（1分）
解得 1 2 1 1 2 1 2
Δ  =2×3   C−2×3  3  0 −2×2   B
………（1分）
（3）在绳子伸直之前，A、C构成的系统根据7 功能2 关系
Δ  =48   0
………（1分）
解得 1 2 1  0 2 1 2
1 =2  2  0 −2  ( 2 ) −2×3   
………（1分）
2
3  0
绳子拉断后直到A、C共速，A、C
1
构
=
成
2
的

系统动量守恒
………（1分）
解得  0 1
2 +3  ×3  0 =(  +3  ) 
………（1分）
绳子拉断后，A、C系统根据功能关系3
=8  0
………（1分）
得 1  0 2 1 1 2 1 2
2 =2  ( 2 ) +2×3  3  0 −2×(  +3  ) 
………（1分）
2
0
木板C的长度至少为
2 =96  
………（1分）
2
145  0
=  1+  2 = 96  
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{#{QQABRYYo4gAYgEbACY5KEwVUCUmQsIGiLWoEwRCZOAwLQJNABIA=}#}