文档内容
2025-2026学年度内江一中高二物理12月月考卷
考试时间：75分钟；
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上
第I卷（选择题）
一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分）
1．如图A、B为相互接触的用绝缘支柱支持的金属导体，起始它们不带电，在它们的下端贴有金属箔片，C是带
正电的小球，并移近导体A，则（ ）
A．A带正电，B带负电
B．先移走C，再分开A、B，A上的金属箔片仍张开
C．先分开A、B，然后移去C，A上的金属箔片闭合
D．先分开A、B，再移走C，最后再让A、B接触，A上的金属箔片闭合
2．如图，在真空中有两个带等量正电的点电荷，分别置于M、N两点，O是它们连线的中点，a、b两点在M、N
连线上关于O点对称，c、d两点在M、N连线的中垂线上关于O点对称。下列
说法正确的是（ ）
A．a、b两点的电势相等 B．c、d两点的电场强度相同
C．c、d、O三点中，O点电势最低 D．同一负点电荷的加速度在O点大于c点
3．有一匀强电场的方向平行于 平面，平面内a、b、c、d四点的位置如图所示，cd垂直于 轴、 垂直于
轴，其中a、O、b三点电势分别为 、6V、8V。电荷量为 的点电
荷由 点开始沿 路线运动过程中，下列说法正确的是（ ）
A． 点的电势 B．匀强电场的方向为 指向
C．匀强电场的电场强度大小 D．点电荷在 点的电势能
4．如图所示，A、B为水平正对放置的平行板电容器的两极板，B极板接地，电容器接在电压恒定的电源两端，
闭合开关S，一带电的小球静止在两极板间的P点。现将A极板缓慢向下移动一小段距离（未碰到小球），下列
说法正确的是（ ）
A．小球带正电B．小球将向下运动C． 点的电势将升高 D．电容器所带的电荷量减少
5．如图所示，一电源与电动机M、小灯泡L组成闭合电路。已知电源内阻 ，电动机
M的额定功率 、内阻 ，小灯泡L的额定功率 、额定电压 。闭合开关S后，电动机
和小灯泡均恰能正常工作。据此可知（ ）
A．通过小灯泡的电流 B．电源电动势C．电动机的输出功率 D．电源的效率
6．如图所示，电源的电动势为 ，内阻为 ， 为定值电阻， 为光敏电阻（光照强
度增加，电阻减小）， 为电容器， 为小灯泡，电表均为理想电表。闭合开关 后，
若增大照射光强度，则（ ）
A．电源的效率增大B．电源的输出功率减小C．电容器上的电荷量增加 D．两表示数变化量的比值 不变
7．如图甲是高中物理电学实验中常用的磁电式电流表的结构，其内部磁场分布和线
圈中电流流向剖面示意如图乙所示。关于磁电式电流表的下列各项说法中正确的是（
）
A．当线圈在如图乙所示位置时b端受到的安培力方向向上
B．线圈中电流越大，安培力就越大，螺旋弹簧的形变也越大，线圈偏转的角度也越
大
C．电流表中的磁场是匀强磁场
D．线圈无论转到什么角度，它的平面都跟磁感线平行，所以线圈不受安培力
二、多项选择题(共3小题，每小题6分，共18分。全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错得0分)
8．如图所示，回旋加速器D形盒的半径为R，所加磁场的磁感应强度大小为B、方向垂直D形盒向
下。质子从D形盒中央由静止出发，经电压为U的交变电场加速后进入磁场，若质子的质量为m，
带电荷量为e，质子在电场中运动的时间忽略不计，则下列分析正确的是（ ）
A．质子在回旋加速器中加速后获得的最大动能为 B．质子在回旋加速器中加速的次数为
C．质子在回旋加速器中加速的次数为 D．质子在回旋加速器中运动的时间为
9．磁流体发电是一项新兴技术，它可以把物体的内能直接转化为电能，如图是它的示意图。平行金属板A、B之
间有一个很强的磁场，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）喷入磁场，A、B两板
间便产生电压。如果把A、B和电阻R连接，设A、B两板间距为d，正对面积为S，等离子体的电阻率为 ，磁
感应强度为B，等离子体以速度v沿垂直于磁场的方向射入A、B两板之间，则下列说法正确的是（ ）
A．A是直流电源的负极 B．回路中电流为
C．极板A、B间电压大小为 D．等离子气体的浓度越大，电源电动势越大
10．如图，以O为圆心的圆形区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B；圆的直径AB、CD互相垂直，半径OE与OB间的夹角 。大量质量为m、电荷量为q的带正电粒子，以相同
的初速率ν从A点沿纸面各个方向射入磁场中，其中沿AB方向射入的粒子恰好从E点射出磁场。取 ，
不计粒子的重力及粒子间的相互作用。下列判断正确的是（ ）
A．半径 B．从E点射出磁场的粒子在磁场中运动的时间为
C．粒子在磁场中运动时间最长为 D．若粒子沿AB方向以 入射，则粒子在磁场中的运动时间为
三、填空题（本题共2小题，每空2分，共18分）
11．要测绘一个标有“3V，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作。
已选用的器材有：
电池组（电源电压为4.5V）
电流表（量程为0~250mA，内阻约5Ω）；
电压表（量程为0~3V，内阻约3kΩ）；
电键一个、导线若干。
(1)实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_______。
A．滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流1A）
B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）
(2)实验的电路图应选用下列的图_______。
A． B． C． D．
(3)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。如果这个小灯泡两端所加电压为2.0V，则
小灯泡在该温度时的电阻是 （结果保留两位有效数字）。由伏安特性曲线能得
出如下规律：随着电压增大，温度升高，小灯泡的电阻 （填“增大”、“减小”或
“不变”）。
12．在测量一节干电池的电动势和内阻的实验中，
(1)为了了解电压表内阻的大概值，用多用电表的欧姆挡来
测量电压表的内阻，如图1所示，多用电表的红表笔应该与电压表的 （填“正”或“负”）接线柱相连，经过正确操作，选择×100挡时，示数如图2所示，则电压
表的电阻值约为 Ω。
(2)实验中为了减小测量误差，如图所示的电路中应该选择的是 （选填“甲”或“乙”）；
(3)通过调节滑动 变阻器，测得多组U、I数据，在坐标纸中描点并作出
U—I图像如图所 示，由此求得电动势
E= V， 内阻r= Ω。
（结果均保留到小数点后两位）
四、解答题解答题(本题共3小题，共36分，13题10分，14题12分，15题14
分)
13．如图，在水平向右、电场强度大小为 的匀强电场中，用长为 的绝缘轻绳悬挂质量为 的带电小球（可视
为质点），静止时绳与竖直方向夹角为 ，小球位置设为 点。重力加速度为 ，
不计空气阻力。
(1)判断小球带电性质并求电荷量。
(2)将绳拉直至水平，由静止释放小球，求小球运动到 点时的动能 。
14．如图所示，在匀强磁场中沿水平方向固定两平行金属导轨，磁感应强度 ，方向垂直于 ，与导轨平面
的夹角 ，导轨宽度为 ，导轨电阻忽略不计，左端与电源连接。一质量 的金属棒 垂直于两
平行导轨放置并与导轨接触良好，连入导轨间的电阻 与导轨间的动
摩擦因数 （设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），在 棒中点施加一
水平向右的拉力 ，使 棒能处于静止状态。已知 ，取，求：
(1)金属棒 受到的安培力 的大小；
(2)拉力 的大小范围；
(3)若磁场磁感应强度大小不变方向突然反向，同时撤去 ，求此时金属棒 的加速度 的大小。
15．如图所示， 为直角坐标系，第一象限的三角形 范围内有垂直坐标平面向外的匀强磁场，
。第二象限内有沿 轴正方向的匀强电场，一个质量为 、电荷量为 的粒子从 轴上的P（ ，
）点以大小为 的速度沿 轴正方向射入匀强电场，经电场偏转后从 轴上的Q( ， )
点进入匀强磁场，刚好不从 边射出磁场，不计粒子的重力，求：
(1)粒子射出匀强电场时，速度与 轴的夹角；
(2)匀强电场的电场强度大小；
(3)匀强磁场的磁感应强度大小。《2025-2026学年度内江一中高中物理12月月考卷》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D A D C C D B AD AC BC
1．D
【详解】A．由于静电感应现象，导体B的右端要感应出正电荷，在导体A的左端会出现
负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，故A错误；
B．先把C移走，A、B电荷恢复原状，A、B两端都不带电，若再把A、B分开，A、B上
的金属箔片不会张开，故B错误；
C．先把A和B分开，A带负电，B带正电，金属箔还是张开，故C错误；
D．先把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A与B上的电荷重新中和，A
上的金属箔片闭合，B上的金属箔片也闭合，故D正确。
故选D。
2．A
【详解】A．等量同种点电荷连线上的两对称点a和b，电势相等，故A正确；
B．c、d两点是中垂线上的两对称点，电场强度的大小相等，方向相反，所以电场强度不
同，故B错误；
C．根据等量同种点电荷电场分布特点，可知c、d、O三点的电势大小关系为 ，
故C错误；
D．根据电场的叠加可知，O点的电场强度为0，而c点的场强不为零，可知同一负点电荷
在O点的加速度小于在c点的加速度，故D错误。
故选A。
3．D
【详解】A．匀强电场中沿着一个方向前进相同距离电势的降低相等，即
解得 ，故A错误；
BC．ab中点e电势为
连接 则为等势面，如图所示沿电场线的方向为电势降低的方向，则匀强电场的方向由b指向a，由几何关系可知
则电场强度的大小为 ，故BC错误；
D．点电荷在 点的电势能 ，故D正确。
故选D。
4．C
【详解】A．A板带正电，小球受电场力向上，可知小球带负电，A错误；
B．A极板缓慢向下移动一小段距离，根据 ，因U一定，则两极板间场强变大，电
场力变大，则小球将向上运动，B错误；
C．根据U =Ed 可知，P点与下极板间的电势差变大，则 点的电势将升高，C正确；
PB PB
D．根据 可知，电容器的电容变大，因U一定，根据Q=CU可知，电容器所带的
电荷量变大，D错误。
故选C。
5．C
【详解】A．小灯泡L的额定功率 ，额定电压 ，小灯泡恰能正常工作，根
据 可知通过小灯泡的电流 ，故A错误；
B．电动机正常工作，可知电动机两端电压
根据闭合电路欧姆定律可得电源电动势 ，故B错误；
C．电动机的输出功率 ，故C正确；D．电源的效率 ，故D错误。
故选C。
6．D
【详解】由电路图分析得，R、灯泡L与光敏电阻R 串联，电容器C并联于L和R 串联支
1 2 2
路两端，电压表测R 两端电压，电流表测干路电流。
1
光照增强时R 阻值减小，总电阻R 减小，由闭合电路欧姆定律 ，得I增大。
2 总
A．电源效率
R 减小导致R 减小，故η减小，故A错误。
2 外
B．电源输出功率P 与R 关系需满足R =r时最大。题目未明确R 与r大小关系，无法
出 外 外 外
判定P 变化趋势（若R ＞r则R 减小时P 增大，反之减小），故B错误。
出 外 外 出
C．电容器电压U =E-I(r+R)
C 1
因I增大导致U 减小，由Q=CU 得电荷量Q减少，故C错误。
C C
D．电压表示数U =IR ，故 为定值，故D正确。
V 1
故选D。
7．B
【详解】A．由左手定则可知，当线圈在如图乙所示位置时b端受到的安培力方向向下，
故A错误；
B．线圈中电流越大，安培力就越大，螺旋弹簧的形变也越大，线圈偏转的角度也越大，
故B正确；
C．电流表中的磁场是均匀地辐向分布的，不是匀强磁场，故C错误；
D．蹄形磁铁和铁芯之间的磁场是均匀辐向分布，不管线圈转到什么角度，它的平面都跟
磁感线平行，但a、b与磁场垂直，受安培力，故D错误。
故选B。
8．AD
【详解】A．质子在磁场中做匀速圆周运动，质子轨道半径等于D型盒半径R时速度最大，对质子，由牛顿第二定律得
质子的最大动能
解得
故A正确；
BC．对质子，由动能定理得
解得
故BC错误；
D．质子在磁场中做匀速圆周运动的周期
质子在回旋加速器中的运动时间
解得
故D正确。
故选AD。
9．AC
【详解】A．根据左手定则可知，负离子向A板偏转，故A是直流电源的负极，A正确；
B．当电源电动势稳定时，离子在极板间受力平衡，则有
解得
根据闭合电路的欧姆定律则有
其中
联立解得
B错误；
C．根据欧姆定律，结合上述结论可得
C正确；D．根据上述分析可知，电源的电动势与离子的速度、两极板间的距离、磁感应强度的大
小有关，与离子的浓度无关，D错误。
故选AC。
10．BC
【详解】A．从E点射出磁场的粒子在磁场中运动的轨迹如图甲所示
则
根据几何关系有
根据洛伦兹力提供向心力有
解得
故A错误；
B．从E点射出磁场的粒子在磁场中运动的时间
故B正确；
C．由于 ，且R一定，当粒子圆周运动的轨迹以AB为弦时，粒子在圆形磁场中的运
动时间最长，如图甲所示，则
解得
运动时间为
故C正确；
D．若粒子沿AB方向以 入射，则粒子在磁场中运动的轨迹半径变为
分析粒子运动轨迹可知，粒子将从C点射出磁场，在磁场中的运动时间为
故D错误。
故选BC。11．(1)A
(2)B
(3) 11 增大
【详解】（1）实验要求灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，则滑动变阻器采用分压
式接法，为了调节方便，使电表示数变化明显，滑动变阻器应该选择阻值较小的。
故选A。
（2）灯泡正常工作时的电阻为
由于
可知电流表应采用外接法，又实验要求灯泡两端的电压由零逐渐增加到3V，则滑动变阻器
采用分压式接法。
故选B。
（3）[1]如果这个小灯泡两端所加电压为2.0V，由小灯泡的伏安特性曲线知此时流过小灯
泡的电流为0.18A，则小灯泡在该温度时的电阻为
[2]根据欧姆定律可知 图像上点与原点连线斜率等于电阻的倒数；由伏安特性曲线能
得出如下规律：随着电压增大，温度升高，小灯泡的电阻增大。
12．(1) 负 2000
(2)甲
(3) 1.44 0.65
【详解】（1）[1]多用电表的欧姆挡的电源正极与黑表笔连接，电源负极与红表笔相连，
测电压表内阻时应红表笔与电压表的负极相连；
[2]电阻读数为（2）由于电源内阻很小，甲方案中，误差来源于电压表分流，由于电压表内阻很大，分流
较小，乙方案中电流表分压，其内阻相比电源内阻相差不多，分压较大，相比较而言，甲
方案的误差较小，更接近真实值。
（3）[1][2]根据闭合电路欧姆定律
则在图像中，图像与纵轴的交点值表示电动势
斜率代表内阻
13．(1)带正电，
(2)
【详解】（1）由于小球向右偏转，电场的方向向右，故小球带正电。对小球受力分析，根
据平衡条件则有
解得
（2）重力做功
电场力做功
根据动能定理
解得小球运动到 点时的动能
14．(1)10N
(2)
(3)
【详解】（1）通过 的电流大小为
I方向为a到b， 受到的安培力为
（2）对 受力分析，如图所示最大静摩擦力
当最大静摩擦力方向向右（图甲）时
当最大静摩擦力方向向左（图乙）时
综上可得
（3）磁场反向后，安培力F也反向了，受力分析如图丙所示。
综上可得15．(1)
(2)
(3)
【详解】（1）带电粒子在 轴方向做匀速直线运动可得
设末速度大小为 ，在 轴方向做匀加速运动可得
离开电场时速度与 轴夹角满足
解得
（2）沿 轴方向有
沿 轴方向有
在匀强电场中，设电场强度大小为 ，由牛顿第二定律可得
解得
（3）由于带电粒子刚好不从 边射出磁场，则其运动轨迹与 相切，如图所示由几何关系得带电粒子在磁场中做圆周运动的半径
此时洛伦兹力充当向心力，有
代入数据解得
