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银川一中2024届高三第二次月考物理参考答案
一、选择题
14 15 16 17 18 19 20 21
C C A D AC BD AB BC
二、实验题
22、②10.0…………2分
5.0…………2分
③增大…………2分
23、①ADE…………3分
②小车的质量M远大于沙和沙桶的总质量m…………1分
③1.0…………2分
④平衡摩擦力过度（或者木板的倾角过大或补偿阻力过度）…………1分
未满足M远大于m…………1分
⑤需要…………1分
三、主观题
24、（1）22.5m；（2）不能够避免相撞
v2 152
（1）汽车的最短刹车距离为 x = = m=22.5m………………6分
0 2a 2×5
2.5−1.5
（2）汽车左侧与马路最左侧的距离为s=3×2.5+ m=8m………………1分
2
s
自行车到车辆左侧的时间为t= =2s………………1分
v
1
v 15
汽车停下的时间为 t = = s=3s………………1分
1 a 5
1
汽车在2s内运动的位移为x=v t− at2=20m………………2分
0 2
自行车运动到车辆最左侧时，汽车刚好到停车线，但汽车速度不为0，故不能够避免相
撞。………………1分
1 1 F+3
25、（1）t= s（2）F=1N（3） =
3 s 8
（1）以初速度v 为正方向，
0
物块的加速度大小：am=μg=2m/s2
μmg
木板的加速度大小：aM= =4m/s2
M
1
由图乙知，恒力F=0时，物块在木板上相对于木板滑动的路程 =1m-1，则s=1m，
s
可知板长L=s=1m
1 1
滑块相对木板的路程：L=vt- amt2- aMt2，
0 2 2
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代入数据可得：t= s；t=1s（舍）
3
当t=1s时，滑块的速度为v=v-amt=2m/s，木板的速度为v=aMt=4m/s，而当物块从木板右
0
1
端滑离时，滑块的速度不可能小于木板的速度，故t=1s应舍弃，故所求时间为t= s
3
（2）当F较小时，物块将从木板右端滑下，当F增大到某一值时物块恰好到达木板的右
端，且两者具有共同速度v，历时t，
1
F+μmg
则木板的加速度a= =(2F+4)m/s2
1 M
速度关系有：v=v-amt =at
0 1 11
v +v v
相对位移：L= 0 t- t
2 1 2 1
联立解得：F=1N，即B点的横坐标为F=1N．
（3）当F继续增大时，物块减速、木板加速，两者在木板上某一位置具有共同速度；当
两者共速后能保持相对静止（静摩擦力作用）一起以相同加速度a做匀加速运动，
F
则对整体：a= ，
M+m
对物块相对静止加速度的最大值fmax= μmg =ma
可解得：F=3N，
当F>3N时，对应乙中的DE段，当两都速度相等后，物块相对于木板向左滑动，木板上
相对于木板滑动的路程为s=2Δx当两者具有共同速度v，历时t，
根据速度时间关系可得：v-amt=at
0 1
1 1
根据位移关系可得：Δx＝vt− amt2− a1t2
0 2 2
s=2Δx
1 1 F+3
联立 −F函数关系式解得： =
s s 8
33、（1）ACD （2）①1.009×105Pa；②0.2h；
①对井盖进行受力分析有p S+mg=pS
0
代入数据有p=p + mg = ( 1.00×105+ 36×10) Pa=1.009×105Pa
0 S 0.4
②等温变化，设t位上升x，则刚顶起时有p Sℎ =pS(ℎ−x)
0
( p ) ( 1.00×105 )
解得x= 1− 0 ⋅ℎ = 1− ×2.018m=0.018m
p 1.009×105
x 0.018
则所用的时间为t= = h=0.2h
v 90×10−3
√3c 1
34、（1）ACD （2）① ；② R
3 2
学科网（北京）股份有限公司c
①根据波速与折射率之间的关系v=
n
√3
可得v= c
3
②做出入射光线与折射光线之间的法线，并设入射角为i，折射角为r
AB OA
则根据几何关系，由正弦定理可得 =
sinr sin(π−i)
sini
而 =√3
sinr
则可得AB=R
OA √3
因此可知△OBA为等腰三角形，则在△ABC中AC= = R
2 2
1
由勾股定律可得BC=√AB2−AC2= R
2
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