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{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}2023 年硚口区高三年级起点——物理答案
一、选择题：每题4 分，共 40分
1. 2. 3. 4.D 5. 6. 7.
8. 9.AB 10.
二、非选择题：本题共5小题，共60分。
11. 每空2分，共8分。 ； 丙； ； 。
12. 第（1）、（2）每空2分，第（3）每空1分，共10分。
E
E A （ ）
A I
B
13. 0（.2 1 6 0分） 3 A C E G
解： 根据题意作出光路图
由 、 两束光线垂直，可得折射角为 ， 1分
根据折射定律有： ， 2分
光在介质中的传播速度： 2分
光线在柱体的传播时间： 1分
由几何关系可知： 1分
光穿过柱体后传播时间： 1分
则光线从 点照射到屏幕 上所用的时间 1分
联立代入数据解得： 1分
14. （16分）（ ）由题意粒子在电场中做匀加速直线运动，根据动能定理有
1
1
qE2d mv2 分
2
2
v2
粒子在磁场中做匀速圆周运动，有qvB m 分
R
2
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1 4
{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}mE d
将B=6 代入解得 R 分
qd 3
1
由以上分析出粒子从上边界垂直 第二次离开电场后，将垂直 再次进入电场，轨迹如图：
QN 1分 NP
（不画图通过前面计算分析得出垂直 进入电场，得 分）
（ ）由题意可知，做出粒子在电场和N磁P场中运动轨迹如2图
2在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系可知
R2 2d 2 R d 2 分
1 1
5 1
解得R d
1 2
所以有53，37 分
1
v2
洛伦兹力提供向心力qv B m 1 分
1 R
1
1
1 1
带电粒子从 点开始做匀加速直线运动，根据动能定理有qE2d mv2 mv2 分
2 1 2 0
A 1
再一次进入电场后做类似斜抛运动，沿 方向有2d v cost 分
1
1 x 1
沿 方向上有2d v sint at2 分
1 2
y 1
其中根据牛顿第二定律有qEma 分
1
qdE
联立以上各式解得v 15 分
1 m
1
qdE
v 9 分
0 m
1
E36E 分
1
15.（16分）
解： 设 下滑刚要与 碰撞的速度为 ，由动能定理可得：
1分
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2 4
{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}解得： ，
、 发生弹性碰撞，由动量守恒及机械能守恒可得：
， 1分
1分
联立可解得：
速度沿斜面向下 1分
速度沿斜面向1分
(2) 沿斜面减速下滑，合外力沿斜面向上，设加速度大小为 ， 沿斜面减速上滑，设加速
度大小为 ，
分别由牛顿第二定律可得：
， 1分
1分
代入数据可解得：
， ，
下滑速度减小为 时位移：
1分
与 再次碰撞位移相等：
B A 1分
两物块第一次碰碰与第二次碰撞之间的时间：
2分
（3）第一次碰后：
下滑最低点：
A
上滑最高点：
B
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3 4
{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}第二次碰前=：
由于每次都为弹性碰撞，故 、 碰后与碰前的速度总满足：
， 1分
第二次碰后：
下滑最低点：
A
上滑最高点：
B
=
同理： 2分
物块 到达斜面底端的过程中，两物块发生碰撞的总次数 满足：
1分
可解得： ，故最多能碰撞 次。 1分
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{#{QQABLQyEggCIAAJAABgCQQkwCkIQkAGACAgOABAEsAAASAFABAA=}#}
