文档内容
洛阳一高高二年级1月月考物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 B B C C A C A ACD AC AD
1．B
【详解】A．电磁波是电磁场在空间中的传播，其传播不需要介质，在真空中也能传播（如光波）。故A
错误。
B．电磁波的波速公式 可知，当 一定时，频率 越高，波长 越短。故B正确。
C．根据麦克斯韦电磁理论，周期性变化的磁场产生周期性变化的电场，周期性变化的电场产生周期性变
化的磁场，且电场和磁场必须相互垂直并随时间振荡，才能以波的形式传播。仅存在一个变化的磁场（如
均匀变化的磁场）可能只产生感应电场，而不一定形成辐射的电磁波。故C错误。
D．麦克斯韦在19世纪60年代通过理论推导预言了电磁波的存在，但实验捕捉到电磁波的是赫兹（1887
年）。故D错误。
故选B。
2．B
【详解】A．电磁铁的南北极由线圈的绕向和电流方向共同决定，电流由正极流向负极，根据电流流向可
判断上端为N极，故A错误；
B．此控制电路只需使电磁铁通电以带动触点，调换电源的正负极仅改变电磁铁两端的极性，不影响其吸
合功能，故B正确；
C．液体温度计采用水银的主要原因是水银导电，密度并非选用水银的主要依据，故C错误；
D．若要降低报警温度，应使水银更早接触金属丝，需将金属丝适当下移而非上提，故D错误。
故选B。
3．C
【详解】根据对称性，两段半圆环中的电流在 点产生的磁感应强度的大小均为 ，方向均垂直于纸面
向里，将右边半圆环绕直径 向上弯折 后，右边半圆环中的电流在 点产生的磁感应强度的方向也转
过了 ，根据磁场的矢量叠加可得， 点的磁感应强度的大小
同理将右边半圆环绕直径 向上弯折 后，根据磁场的矢量叠加可得， 点的磁感应强度的大小为故
故选C。
4．C
【详解】ABD．由图可知，电容器正在放电，电场能转化为磁场能，由 可知电容器两端电势差减
小，则ABD错误：
C．该振荡电路的周期为
则C正确。
故选C。
5．A
【详解】A．由图像可知，周期为
则
电动势的最大值为
A正确；
B．电压表示数
B错误；
C． 内，电阻 产生的焦耳热
C错误；
D． 内，通过电阻 的电荷量
D错误。
故选A。
6．C
答案第2页，共9页【详解】A．原线圈中通有正弦交流电，则副线圈中也为正弦交流电，由于 与电阻相串联， 与电感线
圈相串联， 与电容相串联，灯泡 、 与 的亮度取决于电阻、电感和电容的阻碍作用，本题未给相
关条件无法判断，故A错误；
BD．由题意可知，原线圈两端电压的最大值为 ，由于原、副线圈的匝数比
所以副线圈两端的电压最大值为 ，有效值为 ，因为是交流电，电容器与灯泡 串联，电容器
两端电压的最大值肯定小于 ，所以电容器所带电荷量的最大值小于
而电压表的读数也小于 ，故BD错误；
C．电感线圈感抗随交流电频率的增大而增大，电容器的容抗随交流电频率的增大而减小，交流电频率增
大后，线圈感抗变大则 变暗，电容器容抗变小则 变亮，故C正确。
故选C。
7．A
【详解】A．由图像可知交流电的周期为2.25s，故A正确；
B．由图像可知输入电压有效值为 ，则 ，故电压表示数为 ，B错误；
C． 的阻值为 的2倍，两者并联，故 电流为 电流的2倍，故副线圈干路的电流为 电流的3倍，
C错误；
D．根据理想变压器原理可知，原副线圈功率相同，故D错误；
故选A。
8．ACD
【详解】A． 两粒子经过加速电场过程，根据动能定理可得联立可得 离开A时的速度之比为
故A正确；
B．若 可沿虚线穿过B，则有
则 穿越B时，有
即 受到的电场力大于洛伦兹力，可知 穿越B时要向 板偏转，故B错误；
C．若 可沿虚线穿过B，则其在C中做圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，有
解得
故C正确；
D．若 ，则 在C中做圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，有
可得
，
则 在 中做圆周运动的半径之比为
答案第4页，共9页故D正确。
故选ACD。
9．AC
【详解】A.导体棒运动过程水平只受安培力，由动量定理
和
可得
故A正确；
B.根据
可知
解得
故B错误；
CD. 离开桌面前的瞬间，根据闭合电路的欧姆定律可得
故D错误，C正确。
故选AC。
10．AD
【详解】A．依题意， 内，磁感应强度B随时间t均匀增加，根据
可知感应电流为定值，由楞次定律可知电流方向沿逆时针， 后，可知感应电流随时间变化的图线为直线，根据右手定则可知电流方向沿逆时针，故A正确；
B．施加拉力后，由牛顿第二定律可得
又
解得
可知 后拉力F随时间变化的图线为直线，故B错误；
C．由
可知 内P应为定值， 后，P随时间变化的图线为二次曲线，故C错误；
D．由
可知 内q随时间变化的图线为过原点的直线； 后，q随时间变化的图线为二次曲线，故D正确。
故选AD。
11．(1) B D
(2) 1.46/1.47/1.48 1.69/1.70/1.71/1.72/1.73/1.74/1.75
电流表有分压作用
(3)0.69/0.70/0.71/0.72/0.73/0.74/0.75
【详解】（1）[1] 一节干电池电压约为 ，则电压表挑选小量程，即选B；
[2]干电池内阻很小，为便于操作和测量数据更精确，滑动变阻器应选小量程，即选D。
（2）[1]将表格中数据进行描点，并用平滑曲线连接如图
答案第6页，共9页[2] 根据
则结合图像可得，纵截距为电源电动势，读数约为 ；
[3]斜率代表内阻，内阻约为
[4]电流表外接在干路，则电流表有分压作用，造成误差。
（3）当调节电阻箱 使电流表指在满偏的处时，电流表与 电流之比为 ，由于并联电流之比等于电
阻的反比，则可得电流表内阻为
根据
图像斜率绝对值表示电源内阻与电流表阻值之和，则电源内阻为
12．(1)C
(2)D
(3)
【解析】【小题1】为实现探究目的，保持原线圈输入的电压一定，通过改变原、副线圈匝数，测量副线
圈上的电压。这个探究过程采用的科学探究方法是控制变量法。
故选C。
【小题2】A．根据理想变压器原副线圈电压与线圈匝数的关系
故理论上副线圈电压应为
若副线圈匝数 略少于400匝，可知副线圈电压应略小于5V，不会明显小于理论值，故A错误；B．变压器存在电磁辐射，辐射电磁波，放出能量，但辐射能量较少，输出电压测量值不会明显小于理论
值，故B错误；
C．原、副线圈存在电流热效应，副线圈电压将小于5V，但不会明显小于理论值，故C错误；
D．两块变压器铁芯没有组装在一起，会出现漏磁，副线圈电压将明显小于理论值，故D正确。
故选D。
【小题3】设原线圈电流为 ，副线圈电流为 ，变压器和R部分的等效电阻为 ，则有
又有
解得等效电阻
将 等效为电源电动势， 等效为电源内阻， 等效为外电阻，当R获得的功率最大时，有
解得
13．(1)12V，1Ω
(2)11W
(3)
【详解】（1）当开关S断开时，由闭合电路欧姆定律得
当开关S闭合时，由闭合电路欧姆定律得
代入数据解得 ，
（2）开关S闭合时电源的输出功率为
（3）当开关S断开时，电容器的电荷量为
当开关S闭合时，电容器的电荷量为
故开关S从断开到闭合，电容器的电荷量变化量的绝对值为
答案第8页，共9页14．(1)
(2)
(3) （n=1，2，3…）
【详解】（1）粒子在第三象限先做类平抛运动，有 ， ，
联立解得
（2）根据动能定理
解得粒子经过O点时速度为 ，与x轴正向夹角为 ，由
解得
粒子恰好不经过x轴时，由几何关系有
得
由
得 ，故
（3）由
得 ，粒子先在第一象限转过 ，再在第二象限转过 ，往复循环粒子每次由第二象限经过y轴时速度均与经过O点时的速度相同，根据
解得粒子在第一、二象限运动的周期分别为
粒子先在第一象限转过 所用的时间为
在第二象限转过 所用的时间为
故所需时间 、2、3…
15．(1)
(2)
(3)
【详解】（1）对金属棒进行受力分析，沿斜面方向安培力
根据牛顿第二定律有
代入数据得
（2）当金属棒的加速度为零时，速度达到最大，则有
解得
可知当速度最大时，电流最大，则有
根据
可知此时电功率最大，则有
（3）流经电阻的电量 ， ， ，
联立得
答案第10页，共9页代入数据求得金属棒下滑的距离
根据能量守恒有
解得
故电阻R上产生的焦耳热
解得
