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邵阳市二中2024年高三（5月）模拟考
试物理试卷答案
1．D【详解】A．由题意可知，氢原子从能级6跃
迁到能级2产生可见光Ⅰ，从能级3跃迁到能级2
产生可见光Ⅱ，故可见光Ⅰ的能量大于可见光Ⅱ，
可见光Ⅰ的频率大于可见光Ⅱ，故可见光Ⅰ是紫
由相似三角形可知，
光，可见光Ⅱ是红光，图1中的H 对应的是Ⅱ，
α F T N
故A错误； = = ，若缓慢增大竖直向下的拉力F，
AO AC OC
B．因可见光Ⅱ的频率小，故可见光Ⅱ波长大，其
则在OC到达水平位置之前，轻绳AC的拉力T增
l
条纹间距较大，根据Δx= λ 大，轻杆OC对C点的作用力N变大，选项C正
d
确，D错误。故选AC。
可知图丙中的干涉条纹对应的是Ⅱ，故B错误；
ℎ
C．根据p= 可知Ⅰ的光子动量大于Ⅱ的光子动 4．D【详解】A．根据理想气体的状态方程可得
λ
量，故C错误； 代入数据得 =6∶1故A错误；B．
D．根据爱因斯坦光电效应方程E = ℎν−W ，
k 0 b→c过程温度升高，分子平均动能增大，平均速率
−eU
c
=0−E
k
可得eU
c
= ℎν−W
0 增大，容器壁单位面积上的分子平均作用力变大，
可知发生光电效应时I对应的遏制电压大，则P向 故B错误；C．c→a过程体积缩小，外界对气体做
a移动，电流表示数为零时Ⅰ对应的电压表示数比 功W>0，等温变化，内能不变，ΔU=0，由热力学
Ⅱ的大，故D正确。故选D。 第一定律ΔU=Q+W得Q<0，气体向外界放热，故
2．A【详解】两粒子在磁场中均做匀速圆周运 C错误；D．将V-T图像转化为p-V图像，根据图
线下方围成的面积等于功易知，a→b过程中气体
动，由洛伦兹力提供向心力可得
体积增大，气体对外做功，b→c过程体积不变，对
外不做功，c→a过程体积缩小，外界对气体做功，
设a粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径为 ，b
p-V图像围成的封闭面积等于外界对气体做的功，
粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径为 ，两粒 回到原状态A，温度回到初始状态，全过程内能变
子初速度间的夹角为θ，两粒子的运动轨迹如图所 化量ΔU=0由热力学第一定律ΔU=Q+W得，气体
示 一定放出热量且放出的热量等于外界对气体做的
功，故D正确。故选D。
5.D【详解】A.根据牛顿第二定律可得
由几何关系可知
，解得 可知飞船在A点点火加速后瞬间的
又因为 ，
加速度不变，故A错误；B.不知道飞船在轨道Ⅰ上
的速度，飞船在A点加速度后，速度与第一宇宙速
两粒子比荷相同，故有 即 故选
度的大小关系不确定，故B错误；C.飞船在Ⅲ轨道
运行的周期根据万有引力提供向心力可得
A。
3．C【详解】AB．轻杆通过铰链固定在竖直墙上
，解得
的O点，可知轻杆对C端的支持力方向沿杆的方
向，两边细线的拉力方向成120°角，轻杆的弹力方
向在两细绳拉力的平分线上，可知两边细绳的拉力 ，
大小相等，均为F，选项A错误，B错误；CD．对
C受力分析如图 飞船在Ⅱ轨道上运行的半长轴小于轨道Ⅲ的半径，
故在轨道Ⅱ上由A点到B点的时间小于在轨道Ⅲ上
学科网（北京）股份有限公司的周期的一半，故C错误；D.飞船与地心的连线单
8.AC【详解】AB．副线圈两端电压为
位时间内扫过的面积 ，轨道Ⅰ
将n:n=2:1和U=12V代入上式解得
1 2 1
的半径小于轨道Ⅲ的半径，故在轨道Ⅰ上飞船与地
心连线单位时间内扫过的面积小于在轨道Ⅱ上扫过
U=6V，电动机消耗的功率 ，
2
的面积，故D正确。故选D。
当 时电动机消耗的功率最大，即
6.AD【详解】金属棒向右运动，切割磁感应
线产生电动势E，给电容器充电，设在 ，由于是理想变压器，所以
t~t+Δt的时间里，电容器充电量为Δq，则
则充电电流为 ，电动机消耗功率最大时，原线圈上电
对金属棒列牛顿第二定 流为 ，故A正确，B错误；CD．把
电动机换成滑动变阻器，滑动变阻器消耗的功
律方程
率为 ，滑动变阻器消耗的最大功
得 上式说明金属棒 率跟电动机消耗的最大功率相同，故C正确；
R 上的功率为 当电流最大时，定值电
0
做初速度为零的匀加速直线运动，由
阻R 的功率最大，即滑动变阻器的阻值为零
0
时，R 上的功率最大，故D错误。故选AC。
0
可得 ，得 再
由q=CE=CBLv=CBLat得金属杆最终出磁场 9.AD【详解】A．用手托住球B，此时弹簧刚好处
时 ， 电 容 器 带 电 量 最 大 ， 带 电 量 为 于原长，设绳子拉力为T，滑块A刚要沿斜面向上
运动可知 ，对B受
故选AD。
力分析，设手的支持力为F，则
7.CD【详解】A．由题图可知波长λ＝4m，正立方 ，根据牛顿第三定律可知手受到B球的压力为
体的边长为a＝ m=4m，该横波的波长与正方 24N，故A正确；B．松手后，A做加速度减小的
加速运动，当A受到的合力为零时，速度最大，当
体（障碍物）的边长尺寸相同，则该横波遇到体积
A加速度为零时，B的加速度也为零，对A受力分
为64m3的正方体能发生明显衍射，A错误；B．该
析得 ，对B受力
简谐横波沿x轴正方向传播，传播时间 ＝
分析得 ， 解得 故B错
0.75s，则 （n＝0，1，2，3…），解
误；C．根据能量守恒定律，松手后到滑块A最大
速度的过程中有
得 s（n＝0，1，2，3…）当n＝0时，解
得周期T＝1s，则 ＝1Hz，该横波的频率可能
解得 ，故C错误；D．当滑块A向
为1Hz，则该横波与另一列频率为1Hz的简谐横波
相遇可能发生干涉，B错误；C．根据波长与波速 上滑行的距离最大时，A、B的速度都为0，物块B
的重力势能转化为A的重力势能、弹性势能和摩擦
以及周期之间的关系，有 ，解得
产生的内能，根据能量守恒定律有
m/s（n＝0，1，2，3…），把 ＝4m/s代入，解得
， 解 得
n=0，则该横波传播的速度大小可能为4m/s，C正
故D正确。故选AD。
确；D．因为 rad/s（n＝0，1，2，
10.CD【详解】A．根据题意可知，线框刚进入磁
3…），当n＝0，ω＝2πrad/s，可设质点P的振动 场后，线框受安培力，初速度方向上做减速运动，
则线框在斜面上不做类平抛运动，故A错误；B．
方程为 cm，把t＝2s，y＝0代入可
1
解得 可能为0，则质点P的振动方程可能为 根据题意可得 ， ， ，联立解
（cm），故D正确。故选CD。
得线框刚进入第一个磁场区域时受到的安培力大小为，F=0.2N，线框的加速度大小为， 欧姆表黑表笔应接电源的正极，实物连线如图所
示，
，故B错误；C．
（2）欧姆调零时，有 ，解得欧姆调零时
线框穿过第一个磁场区域过程中，通过线框的电荷
量为 ，穿出也
欧姆表内阻为
为0.04C，方向相反，总电荷量为0，故C正确；
，此时滑动变阻器接入电路阻值为
D．设线框沿x方向速度减到零时，线框沿y方向
运动的位移为y，根据能量守恒定律有
设电流表表盘的 刻度对应的改装后欧姆表的
，在沿y方向根据运
动学规律得 ，解得Q=0.5J，故D正 刻度为 ，则有 ，解得
确。故选CD。
11.【答案】（1）9 （5） （6）
（3表盘上c处的电流刻度为75，设此时测量电阻
为 ，则有
【解析】（1）因为游标卡尺精确度为0.05mm，每
个小格实际长度为0.95mm，所以可得游标尺中第
，则c处的电阻刻度为5。
6 格 刻 度 线 与 主 尺 对 齐 刻 度 线 为
（4）设改装后干路的最大电流为 ，则欧姆调零
，
（5）由题意铁片下边的挡光时间分别为 ，铁片
时有
遮光宽度d。则通过光电门的速度近似为 对电路进行了改进，使中值电阻为1500Ω，则有
。（6）研究铁片上下两边依次通过光电门的运动
过程，根据公 ，
联立解得 ，
则图中电阻箱的阻值应调为
解得 。
12.【答案】 （1） R 连线见解析（2） 958
1 若用该表测量一阻值为1000Ω的电阻时，此时干路
15kΩ （3） 5 （4）1560 60
电流为
【解析】（1）为了保证改装后欧姆表能正常使
用 ， 欧 姆 调 零
，则电流表
时 ， 有
指针对应的电流是
解得欧姆调零时
欧姆表内阻为
13.【答案】（1） ；（2）
【解析】（1）根据题意
可得，光路如下图所示。
，
根据题意可知
此时滑动变阻器接入电路阻值为
，则
，则滑动变阻器应选R；
1
学科网（北京）股份有限公司【解析】（1）粒子在电场中运动时，有 ，
故 ，
根据折射定律有 ，可得 ，
由牛顿第二定律 ，得
（2）在N点，设粒子速度v的方向与x轴间的夹
则 ，
角为 ，沿y轴负方向的速度为 ，则有
根据折射定律有 ，
， ，
故出射角 的正弦值为
解 得 ，
（2）由几何知识可知
，
则 光 在 玻 璃 柱 体 中 的 路 程 为
粒子轨迹如图所示。
根据几何关系，粒子做圆周运动轨迹的半径为
光在玻璃柱体中的速度为
则光穿越玻璃柱体的时间为
由牛顿第二定律得 ，解得
14.[答案] (1)2g 2 (2) (3)L－
0 （3）将粒子在O点的速度分解 ，
[解析] (1)自由下落过程v＝2gh
进入圆轨道时在B点a＝＝2g
n
根据机械能守恒定律得mg(h＋R)＝mv 因同时存在电场、磁场，粒子以 在磁场中做匀速
解得v＝2。
C
圆周运动，同时粒子以初速度 沿x轴正方向
(2)若μ>μ
1 2
做匀加速运动，粒子离开O后，每转一周到达一次
因为轻质平板小车受到的合力一定为零，所以物块
所受摩擦力f＝μmg x轴，第n次到达x轴时，粒子运动的时间
2
物块1一滑上平板小车，马上与车相对静止，物块
2与车相对运动，直到与平板小车速度相等后一起
， ， 解 得
运动，根据动量守恒定律mv＝(m＋m)v
1 C 1 2
由功能关系得μmgL＝mv－(m＋m)v2
2 2 1 1 2
解得L＝＝。 （n＝1，2，3，…）
(3)若μ<μ，物块所受摩擦力f＝μmg。物块1
1 2 1
一滑上平板车后，物块2与车相对静止，物块1与
车相对运动，直到与平板小车速度相等后以共同速
度v一起运动，此过程中两物块距离减小x，由功
1
能关系得
μmgx＝mv－(m＋m)v2
1 1 1 1 1 2
解得x＝
1
设小物块2与弹性挡板P发生碰撞后以速度v被弹
回。根据动量守恒定律mv－mv＝(m＋m)v
1 2 1 2 1
解得v＝0
1
碰后两物块距离减小x，由功能关系得
2
μmgx＝(m＋m)v2
1 1 2 1 2
解得x＝
2
s＝L－x－x＝L－。
0 1 2 0
15.【答案】 （1） ；（2） ；（3）
（n＝1，2，3，…）
