文档内容
腾冲市第八中学2024—2025学年下学期高二第一次月考 B．子弹射入木块的过程中，子弹与木块组成的系统机械能守恒
物理试卷 C．木块压缩弹簧的过程中，子弹、木块与弹簧组成的系统机械能守恒
卷面满分：100分 答题时间：75分钟 D．弹簧最大的弹性势能一定大于整个过程中产生的热量
注意事项:
4．一弹簧振子振幅为A，从最大位移处经过时间t 第一次到达平衡位置，若振子从最大位移处经过 时的加速
0
1. 答卷前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在答题卡上。
2. 回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡 度大小和动能分别为a 和E，若振子从最大位移处经过路程为 时加速度大小和动能分别为a 和E，则a、a
1 1 2 2 1 2
皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
和E、E 的大小关系为（ ）
1 2
3. 考试结束后，将答题卡交回。
A．a＞a，E＞E B．a＜a，E＞E
1 2 1 2 1 2 1 2
一、单项选择题:本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选
项中，只有一项是符合题目要求的。 C．a＜a，E＜E D．a＞a，E＜E
1 2 1 2 1 2 1 2
1．某同学在学校科技活动中研究一辆电动玩具车的运动情况，绘出了玩具车的 图像
5．一台洗衣机在脱水桶正常工作时非常稳定，当切断电源后，发现洗衣机先是振动越来越剧烈，然后振动逐渐
减弱，关于该过程，下列说法正确的是（ ）
（如图所示）。已知电动玩具车运动的轨迹是直线，下列说法正确的是（ ）
A．洗衣机做的是固有振动
A．电动玩具车处于功率恒定的加速状态
B．正常工作时，脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率小
B．电动玩具车的初速度大小为10m/s
C．当洗衣机振动最剧烈时，脱水桶运转的频率等于洗衣机的固有频率
C．电动玩具车的加速度大小为4m/s2
D．切断电源后，脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率大得越多振动越剧烈
D．电动玩具车在前3s内的位移大小是25m
6．如图甲，轻弹簧上端固定，下端拴接一钢球，将钢球从平衡位置向下拉一段距离A，然后由静止释放。以钢
球的平衡位置为坐标原点，竖直向下为正方向建立x轴，当钢球经过平衡位置时开始计时，钢球运动的位移一时
间图像如图乙所示。若振动过程中弹簧始终未恢复原长，则钢球（ ）
2．物体在恒定的合外力作用下做直线运动，在时间△t 内动能由0增大到E，在时间∆t 内
1 0 2
动能由E 增大到2E.设合外力在 t 内做的功是W、冲量是I，在∆t 内做的功是W、冲量
0 0 1 1 1 2 2
是I，那么( )
2 △
A．在 时处于失重状态 B．在 时速度方向向上
A．II W=W C．II W=W 不相符，故A不符合题意；
1 2 1 2 1 2 1 2
变形可得
B. I>I W=W 与上述分析结论I>I W=W 相符，故B符合题意；
1 2 1 2 1 2 1 2
C. II W=W 不相符，故C不符合题意；
1 2 1 2 1 2 1 2
图像的关系式，由数学知识可知，图像的斜率 D. I=I WI W=W 不相符，故D不符合题意．
1 2 1 2 1 2 1 2
3．C
【详解】A．子弹射入木块的过程中，子弹与木块组成的系统所受的合外力等于零，系统动量守恒，A错误；
B．子弹射入木块的过程中要克服阻力做功，产生内能，子弹与木块组成的系统机械能不守恒，B错误；
解得 C．木块压缩弹簧的过程中，只有弹簧的弹力做功，子弹、木块与弹簧组成的系统机械能守恒，C正确；
a=-8m/s2 D．弹簧的最大弹性势能等于子弹射入木块后子弹和木块的动能，不一定大于整个过程中产生的热量，D错误。
故电动玩具车处于匀减速状态，故ABC错误； 故选C。
D．电动车停止运动时用时间 4．D【详解】弹簧振子从最大位移处往平衡位置运动，速度增大，加速度减小，故 时间内运
联立解得
动的路程小于 ，即其距离平衡位置的距离大于 ，距离平衡位置越远，加速度越大，
，
速度越小，因此 ， ，故D正确；
A错误；
故选D。
B．在 内质点M运动的总路程
5．C
【详解】A．洗衣机在脱水桶的驱动下振动，属于受迫振动，故A错误；
B．正常工作时，洗衣机非常稳定，故洗衣机脱水桶运转的频率比洗衣机的固有频率大，
B错误；
故B错误；
CD．当洗衣机振动最剧烈时为共振，此时脱水桶的运转频率恰好等于洗衣机的固有频率， C．当 时即 ，M点处于平衡位置且向上振动，再经过极短的时间，其位移增大，回复力增大，加速度
故C正确，D错误；
增大，速度减小，动能减小，C正确；
故选C。
D．当 时，M点处于平衡位置而N点位于波峰，其两者距离为
6．B
【详解】A．在 时小球正向上做加速运动，则处于超重状态，选项A错误；
D错误。
B．在 时小球正向上做减速运动，即速度方向向上，选项B正确；
故选C。
C．图像的斜率等于速度，则在 内速度先增加后减小，则动能先增大后减小，选项C 8．BCD
错误； 【详解】A．摄影师为更加清晰地拍摄玻璃橱窗里的陈列物，需在照相机镜头前装一特殊镜片，这是利用了光的
偏振现象，故A 不符合题意；
D．在 内弹簧的弹力一直对球做正功，则机械能逐渐增加，选项D错误。
B．表示危险的信号灯选用红灯的一个重要原因是因为红光更容易发生衍射现象，故B符合题意；
故选B。
C．观看立体电影（3D电影）时，观众需戴上一副特殊的眼镜，这是利用了光的偏振现象，故C符合题意；
7．C
D．在太空空间站中，竖直水膜处于完全失重状态，各处的厚度相等，则不能观察到彩色的干涉条纹，故D符合
【详解】A．从题图中可知波长 ，当 时，位于 处的质点N第三次处在 题意。
波峰的位置，则
故选BCD。
9．AD
【详解】A．若波沿x轴正方向传播，则传播时间
波速为所以周期
由于
当 时，T最大，最大值为
故解得
选项A正确；
B正确；
B．若波沿x轴负方向传播，波传播的距离最小值为3 m，它的最小速度为
CD．轨迹所对圆心角为300°，所以粒子在磁场中的运动时间为
选项B错误；
而
C．若波的传播速度为 ，波在 时间内传播的距离为
解得
波的传播方向是x轴正方向，可知 时P质点的运动方向为y轴负方向，选项C错误；
D．若波的传播速度为 ，波在 时间内传播的距离为
C错误，D正确。
故选BD。
波的传播方向是x轴负方向，可知 时刻P质点的运动方向为y轴正方向，选项D正
确。
故选AD。
10．BD
【详解】A．根据左手定则可得粒子将向左偏转，故出射点应在A点的左侧，A错误；
B．根据对称性可知粒子射出方向与MN的夹角也为30°，根据几何知识可得【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式
（2）[3][4][5][6][7]若滑动变阻器选C，则最小电流
，周期公式 ，运动时间公式 ，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，
运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题。
远小于两个电流表的量程，所以滑动变阻器选B，此时电路中的最小电流约等于0.25A，所以电流表选A ；由于
1
11． 丁 ACE B AB/BA
电流表的内阻已知，用图3来测电池的电动势和内阻时可以消除系统误差，因此选图3，电动势和内阻的测量值
均无误差。
【详解】（1）[1]重力加速度g的大小只与星球、纬度、高度决定，而与摆长和周期的大小
（3）[8]设灯泡两端的电压是U，通过灯泡的电流是I，由闭合电路欧姆定律得
无关；表达式 为计算式，可知L变化时，T2是变化的，但是L与T2的比值不变。
故观点正确的是同学丁。
代入数据即
（2）[2]单摆模型中，摆球密度要大，体积要小，空气阻力的影响才小，小球视为质点，
故要选择直径约2cm的均匀铁球，长度1m左右的细线，不能用橡皮条，否则摆长会变
化，秒表可以控制开始计时和结束计时的时刻，还需要ACE。故选ACE。
在灯泡图像中作出这个方程的图像，两个图像的交点即为灯泡的工作电压与电流，如图所示，由
（3）[3]摆长为悬点到球心之间的距离，故选B。
（4）[4]根据题意可知，周期 ； 得
（5）[5]g比当地的重力加速度值大，根据表达式 可知，可能是周期偏小（即可能
是振动次数n计多了或在计时的时候秒表开表晚了）、可能是测量摆长 偏大（从悬点量
到了小球底部记为摆长）。
故AB正确，C错误。
故选AB。
12． 1.16 4.64 A B 图3 相等 相等 1.2
1
13．（1） （2）16N
【详解】（1）[1][2]当R、R 串联再和表头并联时对应量程0.6A，R 和表头串联再与R 并
1 2 2 1
联时对应量程3A，由串并联电路特点得
【详解】（1）星球表面的物体受到的重力等于万有引力，则有：
解得： ，又
代入数据解得解得：该行星表面的
工件加速度
根据题意C点到地面高度
a=μg
从B点飞出后，滑块做平抛运动，根据平抛运动规律：
当工件的速度等于传送带速度时停止相对滑动，工件在传送带上相对滑动的时间
解得：t=1s
根据 ，解得：滑块经过点速度
（2）第一个工件对地位移
飞到C点时竖直方向的速度
因此
第6个工件刚放上传送带最左端时，恰好第1个工件到达最右端，匀速运动位移
即落到圆弧C点时，滑块速度与水平方向夹角为45°
（2）滑块在DE阶段做匀减速直线运动，加速度大小
传送带的长度
根据：
联立两式得：
（3）若要求工件能够一直加速通过传送带，有
在圆弧轨道最低处，由牛顿第二定律得：
解得传送带的速度至少应为
解得：
由牛顿第三定律可知滑块在圆弧轨道上对D点的压力大小为16N
15．(1)
【点睛】本题考查了天体运动、牛顿第二定律和匀变速直线运动的综合，涉及到圆周运动
和平抛运动，及匀变速直线运动，知道圆周运动向心力的来源，以及平抛运动在竖直方向
(2)
和水平方向上的运动规律是解决本题的关键．
(3)
【详解】（1）金属棒 匀速运动过程中受力如图所示
14（1） ；（2） ；（3）3v
【详解】（1）由牛顿第二定律可知（3）金属杆 运动到 的过程中，滑动距离为 ，电源消耗的电能为
金属杆 增加的动能为
支持力为 ，摩擦力为 ，安培力为 ，则有
重力势能减小
， ，
代入数据可得
克服摩擦力做功
则金属棒 以速度 匀速运动时无电流，即金属棒 切割磁感线的电动势也为 ，有
由于
代入数据可得
有
（2）金属杆 运动到 的过程中，由于
则回路中的焦耳热
在很短的时间 内由动量定理可知
此过程中金属杆 上的焦耳热为
即
金属杆 运动到 下方后，由于
， 、 体系动量守恒，设最终速度均为 ，则有
全过程中电量累加起来，有
代入数据得 该过程中 、 系统重力势能的减小量仍等于系统克服摩擦力做的功，系统产生的焦耳热此过程中金属杆 上的焦耳热为
杆在导轨上运动时产生的焦耳热
代入数据得
